2019-2020学年新突破同步人教版生物必修二练习：第1章第2节　孟德尔的豌豆杂交实验（二） 9页

[基础全练] 1．自由组合定律的实质是( ) A．杂种后代性状自由组合 B．杂种后代性状比例为 9∶3∶3∶1 C．杂种产生配子时，等位基因分离，非等位基因自由组合 D．杂种产生的配子自由组合 解析：杂种产生配子时，非同源染色体上非等位基因的自由组合是自由组合定律 的实质；杂种后代性状自由组合及性状分离比为 9∶3∶3∶1 是非等位基因自由组 合的结果；杂种产生的配子受精时随机结合，是实现杂种后代性状自由组合和后 代 9∶3∶3∶1 性状分离比的前提条件。 答案：C 2．孟德尔通过做两对相对性状的遗传实验，发现了自由组合定律。他选用纯合黄 色圆粒豌豆种子和纯合绿色皱粒豌豆种子为亲本杂交得到 F1，F1 种子全为黄色圆 粒。F1 自交得到 F2，F2 种子有四种表现型：黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿 色皱粒，其比例为 9∶3∶3∶1。有关该实验说法不正确的是( ) A．实验中黄色和绿色、圆粒和皱粒的遗传均符合分离定律 B．F2 出现了不同于亲本的性状组合 C．F2 黄色皱粒种子中纯合子占 1/16 D．F2 中杂合黄色圆粒种子占 1/2 解析：实验中黄色和绿色、圆粒和皱粒的遗传均符合分离定律，A 正确；F2 出现 了黄色皱粒和绿色圆粒两种不同于亲本的性状组合，B 正确；F2 黄色皱粒 1YYrr、 2Yyrr 种子中纯合子占 1/3，C 错误；F2 中杂合黄色圆粒 2YyRR、2YYRr、4YyRr 种子占 1/2，D 正确。 答案：C 3．已知豌豆某两对基因按照基因自由组合定律遗传，其子代 基因型及比例如图，则双亲的基因型是( ) A．AABB×AABb B．AaBb×AaBb C．AABb×AaBb D．AaBB×AABb 解析：根据图示信息可知，AaBb 占 2/8，AaBB 占 1/8，AAbb 占 1/8，AABb 占 2/8， AABB 占 1/8，Aabb 占 1/8，子代中 AA∶Aa＝1∶1，说明亲本基因型是 AA×Aa； 子代中 BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，说明亲本基因型是 Bb×Bb，所以两亲本的基因型 应该为 AABb×AaBb，故 C 正确。 答案：C 4．金鱼草正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完 全显性，杂合子是粉红花。三对相对性状独立遗传，如果纯合的红花、高株、正 常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在 F2 中具有与 F1 相同表 现型的植株的比例是( ) A．3/32 B．3/64 C．9/32 D．9/64 解析：设纯合的红花、高株、正常花冠植株基因型是 AABBCC，纯合的白花、矮 株、不整齐花冠植株基因型是 aabbcc，F1 是 AaBbCc，自交后代 F2 植株中与 F1 表 现型相同的概率是 1/2×3/4×3/4＝9/32。 答案：C 5．香豌豆中，只有当 A、B 两个不同的显性基因共同存在时，才开红花，一株红 花植株与 aaBb 的植株杂交，子代中有 3/8 开红花。让这一株红花植株自交，则其 后代不开红花植株中，杂合子占( ) A．1/2 B．4/9 C．4/7 D．8/9 解析：一株红花个体与 aaBb 杂交，后代开红花的比例为 3/8。不难分析 3/8＝1/2×3/4。 该红花个体的基因型为 AaBb，它自交的后代红花为 A_B_，不开红花植株的基因 型及比例为 3A_bb∶3aaB_∶aabb，其中杂合子占 4/7。 答案：C 6．某鲤鱼种群体色遗传有如下特征，用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤) 杂交，F1 皆为黑鲤，F1 雌雄个体相互交配所得 F2 的性状分离结果如表所示。据此 分析，若用 F1(黑鲤)与红鲤杂交，子代中不同性状的数量比是( ) 取样地点 取样总数 F2 性状分离情况 黑鲤 红鲤 黑鲤∶红鲤 1 号池 1 699 1 592 107 14.88∶1 2 号池 62 58 4 14.50∶1 A.1∶1∶1∶1 B．3∶1 C．1∶1 D．15∶1 解析：根据 F1 雌雄个体相互交配所得 F2 的性状分离比约为 15∶1 可知，红鲤是双 隐性个体，其余基因型个体都表现为黑鲤。根据黑鲤和红鲤杂交后代都是黑鲤可 知，亲代的黑鲤是双显性纯合子，因此 F1 黑鲤是双杂合个体，双杂合个体与双隐 性个体杂交，后代的表现型比例为 3∶1。 答案：B 7．豌豆花的颜色由两对等位基因 P、p 和 Q、q 控制，都是独立遗传。