北京市西城区八中2020届高三下学期自主测试（二）生物试题 26页

北京八中高三生物学习质量自我检测（二）‎ 一、单选题 ‎1.下列各组物质中组成元素都相同的是（ ）‎ A. 淀粉和淀粉酶 B. 胰岛素和纤维素 C. 丙酮酸和丙氨酸 D. ATP和DNA ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 元素   ‎ 类别 存在 生理功能 ‎ 糖类 ‎ C、‎ H、‎ O ‎ 单糖 核糖（C5H10O5） ‎ 主细胞质 核糖核酸的组成成分； ‎ 脱氧核糖C5H10O4 ‎ 主细胞核 脱氧核糖核酸的组成成分 ‎ 六碳糖：葡萄糖 果糖 C6H1②O6 ‎ 主细胞质 是生物体进行生命活动的重要能源物质 二糖C1②H②②O11 ‎ ‎ 麦芽糖、蔗糖 ‎ 植物 ‎ 乳糖 ‎ ‎ 动物 多糖   ‎ 淀粉、纤维素  ‎ 植物 细胞壁的组成成分，重要的储存能量的物质；  ‎ 糖原（肝、肌）‎ ‎ 动物 ‎【详解】A、淀粉为多糖，组成元素为C、H、O；淀粉酶为蛋白质，组成元素为C、H、O、N，A错误；‎ B、胰岛素是蛋白质，纤维素是多糖，元素组成如A选项，B错误；‎ C、丙酮酸是葡萄糖分解的产物，分子式为C3H4O3，丙氨酸为氨基酸，组成元素C、H、O、N，C错误；‎ D、由ATP的结构式可知组成元素为C、H、O、N、P，DNA 的基本单位是核苷酸，组成元素也为C、H、O、N、P，D正确。‎ 故选D。‎ ‎2. 如果把细胞搅碎，细胞将死亡；如果把病毒搅碎，病毒也将失去活性。这说明（　　）‎ A. 细胞和病毒的化学成分被破坏 B. 细胞和病毒的结构特点一致 C. 单细胞生物和病毒对环境的适应能力很差 D. 完成正常的生命活动依赖于一定的结构基础 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】‎ D、把细胞搅碎，细胞结构被破坏，把病毒搅碎，病毒结构也被破坏，它们都失去活性，说明完成正常的生命活动依赖于一定的结构基础，故D正确。 A、细胞和病毒的化学成分被破坏，不一定失去活性，故A错。 B、病毒无细胞结构，故B错。 C、单细胞生物和病毒对环境都有一定适应能力，故C错。 故选D。‎ ‎3.为了研究温度对某种酶活性的影响，设置三个实验组：A组（‎20℃‎）、B组（‎40℃‎）和C组（‎60℃‎），测定各组在不同反应时间内的产物浓度（其他条件相同），结果如图。下列说法错误的是（ ）‎ A. 三个温度条件下，该酶活性最高的是B组。‎ B. 在t1之前，如果A组温度提高‎10℃‎，其催化反应的速度会加快 C. 如果在t2时，将C组反应温度降至‎40℃‎，产物总量会继续上升 D. 此实验不需要专门设置对照组 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 题意分析，本实验的目的是研究“温度对某种酶活性的影响”，因此，自变量为不同的温度，因变量是酶促反应的速率，无关变量要求相同且适宜。由实验结果可知，‎40 ℃‎条件下产物浓度达到最大值所需时间比‎20 ℃‎条件下短，且‎40 ℃‎条件下产物浓度最大值大于‎60 ℃‎条件下，故在三个温度条件下，该酶活性最高的是B组。‎ ‎【详解】A、分析曲线图可知：在b组（‎400C），反应到达化学平衡需要的时间最短，故三个温度条件下，该酶活性最高的是b组 B、从曲线图来看，三个温度条件较适合的是在‎400C，而a组是在‎20°C条件下温度对某种酶的活性的影响曲线，故在时间t1之前，反应尚未达到化学平衡之前，如果a组温度提高‎10°C，则a组酶催化反应的速度会加快，B正确；‎ C、c组为（‎600C）条件下温度对某种酶活性的影响曲线，由图可知道，在t2时产物的浓度不再改变，高温条件下酶已经失活，此时向反应体系中增加底物，其他条件保持不变，c组产物量也不会增加，C错误；‎ D、本实验三个实验组之间彼此可以形成对照，故不需要专门设置对照组，D正确。‎ 故选C。‎ ‎4.龙须菜是生活在近岸海域大型经济藻类，既能给海洋生态系统提供光合产物，又能为人类提供食品原料。某研究小组的实验结果如下图所示。已知大气CO2浓度约为0．03%，实验过程中温度等其他条件适宜，下列相关说法错误的是（ ）‎ A. 实验中的自变量为光照强度和CO2浓度 B. 高光照强度下光反应速率快从而使龙须菜生长较快 C. 增加光照强度或CO2浓度均能提高龙须菜的生长速率 D. 选择龙须菜养殖场所时需考虑海水的透光率等因素 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 影响光合作用的环境因素。 1、温度对光合作用的影响：在最适温度下酶的活性最强，光合作用强度最大，当温度低于最适温度，光合作用强度随温度的增加而加强，当温度高于最适温度，光合作用强度随温度的增加而减弱。 2、二氧化碳浓度对光合作用的影响：在一定范围内，光合作用强度随二氧化碳浓度的增加而增强。当二氧化碳浓度增加到一定的值，光合作用强度不再增强。 3、光照强度对光合作用的影响：在一定范围内，光合作用强度随光照强度的增加而增强。当光照强度增加到一定的值，光合作用强度不再增强。‎ ‎【详解】A、实验研究了高光和低光、CO2浓度0.03%和0.1%条件下的龙须菜相对生长速率和相对光反应速率，自变量为光照强度和CO2浓度，因变量为龙须菜相对生长速率和相对光反应速率，A正确；‎ B、据图可知，高光下龙须菜相对生长速率和相对光反应速率较高，推测高光照强度下光反应速率快从而使龙须菜生长较快，B正确；‎ C、据图可知，各组CO2浓度0.1%时的数据均不高于0．03%时的数据，故增加CO2浓度并不能提高龙须菜的生长速率，C错误；‎ D、不同的光照强度和CO2浓度对生长速率的影响不同，所以选择龙须菜养殖场所时需考虑海水的透光率等因素，D正确。‎ 故选C。‎ ‎5.下图为初级精母细胞减数分裂时的一对同源染色体示意图，图中1～8表示基因。不考虑突变的情况下，下列叙述正确的是 A. 1与2、3、4互为等位基因，与6、7、8互为非等位基因 B. 