【化学】天津市南开区2018-2019学年高二下学期期末考试（解析版） 16页

天津市南开区2018-2019学年高二下学期期末考试 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。第Ⅰ卷第 1 页至第 4 页，第Ⅱ卷第 5 页至第 8 页，考试时间为 60 分钟。‎ 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上无效。考试结束后，将本卷和答题卡一并交回。‎ 第Ⅰ卷（选择题，共 54 分）‎ 注意事项：‎ 每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。‎ 可能用到的相对原子质量：H‎-1 C-12 O-16‎ 一、选择题（本题包括 18 小题，每小题 3 分，共 54 分。每小题只有一个选项符合题意）‎ ‎1.下列说法中，不正确的是 A. 油脂水解的产物中含甘油 B. 塑料、合成树脂和合成橡胶被称为“三大合成材料”‎ C. 蛋白质可水解生成多肽和氨基酸 D. 医疗上用 75%的酒精消毒是因为其能使蛋白质变性 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 油脂是高级脂肪酸甘油酯，油脂酸性条件下水解成高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解成高级脂肪酸盐和甘油，故A正确；‎ B. 塑料、合成纤维和合成橡胶被称为“三大合成材料”，故B错误；‎ C. 蛋白质可水解生成多肽，蛋白质水解的最终产物是氨基酸，故C正确；‎ D. 医疗上用 75%的酒精消毒是因为其能使蛋白质变性，从而达到杀菌的目的，故D正确；‎ 故选B。‎ ‎2.有机物的正确命名为 A. 3,3,4-三甲基己烷 B. 3,3-二甲基-4-乙基戊烷 C. 2-乙基-3,3-二甲基戊烷 D. 2,3,3-三甲基己烷 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 寻找最长碳链为主链——6个碳原子，如图，离端基最近甲基为定位基（在3号位），系统命名为：3,3,4-三甲基己烷，故A正确；B、C属于主链错误，D属于定位错误。故答案选A。‎ ‎3.下列各组物质，不能用分液漏斗分离的是 A. 乙酸乙酯和水 B. 溴苯和水 C. 苯和甲苯 D. 汽油和水 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分液漏斗适用于两种互不相溶物质的分离，A. 乙酸乙酯和水互不相溶，可用分液漏斗分离；B. 溴苯和水不相溶，可用分液漏斗分离；C. 苯和甲苯相溶，不能用分液漏斗分离；D. 汽油和水不相溶，可用分液漏斗分离；故答案选C。‎ ‎4.下列与 CH3COOH 互为同系物的是 A. CH2=CH—COOH B. CH3CH2COOH C. 乙二酸 D. 苯甲酸 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物。互为同系物的物质具有以下特点：结构相似、化学性质相似、分子通式相同、分子式不同、物理性质不同。‎ ‎【详解】A．CH2=CH—COOH中含有碳碳双键，与CH3COOH结构不相似，故A不选；‎ B．CH3CH2COOH与乙酸结构相似，在分子组成上相差一个CH2原子团，故B选；‎ C. 乙二酸是二元酸，与乙酸结构不相似，故C不选；‎ D. 苯甲酸中含有苯环，与乙酸结构不相似，故D不选；‎ 故选B。‎ ‎5.下列物质中，既含有极性共价键，又含有非极性共价键的是（ ）‎ A. CCl4 B. CO‎2 ‎C. NH4Cl D. C2H4‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. CCl4中只有极性共价键，A不符合题意；‎ B. CO2中只有极性共价键，B不符合题意；‎ C. NH4Cl中含有离子键和极性共价键，C不符合题意；‎ D. C2H4中既含有极性共价键，又含有非极性共价键，D符合题意；‎ 答案选D。‎ ‎6.下列有机物不属于分子内所有原子均在同一平面上的是 A. 苯 B. 乙烯 C. 乙炔 D. 乙烷 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A. 苯环上6个C与6个H共平面；B. 乙烯分子结构中2个C与4个H共平面；C. 乙炔分子结构中4个原子在一直线上，肯定共平面；D. 乙烷分子中有2个碳原子与6个氢原子，其中最多有4个原子共平面；故答案选D。‎ ‎7.下列说法中，不符合ⅦA族元素性质特征的是 A. 易形成-1价离子 B. 从上到下原子半径逐渐减小 C. 从上到下单质的氧化性逐渐减弱 D. 