河北省张家口市第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试（普实班）化学试题 22页

高二年级2019-2020学年第二学期线上期中考试 化学试卷（普实班）‎ 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，全卷满分100分。考试时间90分钟。‎ 第Ⅰ卷(选择题，共50分)‎ 一、选择题（本题共20个小题，每小题3分，共60分。每题只有一个选项符合题意）‎ ‎1.下列有关有机物的说法不正确的是（ ）‎ A. 氯乙烯分子中所有原子共平面 B. 乙醇、乙酸都能发生取代反应 C. 乙酸乙酯、甲酸丙酯的密度都小于水 D. 淀粉和纤维素互为同分异构体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙烯是平面结构，氯乙烯是乙烯结构中的一个氢原子被氯原子取代，则氯乙烯分子中所有原子共平面，故A正确；‎ B．乙酸和乙醇在浓硫酸催化作用下加热发生酯化反应，反应类型为取代反应，故B正确；‎ C．乙酸乙酯、甲酸丙酯均为难溶于水的液体，且密度都小于水，故C正确；‎ D．淀粉和纤维素的分子式均为(C6H10O5)n，但在淀粉和纤维素中由于葡萄糖分子间的结合方式不同，它们所包含的单糖单元数目不等，则两者不是同分异构体，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎2.下列说法不正确的是（ ）‎ A. 蛋白质水解的最终产物是氨基酸 B. 米饭在嘴中越咀嚼越甜的原因是淀粉水解生成甜味物质 C. 棉、麻、毛、丝以及各种化学纤维都是由高分子化合物构成的 D. 油脂、乙醇是人体必需的营养物质 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单元，蛋白质，在酶的催化作用下发生水解，最终生成氨基酸，故A正确；‎ B ‎．米饭和馒头中主要含淀粉，淀粉无甜味，但是它能在唾液淀粉酶的催化作用下，水解为麦芽糖，麦芽糖有甜味，故B正确；‎ C．棉、麻、毛、丝是天然高分子有机化合物，化学纤维也有机高分子化合物，故C正确；‎ D．人体所必需的六大类营养物质：蛋白质、糖类、脂肪、维生素、水和无机盐。蛋白质是构成人体细胞的基本物质；糖类是人体最重要的供能物质；脂肪是人体内备用的能源物质；水是细胞的主要组成成分；维生素对人体的生命活动具有重要的调节作用；无机盐是构成人体组织的重要原料。油脂属于脂肪，乙醇不是人体必需的营养物质，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎3.与H2完全加成后，不可能生成2，2，3－三甲基戊烷的烃是（ ）‎ A. B. ‎ C. (CH3)3CC(CH3)=CHCH3 D. CH2=CHC(CH3)2CH(CH3)2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．与氢气完全加成后产物的碳链结构为，为2，2，3-三甲基戊烷，故A正确；‎ B．与氢气完全加成后产物的碳链结构为，为2，2，3-三甲基戊烷，故B正确；‎ C．(CH3)3CC(CH3)=CHCH3与氢气完全加成后产物碳链结构为，为2，2，3-三甲基戊烷，故C正确；‎ D．CH2=CHC(CH3)2CH(CH3)2与氢气完全加成后产物的碳链结构为，为2，3，3-三甲基戊烷，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎4.在核磁共振氢谱中出现三组峰，其氢原子数之比为3：1：4的化合物是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 有两种氢原子，氢原子数之比为3：1，A不符合题意；‎ B. 有3种氢原子，氢原子数之比为1：1：3，B不符合题意；‎ C. 有3种氢原子，氢原子数之比为3：1：4，C符合题意；‎ D. 有两种氢原子，氢原子数之比为3：2，D不符合题意；‎ 答案选C。‎ ‎5.相同条件下，下列物质在水中的溶解度最大的是（ ）‎ A. C17H35COOH B. CH3COOCH‎3 ‎C. HOCH2CH(OH)CH2OH D. 苯甲醇 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】C17H35COOH和CH3COOCH3均不溶于水，苯甲醇微溶于水，而HOCH2CH(OH)CH2OH极易溶于水，则相同条件下，在水中的溶解度最大的是HOCH2CH(OH)CH2OH，故答案为C。‎ ‎6.下列说法中，不正确的是（ ）‎ A. 