同一个体的精原细胞有丝分裂前期也应含有基因1～8‎ C. 1与3都在减数第一次分裂分离，1与2都在减数第二次分裂分离 D. 1分别与6、7、8组合都能形成重组型的配子 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由图可知，图中为一对同源染色体，1与2、5与6、3与4、7与8为相同基因，1（或2）与3或4可能是等位基因，5（或6）与7或8可能是等位基因。‎ ‎【详解】1与2是相同基因，1与3、4可能互为等位基因，1与6、7、8互为非等位基因，A错误；精原细胞有丝分裂前期与其进行减数分裂时形成的初级精母细胞含有的染色体的数目和基因种类、数目均相同，故均含有基因1~8，B正确；若不考虑交叉互换，1与3会在减数第一次分裂的后期随同源染色体的分开而分离，1与2会在减数第二次分裂的后期随姐妹染色单体的分开而分离，若考虑交叉互换，则1与2可能会在减数第一次分裂的后期随同源染色体分开而分离，1与3可能在减数第二次分裂的后期随姐妹染色单体的分开而分离，C错误；1与5在同一条姐妹染色单体上，5与6是相同的基因，因此1与6的组合不能形成重组配子，D错误。故选B。‎ ‎6.某致病基因h位于X染色体上，该基因和正常基因H中的某一特定序列Bcl I酶切后，可产生大小不同的片段（如图1，bp表示碱基对），据此可进行基因诊断。图2为某家庭病的遗传系谱。下列叙述错误的是（ ）‎ A. h基因特定序列中Bcl I酶切位点的消失是碱基对替换的结果 B. Ⅱ-1的基因诊断中只出现142bp片段，其致病基因来自母亲 C. Ⅱ-2的基因诊断中出现142bp、99bp和43bp三个片段，其基因型为XHXh D. Ⅱ-3的丈夫表现型正常，其儿子的基因诊断中出现142bp片段的概率为1/2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 遗传病的监测和预防 （1）产前诊断：胎儿出生前，医生用专门的检测手段确定胎儿是否患某种遗传病或先天性疾病，产前诊断可以大大降低病儿的出生率。 （2）遗传咨询：在一定的程度上能够有效的预防遗传病的产生和发展。 （3）禁止近亲婚配：降低隐性遗传病的发病率。‎ ‎【详解】A、据图1可知，H基因与h基因的碱基对数目相同，h基因特定序列中BclI酶切位点的消失是碱基对替换的结果，A正确；‎ B、据图2可知，Ⅱ-1个体的基因型为XhY，没有H基因，基因诊断中只出现142bp片段，其含有致病基因的X染色体来自于其母亲，B正确；‎ C、Ⅱ-2的基因诊断中出现142bp、99bp和43bp三个片段，说明其为携带者，基因型为XHXh，C正确；‎ D、Ⅱ-3父母的基因型为XHY和XHXh，Ⅱ-3的基因型为XHXh的概率为1/2，若其丈夫表现型正常，即基因型为XHY，则其儿子含有Xh基因的概率为1/2×1/2=1/4，D错误。‎ 故选D。‎ ‎7.反义RNA是指与mRNA或其他RNA互补的小分子RNA，当其与特定基因的mRNA互补结合时，可阻断该基因的mRNA的表达。研究发现抑癌基因的一个邻近基因能指导合成反义RNA，其作用机理如图。下列有关叙述错误的是（ ）‎ A. 将该反义RNA导入正常细胞，可能导致正常细胞癌变 B. 反义RNA不能与DNA互补结合，故不能用其制作DNA探针 C. 能够抑制该反义RNA形成的药物有助于预防癌症的发生 D. 该反义RNA能与抑癌基因转录的mRNA的碱基序列互补 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分析题图：图示为反义RNA阻断基因表达的机理图，抑癌基因的一个邻近基因能指导合成反义RNA，该反义RNA能与抑癌基因表达产生的mRNA结合形成杂交RNA，进而阻断相应蛋白质的合成。‎ ‎【详解】将该反义RNA导入正常细胞，可导致抑癌基因不能正常表达生成相应蛋白质，不能阻止细胞不正常分裂，因此可能导致正常细胞癌变，A正确；反义RNA能与DNA中一条单链互补配对，因此也可以用其制作DNA探针，B错误；由A选项可知，反义RNA的形成能导致正常细胞癌变，故能够抑制该反义RNA形成的药物有助于预防癌症的发生，C正确；由图可知，该反义RNA能与抑癌基因转录的mRNA的碱基序列互补形成杂交双链RNA，D正确。 故选B。‎ ‎【点睛】本题结合图解，考查细胞癌变、遗传信息转录和翻译，要求考生识记细胞癌变的根本原因，掌握抑癌基因和原癌基因的作用；识记遗传信息转录和翻译的具体过程，能根据图中信息答题。‎ ‎8.某海岛有一种中地雀，原来没有竞争者。在记录的时间段内，1977年和2004年发生了2次旱灾；2005年以大型种子为食具有大鸟喙的大地雀入侵。下图记录了中地雀鸟喙平均尺寸的变化。下列说法不正确的是（ ）‎ A. 在1973-2006年之间该岛上中地雀的基因频率发生了变化 B. 1977年的旱灾诱发了基因突变，进而造成鸟喙尺寸的增大 C. 2005年后中地雀很可能主要以大地雀不吃的小种子为食 D. 中地雀喙宽度的进化方向由环境因素和生物因素共同决定 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 现代生物进化理论认为：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质是种群基因频率的改变。突变和基因重组、自然选择及隔离是物种形成过程的三个基本环节，通过它们的综合作用，种群产生分化，最终导致新物种形成。在这个过程中，突变和基因重组产生生物进化的原材料，自然选择使种群的基因频率定向改变并决定生物进化的方向，隔离是新物种形成的必要条件。生殖隔离的产生是新物种形成的标志。‎ ‎【详解】A、1973年到2006年间环境因素和生物因素的变化对中地雀进行着不断的选择作用，以图中喙的宽度变化为例，可知其基因频率不断发生变化，A正确；‎ B、基因突变是不定向的，环境因素——旱灾不能定向诱发导致鸟喙尺寸增大的基因突变发生，B错误；‎ C、2005年以大型种子为食具有大鸟喙的大地雀入侵，使中地雀很可能主要以大地雀不吃的小种子为食，C正确；‎ D、1973年到2006年间，环境因素和生物因素的变化对中地雀进行的选择作用决定了中地雀喙宽度的进化方向，D正确。