从上到下氢化物的稳定性依次减弱 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.第ⅦA族元素的原子最外层电子数是7个，易得到1个电子形成8个电子的稳定结构，易形成-1价离子，A符合第ⅦA族元素性质特征；‎ B.同主族从上到下原子半径逐渐增大，B不符合第ⅦA族元素性质特征；‎ C.同主族元素从上到下元素的金属性逐渐增强，非金属性逐渐减弱，单质的氧化性逐渐减弱，C符合第ⅦA族元素性质特征；‎ D.同主族从上到下元素的非金属性逐渐减弱，气态氢化物的稳定性逐渐减弱，D符合第ⅦA族元素性质特征；‎ 答案选B。‎ ‎8.下列有机物中，核磁共振氢谱中只出现一组峰的是 A. CH3OH B. CH3CHO ‎ C. D. CH3CH2OCH2CH3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. CH3OH存在2种氢，故磁共振氢谱中出现2组峰，错误；B. CH3CHO存在2种氢，故磁共振氢谱中出现2组峰，错误；C. 分子中羰基左右甲基对称，存在1种氢，故磁共振氢谱中出现1组峰，正确；D. CH3CH2OCH2CH3分子以氧为对称，存在2种氢，故磁共振氢谱中出现2组峰，错误；故答案先C。‎ ‎9.等浓度的下列稀溶液：①乙酸、②苯酚、③碳酸、④乙醇，它们的酸性按由弱到强顺序排列正确的是 A. ④②③① B. ③①②④‎ C. ①②③④ D. ①③②④‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 常温下，等浓度的这几种溶液，酸的电离程度越大其溶液中氢离子浓度越大，乙醇是非电解质，在水溶液不发生电离。‎ ‎【详解】浓度相同条件下，根据乙酸与碳酸氢钠反应生成二氧化碳气体，说明乙酸酸性大于碳酸；苯酚溶液不能使酸碱指示剂变色，苯酚钠溶液中通入过量二氧化碳生成苯酚和碳酸氢钠，证明说明苯酚酸性很弱，小于碳酸的酸性，乙醇是中性的非电解质溶液，它们的酸性由强到弱排列正确的是①③②④。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题考查弱电解质的电离，侧重考查学生分析判断能力，明确酸性强弱顺序即可解答，注意：苯酚酸性小于碳酸而大于碳酸氢根离子。‎ ‎10.下列说法正确的是 A. 氢键是化学键 B. 键能越大，表示该分子越容易受热分解 C. 乙醇分子跟水分子之间不但存在范德华力，也存在氢键 D. 含极性键的分子一定是极性分子 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 氢键是分子间作用力，比化学键的强度弱得多，故A错误；‎ B. 键能越大，表示该分子越难受热分解，故B错误；‎ C. 乙醇分子跟水分子之间不但存在范德华力，也存在氢键，故C正确；‎ D. 含极性键的分子不一定是极性分子，如二氧化碳，C=O键是极性键，但二氧化碳分子是直线形，分子中正负电中心重合，是非极性分子，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎11.比较下列各组物质的沸点，结论正确的是 ‎① 丙烷＜乙醇 ② 正戊烷＞正丁烷 ③ 乙醇＞乙二醇 A. ①② B. ②③ C. ①③ D. ①②③‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎①丙烷与乙醇相对分子质量接近，但乙醇分子间存在氢键，丙烷分子间存在范德华力，故乙醇沸点大于丙烷，正确；② 正戊烷与正丁烷是同系物，相对分子质量越大，沸点越高，正戊烷沸点大于正丁烷沸点，正确；③ 乙醇、乙二醇均存在氢键，但乙二醇分子间作用力、氢键大于乙醇，乙二醇沸点大于乙醇，错误；故答案选A。‎ ‎12.某烃的相对分子质量为 72，则该烃的一氯取代物最多可能有（不考虑立体异构）‎ A. 9种 B. 8种 C. 7种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】某烃的相对分子质量为 72，由商余法：该烃含有的碳原子数目为=5…12，该烃的分子式为C5H12，该烃属于烷烃，为戊烷，戊烷有正戊烷、异戊烷和新戊烷，含有的H原子种类分别为3、4、1，共8种，则一氯取代物最多可能有8种，故选B。‎ ‎13.下列各组物质中，化学键类型相同，晶体类型也相同的是 （ ）‎ A. C（金刚石）和CO2 B. NaBr和HBr C. CH4和H2O D. Cl2和KCl ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据晶体的类型和所含化学键的类型分析，离子晶体含有离子键，可能含有共价键，共价化合物只含共价键，双原子分子或多原子分子含有共价键。