2020年四川省宜宾市翠屏区第二片区中考物理三模试卷(含答案解析) 17页

2020 年四川省宜宾市翠屏区第二片区中考物理三模试卷 一、单选题（本大题共 6 小题，共 18.0 分） 1. 关于声现象，下列说法正确的是 A. “声纹门锁”是根据声音的响度来判断的 B. 中考期间考场附近禁止鸣笛，是在声源处消声来控制噪声的 C. 我们可以利用回声来测量地球与月球之间的距离 D. 用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声音能够传递信息 2. 在下图所示的四个情景中，属于光的直线传播形成的是 A. 丹顶鹤在水中的倒影 B. 射灯射出的光柱 C. 铅笔在水面处“折断” D. 雨后的彩虹 3. 下列属于熔化的是 A. 糖水放一段时间变干了 B. 露水的形成 C. 夏天放棒冰的杯子外壁的小水珠 D. 棒冰变成糖水 4. 关于热量，下列说法正确的是 A. 热水比冷水含的热量多 B. 一大桶水比一小桶水含的热量多 C. 一个物体内能越多，它具有的热量越多 D. 热量是热传递过程中物体内能的改变量 5. 如图所示，将一圆台型装满水的密封容器放在水平桌面上，此时水对容器 底部的压强为 1 ，容器对水平桌面的压强为 1 ；若将容器倒放在水平桌面 上，则水对容器底部的压强为 2. 容器对水平桌面上的压强为 2. 下列关系式正确的是 A. 1 2 ； 1 2 B. 1 2 ； 1 2C. 1 2 ； 1 2 D. 1 2 ； 1 2 6. 如图所示，滑动变阻器的最大电阻为 6 ， 2 的电阻为 4 ，电源电 压为 10V 保持不变，当滑动变阻器的滑片从 a 滑到 b 时，电压表的示 数变化范围是 A. 4ܸ ܸB. 1ܸ 6ܸC. 1ܸ 4ܸD. 6ܸ ܸ二、多选题（本大题共 2 小题，共 6.0 分） 7. 如图所示，两个完全相同的烧杯甲、乙放在水平台上，分别装有密度不同的 盐水 a、b，将两个完全相同的小球分别放入两烧杯中静止时，两杯盐水液 面相平，则 A. 两杯盐水的密度关系 B. 盐水对烧杯底部压强关系 C. 小球在两杯盐水中的浮力关系 D. 若将乙杯中的盐水倒入甲杯中一部分，则甲杯中小球静止时受到的浮力不变 8. 如图所示电路中，电源电压不变， 1 为定值电阻， 2 为滑动变阻器 、b 为其两端点 ，闭合开关 S，当滑片 P 在 b 端时，电流表示数为 .3m ， 2消耗的电功率为 .ࢭ也 ；当滑片 P 移动至某一位置时，电流表示数为 .5m ， 2 消耗的电功率为 .5也 ，则当滑片 P 从 a 移到 b 的过程中 A. 电压表示数变化了 3V B. 电流表示数变化了 .6mC. 1 消耗的电功率先变大再变小 D. 电路消耗的总功率变化了 1.8也三、填空题（本大题共 4 小题，共 16.0 分） ࢭ. 太阳能属于______ 填“一次”或“二次” 能源，太阳能是太阳内部氢原子核发生核______ 填 “裂变”或“聚变” 释放出的能量。 1. 甲、乙两辆小车同时从同一地点同方向出发，沿水平地面做直线运动， 它们运动的 ⸱ 图像如图所示，由图像可知甲车的速度______乙车速 度，运动 5s 两车相距________m。 11. 如图所示，是电和磁知识中的两个重要实验装置，甲是研究在磁场中转动的线圈产生电流的情 况，这种现象是______现象；乙是研究通电线圈在磁场里受力转动的现象，______机就是根据 这一原理制成的。乙图中电能转化为______能。 12. 如图所示为施工现场使用的提升装置。已知被提升的建筑材料的质量为 200kg，动滑轮重 500N，拉力 F 在 100s 内将重物匀速提升了 10m。 不计 绳重及摩擦，g 取 1ܰȀ 拉力 F 的功率为______W，该装置的机械效率 为______。 四、作图题（本大题共 2 小题，共 6.0 分） 13. 如图所示，一个工件与传送带一起以 .3ܰ 的速度水平向右匀速 运动，不计空气阻力，请在图中画出工件受力的示意图。 14. 如图所示，一束光从空气斜射向玻璃砖，请完成光路图． 五、实验探究题（本大题共 2 小题，共 14.0 分） 15. 在探究“水的沸腾”的实验中，小王小组的同学取了 100g 的水加热，当水温升到 ࢭ 时，每 隔 1min 记录一次温度计的示数，直到水沸腾 5min 后停止读数，部分数据记录如下表： 时间 ܰ䁪 0 1 2 3 4 5 6 7 8 水的温度 ܰ 90 92 94 98 98 98 98 98 1 某次数据没有记录，当时温度计示数如图 1 所示，此时温度是______ 2 分析实验数据和现象，可知水的沸腾特点______，由水的沸点，可判断出当时的大气压 ______ 选填“高于”、“等于”或“低于” 1 标准大气压。 