2018年广西桂林市中考物理试题（解析版） 17页

‎2018年广西桂林市中考物理试卷 一、单项选择题 ‎1. 下列能源中属于可再生能源的是（ ）‎ A. 风能 B. 石油 C. 煤 D. 天然气 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：煤、石油和天然气是化石能源，不可在短时间内形成，故属于不可再生能源，只有 风能是可再生能源，即选项A符合题意，故选A。‎ 考点：能源的分类 ‎2. “小关，上学去啦!”。正在看书的小关听到音就知道是好朋友小超在叫他，小关判断的主要依据是声音的（ ）‎ A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 频率 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关，不同人的声带发声结构不同，发出声音的音色不同，所以小关判断的主要依据就是声音的音色，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查的是对声音特征的辨别，考查了利用声音的特征解释生活现象，难度不大。‎ ‎3. 下列现象中，能说明分子在不停地做无规则运动的是（ ）‎ A. 冬天大雪纷飞 B. 桂花香飘满园 C. 成群的蝴蝶翩翩起舞 D. 美丽的烟花在空中绽放 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子比较小，是我们用肉眼看不到的，只能通过颜色、气味体会；能够看到的不是分子，是固体的小颗粒。雪花纷飞是物体的机械运动，不是分子的运动，故A不符合题意；桂花香飘满园，是花香分子不停地做无规则运动扩散到空气中，人们就闻到了桂花的香味，故B符合题意；成群的蝴蝶翩翩起舞，是蝴蝶的机械运动，故C不符合题意；美丽的烟花在空中绽放，是烟花的机械运动，故D不符合题意，故选B。‎ ‎【点睛】本题考查的是对分子的热运动的认识，注意区分开分子的运动和固体机械运动，难度不大。‎ ‎4. 下列行为中属于节约用电的是（ ）‎ A. 离开教室随手关灯 B. 用电水壶烧水时不盖盖子 C. 白天总是用灯光代替自然光照明 D. 夏天，房间里长时间设人时空调还一直开着 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】离开教室应随手关灯，可以节约用电，故A符合题意；用电水壶烧水时不盖盖子，由于热散失，会增加电能的消耗，故B不符合题意；白天光线比较强，自然光照明就可以，还使用灯泡照明，是电能的浪费，故C不符合题意；房间里长时间设人时空调还一直开着，是电能的浪费，故D不符合题意，故选A。‎ ‎【点睛】通过本题可以培养同学们的节约用电意识，让同学们知道节约电能要从生活的点滴做起。‎ ‎5. 美丽的彩虹常能勾起人们对美好生活的向往。彩虹的“七色光”属于（ ）‎ A. 水波 B. 超声波 C. 次声被 D. 电磁波 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】彩虹主要是由于太阳光在空气中的小水滴里发生折射而产生的，叫光的色散，彩虹常呈现出七色光，光可以真空中传播，光属于电磁波，故选D。‎ ‎【点睛】本题考查的是光的色散及可见光的实质，属于是基础知识，难度不大。‎ ‎6. 如图所示小关在课外探究活动中，将一个空易拉罐里的空气抽走后，易拉罐变扁 了，压扁易拉罐的力是（ ）‎ ‎............‎ A. 大气压力 B. 易拉罐的重力 C. 易拉罐对地面的压力 D. 地面对易拉罐的支持力 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】将一个空易拉罐里的空气抽走后，易拉罐内的气压变小，在外界大气压的作用下，易拉罐被压扁了，故只有A符合题意，故选A。‎ ‎【点睛】本题考查的是验证大气压存在的实验，考查了学生运用所学物理知识分析判断的能力，难度不大。‎ ‎7. 各种新材料正在提高我们的生活品质，坚硬的纳米材料一石墨烯，就是其中的一种，它几乎是完全透明的，并有着出色的导电性和导热性。下列物体中不适合使用石墨场制作的是（ ）‎ A. 防弹衣 B. 隔热手套 C. 电脑元件 D. 太阳能电池 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意知道，石墨烯具有坚硬、透明、导电、导热性好。