假设每对等 位基因中至少有一个显性基因时花是紫色的，其他的基因组合都是白色的，如用 紫花和白花植株进行杂交，F1 中紫花∶白花＝3/8∶5/8，则亲本的基因型可能为 ( ) A．PPQq×PPQq B．PpQQ×Ppqq C．PpQq×ppqq D．PpQq×Ppqq 解析：由题意可知，紫花植株的基因型为 P_Q_，F1 中紫花占 3/8 可以拆分为 3/4×1/2 或 1/2×3/4，由此可以推出亲本基因型为 PpQq×Ppqq 或 PpQq×ppQq。 答案：D 8．玉米的宽叶(A)对窄叶(a)为显性，杂合子宽叶玉米表现为高产；玉米有茸毛(D) 对无茸毛(d)为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显 性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。已知两对基因独立遗传，若高产有茸毛玉 米自交产生 F1，则 F1 的成熟植株中( ) A．有茸毛与无茸毛之比为 3∶1 B．有 9 种基因型 C．高产抗病类型占 1/4 D．宽叶有茸毛类型占 1/2 解析：分析题意可知，高产有茸毛玉米的基因型为 AaDd，其自交后代 F1 的成熟植 株中有茸毛和无茸毛的基因型分别为 2/3Dd、1/3dd，因此，后代有茸毛与无茸毛 之比为 2∶1，A 项错误；基因型为 AaDd 的玉米自交，后代幼苗的基因型有 9 种， 但由于基因型为_ _DD 的幼苗死亡，因此，后代中成熟植株只有 6 种基因型，B 项 错误；F1 的成熟植株中高产抗病类型的基因型为 AaDd，所占比例为 1/2×2/3＝1/3， C 项错误；F1 的成熟植株中宽叶有茸毛的基因型为 AADd 或 AaDd，所占比例为 1/4×2/3＋2/4×2/3＝1/2，D 项正确。 答案：D 9．研究者选用不同毛色的水貂纯合品系进行杂交，实验结果如表所示。 实验 亲本 F1 F2 Ⅰ 黑色×铂灰色 黑色 18 黑色，5 铂灰色 Ⅱ 黑色×银灰色 黑色 27 黑色，10 银灰色 Ⅲ 铂灰色×银灰色 黑色 133 黑色，41 铂灰色，46 银灰色， 15 宝石蓝色 请回答下列问题： (1)实验Ⅰ和实验Ⅱ中，F1 黑色水貂是________(填“纯合子”或“杂合子”)。 (2)实验Ⅲ的 F1 均为黑色，F2 出现________现象，根据表现型及比例可推断毛色的 遗传符合基因的________定律。实验Ⅲ的 F2 银灰色个体中杂合子所占的比例约为 ________。 (3)若实验Ⅲ的 F2 中宝石蓝色水貂与纯合铂灰色水貂杂交，则其子代表现型为 ________。 解析：(1)由于实验Ⅰ和实验Ⅱ的 F2 均出现性状分离，所以 F1 黑色水貂是杂合子。 (2)实验Ⅲ的 F1 均为黑色，F2 出现四种表现型，称为性状分离现象，又四种表现型 比例接近 9∶3∶3∶1，可推测毛色的遗传符合基因的自由组合定律，且由两对等 位基因控制，设相关基因为 A、a 和 B、b，则 F1 的基因型是 AaBb，F2 中银灰色 个体基因型为 A_b_或 aaB_，其中杂合子(Aabb 或 aaBb)所占的比例约为 2/3。(3) 实验Ⅲ的 F2 中宝石蓝色水貂基因型为 aabb，纯合铂灰色水貂基因型是 aaBB 或 AAbb，所以二者杂交后代基因型为 aaBb 或 Aabb，表现为铂灰色。 答案：(1)杂合子 (2)性状分离 自由组合 2/3 (3)铂灰色 10．燕麦颖色有黑色、黄色和白色三种颜色，由 B、b 和 Y、y 两对等位基因控制， 只要基因 B 存在，植株就表现为黑颖。为研究燕麦颖色的遗传规律，进行了如图 所示的杂交实验，请分析回答： (1)图中亲本中黑颖个体的基因型为________，F2 中白颖个体的基因型是________。 (2)F1 测交后代中黄颖个体所占的比例为________。F2 黑颖植株中，部分个体无论 自交多少代，其后代仍然为黑颖，这样的个体占 F2 黑颖燕麦的比例为________。 (3)现有一包标签遗失的黄颖燕麦种子，请设计杂交实验方案，确定黄颖燕麦种子 的基因型。 实验步骤：①___________________________________________________； ②_______________________________________________________________。 结果预测：①如果______________________，则包内种子基因型为 bbYY； ②如果______________________，则包内种子基因型为 bbYy。 解析：(1)由于子二代中黑颖∶黄颖∶白颖≈12∶3∶1，说明 F1 基因型为 BbYy， 所以亲本黑颖和黄颖个体的基因型分别是 BByy、bbYY，F2 中白颖个体的基因型 是 bbyy。