‎ ‎【详解】A、金刚石是共价键结合的原子晶体，干冰是含有共价键的分子晶体，选项A不符合题意；‎ B、溴化钠是离子晶体，含有离子键，溴化氢是分子晶体，含有共价键，选项B不符合题意；‎ C、CH4和H2O都是分子晶体，都只含共价键，选项C符合题意；‎ D、氯气是分子晶体，含有共价键，氯化钾是离子晶体，含有离子键，选项D不符合题意；‎ 答案选C。‎ ‎14.下列物质中，既能被酸性 KMnO4 溶液氧化，又能和溴水反应的是 ‎①丙烯 ②丙炔 ③苯 ④甲苯 ⑤聚乙烯 ⑥苯酚 ⑦乙酸乙酯 ⑧乙酸 A. ①③⑤⑦ B. ①④⑥‎ C. ①②⑥ D. ①②⑥⑧‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】①丙烯中含碳碳双键，能被酸性KMnO4溶液氧化，能和溴水发生加成反应，①符合题意；②丙炔中含碳碳三键，能被酸性KMnO4溶液氧化，能和溴水发生加成反应，②符合题意； ③苯不能被酸性KMnO4溶液氧化，不能和溴水反应，③不符合题意；④甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，但不能和溴水反应，④不符合题意；⑤聚乙烯中不含碳碳双键，不能被酸性KMnO4溶液氧化，不能和溴水反应，⑤不符合题意；⑥苯酚既能被酸性KMnO4溶液氧化，又能和溴水发生取代反应，⑥符合题意；⑦乙酸乙酯不能被酸性KMnO4溶液氧化，不能和溴水反应，⑦不符合题意；⑧乙酸不能被酸性KMnO4溶液氧化，不能和溴水反应，⑧不符合题意；‎ 符合题意的有①②⑥，答案选C。‎ ‎15.下列实验操作或方法能达到目的是 A. 向混有乙烯的乙烷中通入氢气以除去乙烯 B. 向某待测液中加入酸性高锰酸钾溶液以鉴别该待测液是甲苯或乙苯 C. 向 2 mL 10%的 CuSO4 溶液中滴入 4～6 滴 2%的NaOH 溶液，再加入 0.5 mL 乙醛溶液，加热，可以观察到有红色沉淀生成 D. 将 2%的稀氨水逐滴加入 2%的 AgNO3 溶液中至沉淀恰好溶解，可制得银氨溶液 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 若向混有乙烯的乙烷中通入氢气以除去乙烯，无法确定通入氢气的量，无法达到目的，故A错误；‎ B. 向某待测液中加入酸性高锰酸钾溶液无法鉴别该待测液是甲苯或乙苯，因为两者均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；‎ C. 向2mL10%的CuSO4溶液中滴入4～6滴2%的NaOH溶液，碱不足，而检验-CHO应在碱性条件下，则不能观察到红色沉淀，故C错误；‎ D．向硝酸银中滴加氨水至生成的沉淀恰好溶解可制备银氨溶液，将 2%的稀氨水逐滴加入 2%的 AgNO3 溶液中至沉淀恰好溶解，可制得银氨溶液，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查化学实验方案的评价，把握物质的性质、混合物分离提纯、物质的鉴别、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，易错点C，碱不足，须在碱性条件下完成醛基的检验。‎ ‎16.有机物X的结构如图所示，下列说法正确的是 A. 1 mol X最多能与3 mol NaOH反应 B. X能与碳酸钠溶液产生二氧化碳 C. 1 mol X和浓溴水反应时，能消耗3 mol Br2‎ D. 1 mol X能最多能与5mol H2加成 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. X含有酚羟基和酯基，1 mol X最多能与2 mol NaOH反应，A错误；B. 酚羟基不能与碳酸钠溶液产生二氧化碳，而是生成碳酸氢钠，B错误；C. 酚羟基的两个邻位氢原子能与溴水发生取代反应，碳碳双键能与溴水发生加成反应，因此1 mol X和浓溴水反应时，能消耗3 mol Br2，C正确；D. 只有苯环和碳碳双键能与氢气发生加成反应，1 mol X能最多能与4mol H2加成，D错误，答案选C。‎ ‎17.萜类化合物广泛存在于动植物体内，关于下列萜类化合物的说法正确的是 a b c d A. a和b互为同系物 B. b和c均能发生加聚反应 C. c和d互为同分异构体 D. a和d均能使酸性KMnO4溶液褪色 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A. a和b的化学式相同，属于同分异构体，不属于同系物，故A错误；B. c中不存在碳碳双键或三键，不能发生加聚反应，故B错误；C. c的分子式为C10H14O，d的分子式为C10H16O，不是同分异构体，故C错误；D. a中含有碳碳双键，d中含有醛基，均能使酸性KMnO4溶液褪色，故D正确；故选D。