‎ 故选B。‎ ‎9.研究突触间作用关系时，进行如图1实验，结果如图2、3。下列分析正确的是 ‎ A. 轴突1释放的递质可引起Na+快速流出神经元M B. 轴突1、2释放的递质均可改变突触后膜的离子通透性 C. 轴突2释放的递质直接抑制神经元M产生兴奋 D. 轴突1释放的递质能与轴突2和神经元M的受体结合 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、反射指人体通过神经系统，对外界或内部的各种刺激所发生的有规律的反应。神经的基本调节方式是反射。反射的结构基础是反射弧；反射弧包括感受器、传入神经、神经中枢、传出神经、效应器五部分。‎ ‎2、突触小体与神经元的胞体或者是树突接触形成突触，突触由突触前膜、突触后膜和突触间隙组成，由于神经递质只存在于突触小体的突触小泡中，只能由突触前膜释放作用于突触后膜，使下一个神经元产生兴奋或抑制，因此兴奋在神经元之间的传递只能是单向的。‎ ‎【详解】A、刺激轴突1引起动作电位的产生，说明轴突1释放的递质可引起Na+快速流入神经元M，A错误；‎ B、轴突2释放的是抑制性递质，轴突1释放的是兴奋性递质，都能引起突触后膜离子通透性的改变，B正确；‎ C、根据图2的结果刺激轴突2在刺激轴突1，动作电位降低，说明轴突2抑制了轴突1释放的递质，作用于轴突1，C错误；‎ D、轴突1释放的递质只能与神经元M的受体结合，D错误。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题主要考查反射弧的结构以及功能，兴奋的产生以及传导，需要根据图中给出信息分析出轴突1和轴突2释放递质的种类。‎ ‎10.进行长跑运动时，人体内发生了多种生理变化。下列有关说法不正确的是（ ）‎ A. 运动中因为机体产热量逐渐高于散热量，体温也逐渐升高 B. 运动过程中心跳加快，其调节方式是神经——体液调节 C. 胰高血糖素与肾上腺素在调节血糖过程中具有协同作用 D. 适量补充水分可消除由于细胞外液渗透压升高引起的渴觉 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 机体内血糖平衡调节过程如下：当血糖浓度升高时，血糖会直接刺激胰岛B细胞引起胰岛素的合成并释放，同时也会引起下丘脑的某区域的兴奋发出神经支配胰岛B细胞的活动，使胰岛B细胞合成并释放胰岛素，胰岛素促进组织细胞对葡萄糖的摄取、利用和贮存，从而使血糖下降；当血糖下降时，血糖会直接刺激胰岛A细胞引起胰高血糖素的合成和释放，同时也会引起下丘脑的另一区域的兴奋发出神经支配胰岛A 细胞的活动，使胰高血糖素合成并分泌，胰高血糖素通过促进肝糖原的分解和非糖物质的转化从而使血糖上升，并且下丘脑在这种情况下也会发出神经支配肾上腺的活动，使肾上腺素分泌增强，肾上腺素也能促进血糖上升。‎ ‎【详解】A、机体处于稳态时，产热与散热平衡，体温相对稳定。运动中产热增多，通过调节散热增加，体温依然保持相对稳定，A错误；‎ B、运动过程中，传出神经支配心肌细胞收缩加剧，属于神经调节，同时肾上腺髓质分泌的肾上腺素增加，也可促进心跳加快，该调节属于体液调节，B正确；‎ C、胰高血糖素和肾上腺素都有升血糖的功能，C正确；‎ D、适量补充水分可使细胞外液渗透压降低，消除渴觉，D正确。‎ 故选A。‎ ‎11.当人体注射了用禽流感病毒蛋白制备的疫苗后，体内不会发生的反应是 A 吞噬(巨噬)细胞处理和呈递抗原 B. 产生针对该禽流感病毒蛋白的抗体 C. 效应T细胞消灭被疫苗感染的细胞 D. 形成能识别禽流感病毒的记忆细胞 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. 在特异性免疫发生的时都有吞噬（巨噬）细胞处理和呈递抗原，A不符合题意；B. 产生针对该禽流感病毒蛋白的抗体，在疫苗注射后会发生，B不符合题意；C. 禽流感病毒蛋白制备的疫苗只有抗原的特点没有侵染细胞的特点，故效应T细胞消灭被疫苗感染的细胞不会发生，C符合题意；D. 形成能识别禽流感病毒的记忆细胞，会在体内发生，D不符合题意。故选C。‎ ‎12.稻飞虱以刺吸水稻的汁液为生，成虫有短翅型和长翅型两种，长翅利于稻飞虱在水稻发育晚期迁移到适宜生存的环境。研究人员在含糖量不同的封闭环境中饲养稻飞虱若虫（幼虫），探究种群密度对成虫翅形比例的影响，结果如下图。下列说法错误的是（ ）‎ A. 水稻和稻飞虱共同组成生物群落 B. 稻飞虱属于生态系统中的消费者 C. 稻飞虱种群在高糖、高密度情况下迁移能力提高 D. 水稻与稻飞虱在相互选择中共同（协同）进化 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、生物群落的概念：在同一时间内、占据一定空间的相互之间有直接或间接联系的各种生物种群的集合。群落是在一定的空间内具有直接或间接关系的所有生物的综合，由一定的动物、植物和微生物种群组成。群落内的生物不同物种之间存在着种间关系，包括捕食、寄生、捕食、互利共生和竞争等。  2、生物进化的实质是种群基因频率的定向改变，不同物种之间、生物与无机环境之间是相互影响、共同发展，即共同进化，通过漫长的共同进化，形成生物多样性。‎ ‎【详解】群落是一定区域内的所有生物，A错误； 稻飞虱以刺吸水稻的汁液为生，属于生态系统最高的消费者，B正确； 由柱形图可知，稻飞虱在高糖、高密度情况下，短翅比例下降，长翅比例升高，因此迁移能力提高，C正确； 生物进化是共同进化，因此水稻与稻飞虱在相互选择中共同（协同）进化，D正确。 故选A。‎ ‎【点睛】本题旨在考查学生理解群落的概念和种间关系、生态系统的组成成分及生物进化等知识要点，把握知识的内在联系，形成知识网络，并结合题干信息进行推理、判断。‎ ‎13.下图为一富营养化河流生态修复工程的示意图，下列叙述错误的是（ ）‎ A. 曝气可增加厌氧微生物降解有机污染物的能力 B. 