(2)F1 的基因型为 BbYy，其测交后代中黄颖(bbY_)个体所占的比例为 1/2×1/2＝1/4，F2 黑颖植株中，部分个体无论自交多少代，其后代仍然为黑颖，说 明其基因型是 BB_ _，占 F2 黑颖燕麦的比例为 1/3。(3)黄颖植株的基因型为 bbYY 或 bbYy，要想鉴定其基因型，可将该植株自交得到 F1，统计 F1 燕麦颖色，若全为 黄颖，则该植株基因型为 bbYY，若黄颖∶白颖＝3∶1，则该植株基因型为 bbYy。 答案：(1)BByy bbyy (2)1/4 1/3 (3)实验步骤：①将待测种子分别单独种植并 自交，得 F1 种子 ②F1 种子长成植株后，按颖色统计植株的比例 结果预测：①F1 种子长成的植株颖色全为黄颖 ②F1 种子长成的植株颖色既有黄颖又有白颖，且黄颖∶白颖＝3∶1 [素养提升] 11．某植物子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。某 人用黄色圆粒和绿色圆粒作亲本进行杂交，发现后代(F1)出现 4 种类型，其比例分 别为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝3∶3∶1∶1。去掉花瓣，让 F1 中黄色圆粒植株相互授粉，F2 的性状分离比是( ) A．24∶8∶3∶1 B．25∶5∶5∶1 C．15∶5∶3∶1 D．9∶3∶3∶1 解析：子一代黄色圆粒植株去掉花瓣相互授粉，相当于自由交配，可以将自由组 合问题转化成两个分离定律问题：①Yy×Yy→黄色 Y_＝3/4、绿色 yy＝1/4， ②R_×R_→皱粒 rr＝2/3×2/3×1/4＝1/9，圆粒 R_＝8/9。因此 F2 的性状分离比是黄 色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝(3/4×8/9)∶(1/4×8/9)∶(3/4×1/9)∶ (1/4×1/9)＝24∶8∶3∶1。 答案：A 12．用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1 全部表现为红 花。若 F1 自交，得到的 F2 植株中，红花为 272 株，白花为 212 株；若用纯合白花 植株的花粉给 F1 红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为 101 株，白花为 302 株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是( ) A．F2 中白花植株都是纯合子 B．F2 中红花植株的基因型有 2 种 C．红花与白花由一对等位基因控制 D．F2 中白花植株的基因型种类比红花植株的多 解析：由题干信息推知，子代植株中红花为 101 株，白花为 302 株，相当于测交 后代表现 1∶3 的分离比，因此该相对性状由两对等位基因控制，且两对基因的遗 传符合自由组合定律，A_B_表现为红色，A_bb、aaB_、aabb 表现为白色，F2 中白 花植株中既有纯合子，又有杂合子，A、C 项错误；F2 中红花植株的基因型有 4 种， 即 AABB、AaBB、AABb、AaBb，白花植株的基因型有 5 种，即 aaBB、aaBb、 AAbb、Aabb、aabb，B 项错误，D 项正确。 答案：D 13．柑橘的果皮色泽同时受多对等位基因控制(用 A、a，B、b，C、c 等表示)，当 个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时表现为红色，当个体的 基因型中每对等位基因都不含显性基因时表现为黄色，其余表现为橙色。现有三 株柑橘进行如下甲、乙两组杂交实验。 实验甲：红色×黄色→红色∶橙色∶黄色＝1∶6∶1 实验乙：橙色×红色→红色∶橙色∶黄色＝3∶12∶1 据此分析下列叙述不正确的是( ) A．果皮的色泽受 3 对等位基因的控制 B．实验甲亲、子代中红色果皮植株基因型相同 C．实验乙橙色亲本有 3 种可能的基因型 D．若实验乙中橙色亲本的基因型已确定，则橙色子代有 10 种基因型 解析：根据题意分析可知，实验甲中：红色×黄色→红色∶橙色∶黄色＝1∶6∶1， 相当于测交，说明果皮的色泽受 3 对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律，A 正确；根据以上分析可知，实验甲的亲本基因型组合为 AaBbCc×aabbcc，则子代 红色果皮植株的基因型也是 AaBbCc，B 正确；实验乙：橙色×红色→红色∶橙色∶ 黄色＝3∶12∶1，由于后代出现了黄色果皮 aabbcc(1/16)，说明红色亲本基因型为 AaBbCc，且亲本相当于一对杂合子自交、两对杂合子测交，则橙色亲本有三种基 因型，分别为：Aabbcc、aaBbcc 或 aabbCc，C 正确；根据以上分析可知，实验乙 中若橙色亲本的基因型已确定，则子代的基因型一共有 3×2×2＝12(种)，其中红 色子代有 2 种基因型，橙色子代有 9 种基因型，黄色子代有 1 种基因型，D 错误。 