【化学】陕西省延安市第一中学2019-2020学年高二下学期线上摸底考试（解析版） 17页

陕西省延安市第一中学2019-2020学年高二下学期线上摸底考试 一、选择题（每题2.5分，共50分）‎ ‎1.有机化学主要研究有机物所发生的反应，下列化合物中不是有机化合物的是（ ）‎ A. HCHO B. C2H‎6 ‎C. CO2 D. CH3OH ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 通常把含碳元素的化合物叫做有机化合物，简称有机物。一氧化碳、二氧化碳、碳酸盐、碳化物等物质中虽然含有碳元素，但是这些物质的性质和无机物相似，把它们归入无机物。‎ ‎【详解】A. HCHO是含碳的化合物，属于有机物，故A错误； ‎ B. C2H6是含碳的化合物，属于有机物，故B错误；‎ C. CO2常归为无机物，故C正确；‎ D. CH3OH是含碳的化合物，属于有机物，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎2.世界上人工方法首次合成的蛋白质—结晶牛胰岛素是那个国家什么时候合成的（ ）‎ A. 中国1965年 B. 德国1978年 C. 美国1932年 D. 中国1966年 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】1965年，我国科学工作者在世界上第一次用人工方法合成出具有生物活性的蛋白质---结晶牛胰岛素，所以人工牛胰岛素的合成，标志着人类在认识生命，探索生命奥秘的征途上迈出了重要的一步，故A正确；‎ 故选A。‎ ‎3.按官能团分类，下列物质与属于同一类的是( )‎ A. B. ‎ C. D. CH3CH2CH2COOH ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分子中含有跟烃基或苯环侧链上的碳结合的羟基的化合物叫做醇， 属于醇类。‎ ‎【详解】A．分子中不含羟基，不属于醇类，故A错误；‎ B．中羟基与苯环相连，属于酚类，故B错误；‎ C． 中羟基与脂环烃基相连，属于醇类，故C正确；‎ D．CH3COOH分子中不含羟基，不属于醇类，属于酸类，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎4.下列措施肯定能使化学反应速率增大的是（ ）‎ A. 增大反应物的量 B. 减小压强 C. 减少反应物的量 D. 升高温度 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】A．若反应物为纯物质，增大反应物的量，反应速率不变，故A不选；‎ B．若无气体参加反应，改变压强，反应速率不变，故B不选；‎ C．减少反应物的量一般会使反应速率降低，故C不选；‎ D．升高温度，活化分子百分数增大，反应速率肯定加快，故D选； ‎ 故选D。‎ ‎5.化学学科需要借助化学语言来描述。下列化学用语正确的是：‎ A. 甲烷分子的球棍模型： B. CCl4的电子式：‎ C. 2，2﹣二甲基丙烷的结构简式： D. 乙烯的实验式为：CH2=CH2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. 甲烷为正四面体结构，分子中含有4个碳氢键，甲烷正确的球棍模型为：，故A错误；B .CCl4的电子式为：，故B错误；C.依据烷烃的命名原则，2，2﹣二甲基丙烷主链上有3个碳原子，2号碳上有2个甲基，所以结构简式为：，故C正确；D.乙烯的实验式为CH2，故D错误；故答案选C。‎ ‎6.用红热的铜丝蘸取某有机物在火焰上灼烧，火焰呈绿色，则该有机物中一定含有（ ）‎ A. 氧元素 B. 氮元素 C. 硫元素 D. 卤素 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】用铜丝燃烧法可以定性确定有机物中是否存在卤素，方法是将一根纯铜丝加热至红热，蘸取试样，放在火焰上灼烧，如存在卤素，火焰为绿色，其他元素不具备此性质，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎7.要确定乙酸乙酯与H218O反应后18O在乙酸中,可采取的方法是( )‎ A. 测定产物乙酸的相对分子质量 B. 测定产物中乙酸的物质的量 C. 用所得乙酸与大理石反应 D. 试验乙酸能否再与乙醇发生酯化反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 分析】‎ 同位素化学性质相似，不论乙酸中是否有18O，它都能与大理石反应，都能与乙醇发生酯化反应。