‎ ‎18.有机物 A、B 均为合成某种抗支气管哮喘药物的中间体，A 在一定条件下可转化为B，如图所示，下列说法不正确的是 A. A 的分子式是 C11H14O2‎ B. B 中含有 3 种以上官能团 C. B 能发生银镜反应和水解反应 D. 用 FeCl3 溶液可检验物质 B 中是否混有A ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由结构简式得A的分子式为：C11H14O2，故A正确；‎ B．B中含羰基、-CHO及碳碳双键、醚键，含4种官能团，故B正确；‎ C．B 中含-CHO，能发生银镜反应，B中不含能水解的官能团，不能发生水解反应，故C错误；‎ D．A中含酚-OH，A遇FeCl3溶液会发生显色反应，用FeCl3‎ 溶液可检验物质B中是否混有A，故D正确；‎ 故选C ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握有机物的官能团、性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意酚、醛的性质，易错点B，官能团识别时，要将官能团全部找出。‎ 第Ⅱ卷（非选择题，共 46 分）‎ 可能用到的相对原子质量：Cl-35.5 Ge-73 Br-80 I-127‎ 二、（本题包括 1 小题，共 10 分）‎ ‎19.砷化镓（GaAs）是优良的半导体材料，可用于制作微型激光器或太阳能电池的材料等。回答下列问题：‎ ‎（1）写出基态As 原子的核外电子排布式_____________。‎ ‎（2）根据元素周期律，原子半径 Ga_____________As（填“>”或“<”，下同），第一电离能 Ga_____________As。‎ ‎（3）AsCl3 分子的立体构型为_____________。‎ ‎（4）锗（Ge）是典型半导体元素，比较下表中锗卤化物的熔点和沸点，分析其变化规律及原因_____________。‎ GeCl4‎ GeBr4‎ GeI4‎ 熔点/℃‎ ‎−49.5‎ ‎26‎ ‎146‎ 沸点/℃‎ ‎83.1‎ ‎186‎ 约 400‎ ‎【答案】 (1). 1s22s22p63s23p63d104s24p3或[Ar]3d104s24p3 (2). > (3). < (4). 三角锥形 (5). GeCl4、GeBr4、GeI4的熔沸点依次升高；GeCl4、GeBr4、GeI4均为分子晶体，组成和结构相似的分子晶体，相对分子质量越大，分子间作用力越大，熔沸点越高 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）As位于元素周期表中第四周期第VA族，则基态As 原子的核外电子排布式1s22s22p63s23p63d104s24p3或[Ar]3d104s24p3。故答案为：1s22s22p63s23p63d104s24p3或[Ar]3d104s24p3；‎ ‎（2）同一周期元素，原子半径随着原子序数增大而减小，元素第一电离能随着原子序数增大而呈增大趋势，但第IIA族、第VA族元素第一电离能大于其相邻元素；Ga位于第四周期第IIIA族、As位于第四周期第VA族，二者位于同一周期，根据元素周期律，原子半径 Ga>As，第一电离能 Ga；<；‎ ‎（3）AsCl3 分子的中心原子As的价层电子对数=3+ =4，As采用sp3杂化，立体构型为三角锥形。故答案为：三角锥形；‎ ‎（4）锗的卤化物都是分子晶体，分子间通过分子间作用力结合，对于组成与结构相似的分子晶体，相对分子质量越大，分子间作用力越强，熔沸点越高，由于相对分子质量：GeCl4＜GeBr4＜GeI4，故分子间作用力：GeCl4＜GeBr4＜GeI4，熔、沸点：GeCl4＜GeBr4＜GeI4，故答案为：GeCl4、GeBr4、GeI4的熔沸点依次升高；GeCl4、GeBr4、GeI4均为分子晶体，组成和结构相似的分子晶体，相对分子质量越大，分子间作用力越大，熔沸点越高。‎ 三、（本题包括 1 小题，共 12 分）‎ ‎20.（1）肉桂醛是重要的医药原料，也是重要的香料，其结构简式如下图所示。‎ ‎①肉桂醛所含官能团的名称是碳碳双键和_____________。‎ ‎②肉桂醛与新制Cu（OH）2 反应的化学方程式是_____________：。‎ ‎（2）根据下列高分子化合物回答问题 ‎①合成聚丙烯酸钠的单体的结构简式是_____________；‎ ‎②合成涤纶有两种单体，其中能和 NaHCO3 反应的单体的结构简式是_____________，其核磁共振氢谱的峰面积比是_____________；‎ ‎③和乙醛在酸性条件下也可以发生类似于制备酚醛树脂的反应，此反应的化学方程式是_____________。