吸附基质增加了微生物附着的表面积，提高了净化能力 C. 植物浮床有吸收水体氮、磷的能力，可减少富营养化 D. 增加水体透明度，恢复水草生长是该修复工程的目标之一 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 水体富营养化是指水体中氮、磷等元素含量过高，引起藻类及其他浮游生物迅速繁殖，藻类及其他浮游生物遗体分解导致水体溶氧量下降，进一步导致水生生物衰亡、水质恶化现象。利用需氧微生物与厌氧微生物能够降解有机污染物的作用、植物的根系能够从水体中吸收氮、磷等矿质营养的作用，依据生态工程的基本原理进行合理设计，对污染的生态环境进行修复，从而达到改善和净化水质的目的。‎ ‎【详解】A、曝气可增加溶氧量，进而降低厌氧微生物降解有机污染物的能力，增加需氧型微生物的降解能力，A错误；‎ B、吸附基质增加了微生物附着的面积，有利于微生物的生理活动，可促进有机污染物的降解，因此能够提高净化效果，B正确；‎ CD、借助植物浮床，可使植物庞大的根系透过小孔牢牢的固定在水体中，植物的根系从水体中吸收氮、磷等物质，可减少水体富营养化，增加水体透明度，恢复水生植物生长，从而起到了改善和净化水质的效果，可见，增加水体透明度，恢复水草生长是该修复过程的目标之一，CD正确。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题考查了生态修复工程的相关知识，考生需要结合浮床的组成和生态学原理进行解答。‎ ‎14.人类B型血友病属于伴X隐性遗传病，因为血液中缺少凝血因子Ⅸ导致凝血异常。下列关于对患者进行基因治疗的设计方案，正确的是（ ）‎ A. 逆转录病毒的核酸可直接用作载体 B. 需将凝血因子Ⅸ和载体连接起来 C. 必须把目的基因插入到X染色体上 D. 用DNA探针可进行目的基因的检测 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 目的基因的检测与鉴定：分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA 是否插入目的基因--DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA--分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质--抗原-抗体杂交技术．个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等。‎ ‎【详解】A、逆转录病毒的核酸是RNA，载体的化学本质是DNA，用于运载DNA目的基因片段，因此逆转录病毒的核酸不可直接用作载体，A错误；‎ B、凝血因子Ⅸ是蛋白质，载体是DNA，不能将二者连接起来。B错误；‎ C、基因治疗是把正常基因导入病人体内，使该基因的表达产物发挥功能，从而达到治疗疾病的目的，不是把目的基因插入到X染色体上，C错误；‎ D、利用制备的具有碱基序列特异性的DNA探针、利用碱基互补配对原则，可进行目的基因的检测，D正确。‎ 故选D。‎ ‎15.下列高中生物学实验或实践活动中，可达成目的的是（ ）‎ A. 利用无水乙醇提取并分离菠菜叶片中的光合色素 B. 选择紫色洋葱的内表皮进行植物细胞的质壁分离及复原实验 C. 灭菌后的植物叶片接种到无菌培养基上，培养获得愈伤组织 D. 煮沸冷却的盐水与预处理的蔬菜混合后装坛，用水封住坛口进行发酵 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 绿叶中色素的提取和分离实验，提取色素时需要加入无水乙醇（溶解色素）、石英砂（使研磨更充分）和碳酸钙（防止色素被破坏）；分离色素时采用纸层析法，原理是色素在层析液中的溶解度不同，随着层析液扩散的速度不同，最后的结果是观察到四条色素带，从上到下依次是胡萝卜素（橙黄色）、叶黄素（黄色）、叶绿素a（蓝绿色）、叶绿素b（黄绿色）。‎ ‎【详解】A、光合色素的提取与分离实验中，利用无水乙醇作为有机溶剂提取光合色素，分离色素用的是层析液，A错误；‎ B、应选择紫色洋葱的外表皮（紫色）而不是内表皮（无色）进行植物细胞的质壁分离及复原实验，B错误；‎ C、对要用于接种的外植体（植物叶片）应该进行消毒，保持其生命力，严禁“灭菌”，因为灭菌会使其失去生命力，失去接种的意义，C错误；‎ D、“煮沸”消除其他杂菌，“冷却”避免伤害乳酸菌，“水封”创造乳酸菌代谢所需的无氧环境，D 正确。‎ 故选D。‎ 二、非选择题 ‎16.人的一生中，睡眠大约占到了三分之一的时间，睡眠能够促进生长发育、恢复体力和增强抵抗力。研究发现，睡眠主要依靠脑部多个脑区的胞外腺苷水平来调节。‎ ‎（1）腺苷由1分子的腺嘌呤和1分子的_______组成。神经元胞内的ATP主要来自________（细胞器）。‎ ‎（2）依赖膜蛋白扩散到胞外的ATP在相关酶的催化下脱去____个磷酸基团后可形成腺苷。胞外腺苷作用机制类似于神经递质，与神经元细胞膜上的腺苷受体（R）发生结合后会通过降解来灭活，以防止_____。‎ ‎（3）神经元细胞膜上常见的R有R1和R2两种。咖啡因是腺苷类似物，可能与某种R结合，但并不引起腺苷相应的效应。研究者用适量咖啡因分别处理野生型小鼠和R1、R2基因敲除小鼠，对照组用生理盐水处理。测定小鼠觉醒时间，结果如下图所示。‎ 注：箭头对应时刻为处理时刻。‎ ‎①R1、R2基因敲除小鼠的实验结果与野生型相比，_______________，因此可推测咖啡因通过与_______结合发挥作用。‎ ‎②咖啡、茶、可乐等饮料中均含有咖啡因，有些人喜欢用这些饮料来“提神”，以缓解睡意。请解释咖啡因的“提神”机理：______。‎ ‎③咖啡因虽可“提神”，但不能过度饮用，这是由于咖啡因需要一定时间才能完成降解，过度摄入咖啡因就会引起______。‎ ‎【答案】 (1). 核糖 (2). 线粒体 (3). 3 (4). 持续与R发生作用 (5). R1敲除小鼠的实验组和对照组觉醒时间差异与野生型相似，R2敲除小鼠的实验组和对照组的觉醒时间无显著差异，与野生型差异显著 (6). R2 (7). 