乙酸乙酯完全水解产生乙酸的物质的量的多少与乙酸分子中是否有18O无关，但产生的乙酸的相对分子质量与是否含18O有关。‎ ‎【详解】A. 乙酸的相对分子质量与是否含18O有关，因为CH3CO18OH的相对分子质量比CH3COOH大，故测定产物乙酸的相对分子质量可推出18O存在于什么物质中，故A正确；‎ B. 乙酸乙酯完全水解产生乙酸的物质的量的多少与乙酸分子中是否有18O无关，故B错误；‎ C. 同位素化学性质相似，不论乙酸中是否有18O，它都能与大理石反应，故C错误；‎ D. 同位素化学性质相似，不论乙酸中是否有18O，都能与乙醇发生酯化反应，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎8.作为汽车动力燃料的汽油，其主要成份是异辛烷，其结构简式为：‎ 下列各式可以肯定与上述异辛烷互称为同系物的是（ ）‎ A. C2H4 B. C7H‎16 ‎C. C8H18 D. C6H12‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. C2H4为乙烯，属于烯烃，结构中含有碳碳双键，与异辛烷的结构不相似，二者不属于同系物，故A错误；‎ B. C7H16为烷烃，结构与异辛烷相似，在分子组成上比异辛烷少一个CH2原子团，它们属于同系物，故B正确；‎ C. C8H18与异辛烷分子式相同，可能为同分异构体，也可能为一种物质，故C错误；‎ D. C6H12属于烯烃或是环烷烃，与异辛烷的结构不相似，二者不属于同系物，故D错误；‎ ‎【点睛】同系物指结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质，具有如下特征：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同，分子式不同、物理性质不同，研究范围为有机物。‎ ‎9.下列分子式表示的物质，具有同分异构体的是（　　）‎ A. C2H5Cl B. C3H‎8 ‎C. CH2Cl2 D. C2H6O ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. C2H5Cl没有同分异构体，只表示氯乙烷，A错误；‎ B. C3H8没有同分异构体，只表示丙烷，B错误；‎ C. 甲烷是正四面体结构，CH2Cl2没有同分异构体，C错误；‎ D. C2H6O有二种同分异构体，即乙醇和二甲醚，D正确；‎ 答案选D。‎ ‎10.一种烃的结构式可以表示为： ‎ 命名该化合物时，主链上的碳原子数是（ ）‎ A. 9 B. ‎11 ‎C. 12 D. 13‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】烷烃的命名原则是找出最长的碳链当主链，依碳原子个数命名主链，根据结构简式可知，主链碳原子个数应该是12个（如图中红框内），答案选C。‎ ‎11.化合物结构简式如图，下列说法正确的是(　 　)‎ ‎(a) (b) (c) ‎ A. a、b均不属于芳香烃 ‎ B. a、b、c苯环上的一氯代物均有5种 C. a、b、c 均属于芳香烃 ‎ D. a、b、c中所有碳原子不可能存在于同一平面中 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. a、b含有O元素，属于烃的含氧衍生物，不属于芳香烃，故A正确；‎ B. a、b、c苯环上的一氯代物均有邻、间、对3种，故B错误；‎ C. a、b中含有氧，不属于烃，c 属于芳香烃，故C错误；‎ D. 苯环上所有原子在同一个平面上，则a、b、c中取代基上的碳原子相当于原来氢原子的位置，所以所有碳原子在同一平面上，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题易错点在于芳香烃的判断，首先芳香烃中只能含有碳氢两种元素，其次要含有苯环，含有苯环的化合物属于芳香族化合物，不一定是芳香烃。‎ ‎12.已知丙烷的二氯代物有四种异构体，则其六氯代物的异构体数目为( )‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 采用换元法，将氯原子代替氢原子，氢原子代替氯原子，从二氯代物有四种同分异构体，就可得到六氯代物也有四种同分异构体。‎ ‎【详解】丙烷有8个H原子，其中2个H原子被氯原子取代形成丙烷的二氯代物．六氯代物可以看作C3Cl8中的8个氯原子，其中2个氯原子被2个氢原子代替形成，两者是等效的；二氯代物有四种同分异构体，可得到六氯代物也有四种同分异构体，答案选C。