‎ ‎【答案】 (1). 醛基 (2). +2Cu（OH）2+NaOH ‎+Cu2O↓+3H2O (3). (4). (5). 1：2（或2：1） (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）①肉桂醛所含官能团的名称是碳碳双键、醛基，故答案为：醛基；‎ ‎②肉桂醛与新制Cu（OH）2 反应的化学方程式是+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O，故答案为：+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。‎ ‎（2）①合成聚丙烯酸钠的单体的结构简式是；故答案为：；‎ ‎②合成涤纶有两种单体分别是对苯二甲酸（）和乙二醇（HOCH2CH2OH），其中能和 NaHCO3 反应的单体的结构简式是，其核磁共振氢谱的峰面积比是1：2（或2：1）；故答案为：；1：2（或2：1）；‎ ‎③根据酚醛树脂的反应原理，和乙醛在酸性条件下也可以发生类似于制备酚醛树脂的反应，此反应的化学方程式是。故答案为：。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查学生的分析能力，难点有机方程式的书写，注意聚合反应的类型和方程式的书写。‎ 四、（本题包括 1 小题，共 12 分）‎ ‎21.（1）某课外小组设计的实验室制取乙酸乙酯的装置如下图所示。请回答：‎ ‎①若用 18O 标记乙醇中的氧原子，则 CH3CH218OH 与乙酸反应的化学方程式是_____________。‎ ‎②球形干燥管C 作用是______________。‎ ‎③D 中选用饱和碳酸钠溶液的原因是_____________。‎ ‎④反应结束后D 中的现象是_____________。‎ ‎⑤下列描述能说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态的有_____________（填序号）。‎ A．单位时间里，生成 1mol 乙酸乙酯，同时生成 1mol 水 B．单位时间里，消耗 1mol 乙醇，同时消耗 1mol 乙酸 C．正反应的速率与逆反应的速率相等 D．混合物中各物质的浓度不再变化 ‎（2）N-苯基苯甲酰胺（ ）广泛应用于药物，可由苯甲酸（）与苯胺（）反应制得，由于原料活性低，可采用硅胶催化、微波加热的方式，微波直接作用于分子，促进活性部位断裂，可降低反应温度。取得粗产品后经过洗涤—重结晶等，最终得到精制的成品。‎ 已知：‎ 水 乙醇 乙醚 苯甲酸 微溶 易溶 易溶 苯胺 易溶 易溶 易溶 N-苯基苯甲酰胺 不溶 易溶于热乙醇，冷却后易 于结晶析出 微溶 下列说法不正确的是_____________（填字母编号）。‎ A．反应时断键位置为C—O 键和 N—H 键 B．洗涤粗产品用水比用乙醚效果更好 C．产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯 D．硅胶吸水，能使反应进行更完全 ‎【答案】 (1). CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O (2). 防止倒吸、冷凝 (3). 中和乙酸并吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度、有利于分层 (4). 溶液分层，上层为无色油状有香味的液体 (5). CD (6). B ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）①羧酸与醇发生的酯化反应中，羧酸中的羧基提供-OH，醇中的-OH提供-H，相互结合生成水，其它基团相互结合生成酯，同时该反应可逆，若用 18O 标记乙醇中的氧原子，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；‎ 故答案为：CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；‎ ‎②圆底烧瓶受热不均，球形干燥管的管口伸入液面下可能发生倒吸，球形干燥管体积大，可以防止倒吸，同时起冷凝作用；‎ 故答案为：防止倒吸、冷凝；‎ ‎③用饱和碳酸钠溶液来收集酯作用是：溶解掉乙醇，反应掉乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，故答案为：中和乙酸并吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度、有利于分层；‎ ‎④乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，密度比水小，溶液分层，上层为无色油状有香味的液体；‎ 故答案为：溶液分层，上层为无色油状有香味的液体 ‎⑤‎ A．