咖啡因与R2结合，但不引起相应睡眠效应，同时减少了腺苷与R的结合 (8). 神经系统长时间处于觉醒状态而超负荷工作 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 曲线分析： R1突变体敲除小鼠的实验组和对照组觉醒时间差异与野生型相似；R2突变体敲除小鼠的实验组和对照组的觉醒时间无显著差异，与野生型差异显著。‎ ‎【详解】（1）腺苷由1分子的腺嘌呤和1分子的核糖组成。神经元胞内产生ATP的细胞器是线粒体。‎ ‎（2）ATP是三磷酸腺苷，ATP在相关酶的催化下脱去3个磷酸基团后形成腺苷。神经递质由突触前膜分泌，作用于突触后膜的受体，结合后会通过降解来灭活，胞外腺苷作用机制类似于神经递质，与神经元细胞膜上的腺苷受体（R）发生结合后会通过降解来灭活，以防止持续与R发生作用。‎ ‎（3）①R1、R2基因敲除小鼠的实验结果与野生型相比，R1敲除小鼠的实验组和对照组觉醒时间差异与野生型相似，R2敲除小鼠的实验组和对照组的觉醒时间无显著差异，与野生型差异显著，因此可推测咖啡因通过与R2结合发挥作用。‎ ‎②咖啡因是腺苷类似物，咖啡因与R2结合，但不引起相应睡眠效应，同时减少了腺苷与R结合产生的睡眠效应，以缓解睡意。‎ ‎③由于咖啡因需要一定时间才能完成降解，过度摄入咖啡因就会引起神经系统长时间处于觉醒状态而超负荷工作，对身体健康不利。‎ ‎【点睛】本题考查ATP的结构及应用，探究腺苷类似物咖啡因控制睡眠效应的作用机理。意在考查考生的理解所学知识要点和获取题目信息的能力，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题和探究问题的能力。‎ ‎17.研究发现，正在生长的植物细胞具有“酸生长”特性，即pH4~5的溶液促进细胞伸长生长。为了研究这一现象的内在原因，研究者用黄瓜幼苗快速生长的下胚轴切段进行实验。实验操作及结果如下图。‎ 请回答问题：‎ ‎（1）多细胞植物体的伸长生长是细胞数量和/或________增加的结果。‎ ‎（2）如图1所示，研究者通过冰冻融化去除下胚轴切段中的原生质体，仅剩________，经这种处理后的下胚轴切段称为Y。‎ ‎（3）由图可知，对Y进行的实验处理为：________。‎ ‎（4）图2结果表明，Y的特性是①________；决定这种特性的物质最可能是②________（选填：纤维素/果胶/蛋白质）。‎ ‎（5）研究者发现生长素可通过诱导细胞膜外环境的pH值降低，促进细胞生长。已知植物细胞膜上有H+泵、水通道、生长素受体、钾通道、蔗糖运载体等。在上述实验结果的基础上，请选用已知信息，提出生长素促进细胞生长的一种可能机制。_________________________‎ ‎【答案】 (1). 长度（体积） (2). 细胞壁构成的切段（细胞壁） (3). ①一组加热，一组不加热，②分别、先后放入不同酸度的溶液中 (4). 在酸性条件下伸长，在加热后该特性丧失 (5). 蛋白质 (6). 生长素与受体结合，激活了膜上运输H+的泵，将H+从细胞内转运到细胞外的细胞壁中，降低pH，促进细胞壁伸展，进而促进细胞体积增大 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题实验的目的是证实正在生长的植物细胞具有“酸生长”特性。实验设计要遵循对照原则和单一变量原则，另外该实验为了减小实验误差，还需遵循平行重复原则。‎ ‎【详解】（1）多细胞植物体的伸长生长是细胞数量增加和长度（体积）增大结果。‎ ‎（2）如图一所示，研究者通过冰冻融化去除下胚轴切段细胞中的原生质体，成为“切段Y”，实际上“切段Y”仅保留了细胞中的细胞壁。‎ ‎（3）①先将Y分为数量相等的两组，然后进行的处理是：一组加热，一组不加热。‎ ‎②取两个相同烧杯（甲、乙），分别装入不同酸度的溶液。‎ ‎（4）①实验结果说明：正在生长的植物细胞具有在酸性，条件下伸长，加热使其特性基本丧失；②蛋白质在加热的条件下变性，所以决定这种特性的是蛋白质。‎ ‎（5）在实验证实植物细胞具有“酸生长”特性的基础上，有学者提出了关于植物生长素促进生长的“酸生长假说”；生长素与植物细胞的细胞膜上受体结合，通过信号转导促进质子泵活化，把ATP水解，提供能量，同时把H+排到细胞壁，使细胞壁环境酸化，组成细胞壁的多糖链被破坏而变得松弛柔软，细胞壁的重要成分纤维素的丝松开，细胞的渗透压下降，细胞吸水，细胞因体积延长而增长。‎ ‎【点睛】‎ 本题结合实验设计，考查探究实验，首先要求考生掌握实验设计的原则，明确实验的目的，同时结合生长素促进植物生长的原理来解决问题。‎ ‎18.在某草原，由于开采煤矿，植被被破坏消失，土壤变得更干旱贫瘠。科研人员对该煤矿废弃后植被恢复情况进行了多年追踪调查，结果如下表。‎ 第1年 第5年 第10年 第15年 第25年 物种数 ‎8‎ ‎19‎ ‎20‎ ‎40‎ ‎48‎ 优势种 蒺藜 猪毛菜 反枝苋 灰绿藜 白莲蒿 蒲公英 鹤虱 狗尾草 白莲蒿 差不嘎蒿 羊草 寸草苔 差不嘎蒿 羊草 大针茅 寸草苔 大针茅 羊草 克氏针茅 均为一年生植物 鹤虱和狗尾草为一年生植物，其余为多年生 均为多年生植物 均为多年生植物 均为多年生植物 ‎（1）在植物种群密度的调查中，需依据植物的________设置样方大小，并对样方中的植物进行计数。‎ ‎（2）植被恢复是恢复被破坏生态系统的关键环节，从植物在生态系统中功能角度阐述理由：____________。‎ 根据表中调查结果可知，该植物群落演替的趋势是______。‎ ‎（3）该草原生态系统的一条食物链的能量流动调查结果如下图：‎ 注：图中方框内的数字为同化的能量，单位为kcal·ha-1·a-1‎ ‎①图中“A”包括___________________________的能量。‎ ‎②该食物链中，第二营养级到第三营养级的能量传递效率为________。‎ ‎③根据调查和统计，评估该系统中的某种鸟的营养级为3．2，请解释原因：________。