2020年甘肃省天水市中考物理试卷(含答案解析) 23页

2020年甘肃省天水市中考物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）1.在沙漠中应急取水可以用这个办法：先挖一个半米深的坑，在坑的底部放一个杯子，然后在坑上铺一张大塑料薄膜，用石头压住薄膜边缘，并且在薄膜的中心也压上一块小石子，如图所示。获得水的过程中发生的物态变化有A.熔化凝华B.凝固汽化C.汽化液化D.熔化液化2.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。则下列说法正确的是A.照相机应用了这一成像规律B.蜡烛燃烧一段时间后，光屏上的像会向下移C.将一副远视眼镜靠着凸透镜左侧放置，光屏适当向左移动可在光屏上得到清晰的像D.保持蜡烛不动，将透镜移至35cm处，移动光屏可以得到倒立的清晰的像3.如图是某同学探究“杠杆平衡条件”的实验装置，实验中杠杆始终处于水平平衡状态。下列方法中不会使弹簧测力计的示数变化的是A.将钩码的悬挂点由A向B移动B.将测力计连接点由B向A移动C.减少A处所悬挂钩码的个数D.增加B处拉杠杆的细线长度4.如图所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水，用不同的加热器加热，忽略散热，得到如图所示的水温与时间的图线，下列说法错误的是A.汽车发动机常用水做冷却剂，主要是因为水的比热容较大B.加热相同的时间，两杯水吸收的热量相同 C.吸收相同的热量，甲杯的水升温和乙杯一样多D.若甲杯中水的质量为.ͷ，则加热2分钟水吸收的热量为4.214.如图所示的四个实验中，第一次把电和磁联系起来的是A.B.C.D.6.如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，1和2中的某个电阻其“‸〳”关系图线如图乙所示，则下列说法中正确的是A.电流表的示数变化范围是～.6ືB.1的阻值是1C.滑动变阻器2的最大阻值是3D.电压表2的示数变化范围是2～6二、填空题（本大题共7小题，共17.0分）7.如图是楼梯中的一部分，从A到B是长短不同的铁护栏。小明拿一根小木棒用大小相同的力迅速从B到A逐一敲过铁护栏栏杆，声音是由于护栏______而产生的，并通过______传入了他的耳朵。此过程中，他听到声音的______会发生改变。8.到拉萨旅游的人们会发现从内地带去的袋装食品会变得膨胀，如图所示，其原因是内地比拉萨大气压______选填“大”或“小”，与膨胀前相比，袋内气体密度______。9.对的冰块加热，冰在熔化过程中不断吸热，温度______；冰块完全熔化后，对它继续加热温度将______。选填“升高”“不变”或“降低” 1.小明在家中用煤气灶将初温为2，质量为1kg的一壶水加热到8，这是通过______的方式使水的内能增加，如果煤气完全燃烧放出的热量只有6耀被水吸收，则至少需要燃烧______kg的煤气水的比热容为4.213Ȁͷ，煤气的热值为4.217Ȁͷ。11.如图，电源电压不变，18，212.若1、2都闭合，都是电压表，两电表示数之比为______.当1闭合2断开，、都是电流表时，两电表示数之比为______．12.小华家的一台电饭锅内部简化电路如图所示，1和2均为电热丝。阅读铭牌知道：高温档额定功率为1100W，低温档额定功率为440W。1高温档的发热电阻丝是______填写序号1；2；1与2串联；1与2并联。2小华通过铭牌计算得知1为______，2为______。3细心的小华还发现，正常工作时，发热电阻丝都很烫而导线却不怎么烫，主要原因是导线和电阻丝通电______相同，导线的电阻小，相同时间产生热量______。13.WiFi无线上网是通过______波来传递信息给电脑、手机的，此波在真空中的传播速度为______Ȁo。三、作图题（本大题共3小题，共9.0分）14.1甲图是一束光从水中斜射入空气的入射光线，请画图确定反射光线和大致的折射光线位置．2请根据透镜对光线的作用，完成图乙光路图． 1.挂在细绳下的小球重4N，请在图中画出小球所受重力的示意图。16.请根据图中所示小磁针的指向标出螺线管的N、S极和经过小磁针中心的磁感线。四、实验探究题（本大题共4小题，共18.0分）17.如图所示是“探究平面镜成像的特点”的实验装置：1点燃蜡烛A，透过玻璃板观察到蜡烛A的像，把与蜡烛A完全相同的 蜡烛B放在像的位置，观察到蜡烛B与像完全重合，说明像与物______。2移开蜡烛B，在其原来的位置放一光屏，在光屏上接收不到蜡烛的像，说明平面镜成的是______选填“实”或“虚”像。18.为了认识物体不受力时的运动情况，小明做了“阻力对物体运动的影响”的实验。1实验中让同一小车从同一斜面的相同位置由静止开始下滑，使小车每次进入水平面时______。小明正确操作后，观察到的实验现象如图甲、乙、丙所示，可得出的结论是______。2下列物理观点或规律可以由该实验结论直接说明的是______A.力可以改变物体的运动状态B.没有力的作用物体就不能运动C.牛顿第一定律D.静止的物体在不受力时将保持静止3为了探究物体的动能与速度的关系，小明让质量不同的小车从同一斜面的不同位置由静止下滑，分别撞击水平面上相同位置处的同一木块，观察到的实验现象如图丁、戊。在此探究过程中存在的问题是______。根据上述操作观察到的实验现象。