单位时间里，生成 1mol 乙酸乙酯，同时生成 1mol 水，均为正反应速率，不能判断反应是否达到平衡状态，故A不选；‎ B．单位时间里，消耗 1mol 乙醇，同时消耗 1mol 乙酸，均为正反应速率，不能判断反应是否达到平衡状态，故B不选；‎ C．正反应的速率与逆反应的速率相等，说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态，故C选；‎ D．混合物中各物质的浓度不再变化，说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态，故D选；‎ 故选CD。‎ ‎（2）A．苯甲酸与苯胺 反应生成和水，由反应可知反应时断键位置为C-O键和N-H键，故A正确；‎ B．苯甲酸微溶于水、苯胺易溶于水、N—苯基苯甲酰胺不溶于水，而苯甲酸、苯胺易溶于乙醚，N—苯基苯甲酰胺微溶于乙醚，则用乙醚洗涤粗产品比用水效果好，故B错误；‎ C．产物易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出，可用结晶的方法提纯，则产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯，故C正确；‎ D．硅胶吸水，可使平衡正向移动，能使反应进行更完全，故D正确；‎ 故选B。‎ 五、（本题包括 1 小题，共 12 分）‎ ‎22.氟他胺 G 是一种可用于治疗肿瘤的药物。实验室由芳香烃 A 制备 G 的合成路线如下：‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）C 的名称是_____________。‎ ‎（2）③的反应试剂和反应条件分别是_____________，该反应类型是_____________。‎ ‎（3）⑤的反应方程式为______________。‎ ‎（4）G 的分子式为_____________。‎ ‎（5）H 是G 的同分异构体，其苯环上的取代基与G 的相同但位置不同，则H 可能的结构有_____________种。‎ ‎（6）4-甲氧基乙酰苯胺（）是重要的精细化工中间体，写出由苯甲醚（）制备 4-甲氧基乙酰苯胺的合成路线______________（用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反应条件，其他试剂任选）‎ ‎【答案】 (1). 三氟甲苯 (2). 浓HNO3/浓H2SO4，加热 (3). 取代反应 (4). (5). C11H‎11F3N2O3 (6). 9 (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）~（5）A是芳香烃，由B的分子式可知A为，则B为，C为三氟甲苯，C发生硝化反应生成D，D还原生成E，E生成F，F生成G，结合E、G的结构简式，F的结构简式为，E生成F的反应中吡啶的作用是吸收反应产生的氯化氢，提高反应转化率，然后发生硝化反应生成G，结合对应的有机物的结构和性质解答。‎ ‎（6）由苯甲醚（）制备4-甲氧基乙酰苯胺，可先与浓硝酸发生取代反应生成，接着硝基发生还原反应生成，最后与CH3COCl发生取代反应可生成，由此设计合成路线。‎ ‎【详解】（1）C为，名称是三氟甲苯；故答案为：三氟甲苯。‎ ‎（2）③为三氟甲苯的硝化反应，反应条件是在浓硫酸作用下，加热，与浓硝酸发生取代反应，故答案为：浓HNO3/浓H2SO4，加热；取代反应；‎ ‎（3）⑤的反应方程式为，故答案为：；‎ ‎（4）由结构简式可知G的分子式为C11H‎11F3N2O3，故答案为：C11H‎11F3N2O3；‎ ‎（5）H是G的同分异构体，其苯环上的取代基与G的相同但位置不同，则苯环有3个不同的取代基，如固定一种取代基，则对应的同分异构体的种类为=10，或者说，固定-CF3和-NO2，如-CF3和-NO2处于邻位，另一种取代基有4种位置，-CF3和-NO2处于间位，另一种取代基有4种位置，-CF3和-NO2处于对位，另一种取代基有2种位置，共10种，则H可能的结构还有9种，故答案为：9；‎ ‎（6）由苯甲醚（）制备4-甲氧基乙酰苯胺，可先与浓硝酸发生取代反应生成，接着硝基发生还原反应生成，最后与CH3COCl发生取代反应可生成，则合成流程为，‎ 故答案为：。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的合成，侧重考查学生的分析能力，注意把握题给信息，把握官能团的变化，对比有机物的结构简式，推断A为解答该题的突破口，难点（6）注意利用题干反应⑤所给的信息。‎