防弹衣要求韧性好，石墨烯的弹性较大，故A不符合题意；隔热手套，要求导热性能差，而石墨烯具有优良的导热性，不适合做隔热材料，故B符合题意；石墨烯晶体管的传输速度很快，适合于电脑元件，故C不符合题意；石墨烯有优良的导热性，可用于制造耐热的太阳能电池，故D不符合题意，综上所述，只有B符合题意，故选B。‎ ‎【点睛】本题是一道信息给予题目，此类题目要认真阅读材料，结合物理知识用材料内容回答问题。‎ ‎8. 小关与同学们去游觉桂林两江四湖，登上游船后，船会下沉一些，那么（ ）‎ A. 船的重力将减小 B. 水对船的浮力将减小 C. 水对船的浮力将增大 D. 水对船的浮力将保持不变 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意知道，当同学们登上游船后，船和人总重变大而下沉了一些，故A错误；登上游船过程中，游船一直处于漂浮状态，由漂浮条件知道，此时F浮=G，所以，游船受到的浮力变大，故BD错误，C正确，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查的是物体的浮沉条件及其应用，解题的关键是理解并用好漂浮条件，难度不大。‎ ‎9. 如图所示，骑自行车出行郊游，是一种时尚、环保的生活方式。当我们在平直路面上匀速向前骑行时，以下说法正确的是（ ）‎ A. 若自行车停下，惯性就消失了 B. 自行车受到的动力大于自行车受到的阻力 C. 路面受到的压力与人受到的支持力是一对平衡力 D. 人和车受到的重力与地面对人和车的支持力是一对平衡力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】惯性是物体的属性，一切物体都有惯性，惯性与运动状态无关，所以，当自行车静止时，依然具有惯性，故A错误；由于在平直路面上匀速向前，所以，自行车受到的动力与自行车受到的阻力是一对平衡力，大小相等，故B错误；路面受到的压力与人受到的支持力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故C错误；把人和车看做一个整体，人和车受到的重力与地面对人和车的支持力符合二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故D正确，故选D。‎ ‎【点睛】本题考查的是对惯性的认识及二力平衡条件的应用，属于基础题，难度不大。‎ ‎10. 小关在探究磁现象的活动中能够实现的是（ ）‎ A. 用小磁针吸起铜块或铝块 B. 用放大镜能看到磁铁周围的磁感线 C. 用磁铁吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管 D. 把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向地理北极 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】物体能够吸引铁、钴、镍的性质叫磁性，小磁针具有磁性，只能吸引铁、钴、镍等金属，不能吸引铜或铝，故A错误；磁感线是为了描述磁场的性质而画出的有方向的曲线，客观上不存在，所以用放大镜是不能看到磁铁周围的磁感线，故B错误；通电螺线管周围存在磁场，所以用磁铁能够吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管，故C正确；磁体周围存在磁场，把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向此磁铁的S极，故D错误，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查的是磁性、磁体、磁极及磁感线的有关知识，属于是基础题目，难度不大。‎ ‎11. 经常下厨的小关发现，同时用相同的燃气灶加热质量相等、初温相同的水和食用油，油的温度总是升高得快些。这是因为（ ）‎ A. 水的比热容小，吸热后温度升高得快 B. 油的比热容小，吸热后温度升高得快 C. 在相同的时间内，水吸收的热量较多 D. 在相同的时间内，油吸收的热量较多 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】用两个相同的电加热器，说明吸热相同；因为水的比热容大，所以质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，煤油温度升高的快,故选B.