分子内脱去一个小分子的反应可能是消去反应 B. 可用浓溴水除去苯中混有的苯酚 C. 可用渗析法从蛋白质溶液中分离出离子或小分子 D. 向卤代烃水解后的溶液中加入硝酸酸化再加硝酸银溶液，可以确定卤代烃中含有的卤元素 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．有机物分子中既含有羧基，又含有羟基，该分子内脱去一个小分子的反应可以是羧基和醇羟基发生酯化反应，不是消去反应，故A正确；‎ B．苯中混有的苯酚，加入浓溴水后，苯酚生成的三溴苯酚易溶于苯，根本不会有沉淀生成，同时溴单质溶于苯中，达不到提纯的目的，故B错误；‎ C．蛋白质溶液是胶体，利用渗析法可除去蛋白质溶液中的离子或小分子，故C正确；‎ D．向卤代烃水解后的溶液中应先加入稀硝酸中和多余的NaOH溶液，再加入硝酸银溶液，根据生成的沉淀的颜色，可确定卤代烃中含有的卤元素，故D正确；‎ 故答案为B。‎ ‎【点睛】卤代烃中不存在卤素离子，不能利用硝酸银溶液直接检验，不能发生消去反应，可以加入NaOH溶液，加热，发生取代反应得到卤化钠，再加入稀硝酸酸化，然后加入AgNO3溶液，有沉淀生成即可判断存在，或者加NaOH醇溶液，加热，发生消去反应得到卤化钠，再加入稀硝酸酸化，然后加入AgNO3溶液，有沉淀生成即可判断存在。‎ ‎7.金刚烷胺是最早用于抑制流感病毒的抗疾病毒药，其合成路线如图所示。下列说法正确的是（ ）‎ A. 金刚烷分子式是C10H14‎ B. X的一种同分异构体是芳香族化合物 C. 上述反应都属于加成反应 D. 金刚烷的一溴代物有两种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由结构简式可知金刚烷的分子式是C10H16，故A错误；‎ B．X分子式为C10H13Br，不饱和度为3，而苯环的不饱和度为4，则X的同分异构体不可能为芳香族化合物，故B错误；‎ C．金刚烷转化为X是H原子被Br取代，X转化为金刚烷胺是Br原子被-NH2‎ 取代，均为取代反应，故C错误；‎ D．金刚烷分子结构中只有二种等效氢原子，则一溴代物有两种，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎8.对下列装置或操作描述正确的是（ ）‎ A. 用于实验室制乙烯 B. 用于实验室制乙炔并检验乙炔 C. 用于实验室中分馏石油 D. 中A为醋酸，B为碳酸钙，C为苯酚钠溶液，则可验证酸性：醋酸>碳酸>苯酚 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.图①中缺少温度计和碎瓷片，实验室制乙烯时，必须将反应温度迅速升至‎170℃‎，故A错误；‎ B.图②的发生装置错误，因为电石与水反应生成的氢氧化钙是糊状物质，不能用该发生装置来制取乙炔，且产生的气体中含有能使酸性高锰酸钾溶液褪色的还原性气体杂质，故B错误；‎ C.蒸馏实验中温度计的水银球在蒸馏烧瓶的支管口处，冷却水的方向应该是下进上出，故C正确；‎ D.醋酸与碳酸钙反应制取二氧化碳，二氧化碳与苯酚钠溶液反应制取苯酚，但是醋酸易挥发，也会随二氧化碳一起进入小试管与苯酚钠溶液反应，所以无法说明碳酸的酸性比苯酚强，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎9.有机物甲的发光原理如下：‎ 关于有机物甲和有机物乙的说法正确的是 A. 互为同分异构体 B. 均可发生加成反应 C. 均可与碳酸氢钠溶液反应 D. 均最多有7个碳原子共平面 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A、有机物甲的分子式为C12H9NO3S2，有机物乙的分子式为C11H7NO2S2，不互为同分异构体，选项A错误；B、分子中均含有碳碳双键和碳氮双键盘，能发生加成反应，选项B正确；C、有机物乙分子中含有酚羟基，但不存在羧基，不能和碳酸氢钠反应，选项C错误；D、由于苯环和碳碳双键均是平面型结构，所以其分子结构中均最多有9个碳原子共平面，选项D错误。答案选B。‎ 点睛：本题考查同系物、有机物性质、反应以及共平面的判断，正确理解好分子中官能团及官能团的反应原理是解答本题的关键。‎ ‎10.下列除去杂质的方法不正确的是（ ）‎ ‎①除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，气液分离；‎ ‎②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏；‎ ‎③除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶；‎ ‎④除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏。‎ A. ①② B. ②④ C. ③④ D. ①③‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】①光照条件下乙烷能与氯气发生取代反应，不能除杂，应选溴水、洗气，故①错误；‎ ‎②乙酸与饱和碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，然后分液可分离，故②正确；‎ ‎③二者均与碳酸钠溶液反应，不能除杂，应选饱和碳酸氢钠溶液，故③错误；‎ ‎④乙酸与CaO反应后，生成可溶性盐醋酸钙，沸点较高，而乙醇沸点较低，通过蒸馏可分离得到乙醇，故④正确；‎ ‎②④正确，故答案B。‎ ‎【点睛】考查混合物分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、性质差异、发生的反应为解答的关键，需要注意的是，在除杂时，所加除杂质的试剂必须“过量”，只有过量才能除尽欲除杂质，由过量试剂引入的新的杂质必须除尽，同时分离和除杂质的途径必须选择最佳方案(操作简单、常见)。‎ ‎11.C、H、O三种元素组成的T、X在一定条件下可以发生如下转化：‎ X不稳定，易分解。为使转化能够成功进行，方框内不可能加入的试剂是 A. Cu(OH)2悬浊液 B. NaOH溶液 C. KMnO4溶液 D. Ag(NH3)2OH溶液 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 从转化关系图 可以看出，T为HCHO，X为HOCOOH，即X为H2CO3，则矩形框内的物质应为氧化剂，能将醛基氧化为羧基。‎ ‎【详解】A. HCHO中含有两个-CHO，能被Cu(OH)2悬浊液氧化为-COOH，从而生成H2CO3，A正确；‎ B. NaOH溶液没有氧化性，与HCHO不发生反应，不能将其氧化为H2CO3，B不正确；‎ C. KMnO4溶液为强氧化剂，能将HCHO氧化为H2CO3，C正确；‎ D. Ag(NH3)2OH溶液具有与Cu(OH)2悬浊液类似的性质，D正确。‎ 故选B。‎ ‎12.从甜橙的芳香油中可分离得到如下结构的化合物：现在试剂：①KMnO4酸性溶液；②H2/Ni；③Ag(NH3)2OH；④新制Cu(OH)2，能与该化合物中所有官能团都发生反应的试剂有（ ）‎ A. ③④ B. ②③ C. ①② D. ①④‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】①碳碳双键、醛基均能被酸性高锰酸钾氧化，故①正确；‎ ‎②碳碳双键、醛基均能与氢气发生加成反应，故②正确；‎ ‎③该物质中含有醛基，能发生银镜反应，故③错误；‎ ‎④该物质中含有醛基，能与新制Cu(OH)2反应生成氧化亚铜沉淀，故④错误；‎ ‎①②正确，故答案为C。‎ ‎13.用来减轻感冒症状的布洛芬的结构简式如图所示，下列有关说法不正确的是（ ）‎ A. 1mol布洛芬能与足量NaHCO3溶液反应最多生成1molCO2‎ B. 布洛芬的分子式为C13H18O2‎ C. 布洛芬苯环上的一溴代物有2种 D. 布洛芬与苯甲酸甲酯是同系物 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．布洛芬分子中只含有一个羧基，1mol羧基只与1mol NaHCO3反应，生成1 mol CO2，故A正确；‎ B．布洛芬分子的分子式为C13H18O2，故B正确；‎ C．布洛芬分子上下结构对称，只有二种等效氢，则布洛芬在苯环上的一氯代物有2种，故C正确；‎ D．布洛芬分子含有一个苯环、一个羧基，不含有酯基，则与苯甲酸甲酯结构不相似，两者不是同系物，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎【点睛】以布洛芬为载体考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，由结构可知分子式，分子中有羧基决定具有羧酸的性质，有苯环还具有苯的性质。‎ ‎。‎ ‎14.有机化合物W的分子式为C9H12 ,其含有苯环的结构有等，下列说法错误的是( )‎ A. 与苯互为同系物 B. 除了上述三种物质，W的含苯环的同分异构体还有5种 C. 有机物W的一种结构为 该有机物不能与溴单质发生加成反应 D. 