‎ ‎（4）与本地未开发的草原相比，恢复中的露天废弃煤矿生态系统更容易发生虫灾。从生态系统稳定性的角度分析，发生该现象的可能原因是________。‎ ‎【答案】 (1). 大小（类型） (2). 作为生产者利用无机物合成有机物，同时把太阳能从无机环境输入生态系统，并直接或间接为其他生物提供营养物质 (3). 物种丰度增加，优势种由一年生植物向多年生植物演替 (4). 未利用的能量和流向分解者 (5). 3．16% (6). 在食物网中该种鸟占据了多个营养级，平均为3．2 (7). 与本地未开发的草原相比，露天废弃煤矿生态系统物种丰（富）度较低，营养结构简单，自我调节能力较弱，抵抗害虫干扰的稳定性较弱 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1.一般植物和个体小、活动能力小的动物以及虫卵常用的是样方法，其步骤是确定调查对象→选取样方→计数→计算种群密度；活动能力大的动物常用标志重捕法，其步骤是确定调查对象→捕获并标志个体→重捕并计数→计算种群密度；‎ ‎（1）样方法调查时，取样的关键是做到随机取样，不能掺入主观因素；常用的取样方法有五点取样法和等距取样法；‎ ‎（2）调查乔木的种群密度比调查草本植物种群密度时选用的样方面积大；‎ ‎（3）对样方中位于顶点和边线上的个体计数时，采用取相邻两边和这两边的顶点原则。‎ ‎2.生态系统的结构包括两部分。‎ ‎（1）生态系统的成分有：非生物的物质和能量、生产者、消费者、分解者组成。‎ ‎（2）生态系统的营养结构：食物链和食物网。能量流动的特点是：单向流动，逐级递减。能量流动的途径是食物链和食物网。一个营养级中的能量只有10%∽20%的能量，被下一个营养级所利用。‎ ‎【详解】（1）植物类型不同，其大小、体积差异显著（例如草本植物、灌木和木本植物），因此在采取样方法调查植物种群密度时，要根据植物的类型来设计样方的大小。‎ ‎（2）植物作为生产者，是生态系统中的主要成分。从能量流动角度分析，生产者可以将太阳能转化为化学能输入群落，从物质循环角度分析，生产者可以将无机物转化为有机物，从而直接、间接为其它生物提供营养物质和能量，因此，植被恢复是恢复被破坏生态系统的关键环节；图表中调查结果有两方面，一是物种数，二是优势种。所以从物种数变化结果来看，群落演替的趋势是物种丰度增加；从优势种类型来看，随着演替进行，优势种从一年生植物变为多年生植物。‎ ‎（3）①除最高营养级生物外，每个营养级同化量都有四种去路，分别是呼吸散失、被下一营养级同化、流向分解者的能量和未利用的能量，结合图示可知，A应包括生产者流向分解者的能量和未利用的能量。②能量传递效率应为两个营养级同化量之比，因此，第二营养级到第三营养级的能量传递效率为55．6×102/176×103×100% =3．16%。③该鸟可有多种食物来源，在不同的食物链中占据不同的环节（即可占据多个营养级），而且它在不同营养级获得的能量值不同，综合该鸟从各营养级获得能量占其所需总能量的比例，求得其营养级平均为3.2。‎ ‎（4）与本地未开发的草原相比，露天废弃煤矿生态系统物种丰（富）度较低，营养结构简单，自我调节能力较弱，因此其抵抗力稳定性差，故而更容易发生虫灾。生态系统抵抗力稳定性主要涉及到生态系统的自我调节能力，该能力与生态系统的营养结构复杂程度程正相关。‎ ‎【点睛】熟知相关基础知识是解答本题的关键，能够利用所学知识分析问题是本题考查的重要能力，最后一问的解释要注意逻辑性。‎ ‎19.阅读资料，回答问题（1）-（4）。‎ ‎2019年7月，世界卫生组织( WHO)发布了一个文件，建议成员国在婴儿辅食产品中“禁糖”，这里的糖主要指蔗糖。糖对健康的危害已经有很多研究，“减糖”成为了各国营养指南中的基本原则之一。糖对婴幼儿的直接影响首先是体重，其次，吃过糖之后，残留在口腔中的糖会成为口腔细菌的食物，造成龋齿以及其他口腔问题。‎ 甜味是包括我们人类在内的绝大多数动物都喜欢的一种味道，动物是如何感知甜味的呢?味蕾主要分布在舌头、上腭和咽部黏膜处。味蕾由50-150个味蕾细胞组成，当溶解于唾液中的化学物质与味觉受体结合时， 味觉受体蛋白被激活，引发味觉信号转导的级联放大，引起分布于味觉感受细胞基底部的神经纤维兴奋，并逐级向上经由脑干传递至味觉中枢进行信号处理，最终形成味觉。‎ 以蔗糖为代表的天然糖类的甜味信号转导过程是cAMP途径。其主要过程是蔗糖与甜味受体结合，激活细胞内的腺苷酸环化酶产生cAMP，导致胞内的cAMP浓度上升，而cAMP可能直接引起Ca2+内流；也可能激活蛋白激酶A引起味觉感受细胞基部K+通道的关闭，抑制了K+外流，最终导致神经递质释放。‎ 甜味引起的兴奋还会刺激多巴胺分泌，中脑边缘多巴胺系统是脑的“奖赏通路”，当多巴胺传递到脑的“奖赏中枢”可使人体验到愉悦感，因而多巴胺被认为是引发“奖赏”的神经递质。但长期的甜味刺激，会使多巴胺受体减少，导致同样甜度产生的愉悦感逐渐下降。也就是说要获得同样的愉悦，就需要更甜的食物。从而形成对糖的依赖导致偏食和挑食。当人们说“糖”不好的时候，许多父母可能会认为食用那些“高级”的糖——比如蜂蜜、冰糖、红糖、自己榨的果汁，就可以解决挑食和蔗糖引发的健康问题。这样是否可行呢?‎ ‎（1）婴儿摄入辅食中的糖类物质后，调节体内血糖相对稳定的主要激素包括__________，从血糖的来源和去路角度解释过多添加糖会导致婴儿肥胖的原因__________。‎ ‎（2）文中提到的“味蕾”属于反射弧中的__________，“味觉中枢”位于__________。‎ ‎（3）请结合文中叙述解释甜味信号传导过程中cAMP是如何使相关细胞产生兴奋并传导下去的。__________。‎ ‎（4）食用“高级”的糖能不能解决挑食问题和糖引发的健康问题?请结合文中叙述阐述你判断的理由。__________。‎ ‎【答案】 (1). 胰岛素和胰高血糖素(肾上腺素) (2). 摄入的糖类过多可以转化成脂肪等非糖物质 (3). 感受器 (4). 大脑皮层 (5). cAMP引起Ca2+内流或抑制K+外流，膜电位由外正内负变为外负内正，使神经细胞兴奋，导致神经递质释放，将兴奋传导下去 (6). 