‎ ‎【点睛】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；水的比热容较大这一特点，在实际中应用很多，例如：汽车用水冷却发动机、暖气中用水做传热介质等．‎ ‎12. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（ ）‎ A. 用电器消耗的总功率 B. 电压表V的示数与电流表A的示数的比值 C. 电流表A的示数与电流表A1的示数的差值 D. 电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】由电路图知道，R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，故A不符合题意；由图知道，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，故B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过R1 的电流不变，即电流表A1 示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表A1 的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，故C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表A1 示数不变，所以电压表V的示数与电流表A1 的示数的乘积不变，故D符合题意，故选D。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查的是电路的动态变化，涉及了欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式的运用，解题的关键是电路结构的识别及规律的灵活运用。‎ 二、填空题 ‎13. 电动机是将____能转化为____能的装置。‎ ‎【答案】 (1). 电 (2). 机械 ‎【解析】‎ ‎【详解】电动机是根据，利用通电导线在磁场中受力的作用制成的，工作过程要消耗电能，所以，电动机是将电能转化为机械能的装置。‎ ‎【点睛】本题考查的是电动机的能量转化问题，解题的关键是判断消耗了什么能量，产生了什么能量，消耗的能量转化为产生的能量。‎ ‎14. 请在下列数字后面填上合适的单位：（选填“g”、“kg“成“t”）‎ ‎（1）一个鸡蛋的质量大约是50____；‎ ‎（2）中学生小超的质最大约是50____。‎ ‎【答案】 (1). g (2). kg ‎【解析】‎ ‎【详解】一个鸡蛋的质量约几十克，结合数据50，故选单位g。一名小学生的质量约几十千克，结合数据50，故选单位千克。‎ ‎15. 如图所示刻度尺，它的测量范围为____cm；若小超用此刻度尺测量某物体的长度，记录结果为5.170cm，此记录结果是____（选填“正确”或“不正确“）的。‎ ‎【答案】 (1). 0～10 (2). 不正确 ‎【解析】‎ ‎【详解】由图所示刻度尺可知，它的测量范围为0～10cm；刻度尺的分度值是1mm,根据测量结果要估读到分度值的下一位可知5.170cm是不正确的。‎ ‎16. 小超被广场舞的音乐声吵醒后很不开心，对他来说，广场舞的音乐声属于____（选填“噪声”或“乐音”），为避免干扰，他戴上了耳罩，这是利用了____（选填“消声”，“吸声”或“隔声”）的方法来减小干扰。‎ ‎【答案】 (1). 噪声 (2). 隔声 ‎【解析】‎ 小超被广场舞的音乐声吵醒后很不开心，对他来说，广场舞的音乐声影响到了他，故属于噪声；‎ 为避免干扰，他戴上了耳罩，这是利用了在人耳处减弱噪声，属于隔声减弱噪声的干扰。‎ 点睛：除了知道物理学中所指的乐音与噪声，还要清楚从环保的角度讲，影响人们生活、工作、学习的声音，都可以称为噪声。‎ ‎17. 如图所示，“武江烟雨”是难得见的美丽景色，江面上环绕的雾是由水蒸气____（填写物态变化名称）形成的，在这个过程中水蒸气会____选填（“吸收”或“放出”）热量。‎ ‎【答案】 (1). 液化 (2). 