有机物W不管是否含有苯环，在一定条件下都能发生氧化反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A、含有苯环，比苯多三个CH2 原子团；‎ B、除了上述三种物质，W的含苯环的同分异构体还有5种：、、、、；‎ C、W的一种结构为 ，分子中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应；‎ D、有机物W不管是否含有苯环，在一定条件下都能与氧气反应生成水和二氧化碳，都能发生氧化反应。‎ ‎【详解】A、含有苯环，比苯多三个CH2 原子团，结构相似，故A正确；‎ B、除了上述三种物质，W的含苯环的同分异构体还有5种：、、、、，故B正确；‎ C、W的一种结构为 ，分子中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，故C错误；‎ D、有机物W不管是否含有苯环，在一定条件下都能与氧气反应生成水和二氧化碳，都能发生氧化反应，故D正确。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】难点B，丙基有正丙基和异丙基，易漏写。‎ ‎15.已知莽草酸和达菲的结构式如下。‎ 下列关于莽草酸和达菲判断正确的是（ ）‎ A. 它们都能使溴的四氯化碳溶液褪色 B. 莽草酸的分子式为C7H8O5‎ C. 达菲在热的NaOH溶液中能稳定存在 D. 达菲的分子中含有酯基、肽键、氨基、苯环等结构 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．均含碳碳双键，发生加成反应，则都能使溴的四氯化碳溶液褪色，故A正确； ‎ B．由结构可知，莽草酸的分子式为C7H10O5，故B错误；‎ C．达菲含-COOC-、-CONH及磷酸结构，均与NaOH反应，则达菲在热的NaOH 溶液中不稳定，故C错误；‎ D．由结构可知，达菲分子中含酯基、肽键、氨基，而不含苯环结构，故D错误；‎ 故答案为A。‎ ‎【点睛】考查有机物的结构与性质，为高考常考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，莽草酸中含碳碳双键、-OH、-COOH，而达菲中含碳碳双键、-CONH-、-COOC-、-NH2，结合烯烃、醇、酯的性质来解答。‎ ‎16.有关羊毛、聚酯纤维的下列有关说法中，不正确的是（ ）‎ A. 羊毛和聚酯纤维在一定条件下均可水解 B. 羊毛与聚酯纤维可用灼烧法区分 C. 该聚酯纤维的单体为对苯二甲酸和乙二醇 D. 由单体合成该聚酯纤维的反应属于加聚反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．羊毛的主要成分为蛋白质，在一定条件下可水解生成氨基酸，聚酯纤维为高聚物，含有酯基，也可水解，故A正确；‎ B．蛋白质在灼烧时有烧焦的羽毛气味，为蛋白质的特征反应，可用于鉴别，故B正确；‎ C．由高聚物的结构简式可判断为对苯二甲酸和乙二醇发生缩聚反应的产物，故C正确；‎ D．由对苯二甲酸和乙二醇合成该聚酯纤维的反应属于缩聚反应，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎17.迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如图。下列叙述正确的是（ ）‎ A. 迷迭香酸属于芳香烃 B. 1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成反应 C. 迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和消去反应 D. 1mol迷迭香酸最多能和含5molNaOH的水溶液完全反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．芳香烃中只含C、H元素，则迷迭香酸含有C、H、O三种元素，不属于芳香烃，故A错误；‎ B．含2个苯环、1个C=C，1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成反应，故B正确；‎ C．含-COOC-，能水解，含-OH、-COOH，则发生取代、氧化、酯化反应，含有碳碳双键，可发生加聚反应，但迷迭香酸不能发生消去反应，故C错误；‎ D．分子中含有4个酚羟基、1个羧基和1个酯基，则1mol迷迭香酸最多能和含6mol NaOH的水溶液完全反应，故D错误；‎ 故答案为B。‎ ‎【点睛】考查有机物的结构与性质，注意把握有机物的官能团极及其性质的关系来解答，熟悉酚、烯烃、羧酸、酯的性质是解答的关键，由有机物的结构可知，含酚-OH、-COOH、-COOC-、C=C，结合酚、烯烃、酯、羧酸的性质来解答。‎ ‎18.乙烯雌酚是人工合成的激素药物，能改善体内激素的平衡状态，其结构如图。下列有关叙述错误的是（ ）‎ A. 