3 根据表中数据计算，把烧杯中的水加热至沸腾，水需要吸收的热量为______J. 假设加热过程 中水的质量不发生变化 4 有两组同学选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图象如图 2 所 示：a、b 两种图象不同的原因是水的______不同。 16. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒定为 6V，小灯泡的额定电压为 2.5ܸ ，正常发光 时的电阻约为 1 ，所用滑动变阻器的规格为“ 51m ”。 1 请用笔画线代替导线将甲图中未完成的实物电路连接完整； 2 改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出 了如图乙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图像，根据图像提供的信息，可知小灯泡的额定 功率为_____W，小灯泡灯丝电阻变化的原因是_____。 六、计算题（本大题共 2 小题，共 20.0 分） 17. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡上标有“6V3W 的字样 不考虑温度对小灯泡电阻的影响 ， 24 ，滑动变阻 器的规格为“ 181.5m ”。当开关 1 、 2 都闭合，将滑动变阻器 的滑片 P 移至 a 端时，灯 L 正常发光。 1 求电源电压； 2 求此时电压表与电流表的示数； 3 若将开关 1 闭合、 2 断开，滑动变阻器的滑片 P 移至 b 端，求此时电压表的示数与灯 L 消耗 的功率。 18. 如图 1 所示，在底面积为 1 2 2 的容器中有一重物，现利用弹簧测 力计将其拉出水面，弹簧测力计的示数 F 随时间变化的图象如图 2 所示，根据图象信息，计算 1 物体被拉出水面之前受到的浮力； 2 物体的密度； Ȁ 取 1ܰȀ 3 物体被拉出水面，由于水面降低，容器底受到水的压强减小了多少帕？ 【答案与解析】 1.答案：B 解析：解：A、“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的，故 A 错误； B、中考期间考场附近禁止鸣笛，是在声源处消声来控制噪声的，故 B 正确； C、月球和地球之间没有空气，因此不能用回声测距测距离，故 C 错误； D、用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声音能够传递能量，故 D 错误； 故选 B． 1 防止噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱； 2 不同物体发声时，声音的特色不同，就是指音色不同； 3 声音不仅可以传递信息，还可以传递能量； 4 声音的传播需要介质，真空不能传声． 本题考查了噪声、音色以及声音的传播的相关知识，属于声学基础知识的考查，相对比较简单． 2.答案：B 解析：解：A、丹顶鹤在水中的倒影，是平面镜成像，属于光的反射现象，不符合题意，故 A 错； B、射灯射出的光柱说明光是沿直线传播的，故 B 正确； C、铅笔在水面处“折断”是由于光的折射形成的，不符合题意，故 C 错； D、雨后的彩虹是太阳光照到小水滴上发生了光的色散，是由于光的折射形成的，不符合题意，故 D 错。 故选：B。 光在自然界中存在三种光现象：在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同 一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象， 例如：平面镜成像、水中倒影等；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生 折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等。 3.