放出 ‎【解析】‎ 雾是由水蒸气液化形成的，在这个过程中水蒸气会放出热量。‎ ‎18. 在体育考试中，小超投出的实心球在空中的运动轨连如图所示。球从最高点到落地点的过程中，重力势能____，忽略空气阻力，球的机械能____（均选填“增加”、“不变”“减小”）。‎ ‎【答案】 (1). 减小 (2). 不变 ‎【解析】‎ ‎【详解】物体由于被举高而具有的能叫重力势能，重力势能大小的影响因素：质量、高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。实心球从最高点到落地点的过程中，质量不变，高度越来越小，速度越来越快，所以重力势能越来越小，动能越来越大，忽略空气阻力，所以只有重力做功，重力势能只转化为动能，此过程机械能守恒，保持不变。‎ ‎【点睛】本题考查的是动能和势能的转化与守恒，力是否做功的判断等，关键是掌握动能、重力势能大小的影响因素，以及能量间的转化。‎ ‎19. 周末，小关和小超分别与家人驾车同时从同一地点前往桂林市乐满地主题乐园游玩，如图所示是两小车在某段平直公路上的运动图象，由图可知，两小车都在做____（选填“加速直线运动”或“匀速直线运动“）；小超家车的速度____（选填“大于”或“小于”）小关家车的速度。‎ ‎【答案】 (1). 匀速直线运动 (2). 大于 ‎【解析】‎ ‎【详解】由图象知两车的s﹣t图象是一条倾斜的直线，所以两车都做匀速直线运动，由图可知，相同时间内小超家车通过的路程大于小关家车，所以小超家车的速度大于小关家车的速度。‎ ‎20. 如图所示，一段粗细、质量均匀的蜡块，重为G1，长为L，与一重为G2的铁块通过轻质细绳相连，整立漂浮在水面上，露出水面的长度为L0，则蜡块和铁块所受水的浮力F浮=____，若多次截掉蜡块露出水面的部分，直到蜡块上表面与水面恰好相平，此时蜡块在水中的长度L1≈____。（结果用G1、G2、ρ水、ρ蜡、L、L0来表示）‎ ‎【答案】 (1). G1+G2 (2). L﹣L0‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】设铁块的体积是V铁，蜡块的横截面积是S；根据题意知道，铁块通过轻质细绳与蜡块相连整立漂浮在水面上，由平衡条件知道，蜡块和铁块所受水的浮力等于其自重，所以F浮= G1+G2；又由阿基米德原理可知，F浮= G1+G2=ρ水gV排=,同理：当多次截掉蜡块露出水面的部分，到蜡块上表面与水面恰好相平时，受到的浮力是：F浮1= G1+G2 ̍=ρ水gV排1=，又因为G2=，G2 ̍=，所以，以上四式联立解得：L1=‎ ‎【点睛】本题考查的是物体浮沉条件及阿基米德原理的应用，难度不大。‎ 三、作图、实验与探究题 ‎21. 请画出在图中放在斜面上静止的物体所受作用力的示意图。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】静止在斜面上的物体受到重力、摩擦力和支持力作用，过重心作竖直向下的重力，过重心作沿斜面向上的摩擦力，过支点作垂直于斜面向上的支持力，如图：‎ ‎【点睛】本题考查的是力的示意图，涉及了对物体受力分析及用力的示意图表示力，难度不大。‎ ‎22. 如图所示，射向平面镜的一束光AO经镜面反射后沿水平方向OB射出图中，ON是∠AOB的角平分线，请在图中作出平面镜放置的位置并标出入射角α。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意知道，OA为入射光线，OB为反射光线，ON是∠AOB的角平分线，所以ON是法线，O是入射点，过入射点O作法线的垂线，即是平面镜的位置，入射光线与法线的夹角就是入射角α，如图：‎ ‎【点睛】本题考查的是作光的反射光路图，结合光的反射定律来作图，比较直观、简捷、准确。‎ ‎23. 一天，小熊在实验室里进行了探究“影响蒸发快慢的因素”的活动。‎ ‎（1）如下是部分操作过程，‎ ‎①在两块相同的玻璃板A、B上，同时滴上____（选填“等量”或“不等量”）的酒精；‎ ‎②使玻璃板A上的酒精表面积变大，玻璃板B不作处理，并保持其它条件不变：‎ ‎③观察两块玻璃板上酒精蒸发的快慢。‎ ‎（2）上述活动是为了探究蒸发快慢与____（选填“液体温度”或“液体表面积”）的关系。会观察到玻璃板____（选填“A”或“B“）上的酒精蒸发得快些。