‎ ‎【点睛】当取代基团超过物质本身氢数目的一半，则可用换元法解答。‎ ‎13.在烧焦的鱼、肉中，含有强烈的致癌物质3，4－苯并芘，其结构简式为 ，它是一种稠环芳香烃，其分子式为( )‎ A. C20H12 B. C20H‎34 ‎C. C22H12 D. C30H36‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据键线式的书写规则，所有的交点和端点均为碳原子，每个碳原子满足“四价”原则，不足四价的补足相应的氢原子，则该物质的分子式为：C20H12。‎ 故选：A。‎ ‎14.已知某有机物A的红外光谱和1H核磁共振谱如下图所示，下列说法中错误的是(　　)‎ A. 由红外光谱图可知，该有机物中至少含有三种不同的化学键 B. 由1H核磁共振谱可知，该有机物分子中有三种不同的氢原子且个数比为1∶2∶3‎ C. 若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3CH2OH D. 仅由其1H核磁共振谱就可得知其分子中的氢原子总数 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.红外光谱可知分子中至少含有C-H键、C-O键、O-H键三种不同的化学键，A正确；‎ B.核磁共振氢谱中有3个峰说明分子中3种H原子，且峰的面积之比为1：2：3，所以三种不同的氢原子且个数比为1：2：3，B正确；‎ C. 红外光谱可知分子中含有C-H键、C-O键、O-H键，核磁共振氢谱显示有三种不同的氢原子且个数比为1:2:3，若A的化学式为C2H6O，满足条件的结构简式为CH3CH2OH，C正确； ‎ D.核磁共振氢谱中只能确定H原子种类和个数比，不能确定H原子的总数，D错误；‎ 故合理选项是D。‎ ‎15.具有解热镇痛及抗生素作用的药物“芬必得”主要成分的结构简式为 ‎，它属于(　 )‎ ‎①芳香族化合物　②脂肪族化合物　③有机羧酸 ④苯的同系物　⑤芳香烃 A. ③⑤ B. ①③ C. ②③ D. ①④‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】根据结构简式可知该物质含有苯环属于芳香族化合物，因此不属于脂肪族化合物；含有羧基属于有机羧酸；苯的同系物要都含一个苯环，分子组成上相差1个或若干个-CH2-‎ 原子团，该物质含有羧基，则不属于苯的同系物；芳香烃只含碳氢两种元素，该物质含有氧原子不属于烃类，因此“芬必得”属于①芳香族化合物和③有机羧酸。‎ 故选：B。‎ ‎16.0.1‎mol化合物甲在足量的氧气中完全燃烧后生成4.48LCO2（标况下测量），推测甲是 A. CH4 B. C2H‎4 ‎C. C3H6 D. C6H6‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】标准状况下4.48LCO2物质量为‎4.48L÷‎22.4L/mol=0.2mol，根据C原子守恒可知，1个甲分子中含有2个碳原子，对照各选项，答案选B。‎ ‎17.在中，处于同—平面上的原子最多有（ ）‎ A. 3个 B. 8个 C. 15个 D. 16个 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】在苯乙烯分子结构中含有一个苯环和一个碳碳双键，这两个结构都是平面结构，由于单键可以旋转，两个平面有可能共面，则苯乙烯分子中16个原子都有可能共面，故答案选D。‎ ‎【点睛】苯基的平面结构和乙烯基的平面结构是通过单键相连接的，则两个平面的夹角是可变的，这样两个平面可能相重合，故苯乙烯分子中所有的原子可能共面。‎ ‎18.分子式为C5H12O 的醛，同分异构体的数目为（不包含立体异构）( )‎ A. 3种 B. 4 种 C. 5 种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C5H12O的醛，含有醛基-CHO，相当于是醛基取代丁烷上的氢原子，丁烷有正丁烷和异丁烷两种结构，每种结构上有两种氢，因此分子式为C5H12O的醛有四种。‎ 故选：B ‎19.下列分子为手性分子的是(　 　)‎ A. CH3CH2Cl B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】分子为手性分子的前提是含有手性碳原子，手性碳原子是连接四个不同的原子或者原子团的碳原子，‎ A.两个碳原子均连有两个氢原子，不是手性碳原子，该分子不是手性分子，故A错误；‎ B.