不能 挑食方面： 食用更“高级”的糖，长期的甜味刺激也会导致多巴胺受体减少，导致同样甜度产生的愉悦感逐渐下降，需要更甜的食物才能获得同样的愉悦感，因此不能解决对糖的依赖导致的挑食问题。健康方面：蜂蜜、红糖和果汁中同样含有蔗糖等糖类物质，摄入过多也会导致肥胖和龋齿等健康问题 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 调节血糖的激素：‎ ‎（1）胰岛素：（降血糖）．分泌部位：胰岛B细胞．作用机理：①促进血糖进入组织细胞，并在组织细胞内氧化分解、合成糖元、转变成脂肪酸等非糖物质。②抑制肝糖元分解和非糖物质转化葡萄糖（抑制2个来源，促进3个去路）。‎ ‎（2）胰高血糖素：（升血糖）。分泌部位：胰岛A细胞。作用机理：促进肝糖元分解和非糖物质转化为葡萄糖（促进2个来源）。‎ 血糖调节 ‎（1）血糖食物中糖类的消化吸收；肝糖原分解；脂肪等非糖类物质转化；‎ ‎（2）血糖去向：氧化分解；合成糖原；转化为脂肪、某些氨基酸等；‎ ‎【详解】（1）调节体内血糖相对稳定的主要激素包括胰岛素和胰高血糖素(肾上腺素)，摄入的糖类过多可以转化成脂肪等非糖物质，从而导致婴儿肥胖。‎ ‎（2）文中提到的“味蕾”属于反射弧中的感受器，“味觉中枢”位于大脑皮层。‎ ‎（3）甜味信号传导过程中，cAMP引起Ca2+内流或抑制K+‎ 外流，膜电位由外正内负变为外负内正，使神经细胞兴奋，导致神经递质释放，将兴奋传导下去。‎ ‎（4）食用“高级”的糖不能解决挑食问题和糖引发的健康问题，挑食方面： 食用更“高级”的糖，长期的甜味刺激也会导致多巴胺受体减少，导致同样甜度产生的愉悦感逐渐下降，需要更甜的食物才能获得同样的愉悦感，因此不能解决对糖的依赖导致的挑食问题。健康方面：蜂蜜、红糖和果汁中同样含有蔗糖等糖类物质，摄入过多也会导致肥胖和龋齿等健康问题 ‎【点睛】本题考查血糖平衡调节相关知识，掌握相关知识点结合题意答题即可。‎ ‎20.水稻是我国最重要的粮食作物。稻瘟病是由稻瘟病菌（Mp）侵染水稻引起的病害，严重危害我国粮食生产安全。与使用农药相比，抗稻瘟病基因的利用是控制稻瘟病更加有效、安全和经济的措施。‎ ‎（1）水稻对Mp表现出的抗病与感病为一对相对性状，可通过观察其自交后代性状分离比来判断__________。‎ ‎（2）现有甲（R1R1r2r2r3r3）、乙（r1r1R2R2r3r3）、丙（r1r1r2r2R3R3）三个水稻抗病品种，抗病（R）对感病（r）为显性，三对抗病基因位于不同染色体上。根据基因的DNA序列设计特异性引物，用PCR方法可将样本中的R1、r1、R2、r2、R3、r3区分开。这种方法可用于抗病品种选育中基因型的鉴定。‎ ‎①甲品种与感病品种杂交后，对F2不同植株的R1、r1进行PCR扩增。已知R1比r1片段短。从扩增结果（下图）推测可抗病的植株有____________。‎ ‎②为了在较短时间内将甲、乙、丙三个品种中的抗病基因整合，选育新的纯合抗病植株，请结合①的方法写出育种步骤：____________。‎ ‎（3）研究发现，水稻的抗病表现不仅需要自身抗病基因（R1、R2、R3等）编码的蛋白，也需要Mp基因（A1、A2、A3等）编码的蛋白。只有R蛋白与相应的A蛋白结合，抗病反应才能被激活。若基因型为R1R1r2r2R3R3和r1r1R2R2R3R3的水稻，被基因型为a‎1a1A2A2a3a3的Mp侵染，推测这两种水稻的抗病性表现依次为___________。‎ ‎（4）研究人员每年用Mp（A‎1A1a2a2a3a3）人工接种水稻品种甲（R1R1r2r2r3r3），几年后甲品种丧失了抗病性，检测水稻的基因未发现变异。推测甲品种抗病性丧失的原因是______________。‎ ‎（5）根据本题所述水稻与Mp 的关系，为避免水稻品种抗病性丧失过快，请从种植和育种两个方面给出建议__________________________。‎ ‎【答案】 (1). 抗病和感病的显隐性关系，及此抗病个体是否为杂合子 (2). 1和3 (3). a．甲×乙，得到F1；b．F1植株×丙，得到不同基因型的子代；c．用PCR方法选出R1r1R2r2R3r3植株，然后自交得到不同基因型的子代；d．用PCR方法选出R1R1R2R2R3R3植株 (4). 感病、抗病 (5). Mp的A1基因发生了突变 (6). 将含有不同抗病基因的品种轮换/间隔种植；将多个不同抗病基因通过杂交整合到一个品种中 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 杂交可以判断显隐性，若两个性状不同的纯合子杂交，可以根据子一代的表现型确定这一对性状中的显性性状和隐性性状；自交，具有相同性状的亲本杂交，可根据后代的性状表现推知亲本的基因型和显隐关系，也常用于得到能稳定遗传的纯合子，即通过杂交然后自交选育出符合条件的表现型后，进一步自交使其纯化，最终获得纯合子；测交可以用于显性个体基因型的判断，即确定其是纯合子还是杂合子，也可以推知显性个体的基因型和产生的配子类型及比例。‎ ‎【详解】（1）水稻对Mp表现出的抗病与感病为一对相对性状，可通过观察其自交后代性状分离比来判断抗病和感病的显隐性关系，即此抗病个体是否为杂合子，若自交出现性状分离，则可知亲本性状为显性性状，且为杂合子。‎ ‎（2）①题意显示，抗病基因是R，结合“已知R1比r1片段短”以及电泳图能分析出植株1和3是抗病的。‎ ‎②根据题干的要求：“在较短时间内将甲、乙、丙三个品种中的抗病基因整合，选育新的纯合抗病植株，即R1R1R2R2R3R3的植株，根据①的方法——即杂交育种或PCR。因此，设计实验步骤如下：①甲×乙，得到F1基因型为R1r1R2r2r3r3；②F1植株×丙，得到不同基因型的子代（R1r1R2r2R3r3、r1r1R2r2R3r3、R1r1r2r2R3r3、r1r1r2r2R3r3）； ③用PCR方法选出R1r1R2r2R3r3植株，然后自交得到不同基因型的子代；④用PCR方法选出R1R1R2R2R3R3植株。