‎ ‎（3）小熊在进行实验时不小心将温度计的玻璃泡浸入了酒精中，将其拿出后，温度计的示数会暂时____（选填“变大”成“变小“），这是因为酒精蒸发____（选填“吸热”成“放热”）造成的。‎ ‎【答案】 (1). 等量 (2). 液体表面积 (3). A (4). 变小 (5). 吸热 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）应该在两块相同的玻璃板滴上等量的酒精；（2）因为玻璃板A上的酒精表面积变大，而保持其它条件不变；由此可知是为了探究蒸发快慢与液体表面积的关系。 根据影响蒸发快慢的因素可知“A”上的酒精蒸发得快些。（3）把温度计的玻璃泡从酒精中拿出后，温度计的示数会暂时 变小这是因为酒精蒸发吸热造成的。‎ ‎【详解】影响蒸发快慢的因素有液体温度、表面积和液体表面上方的空气流动速度，所以，根据控制变量法可知，应在两块相同的玻璃片上分别滴一滴等量的酒精；因为玻璃板A上的酒精表面积变大，而保持其它条件不变；由此可知是为了探究蒸发快慢与液体表面积的关系。 根据影响蒸发快慢的因素可知“A”上的酒精蒸发得快些。把温度计的玻璃泡从酒精中拿出后，温度计的示数会暂时 会变小这是因为酒精蒸发要吸收热量致使周围环境温度降低的缘故。‎ ‎【点睛】‎ 影响蒸发快慢的因素有液体温度、表面积和液体表面上方的空气流动；当探究液体蒸发的快慢跟其中一个因素的关系时，采用控制变量法的思想，只改变研究的因素，控制其它的因素不变．蒸发有制冷作用。‎ ‎24. 小体用如图所示实验装置来探究凸透镜的成像规律，用到的光具座足够长。‎ ‎（1）如图所示，依次放置好蜡烛、凸透镜、光屏并将它们调整好后，点燃蜡烛，无论怎样移动光屏，光屏上都没出现烛焰的像：但取掉光屏，在放光屏同侧通过凸透镜可以看到烛焰的像。则此凸透镜的焦距____（选填“大于”、“等于”或“小于”）15cm。看到的像是____（选境“虚”或“实”）像。‎ ‎（2）将蜡烛移至零刻度处，凸透镜位置不变，当把光屏放回如图所示位置时，在光屏上看到了烛焰模糊的像，当把光屏向____（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动，在光屏上可以看到烛焰____（选填“放大”、“等大”成“缩小”）的清晰像：在看到清晰像后，保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜向____（选填“靠近”成“远离”）光屏的方向移动，在光屏上可以再次看到烛焰____（选填“放大”，“等大”成“缩小”）的清晰像。‎ ‎【答案】 (1). 大于 (2). 虚 (3). 远离 (4). 放大 (5). 靠近 (6). 缩小 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）根据题意知道，无论怎样移动光屏，光屏上都没出现烛焰的像：但取掉光屏，在放光屏同侧通过凸透镜可以看到烛焰的像，说明此时成的是虚像，根据凸透镜成像规律知道，当u＜f时，成正立、放大的虚像；由图知道此时物距是u=15cm，所以，凸透镜的焦距大于15cm；‎ ‎（2）将蜡烛移至零刻度处，凸透镜位置不变，此时物距是30cm在一倍焦距和二倍焦距之间，成的是放大、倒立的实像，此时像距应大于二倍焦距，由图知道此时应把光屏向远离凸透镜的方向移动，直到观察到清晰的放大、倒立的实像；若保持蜡烛和光屏的位置不变，根据光路可逆知道，将凸透镜向靠近光屏的方向移动，当u＞2f时，在光屏上可以再次看到烛焰倒立、缩小的实像。‎ ‎【点睛】本题考查的是探究凸透镜成像的规律实验，解题的关键是要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用，做到灵活应用。‎ ‎25. 小绒在“测量小灯泡的电功率”实验活动中，使用的小灯泡额定电压为2.5V。‎ ‎（1）在检查实验仪器时，发见电流表指针如图乙所示，则应对电流表进行____；‎ ‎（2）图甲是他未连接好的实验电路，用笔画线代替导线帮他连接好实验电路。（要求滑动变阻器滑片P 向右滑动时灯泡变亮）__________‎ ‎（3）检查电路连接无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电压表、电流表都有示数。则小灯泡不亮的原因可能是____。