溴原子所连的碳原子，连有1个氢原子，1个乙基，1个-CH2CH2OH，为手性碳原子，该分子为手性分子，故B正确；‎ C.氯原子所连的碳原子连有两个乙基，不是手性碳原子，该分子不是手性分子，故C错误；‎ D.该分子中饱和碳原子上均连有两个氢原子，都不是手性碳原子，该分子不是手性分子，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎20.下列关于有机化合物结构的说法错误的是(　 　)‎ A. 一氯乙烷有两种同分异构体 ‎ B. 苯分子中六个碳碳键键长完全相等 C. 乙烯分子中所有原子处于同一平面内 ‎ D. 乙醇的核磁共振谱图中有3个特征峰 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.乙烷中只有一种氢原子，则一氯乙烷只有一种结构，故A错误；‎ B.苯分子是平面正六边形结构，分子中六个碳碳键完全相同，键长完全相等，故B正确；‎ C.乙烯是平面形结构，碳碳双键以及双键所连的四个氢原子在同一个平面上，故C正确；‎ D.乙醇的结构简式为CH3CH2OH，有三种不同的氢原子，核磁共振氢谱中有3个特征峰，故D正确。‎ 故选：A。‎ 二、填空题 ‎21.系统命名法命名下列物质 ：‎ ‎(1) ______________ ‎ ‎(2) ____________‎ ‎(3)_____________‎ ‎【答案】 (1). 乙苯 (2). 2,3-二甲基戊烷 (3). 2-甲基-1,3-丁二烯 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】(1) 含苯环的有机物命名往往以苯环作为母体，取代基作为支链，称为某基苯，该物质名称为，乙基苯，简称乙苯，故答案为：乙苯。‎ ‎(2) 选取碳原子数最多的碳链作为主链，从距离支链最近的一端对主链编号，书写时取代基在前母体名称在后，该物质名称为：2,3-二甲基戊烷，故答案为：2,3-二甲基戊烷。‎ ‎(3) 选取包含碳碳双键在内的最长的碳链作为主链，从距离双键最近的一端对主链编号，名称书写时要用编号指明双键的位置，该物质的名称为：2-甲基-1,3-丁二烯，故答案为：2-甲基-1,3-丁二烯。‎ ‎【点睛】有机系统命名口诀：最长碳链作主链，主链须含官能团；支链近端为起点，阿拉伯数依次编；两条碳链一样长，支链多的为主链；主链单独先命名，支链定位名写前；相同支链要合并，不同支链简在前；两端支链一样远，编数较小应挑选。‎ ‎22.写出下列有机物的结构简式：‎ ‎(1) 乙炔　________ (2) 乙酸____________ (3) 对二甲苯_____________；‎ ‎【答案】 (1). (2). (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)乙炔分子式为C2H2，结构简式为，故答案为。‎ ‎(2)乙酸的分子式为，结构简式为，故答案为：。‎ ‎(3)对二甲苯，含苯环，在苯环对位各连一个甲基，结构简式为：，故答案为：。‎ ‎23.写出下列有机物的键线式:‎ ‎(1) 2，6-二甲基-4-乙基辛烷：__________________‎ ‎(2) 2-甲基-1-戊烯：_________________________‎ ‎【答案】 (1). (2). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 画出分子骨架：画出除碳-氢键外的所有化学键。通常所有的氢原子及碳-氢键均省略不画，碳原子用相邻的线的交点表示，一般情况下不用注明。单键用线段表示，双键和叁键分别用平行的两条/三条线表示。‎ ‎【详解】(1) 2，6-二甲基-4-乙基辛烷的键线式为：，故答案为：。‎ ‎(2) 2-甲基-1-戊烯的键线式为：，故答案为：。‎ ‎【点睛】键线式的分子式的看法：一般来说键线式的端点处如果没标明其他元素则为碳，若有其他元素，则无碳。并注意氢原子的个数，记住一个碳最多能连四根线。‎ ‎24.写出具有下列分子式但仅有一个核磁共振信号的化合物的结构简式：‎ ‎(1)C5H12_________________________；‎ ‎(2)C3H6__________________________；‎ ‎(3)C2H6O________________________；‎ ‎【答案】 (1). C(CH3)4 (2). (3). CH3OCH3‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)C5H12为戊烷的分子式，戊烷有三种结构分别为：CH3CH2CH2CH2CH3正戊烷、CH3CH(CH3)CH2CH3 异戊烷、C(CH3)4 新戊烷，其中正戊烷有三种氢，异戊烷有四种氢，新戊烷有一种氢，故答案为：C(CH3)4。