乙烯雌酚能发生取代、加成、氧化反应 B. 乙烯雌酚可分别与NaOH、NaHCO3溶液反应 C. 每1mol该有机物最多可以与含5molBr2的溴水反应 D. 该有机物分子中最多有18个碳原子共平面 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．酚羟基能发生氧化反应、取代反应，苯环和碳碳双键能发生加成反应，故A正确；‎ B．酚羟基能和NaOH反应，但是不能和碳酸氢钠反应，故B错误；‎ C．碳碳双键能和溴发生加成反应，且碳碳双键和溴发生加成反应以1:1‎ 反应，苯环上酚羟基邻对位H原子和溴发生取代反应，且以1:1反应，所以1mol该有机物与溴发生加成反应需要溴1mol，发生取代反应需要溴4mol，所以最多消耗5mol溴，故C正确；‎ D．苯环、碳碳双键为平面结构，且与双键C直接相连的苯环、乙基上的C在同一平面，则最多有18个碳原子共平面，故D正确；‎ 故答案为B。‎ ‎【点睛】考查有机物结构和性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键，该有机物中含有酚羟基、苯环和碳碳双键，具有酚、苯和烯烃性质，能发生氧化反应、取代反应、加成反应、加聚反应等，易错选项是D，注意原子共面判断方法。‎ ‎19.某重要有机合成中间体X的结构如图所示，有关该物质的说法不正确的是（ ）‎ A. X分子中所有碳原子可能共面 B. X可以使溴水、酸性KMnO4褪色，且原理不相同 C. 标准状况下1molX分别和足量Na和NaHCO3反应，生成气体体积不相同 D. X与庚二酸()互为同分异构体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．分子中环状和侧链之间含有C-C键，可自由旋转，则所有的碳原子不一定共平面，只是可能共平面，故A正确；‎ B．含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，与酸性高锰酸钾发生氧化反应，故B正确；‎ C．只有羧基与钠、碳酸氢钠反应，则标况下1 molX分别和足量Na和NaHCO3反应，可生成0.5mol氢气，1mol二氧化碳，体积不同，故C正确；‎ D．与庚二酸分子式不同，不是同分异构体，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎20.下列实验不能达到预期目的的是（ ）‎ ‎①用乙醇和浓硫酸除去乙酸乙酯中的少量乙酸 ‎②用NaOH溶液除去苯中的少量苯酚 ‎③用饱和NaHCO3溶液除去CO2中的少量SO2‎ ‎④用加热的方法提取NH4Cl固体中混有的少量碘 ‎⑤用醋和澄清石灰水验证蛋壳中含有碳酸盐 ‎⑥用米汤检验食用加碘盐中含碘 ‎⑦用碘酒验证汽油中含有不饱和烃 A. ①②④⑤⑦ B. ②③⑤⑦ C. ②③④ D. ①④⑥‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】①乙醇、乙酸和浓硫酸发生酯化反应为可逆反应，则不能除杂，并引入了新杂质，应选饱和碳酸钠溶液、分液，故①不能达到预期目的；‎ ‎②NaOH溶液与苯酚反应生成可溶性苯酚钠，与苯分层，然后分液可分离，故②能达到预期目的；‎ ‎③少量SO2与饱和NaHCO3溶液反应生成CO2，则可选用饱和碳酸氢钠溶液进行洗气除杂，故③能达到预期目的；‎ ‎④加热时NH4Cl固体分解，碘升华，则加热不能除杂，故④不能达到预期目的；‎ ‎⑤醋酸与碳酸盐反应生成二氧化碳，二氧化碳和澄清石灰水反应生成白色沉淀，则用醋酸和澄清石灰水验证蛋壳中含有碳酸盐，故⑤能达到预期目的；‎ ‎⑥碘盐中加的是KIO3，遇淀粉溶液不变蓝色，则用米汤不能检验食用加碘盐中含碘，故⑥不能达到预期目的；‎ ‎⑦不饱和烃中含有C=C键，能与碘发生加成反应而使溶液褪色，则用碘酒验证汽油中含有不饱和烃，故⑦能达到预期目的；‎ ‎①④⑥不能达到预期目的，故答案为D。‎ 第II卷（非选择题，共40分）‎ 二、填空题（本题包括4个小题，共50分）‎ ‎21.有机物A(C12H16O2)具有芳香气味，常用作芳香剂。‎ 已知：①B属于芳香族化合物且结构中只有一个侧链，分子式为C8Hl0O；‎ ‎②D、E具有相同官能团，核磁共振氢谱测得E分子中有3种不同的峰。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）C可能发生的反应有___(填序号)。‎ ‎①取代反应 ②消去反应 ③水解反应 ④加成反应 ‎（2）不能使溴的四氯化碳溶液褪色且与D属于同类物质的同分异构体有___种(不包括D)。‎ ‎（3）B发生消去反应所得有机物的结构简式为___。