‎ ‎（4）问题解决后，继续进行实验，闭合开关，发现电压表的示数如图丙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向____（选填“C“或“D“”）端滑动，直至电压表示数为____V，若此时电流表的示数为0.30A，则小灯泡的额度功率为____W。‎ ‎（5）若两个额定电压为220V的白炽灯L1和L2的电压U与电流I的关系曲线如图丁所示，由图可知，L2的额定电流为____A，额定功率为____W；如果将L1和L2串联后接在220V的电源上，则L2的实际功率为____W。‎ ‎【答案】 (1). 调零 (2). (3). 滑动变阻器阻值接入电路的阻值过大 (4). D (5). 2.5 (6). 0.75 (7). 0.5 (8). 110 (9). 24‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由图乙知道，电流表指针没有指在零刻度线上，所以在使用该电流表之前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；‎ ‎（2）由图甲知道，电路图中只有滑动变阻器没有接入电路，由于要求滑动变阻器滑片P 向右滑动时灯泡变亮，即此过程连入电路的电阻变小，电路的电流变大，所以，根据“一上一下”的原则，应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，如图：‎ ‎（3）根据题意知道，闭合开关，电压表与电流表都有示数，则说明电路不存在断路，灯泡也没有发生短路，灯泡不发光的缘故应是：闭合开关时，滑片置于阻值最大处，没有调节，使接入电路的阻值过大，电路电流过小，灯泡由于实际功率过小而不发光。‎ ‎（4）由图丙知道，电压表选用的是小量程0-3V，分度值是0.1V，所以示数是1.2V，因为灯在额定电压是2.5V，所以，应增大灯的电压，由分压原理知道，应通过减小变阻器连入电路中的电阻大小，使变阻器分得的电压减小，所以滑片向D移动，直到电压表示数为2.5V；灯泡正常发光时，若电流表的示数为0.30A，则由P=UI知道，小灯泡的额度功率是：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；‎ ‎（5）由题意和图丁知道，当电压为220V时，L2 的额定电流是0.5A，由P=UI知道，L2的额定功率是：P=UI2 =220V×0.5A=110W；‎ 若两电阻串联时，则流过两电阻的电流相等，且总电压应为220V，由U-I图象知道，当I1=I2=0.3A时，L1 的电压为140V，L2 的电压为80V，符合串联电路的电压特点，所以串联后接在220V的电源上时，电流应是0.3A，此时L2的实际功率是：P=U2 I2′=80V×0.3A=24W。‎ ‎【点睛】本题考查的是“测量小灯泡的电功率”实验，涉及了实物电路的连接、实验操作和注意事项、电表的读数、功率的计算等，最后一问要结合图象和串并联电路的性质进行分析，由于灯丝电阻会随电压的变化发生变化，所以不能先求电阻，再进行计算。‎ 四、综合应用 ‎26. 若家用天然气的热值为4.2×107J/kg 水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。‎ ‎（1）完全燃烧0.04m3天然气放出的热量是多少？‎ ‎（2）若某新型天然气灶烧水的效率为40%，完全燃烧0.04m3天然气可使室温下5kg的水温度升高多少？‎ ‎【答案】（1）1.68×106J；（2）32℃‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）完全燃烧0.04m3天然气可放出的热量：Q放＝Vq＝0.04m3×4.2×107J/m3＝1.68×106J；（2）被水吸收的热量为Q吸＝Q放×40％＝1.68×106J×40%＝6.72×105J，因为Q吸＝cm△t，所以6.72×105‎ J＝4.2×103J/(kg·℃)×5kg×△t，解得：△t＝32℃。‎ ‎【点睛】根据公式Q放＝Vq计算出天然气放出的热量值；根据Q吸＝Q放×40％计算出被水吸收的热量；利用热量的公式Q吸＝cm△t即可求出水升高的温度。‎ ‎27. 如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω．当S闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.5A．