答案：D 解析：解：A、糖水放一段时间变干了是液态糖水变成气态的蒸发过程，蒸发是汽化的一种方式，故 A 不符合题意； B、露水，是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，属于液化现象，故 B 不符合题意； C、夏天放冰棒的杯子外壁的小水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，属于液化现象，故 C 不符合题意； D、棒冰变成糖水，由固态变成了液态，属于熔化现象，故 D 符合题意． 故选 D． 1 在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化； 2 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由 液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固． 分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态． 4.答案：D 解析：解：A、热水比冷水含有热量多，不对，不能说含有或者具有热量． B、一大桶水比一小桶水含有的热量多，不对，不能说含有或者具有热量． C、一个物体内能越多，它具有的热量越多，不对，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量． D、热量总从高温物体传递到低温物体，正确，热量只存在于热传递或热交换过程中． 故选 D． 热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递 等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量． 此题是一道易错题，很多同学不能理解：热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，只能说放出 或者吸收． 5.答案：B 解析：解：由于甲上粗下细，装满水的密封容器； 1 装满水，将容器倒放，但水的深度不变，由 Ȁ 可得： 1 2 ； 2 正放和倒放时，对水平桌面的压力相等，都等于水和容器总重，所以 1 2 ； 由于受力面积变大，由 可得，水平桌面受到的压强变小，即 1 2.故选 B． 1 倒置后，液体深度不变，由液体压强公式得出容器底受到液体压强的变化情况； 2 在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，倒置后压力不变、受力面积变小，根据压强公式 判断桌面受到的压强变化． 本题考查了学生对压强定义式、液体压强公式的掌握和运用，在水平桌面上，物体对桌面的压力等 于物体重． 6.答案：C 解析： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据电压表的正确使用判断出滑片的移动不 能改变电路中的总电阻。 电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知滑片移动时电路中的总电阻不变，根据电阻的 串联和欧姆定律求出电路中的电流，当滑片位于 b 端时电压表测 2 两端的电压，根据欧姆定律求出 电压表的最小示数；当滑片位于 a 端时电压表测电源的电压示数最大，进一步得出答案。 因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时电路中的总电阻不变， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流： 2 1ܸ 64 .1m ， 当滑片位于 b 端时电压表测 2 两端的电压，则电压表的最小示数： 2 2 .1m 4 4ܸ ； 当滑片位于 a 端时电压表测电源的电压，示数最大为 10V，所以，当滑动变阻器的滑片从 a 滑到 b 时，电压表的读数变化范围是 1ܸ ～ 4ܸ ，故 ABD 错误，C 正确。 故选 C。 7.答案：BCD 解析：解：A、小球在甲杯中漂浮，则 球；在乙杯中悬浮，则 球；所以， ，故 A 错误； B、两杯中液面相平，h 相等， ，由公式 Ȁ 可知， . 故 B 正确； C、读图可知，小球在甲杯中漂浮，在乙杯中悬浮，则浮沉条件可知，它们此时所受的浮力都等于自 身的重力，即浮力相同，故 C 正确； D、由于 球，若将乙杯中的盐水倒入甲杯中一部分，则甲杯中盐水的密度变小，但仍大于 乙杯中盐水的密度；所以小球在甲杯中仍漂浮，浮力与重力相等，所以浮力不变，故 D 正确． 