答案：D 14．若某哺乳动物毛色由 3 对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其 中，A 基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B 基因编码的酶可使该褐色素转化 为黑色素；D 基因的表达产物能完全抑制 A 基因的表达；相应的隐性等位基因 a、 b、d 的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交， F1 均为黄色，F2 中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9 的数量比，则杂交亲 本的组合是( ) A．AABBDD×aaBBdd，或 AAbbDD×aabbdd B．aaBBDD×aabbdd，或 AAbbDD×aaBBDD C．aabbDD×aabbdd，或 AAbbDD×aabbdd D．AAbbDD×aaBBdd，或 AABBDD×aabbdd 解析：本题主要考查基因自由组合定律的应用。由题意可知，决定毛色为黄色的 基因型为 aa_ _ _ _或 A_ _ _D_，决定毛色为黑色的基因型为 A_B_dd，且黑色个体 在 F2 中所占比例为 9÷(52＋3＋9)＝9/64＝3/4×3/4×1/4，可以推测出 F1 基因型为 AaBbDd(黄色)，再根据亲本为两个纯合的黄色品种以及黄色品种的基因型，可推 出杂交亲本的组合可能为 AAbbDD×aaBBdd，或 AABBDD×aabbdd，因此 D 项 正确。 答案：D 15．现有三个纯合品系的某自花传粉植物：紫花、红花和白花，用这 3 个品系做 杂交实验，结果如图所示，结合实验结果分析回答下列问题。 (1) 紫 花 和 红 花 性 状 受 ________ 对 基 因 控 制 ， 甲 组 杂 交 亲 本 的 表 现 型 是 ____________________________________________________________________。 (2) 将 乙 组 F1 紫 花 和 丙 组 F1 紫 花 进 行 杂 交 ， 后 代 表 现 型 及 比 例 是 __________________________________________________________________。 (3)从丙组 F1 植株上收获了共 3 200 粒种子，将所有种子单独种植(自交)，理论上有 ________株植株能产生红花后代。 (4)请从题干的三个纯合品系中选择亲本为实验材料，通过一次杂交实验鉴别出丙 组 F2 中的杂合白花植株。 ①实验步骤：____________________________________________； ②结果分析：若子代________，则为杂合白花植株。 解析：(1)丙组中出现了 9∶3∶4 的比例，是 9∶3∶3∶1 的变式，说明该性状由两 对等位基因控制，该性状的遗传遵循自由组合定律。根据题意可设紫花基因型为 A_B_，红花基因型为 A_bb，则白花基因型为 aaB_和 aabb。甲组合中，F2 紫花 (A_B_)∶红花(A_bb)＝3∶1，说明 F1 紫花基因型为 AABb，故亲本的表现型为紫 花(AABB)和红花(AAbb)。 (2)乙组中，F2 紫花(A_B_)∶白花(aaB_，此处不可能为 aabb)＝3∶1 说明 F1 紫花基 因型为 AaBB，故亲本组合为紫花(AABB)和白花(aaBB)。丙组中 F1 紫花基因型为 AaBb，乙组 F1 紫花(AaBB)和丙组 F1 紫花(AaBb)杂交，子代紫花(A_B_)占 3/4，白 花(aaB_)占 1/4，即紫花∶白花＝3∶1。 (3)丙组 F1 植株上收获了 3 200 粒种子(即 F2)，F2 自交后能产生红花后代(A_bb)的类 型有 A_bb 和 A_Bb，所占比例分别是 3/16、6/16，故理论上 F2 中能产生红花后代 的植株有 3 200×9/16＝1 800(株)。 (4)丙组中 F2 白花类型有 aaBB、aaBb、aabb，可用纯合红花(AAbb)与丙组中的 F2 白花杂交，观察下一代的花色类型及比例，若后代全是紫花，则该 F2 白花基因型 为 aaBB；若后代紫花与红花比例为 1∶1，则该 F2 白花基因型为 aaBb；若后代全 是红花，则该 F2 白花基因型为 aabb。 答案：(1)两 紫花×红花 (2)紫花∶白花＝3∶1 (3)1 800 (4)①选择纯合红花与丙组中的白花杂交，观察子代表现型 ②既有紫花 又有红花