求 ‎（1）电源电压；‎ ‎（2）通电10s内电路消耗的总电能；‎ ‎（3）当S、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.4A．则R3的阻值是多大？‎ ‎【答案】（1）15V（2）75J（3）100Ω ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由电路图知道，当S闭合，S1 、S2 断开时，R1和R2 串联接入电路，电流表测量串联电路的电流；由此知道，电源电压是：U=I（R1 +R2）=0.5A×（20Ω+10Ω）=15V；‎ ‎（2）由W=UIt知道，通电10s内电路消耗的电能是：W=UIt=15V×0.5A×10s=75J；‎ ‎（3）由图知道，当S、S1、S2 都闭合时，R2被短路， R1和R3并联接入电路，电流表测干路中的电流；当S闭合，S1、S2 断开时，R1和R2 串联接入电路，由于R1和R3并联的总电阻小于R1，R1和R2 串联的总电阻大于R1，所以，当S、S1、S2 都闭合时，干路中的电流变大，即并联后干路中的电流是：I'=0.5A+0.4A=0.9A；‎ 由欧姆定律可知，通过R1 的电流是：I1 =U/R1=15V/20Ω=0.75A；‎ 由并联电路的电流特点可知，通过R3 的电流是：I3 =I′-I1 =0.9A-0.75A=0.15A；‎ 所以R3的阻值是：R3 =U/I3=15V/0.15A=100Ω.‎ ‎【点睛】本题考查的是电阻的串联和并联电路的特点及欧姆定律的应用；解题的关键是能根据电阻特点判定干路电流的大小。‎ ‎28. 小熊在课外实践活动中，用如图甲所示的滑轮组匀速拉动放在树下一水平面上的不同物体，物体受到的摩擦力从100N开始逐渐增加，每次物体被拉动的距离均为1m。根据测量结果画出了该滑轮组机械效率与物体受到摩擦力大小变化的关系图象，如图乙所示。若不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，求：‎ ‎（1）由图乙可知，当物体受到的摩擦力为100N时，滑轮组机械效率是多大？‎ ‎（2）当滑轮组的机械效率为75%，物体以0.1m/s的速度匀速运动时，该滑轮组的有用功率是多大？‎ ‎（3）当物体与地面的摩擦力为1500N时，体重为500N的小熊竖直向下拉绳，还能用此滑轮组拉动物体吗？用计算结果说明。‎ ‎【答案】（1）50%；（2）30W；（3）不能用此滑轮组拉动物体 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由图乙知道，当物体受到的摩擦力是f1 =100N时，滑轮组机械效率是：η1 =50%；‎ ‎（2）根据题意知道，当f1 =100N，η1 =50%时，通过滑轮组拉动水平面上的物体的有用功是：W有用1 =f1 s，由于不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，所以额外功是：W额外=G动s，总功是：W总1 =W有用1 +W额外=f1 s+G动s，‎ 所以，滑轮组机械效率是：η1 =W有用1/W总1=f1s/（f1s+G动s）=f1/（f1+G动）=100N/（100N+G动）=50%，由此解得动滑轮重是：G动 =100N；‎ 同理，当η2 =75%时，滑轮组的机械效率是：η2 =W有用2/W总2=f2s/（f2s+G动s）=f2/（f2+G动）=f2/（f2+100N）=75%，解得此时的摩擦力是：f2 =300N；‎ 所以，滑轮组的有用功率是：P有=W有用2/t=f2s/t=f2 v=300N×0.1m/s=30W；‎ ‎（3）由图知道，滑轮组绳子的有效段数是：n=3，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，当物体与地面的摩擦力是：f3 =1500N时，拉动物体需要的拉力是：F3 =（f3 +G动）/3=（1500N+100N）/3≈533N，由于小熊的重力为500N，根据力的作用是相互性知道，小熊给绳子的最大拉力等于其重力为500N<533N，所以，不能用此滑轮组拉动物体。‎ ‎【点睛】本题考查的是滑轮组的特点、功率、机械效率的计算，解题的关键是利用好机械效率的推导公式η=W有用/W总=fs/（fs+G动s）=f/（f+G动），是一道力学综合题。‎ ‎ ‎