‎ ‎（3）由题干信息“只有R蛋白与相应的A蛋白结合，抗病反应才能被激活”可知，若基因型为R1R1r2r2R3R3和r1r1R2R2R3R3的水稻，被基因型为a‎1a1A2A2a3a3的Mp侵染，推测这两种水稻的抗病性表现依次为：感（不抗）病和抗病，因为基因型为a‎1a1A2A2a3a3的Mp侵染基因型为r1r1R2R2R3R3的水稻才能实现R蛋白与相应的A蛋白结合，而基因型为R1R1r2r2R3R3的水稻不能实现相应的蛋白结合，故表现为感病。‎ ‎（4）由题干信息“甲品种丧失了抗病性，检测水稻的基因未发现变异”‎ 可知，甲品种抗病性丧失的原因只能从MP中找原因。可推测变异的原因是是：MP的（A1）基因发生了突变/变异，（导致A1消失/A基因失活），A无法合成A蛋白，进而表现为感病。‎ ‎（5）根据本题所述水稻与Mp的关系，可以将含有不同抗病基因的品种轮换或间隔种植，或将多个不同抗病基因通过杂交整合到一个品种中，这样能有效避免水稻品种抗病性丧失过快的现象发生，‎ ‎【点睛】理解分离定律的实质并且能用分离定律解答实际问题是解答本题的关键，掌握自交、杂交和测交的用途是解答本题的另一关键，获取信息并能合理运用是本题的重要考查点。‎ ‎21.香蕉果实发育初期，果肉细胞积累大量的淀粉。成熟时，果皮由绿变黄，果肉逐渐变软。‎ ‎（1）香蕉果实成熟过程中乙烯含量增加，果肉逐渐变甜，试解释果肉变甜的原因_______。‎ ‎（2）测定香蕉成熟过程中淀粉水解酶D和乙烯响应蛋白H表达量，结果如图1。‎ 由图可知，D蛋白和H蛋白含量随时间的变化趋势均为_______，乙烯的作用是_______。‎ ‎（3）为研究乙烯对D基因和H基因表达的调控机制。构建4种表达载体，分别导入香蕉细胞获得转基因植株。将各组香蕉果实分别贮存在有或无乙烯环境中，果肉横切显色结果如下表。（组成型启动子在所有细胞中保持持续活性。GUS基因的表达产物能使无色底物显现蓝色）‎ 分组 表达载体类型 显色结果 有乙烯 无乙烯 ‎1‎ 组成型启动子+GUS基因 蓝色 蓝色 ‎2‎ 无功能启动子+GUS基因 无色 无色 ‎3‎ D基因启动子+GUS基因 蓝色 无色 ‎4‎ H基因启动子+GUS基因 蓝色 无色 本实验的对照组为________。实验结果表明_____________________________________。‎ ‎（4）为探究H基因与D基因的关系，研究人员推测H基因的表达产物作用于D基因启动子，促使D基因转录。研究者利用图2所示载体1、载体2和亮氨酸缺陷型酵母细胞设计如下实验，请完善实验方案及结果预测。‎ ‎（注：AbAr为金担子素抗性基因）‎ ‎ 图2‎ ‎①先将载体1导入亮氨酸缺陷型酵母细胞，可通过________技术筛选出重组酵母1。若支持推测，重组酵母1能否在含有金担子素和亮氨酸的培养基中存活？判断及理由为：__________。‎ ‎②____________________________________，用选择培养基筛选出重组酵母2。关于该选择培养基的配方正确是________。‎ A．加亮氨酸和AbA B．不加亮氨酸和AbA C．不加亮氨酸，加AbA D．加亮氨酸，不加AbA ‎（5）综合上述实验结果，乙烯调控香蕉果实成熟过程中果肉变甜的具体路径为________。‎ ‎【答案】 (1). 乙烯促进淀粉水解（转化）为可溶性糖（葡萄糖/单糖） (2). 先增大再减小 (3). 使H、D蛋白含量高峰提前 (4). 1、2 (5). 乙烯促进了D基因和H基因的转录（表达） (6). PCR（或DNA分子杂交） (7). 不能。虽然培养基中含有亮氨酸为重组酵母1细胞提供亮氨酸营养，但是因为重组酵母1中无无H蛋白结合D基因启动子，AbAr基因不能转录，重组酵母1不具有金担子素抗性，故不能存活。 (8). 再将载体2导入重组酵母1 (9). C (10). 乙烯促进H基因表达，合成的H蛋白促进了D基因表达，合成的淀粉水解酶增加，催化果肉中的淀粉转化为可溶性糖 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1.乙烯主要作用是促进果实成熟，此外含有促进老叶等器官脱落的作用，植物各部分都能合成乙烯。‎ ‎2.选择培养基是指一类根据特定微生物的特殊营养要求或其对某理化因素抗性的原理而设计的培养基；具有只允许特定的微生物生长，而同时抑制或阻止其他微生物生长的功能。‎ ‎【详解】（1）乙烯具有催熟作用，香蕉果实成熟过程中乙烯含量增加，而且果肉逐渐变甜，显然是乙烯促进淀粉水解（转化）为可溶性糖（葡萄糖/单糖）导致的。‎ ‎（2）由图可知，D蛋白和H蛋白随时间变化而先增大再减小，而且乙烯使H、D蛋白含量高峰提前，进而起到了催熟的作用。‎ ‎（3）据题干和表格可知，该实验自变量为乙烯，因变量H、D基因启动子的活化状态，GUS为报告基因，显色结果为蓝色，说明GUS基因表达，相应的启动子处于活化状态。因此，第1组为阳性对照，第2组为阴性对照，实验结果表明乙烯能够使H、D基因启动子发生活化，这说明乙烯促进了D基因和H基因的转录（表达）。‎ ‎（4）①在该实验中，AbAr基因为D基因启动子是否活化的报告基因，只导入载体1的酵母菌细胞AbAr基因无法表达，因此，虽然培养基中含有亮氨酸为重组酵母1细胞提供亮氨酸营养，但是因为重组酵母1中无无H蛋白结合D基因启动子，AbAr基因不能转录，重组酵母1不具有金担子素抗性，故不能存活；重组酵母1可采用PCR（或DNA分子杂交）技术来筛选。②再将载体2导入重组酵母1后，重组酵母菌2能够自己合成亮氨酸，如果H基因表达后确实能促进D基因启动子的活化，则AbAr基因成功表达后，酵母菌具有AbA抗性。因此选择性培养基中应该不加亮氨酸，而加AbA，如果出现能正常生长的酵母菌，C正确。‎ ‎（5）综上可知，乙烯促进H基因表达，合成的H蛋白促进了D 基因表达，合成的淀粉水解酶增加，催化果肉中的淀粉转化为可溶性糖。‎ ‎【点睛】熟知相关基础知识是解答本题关键！能够提取关键信息进行合理的分析、综合是解答本题的另一关键！‎ ‎ ‎