‎ ‎（4）B和E反应生成A的化学方程式为___。‎ ‎（5）C生成D的化学方程式为___。‎ ‎【答案】 (1). ①和④ (2). 3 (3). (4). (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ B连续氧化生成D，B是醇、C是醛、D是羧酸，B与E反应生成A，有机物A(C12 H16 02)具有芳香气味，常用作芳香剂，则A为酯、E为羧酸．B属于芳香族化合物且结构中只有一个侧链，分子式为C8H10O，不饱和度为=4，侧链不含不饱和键，由于B能连续氧化，则B中OH连接的碳原子上含有2个H原子，则B为，C为，D为，D、E具有相同官能团，由A的分子式可知，A比B多4个碳原子，E为丁酸，E的核磁共振氢谱测得E分子中有3种不同的峰，则E为，故A为，据此解答。‎ ‎【详解】(1)C为，含有苯环，可以发生加成反应和取代反应，含有醛基，可以发生加成反应、氧化反应和还原反应，则C可能发生的反应是①和④，不能发生的反应是②和③，故答案为①和④；‎ ‎(2)D为，不能使溴的四氯化碳溶液褪色且与D属于同类物质的同分异构体，则含有-COOH、苯环和甲基，甲基与-COOH 有邻、间、对三种位置关系，故满足条件的同分异构体有3种；‎ ‎(3)B为，发生消去反应生成苯乙烯，所得有机物的结构简式为；‎ ‎(4)B和E发生酯化反应生成A的化学方程式为；‎ ‎(5)C为，D为，C发生催化氧化生成D的化学方程式为。‎ ‎22.华法林（Warfarin）又名杀鼠灵，为心血管疾病的临床药物。其合成路线（部分反应条件略去） 如下所示:‎ 回答下列问题:‎ ‎(1)A 的名称为________，E 中官能团名称为________。‎ ‎(2)B 的结构简式为________。‎ ‎(3)由 C 生成 D 的化学方程式为___________‎ ‎(4)⑤的反应类型为_________，⑧的反应类型为________。‎ ‎(5)F 的同分异构体中，同时符合下列条件的同分异构体共有___________种。 ‎ a．能与 FeCl3 溶液发生显色反应 b．含有-CHO ‎ 其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为___________‎ ‎【答案】 (1). 甲苯 (2). 酯基 (3). (4). (5). 取代反应 (6). 加成反应 ‎ ‎(7). 13 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由A的分子式及产物的性质，可确定A为，在光照条件下发生-CH3上的取代反应生成B()，B发生水解反应生成C()，C催化氧化生成D()，D与CH3COCH3在NaOH、加热条件下发生羟醛缩合反应，生成和水。‎ ‎【详解】(1)A为，名称为甲苯，E为，官能团名称为酯基。答案为：甲苯；酯基；‎ ‎(2)由以上分析知，B 的结构简式为。答案为：；‎ ‎(3)C()催化氧化生成D(),化学方程式为。答案为：；‎ ‎(4)⑤为与(CH3CO)2O在浓硫酸的催化作用下反应生成和CH3COOH，则反应类型为取代反应，⑧为与反应生成，反应类型为加成反应。答案为：取代反应；加成反应；‎ ‎(5)F 的同分异构体中，同时符合：a．能与 FeCl3 溶液发生显色反应、b．含有-CHO条件的同分异构体共有13种。它们为苯环上有-OH(酚)、-CH2CHO两个取代基的异构体3种，苯环上有-OH(酚)、-CHO、-CH3三个取代基的异构体10种。其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为。答案为：13；。‎ ‎【点睛】F的13种同分异构体，含有3个取代基的异构体为，，‎ ‎(其中，-CH3位于序号所在的位置)，(共3种)。‎ ‎23.有机化合物A～H的相互转化关系如图所示(图中副产物均未写出)：‎ 其中A的相对分子质量比X大34.5，请回答：‎ ‎（1）写出有机物的结构简式：A__；H__。‎ ‎（2）写出下列反应化学方程式：‎ 反应③__。‎ ‎（3）B分子内处于同一平面上的原子最多有__个，B在一定条件下可以发生反应生成高分子化合物N，则N的结构简式为__。‎ ‎（4）化合物M是G的一种同分异构体，M具有如下性质：‎ ‎①不与NaHCO3反应，②遇FeCl3溶液显紫色，③1molM恰好与2molNaOH反应，‎ 则M的结构简式为__(写一种)。‎ ‎【答案】 (1). (2). (3). (4). 16 (5). (6). 