故选 BCD． 1 根据小球的浮沉情况判断出杯中盐水密度的大小关系； 2 利用压强公式 Ȁ 判断压强的大小； 3 根据漂浮与悬浮的条件可判断小球在不同杯子中受到的浮力的大小； 4 根据甲杯中的盐水的密度变化和漂浮与悬浮的条件可判断小球受到的浮力变化． 本题的解答需要用到浮沉条件、液体压强公式、阿基米德原理、压强的变形公式等，同时还要进行 严密的推理，综合性较强，难度适中． 8.答案：AD 解析：解：由电路图可知， 1 与 2 串联，电压表测 1 两端的电压，电流表测电路中的电流。 1 当滑片 P 在 b 端时，电流表示数为 .3m ， 2 消耗的电功率为 .ࢭ也 ， 由 2 可得， 2 的最大阻值： 2 2 2 .ࢭ也 .3m2 1 ， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由 可得，电源的电压： 1 2 .3m 1 1 ------ 当滑片 P 移动至某一位置时，电流表示数为 .5m ， 2 消耗的电功率为 .5也 ， 此时 2 接入电路中的电阻： 2 2 2 .5也 .5m 2 2 ， 则电源的电压： 1 2 .5m 1 2 ----- 由 可得： 6ܸ ， 1 1 ； 2 当滑片 P 位于 a 端时，接入电路中的电阻为 0，此时电压表的示数 1 6ܸ ， 电路中的电流： 1 1 6ܸ 1 .6m ， 当滑片 P 位于 b 端时，电流表的示数 .3m ，电压表的示数 1 1 .3m 1 3ܸ ， 当滑片 P 从 a 移到 b 的过程中： 电压表示数的变化量： 1 1 1 6ܸ 3ܸ 3ܸ ，故 A 正确； 电流表示数的变化量 .6m .3m .3m ，故 B 错误； 由 2 可知， 1 消耗的电功率逐渐变大，故 C 错误； 电路消耗的总功率的变化量： 6ܸ .6m 6ܸ .3m 1.8也 ，故 D 正确。 故选：AD。 由电路图可知， 1 与 2 串联，电压表测 1 两端的电压，电流表测电路中的电流。 1 知道滑片 P 在 b 端和某一位置时电路中的电流和 2 消耗的电功率，根据 2 分别求出 2的阻值， 根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出电源的电压，然后联立等式即可求出电源的电压和 1 的阻值； 2 当滑片 P 位于 a 端时，接入电路中的电阻为 0，此时电压表的示数等于电源的电压，根据欧姆定 律求出电路中的电流， 又知道滑片 P 位于 b 端时电路中的电流和电压表的示数，据此求出滑片 P 从 a 移到 b 的过程中电压 表示数的变化量和电流表示数的变化量， 利用 2 判断 1 消耗的电功率变化，根据 求出电路消耗的总功率的变化量。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好电源的电压不变是关键。 9.答案：一次 聚变 解析：解：太阳能是直接吸收阳光来利用的，是一次能源； 在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。 故答案为：一次；聚变。 可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能 得到的能源叫二次能源。太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。 本题考查了太阳能的优点和进行的核反应的类型，知道太阳能是一次能源。 10.答案：大于； 2.5 解析： 本题主要考查学生对图象的分析能力和速度公式的应用能力，在物理实验中经常要画出测得数据的 关系图象，对图象进行分析从而得出结论。 1 由 ⸱ 图象判断两车的运动性质，找出甲、乙两车的路程与所对应的时间，然后由速度公式求 出两车的速度； 2 根据速度的计算公式 ⸱ 求出甲和乙运动的距离，求出相距的距离。 1 由图象知：甲车的速度 甲 甲 ⸱ 甲 3.6 4 .ࢭܰ ，乙车的速度 乙 乙 ⸱ 乙 4.8 12 .4ܰ ，所以甲 车的速度大于乙车速度； 2 由 ⸱ 得，5s 甲车行驶的路程： 甲 甲 ⸱ .ࢭܰ 5 4.5 ， 5s 乙行驶的路程： 乙 乙 ⸱ .4ܰ 5 2 ， 所以甲乙两车相距 4.5 2 2.5 。 故答案为：大于； 2.5 。 11.