2019-2020学年度人教新课标版高中生物必修二随堂巩固：1-2-2第2课时　自由组合定律的应用及题型突破 4页

[学业水平合格测试] 1．果蝇的长翅和残翅由一对等位基因控制，灰身和黑身由另一 对等位基因控制。一对长翅灰身果蝇杂交的子代中出现了残翅雌果 蝇，雄果蝇中的黑身个体占 1/4。不考虑变异的情况下，下列推理合 理的是( ) A．两对基因位于同一对染色体上 B．两对基因都位于常染色体上 C．子代不会出现残翅黑身雌果蝇 D．亲本雌蝇只含一种隐性基因 [解析] 由亲代长翅灰身果蝇杂交产生的子代中出现残翅和黑 身果蝇判断，长翅对残翅为显性，灰身对黑身为显性。子代中出现了 残翅雌果蝇，说明控制该性状的基因位于常染色体上(若位于 X 染色 体上，则雌果蝇应该全为长翅)；雄果蝇中的黑身个体占 1/4，说明控 制该性状的基因位于常染色体上(若位于 X 染色体上，则雄果蝇中的 黑身个体占 1/2)，所以两个亲本都为杂合子，含有两个隐性基因；若 两对基因位于一对同源染色体上或者两对同源染色体上，则子代都能 出现上述结果；若亲本中两对基因位于两对同源染色体上，或者两个 显性基因位于同源染色体的一条染色体上，两个隐性基因位于另一条 染色体上，子代都可能出现残翅黑身雌果蝇。 [答案] B 2．某哺乳动物棒状尾(A)对正常尾(a)为显性；黄色毛(Y)对白色 毛(y)为显性，但是雌性个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛。 两对基因均位于常染色体上并遵循基因的自由组合定律。下列叙述正 确的是( ) A．A 与 a、Y 与 y 两对等位基因位于同一对同源染色体上 B．若想依据子代的表现型判断出性别，能满足要求的交配组合 有两组 C．基因型为 Yy 的雌雄个体杂交，子代黄色毛和白色毛的比例 为 3∶5 D．若黄色与白色两个体交配，生出一只白色雄性个体，则母本 的基因型是 Yy [解析] 由控制两对性状的基因遵循自由组合定律可知，这两对 基因分别位于两对同源染色体上；若想依据子代的表现型判断出性 别，只有 YY×yy 这一组杂交组合；基因型为 Yy 的雌雄个体杂交， F1 基因型为 1YY、2Yy、1yy，雄性中黄色毛∶白色毛＝3∶1，雌性 全为白色毛，故子代黄色毛和白色毛的比例为 3∶5；当亲本的杂交 组合为♂Yy×♀yy 时，也可生出白色雄性(yy)个体。 [答案] C 3．南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、 a 和 B、b)，这两对基因独立遗传。现将 2 株圆形南瓜植株进行杂交， F1 收获的全是扁盘形南瓜；F1 自交，F2 获得 137 株扁盘形、89 株圆 形、15 株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别 是( ) A．aaBB 和 Aabb B．aaBb 和 Aabb C．AAbb 和 aaBB D．AABB 和 aabb [解析] 本题可由“F2 获得 137 株扁盘形、89 株圆形、15 株长 圆形南瓜”切入。137∶89∶15 与 9∶6∶1 相近，而 9∶6∶1 可看作 是 9∶3∶3∶1 的变形，则 F1 的基因型为 AaBb，即扁盘形的基因型 为 A_B_，圆形的基因型为 aaB_或 A_bb，长圆形的基因型为 aabb。 若要获得基因型均为 AaBb 的 F1，亲代圆形南瓜植株的基因型应为 AAbb 和 aaBB，C 正确。 [答案] C [学业水平等级测试] 4．控制果实重量的三对等位基因 A/a、B/b、C/c 对果实重量的 作用相同，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为 aabbcc 的果 实重 120 g，AABBCC 的果实重 210 g。现有果树甲和乙杂交，甲的 基因型为 AAbbcc，F1 的果实重 135～165 g，则乙的基因型为( ) A．aaBBcc B．AaBBcc C．AaBbCc D．aaBbCc [解析] aabbcc 没有显性基因，重 120 g；AABBCC 有 6 个显性 基因，重 210 g，所以一个显性基因对果实的增重效果为(210－120)÷6 ＝15(g)。子一代的果实重 135～165 g，即为(120＋15×1)～(120＋ 15×3)，所以子一代有 1～3 个显性基因；甲的基因型为 AAbbcc，必 定会提供一个显性基因，所以乙应提供 0～2 个显性基因。aaBbCc 可以提供 0～2 个显性基因，D 正确；aaBBcc 必定会提供 1 个显性基 因，A 错误；AaBBcc 可提供 1～2 个显性基因，B 错误；AaBbCc 可提供 0～3 个显性基因，C 错误。 [答案] D 5．现用山核桃甲(AABB)、乙(aabb)两品种做亲本杂交得 F1，F1 测交结果如表，下列有关叙述错误的是( ) 测交类 型 测交后代基因型种类及比例 父本 母本 AaB b Aab b aaB b aab b F1 乙 1 2 2 2 乙 F1 1 1 1 1 A.F1 产生的 AB 花粉 50%不能萌发，不能实现受精 B．F1 自交得 F2，F2 的基因型有 9 种 C．F1 花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株 D．正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定 律 [解析] 正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该 是 1∶1∶1∶1，而作为父本的 F1 测交结果为 AaBb∶Aabb∶aaBb∶ aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本 F1 产生的 AB 花粉有 50%不能完成受 精作用；F1 自交后代中有 9 种基因型；F1 花粉离体培养，将得到四 种表现型不同的单倍体植株；根据题意可知，正反交均有四种表现型， 说明符合基因自由组合定律。 [答案] D