或（其它合理答案也可）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题中反应的转化关系可知，A发生消去反应得到B，B与溴发生加成反应生成C，C发生消去反应得到D，D与氢气发生加成后生成X(C8H10)，结构简式为，可知D 应为炔烃，含有C≡C官能团，则D为，C为，B为，E连续氧化得到G，G含有羧基，根据H的分子式可知，G为，故H为，逆推可知F为，E为，则A卤代烃，根据A的相对分子质量比X大34.5，A为，据此解答。‎ ‎【详解】(1)根据分析，A的结构简式为，H的结构简式为；‎ ‎(2)反应③为发生消去反应，发生反应的化学方程式为；‎ ‎(3)B为，其中苯环和乙烯基均为平面结构，则分子内所有原子可能在同一平面内，则处于同一平面上的原子最多有16个；在一定条件下可以发生反应生成高分子化合物聚苯乙烯N，N的结构简式为；‎ ‎(4)G为，化合物M是G的一种同分异构体，M具有如下性质：①不与NaHCO3反应，无羧基；②遇FeCl3溶液显紫色，含有酚羟基；③1mol M恰好与2mol NaOH 反应，含有2个酚羟基，则M的结构简式为或等，（其它合理答案也可）。‎ ‎【点睛】考查有机物推断，能准确根据反应条件推断反应原理是解题关键，常见反应条件与发生的反应原理类型：①在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应或卤代烃的水解反应；②在NaOH的乙醇溶液中加热，发生卤代烃的消去反应；③在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等；④能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应；⑤能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛的加成反应或还原反应；⑥在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应；⑦与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是—CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则为醇→醛→羧酸的过程)。‎ ‎24.1.3-环己二酮（）常用作医药中间体，用于有机合成。下列是一种合成1，3-环己二酮的路线。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）写出甲的分子式___，乙中含有官能团的名称是___。‎ ‎（2）反应的[2]反应类型是___，反应[3]的反应类型是___。‎ ‎（3）丙的结构简式是___。‎ ‎（4）的同分异构体较多，请写出任意一种符合下列条件的同分异构体的结构简式___。‎ ‎①属于链状化合物 ‎②核磁共振氢谱中有两组吸收峰 ‎③在加热条件下和新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀 ‎（5）设计以(丙酮）、乙醇、乙酸为原料制备（2，4-戊二醇）的合成路线（无机试剂任选）___。‎ ‎【答案】 (1). C6H10O3 (2). 醛基和羰基 (3). 氧化反应 (4). 取代反应 (5). (6). (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 的分子式为C6H11Br，经过过程[1]，变为C6H10，失去1个HBr，C6H10经过一定条件转化为甲，甲在CH3SCH3的作用下，生成乙，乙经过过程[2]在CrO3的作用下，醛基变为羧基，发生氧化反应，经过过程[3]，发生酯化反应，生成丙为，丙经过[4]，在一定条件下，生成；‎ ‎(5)根据过程②，可将CH3CH2OH中的羟基氧化为醛基，再将醛基氧化为羧基，羧基与醇反生酯化反应生成酯，酯在一定条件下生成，再反应可得。‎ ‎【详解】(1)结合以上分析可知，甲为，其分子式为C6H10O3，中含有官能团的名称是醛基和羰基；‎ ‎(2)根据流程分析可知，过程[2]在CrO3的作用下，醛基变为羧基，发生氧化反应，则反应类型是氧化反应；与乙醇，发生酯化反应，生成，则反应类型是取代反应；‎ ‎(3)由分析知丙的结构简式是；‎ ‎(4)的分子式为C6H8O2‎ ‎，其同分异构体具备条件：①属于链状化合物；②核磁共振氢谱中有两组吸收峰，说明结构对称性强；③在加热条件下和新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀，说明分子结构中含有醛基，则符合条件的同分异构体的结构简式可能是；‎ ‎(5)根据过程②，可将CH3CH2OH中的羟基氧化为醛基，再将醛基氧化为羧基，羧基与醇反生酯化反应生成酯，酯在一定条件下生成，再与氢气加成可得，合成路线为。‎