答案：电磁感应；电动；机械 解析：解： 甲图是发电机的原理图，线圈在磁场中转动切割磁感线时会产生感应电流，这种现象就是电磁感应 现象； 乙图是电动机的原理图，通电线圈在磁场中会受力转动；电能转化为机械能。 故答案为：电磁感应；电动；机械。 线圈在磁场中转动切割磁感线时会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象。机械能转化成电能， 是发电机的原理。 通电线圈在磁场中受力转动，电能转化成机械能，是电动机的原理。 注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。 12.答案：250 80 解析：解：建筑材料的重力： Ȁ 2Ȁ 1ܰȀ 2 ， 克服建筑材料重力所做的功为有用功： 也 有 2 1 2 1 4 ， 不计绳重及摩擦，克服建筑材料和动滑轮重所做的功为拉力 F 做的总功： 也 总 动 2 5 1 2.5 1 4 ， 拉力 F 的功率： 也 总 ⸱ 2.51 4 1 25也 ， 该装置的机械效率： 也 有 也 总 10 21 4 2.51 4 10 80 。 故答案为：250； 80 。 不计绳重及摩擦，克服建筑材料重力所做的功为有用功，克服建筑材料和动滑轮重所做的功为拉力 F 做的总功，根据 也 求出有用功和总功，根据 也 ⸱ 求出拉力 F 的功率，利用 也 有 也 总 10求出该装置的机械效率。 本题考查了做功公式和功率公式以及滑轮组机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。 13.答案： 解析： 工件与传送带一起以 .3ܰ 的速度水平向右匀速运动，只受重力和支持力。 本题考查了力的示意图和画法．本题容易错误解为还有一个向右的力，是没有注意到物体是匀速运 动的。 物体受到两个力的作用：重力 G 和支持力 F，作用点都在重心，重力的方向竖直向下，支持力的方 向向上，如图所示． 。 14.答案：解：过 O 点垂直上表面作出法线，第一次折射在玻璃砖内部法线的另一侧画出折射光线， 注意折射角小于入射角，并交玻璃砖下表面于点 ； 过 垂直下表面作出法线，在玻璃砖表面下侧空气法线的另一侧画出折射光线，注意折射角大于入 射角，特别注意折射光线与上表面的入射光线平行，如图所示： 解析：这束光通过玻璃砖要发生两次折射： 第一次是从空气斜射进入玻璃砖，折射光线会向法线偏折，折射角小于入射角，画出进入玻璃砖的 折射光线； 第二次是光由从玻璃砖内部斜射到玻璃砖的下表面，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角， 画出从玻璃砖射出的折射光线； 因为玻璃砖上下表面平行，所以第一次折射的折射角等于第二次折射的入射角，所以第二次折射的 折射角一定等于第一次折射的入射角，这样玻璃砖上下表面外侧的光线一定平行． 光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧， 当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由 水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角． 本题在作图时经常出现的问题是掌握不住上下表面光线平行，希望作图时牢记这一点． 15.答案：96；吸热温度不变；低于； 3.36 1 3 ；质量 解析： 此题是探究水的沸腾实验，主要考查了温度计的读数、沸点的概念和沸腾时的特点，同时还考查了 沸点与气压之间的关系，是一道很好的实验题 1 如图所示的体温计的一大格表示 1 ，里面分为 10 小格，故其分度值为 .1 ；其示数为 ࢭ6 ； 2 由记录的数据可见，水的温度升高到 ࢭ8 后，就不再变化了，因此此时水的沸点是 ࢭ8 ，并且 在沸腾过程中，吸热保持这个温度不变； 因为实验中水的沸点是 ࢭ8 ，小于 1 ，根据沸点和气压的关系，实验时的大气压是低于标准大 气压的。 3 由表格中数据可知，水的初温为 ࢭ ，从 4 到 8 分钟，水的温度保持 ࢭ8 不变，为沸腾过程， 水的沸点为 ࢭ8 ，故把烧杯中的水加热至沸腾，水需要吸收的热量为： 把 ⸱ 4.2 1 3 ܰȀ 1 1 3 Ȁ ࢭ8 ࢭ 3.36 1 3 ； 4 由图象可以看出，在同样加热的情况下，a、b 的升温的快慢不同，其原因应该是水的质量不同的 缘故。 16.答案： 1 ； 2.625 ；温度升高阻值变大。 