‎ ‎(2)C3H6为丙烯或者环丙烷，丙烯的结构简式为：CH3CH=CH2有三种氢；环丙烷的结构简式，有一种氢，故答案为：。‎ ‎(3)C2H6O有两种结构，一种是乙醇一种是二甲醚，乙醇的结构简式为CH3CH2OH，有三种氢，二甲醚的结构简式为CH3OCH3，有一种氢，故答案为：CH3OCH3。‎ ‎【点睛】等效氢的判断方法：相同碳原子上的氢是一种；处于对称碳原子上的氢是一种。‎ ‎25.请按官能团的不同指出下列有机物的种类，填在横线上。‎ ‎(1)CH3CH2CH2COOH __________；‎ ‎(2)CH3CH2CH2Cl __________；‎ ‎(3) ________________；‎ ‎【答案】 (1). 羧酸 (2). 卤代烃 (3). 酯 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)CH3CH2CH2COOH所含官能团为羧基，属于羧酸，故答案为：羧酸。‎ ‎(2)CH3CH2CH2Cl所含官能团为氯原子，属于卤代烃，故答案为：卤代烃。‎ ‎(3) 所含官能团为酯基，属于酯类，故答案为：酯。‎ ‎26.现有下列各化合物：‎ A.CH3CH2CH2CHO与 B. 与 C. 与 D.CH3CH≡CH与CH2=CH—CH=CH2‎ E. 与 F．戊烯与环戊烷 ‎(1)上述各组化合物中属于同系物的是________，属于同分异构体的是________(填字母)。‎ ‎(2)上述A中两化合物的含氧官能团是__________和 __________(写名称)。‎ ‎(3)根据官能团的特点可将C中两种化合物划分为________类和________类。‎ ‎【答案】 (1). BE (2). AF (3). 醛基 (4). 羰基 (5). 酚 (6). 醇 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 同系物是结构相似，分子组成上相差1个或若干个亚甲基原子团的一系列物质的互称；同分异构体是分子式相同，结构不同的化合物的互称。据此判断。‎ ‎【详解】A.CH3CH2CH2CHO与由结构简式可知两者的分子式相同，但结构不同，互为同分异构体。‎ B. 与，两者结构相似，组成上相差1个亚甲基，属于同系物关系。‎ C. 与，前者羟基连在苯环上，属于酚类，后者羟基连在烃基侧链上属于醇类。‎ D.CH3CH≡CH与CH2=CH—CH=CH2两者分子式不同，所含官能团也不同，前者是炔烃，后者是二烯烃，没有互称关系。‎ E. 与，两者所含官能团的种类和个数相同，分子组成上相差2个亚甲基，属于同系物关系。‎ F．戊烯与环戊烷，两者分子式均为C5H10，前者是链状烯烃，后者是环状烷烃，结构不同，互为同分异构体。‎ ‎(1)上述各组化合物中属于同系物的是BE；属于同分异构体的是AF，故答案为：BE；AF。‎ ‎(2)上述A中两化合物的含氧官能团是醛基和羰基，故答案为：醛基；羰基。‎ ‎(3)根据官能团的特点C中两种化合物划分为酚类和醇类，故答案为：酚；醇。‎ ‎27.有机物X是一种重要的有机合成中间体，用于制造塑料、涂料和黏合剂等高聚物。为研究X的组成与结构，进行了如下实验：‎ ‎(1)有机物X质谱图：‎ 有机物X的相对分子质量是__________。‎ ‎(2)将‎10.0 g X在足量O2中充分燃烧，并使其产物依次通过足量的无水CaCl2和KOH浓溶液，发现无水CaCl2增重‎7.2 g，KOH浓溶液增重‎22.0 g。有机物X的分子式是________________。‎ ‎(3)经红外光谱测定，有机物X中含有醛基；有机物X的核磁共振氢谱图上有2个吸收峰，峰面积之比是3∶1。有机物X的结构简式是____________。‎ ‎【答案】 (1). 100 (2). C5H8O2 (3). OHCC(CH3)2CHO ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】(1)质谱图中最大的质荷比对应该物质的相对分子质量，有机物X的质谱图中最大质荷比为100，则X的相对分子质量为100，故答案为：100。‎ ‎(2)无水CaCl2增重‎7.2 g，则水的质量为‎7.2g，，n(H)=0.8mol，m(H)=‎0.8g；KOH浓溶液增重‎22.0 g，则二氧化碳的质量为‎22.0g，，n(C)=0.5mol，m(C)=‎6.0g,m(H)+m(C)=‎0.8g+‎6.0g=‎6.8g＜m(X)= ‎10.0 g ，则有机物X中含有氧，m(O)=m(X)-m(H)-m(C)= ‎10.0 g‎-6.8g=‎3.2g,n(O)=0.2mol，又有机物X的物质的量为，则X的分子式为：C5H8O2，故答案为：C5H8O2。‎ ‎(3)有机物X中含有醛基；有机物X的核磁共振氢谱图上有2个吸收峰，峰面积之比是3∶‎ ‎1，则X中有两个对称醛基和两个对称的甲基，结合X的分子式，可知符合条件的结构为：OHCC(CH3)2CHO，故答案为：OHCC(CH3)2CHO。‎ ‎28.(1)反应Fe(s)＋CO2(g)FeO(s)＋CO(g) ΔH1，平衡常数为K1‎ 反应Fe(s)＋H2O(g)FeO(s)＋H2(g) ΔH2，平衡常数为K2‎ 在不同温度时K1、K2的值如下表：‎ ‎700 ℃‎ ‎900 ℃‎ K1‎ ‎1.47‎ ‎2.15‎ K2‎ ‎2.38‎ ‎167‎ 反应CO2(g)＋H2(g) CO(g)＋H2O(g) ΔH，平衡常数K，则ΔH＝___________(用ΔH1和ΔH2表示)，K＝___________(用K1和K2表示)，且由上述计算可知，反应CO2(g)＋H2(g)CO(g)＋H2O(g)是________反应(填“吸热”或“放热”)。‎ ‎(2)一定温度下，向某密闭容器中加入足量铁粉并充入一定量的CO2气体，发生反应Fe(s)＋CO2(g)FeO(s)＋CO(g) ΔH>0，CO2的浓度与时间的关系如图所示：‎ ‎①该条件下反应的平衡常数为___________；若铁粉足量，CO2的起始浓度为2.0 mol·L－1，则平衡时CO2的浓度为____________mol·L－1。‎ ‎②下列措施中能使平衡时增大的是__________(填序号) 。‎ A．升高温度 B．增大压强 C．再充入一定量的CO2 D．再加入一定量铁粉 ‎③一定温度下，在一个固定容积的密闭容器中发生上述反应，下列能判断该反应达到化学平衡状态的是________(填字母)。‎ a. 容器中的压强不变 b.气体的密度不再改变 c. υ正(CO2)＝υ逆(CO) d. c(CO2)＝c(CO)‎ e. 容器内气体总物质的量不变 ‎【答案】 (1). ΔH1－ΔH2 (2). (3). 吸热 (4). 2.0 (5). (6). A (7). bc ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)已知反应① Fe(s)＋CO2(g)FeO(s)＋CO(g) ΔH1，平衡常数为K1‎ 反应② Fe(s)＋H2O(g)FeO(s)＋H2(g) ΔH2，平衡常数为K2‎ 根据盖斯定律可知，①－②得到反应CO2(g)＋H2(g)CO(g)＋H2O(g)ΔH＝ΔH1－ΔH2，平衡常数K＝；根据表中数据可知随温度的升高，K1增大，K2减小，所以K值随温度升高而增大，因此反应CO2(g)＋H2(g)CO(g)＋H2O(g)是吸热反应。‎ ‎（2）①根据图中数据可知，起始时CO2的浓度是1.5mol/L，平衡时二氧化碳浓度是0.5mol/L，消耗二氧化碳浓度是1.0mol/L，因此生成CO浓度是1.0mol/L，则该条件下反应的平衡常数K=；若铁粉足量，CO2的起始浓度为2.0 mol·L－1，设平衡时CO2的浓度为xmol/L，则K=，解得x＝。‎ ‎②A．正反应吸热，升高温度平衡向正反应方向移动，则增大，A选；‎ B．反应前后体积不变，增大压强平衡不移动，不变，B不选；‎ C．再充入一定量的CO2，虽然平衡正向移动，但平衡常数不变，则不变，C不选；‎ D．再加入一定量铁粉，平衡不移动，不变，D不选；‎ 答案选A。‎ ‎③a. 反应前后体积不变，则容器中的压强始终不变，容器内压强不变不能说明反应达到平衡状态，a不选；‎ b.反应前后气体的质量变化，容积不变，则气体的密度不再改变说明反应达到平衡状态，b选；‎ c. υ正(CO2)＝υ逆(CO)‎ 表示反应速率方向相反，且满足反应速率之比等于相应的化学计量数之比，说明反应达到平衡状态，c选；‎ d. c(CO2)＝c(CO)时反应不一定达到平衡状态，d不选；‎ e. 反应前后体积不变，则容器内气体总物质的量始终不变，容器内气体总物质的量不变不能说明反应达到平衡状态，e不选；‎ 答案选bc。‎ ‎【点晴】该题的难点是平衡状态判断，可逆反应达到平衡状态有两个核心的判断依据：①正反应速率和逆反应速率相等；②反应混合物中各组成成分的百分含量保持不变；只要抓住这两个特征就可确定反应是否达到平衡状态，对于随反应的发生而发生变化的物理量如果不变了，即说明可逆反应达到了平衡状态。判断化学反应是否达到平衡状态，关键是看给定的条件能否推出参与反应的任一物质的物质的量不再发生变化。‎