解析： 本题测定小灯泡的电功率，考查电路的连接电功率的计算及影响电阻大小的因素。 1 在“伏安法测功率”实验中，需要待测电阻、电流表、滑动变阻器、电源、开关使用导线串联组 成电路，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程且与灯泡并联；利用欧姆定律求出灯泡的额定电流 约为多少，确定电流表的量程，滑动变阻器要一上一下接入电路中。 2 根据图象读出额定电压下通过灯泡的电流，根据 求出灯泡的额定功率； 灯泡的电阻与灯丝的温度有关，故通过灯泡的电流与其两端电压不成正比。 1 灯泡正常工作时的电流越为 2.5ܸ 1 .25m ，电流表选 ～ .6m ，与滑动变阻器上端相连接， 灯泡的额定电压为 2.5ܸ ，则电压表的量程为 ～ 3ܸ ，且与灯泡并联，如下图所示： 2 由图可知，当灯泡两端的电压为 2.5ܸ 时，通过灯泡的电流为 .25m ；小灯泡的额定功率为： 2.5ܸ .25m .625也 ；小灯泡灯丝电阻变化的原因是灯丝的电阻受温度的影响，温度升高阻 值变大。 故答案为： 1 ； 2.625 ；温度升高阻值变大。 17.答案：解： 12 当开关 1 、 2 都闭合，将滑动变阻器的滑片 P 移至 a 端时，灯泡与电阻 并联， 电阻 R 的阻值为零，电压表被短路，示数为零，电流表测量干路电流， 灯 L 正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压，为 6V； 灯泡的电流为： 3也 6ܸ .5m ； 电阻 的电流为： 6ܸ 24 .25m ， 因为并联电路干路电流等于各支路电流的和， 所以电流表的示数为： .5m .25m .75m ； 3 小灯泡的电阻为： 6ܸ .5m 12 ， 若将开关 1 闭合、 2 断开，滑动变阻器的滑片 P 移至 b 端，电阻 R 与灯泡串联，电压表测量电阻 R 两端的电压，电流表测量电路的电流， 此时电路的电流为： 6ܸ 1218 .2m ， 电压表的示数为： .2m 18 3.6ܸ ； 灯 L 消耗的功率： 2 .2m 2 12 .48也 。 答： 1 电源电压 6ܸ ； 2 电压表的示数为 0V，电流表的示数 .75m ； 3 电压表的示数 3.6ܸ ，灯 L 消耗的功率 .48也 。 解析： 1 当开关 S 接 1，滑动变阻器的滑片 P 位于 a 端时，电路为 的简单电路，电流表测电路中 的电流，根据欧姆定律求出电源的电压； 2 当开关 S 接 2，移动滑动变阻器滑片 P 在某一位置时，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等， 根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和 求出电路中的 电流，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定 电压相等。 18.答案：解 1 由图 2 可知， ⸱2 时刻，物体被完全拉出水面，则重力等于拉力，即 拉 54 ， ～ ⸱1 时刻，物体完全浸没在水中，弹簧测力计的示数 示 34 ， 所以，物体被拉出水面之前受到的浮力： 浮 示 54 34 2 ； 2 物体浸没在水中，根据 浮 水 Ȁܸ 排可得物体的体积： ܸ 物 ܸ 排 浮 水 Ȁ 2 11 3 Ȁܰ 3 1ܰȀ 2 1 3 3 ， 物体的质量： Ȁ 54 1ܰȀ 5.4Ȁ ， 物体的密度： 物 ܸ 物 5.4Ȁ 21 3 3 2.7 1 3 Ȁܰ 3 ； 3 根据 ܸ 可得水面降低的高度： ܸ 21 3 3 1 2 2 .2 ， 水的压强减小量： 水 Ȁ 1 3 Ȁܰ 3 1ܰȀ .2 2 1 3 。 答： 1 物体被拉出水面之前受到的浮力为 20N； 2 物体的密度为 2.7 1 3 Ȁܰ 3 ； 3 物体被拉出水面，由于水面降低，容器底受到的水的压强减小了 2 1 3 。 解析： 1 从图象中读出物体的重力和，物体完全浸没在水中时的弹簧测力计示数，二者之差即为浮 力； 2 物体浸没在水中，则物体的体积等于排开水的体积，根据 浮 排 水 Ȁܸ 排可求物体的体积， 根据 Ȁ 可求质量，利用 ܸ 计算密度； 3 求出物体被拉出水面时水面降低的高度，利用 水 Ȁ 计算容器底受到的水的压强的减小值。 此题考查阿基米德原理、浮力的计算、密度的计算和液体压强的计算，关键是读懂图象，并能从图 象中获取相关信息进行计算。