______选填“能”或“不能”判断两小车质量的大小关系。19.在学习内能一章的知识时，王老师做了如下实验：뀼如图甲，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，观察到硝化棉燃烧，说明压缩空气时，空气的内能______。2如图乙，用来演示气体的扩散现象。两瓶中分别装有二氧化氮和空气，二氧化氮的密度比空气的密度大。为了使实验结论更合理，上面的瓶中装入的是______，扩散现象表明：______。 2.在测定“小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.，小灯泡的电阻约为1，滑动变阻器上标有“21A”字样。左图是小向同学没有连接完的实物电路。1请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；2实验中，小向同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因是______；3故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图甲所示，此时电压为______V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______端滑动选填“左”或“右”；4当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______W。五、计算题（本大题共3小题，共18.0分）21.如图甲所示，有一体积、质量忽略不计的弹簧，其两端分别固定在容器底部和正方体形状的物体上。已知物体的边长为10cm。弹簧没有发生形变时的长度为10cm，弹簧受到拉力作用后，伸长的长度与拉力F的关系如图乙所示。向容器中加水，直到物体上表面与液面相平，此时水深24cm。求：1物体受到的水的浮力。2物体的密度。3打开出水孔，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，关闭出水孔。求放水前后水对容器底部压强的变化量。 22.如图为某一施工现场的一台吊车的滑轮组示意图。若货物的质量为27t，现将它以.2Ȁo的速度匀速吊起5m高，其中克服钢绳重力和摩擦力做的功为1.41，此时滑轮组的机械效率为9耀取1Ȁͷ。求此过程中：1钢绳拉力的大小；2拉力功率的大小；3吊车上动滑轮的重力。 23.如图所示的电路中，电源电压12V不变，灯泡上标有“6V6W”字样，灯泡电阻不变，定值电阻阻值为1。1断开1、2，闭合S，移动滑片，当灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的功率；32闭合S、1、2，滑片从最右端向左移动，当连入电路的阻值等于变阻器总阻值的时，电流4表示数比滑片在最右端时变化了.2ື.求：当滑片在最右端不动，电路在1min内消耗的电能。 【答案与解析】1.答案：C解析：解：如图所示，沙漠土层中的水分首先从液态变成气态的水蒸气，发生汽化现象；然后水蒸气遇到塑料膜液化成液态的小水珠，发生液化现象，小水珠越积越多，最后落在杯子里。故选：C。1物质从液态变成气态的过程称为汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式；2物质从气态变成液态的过程称为液化。本题考查汽化和液化在日常生活中的应用，体现了物理知识和生活实际的联系，充分体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。2.答案：C解析：解：A、由图可知，此时的像距大于物距，成倒立、放大实像，是投影仪的原理，故A错误；B、蜡烛变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向，像的位置向上移动，故B错误；C、远视眼镜的镜片为凸透镜，对光有会聚作用，可使光线的会聚点提前。因此，将一副远视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动光屏可以得到清晰的像，故C正确；D、由图可知，由图可知，物距3ɱ，4ɱ，解得，1ɱ݉3ɱ，4ɱ2݉，解得，݉22.ɱ，由以上解得可得，1ɱ݉22.ɱ，当将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，此时物距1ɱ݉，成虚像，不能呈现在光屏上，故D错误。故选：C。1凸透镜成像的规律及其应用：当物距2݉时，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；当物距2݉݉时，在光屏上得到倒立、放大的实像，应用于投影仪；2根据光线过透镜的光心不改变方向，判断蜡烛变短后，像的移动方向；3凸透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点提前，可以用来矫正远视眼；根据凸透镜的作用和物远像近小的特点可判断应进行的操作；4物距݉时，成正立、放大的虚像。本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，解决此题的关键是掌握凸透镜成像性质与物距与焦距关系。 3.答案：D解析：解：A、将钩码的悬挂点由A向B移动，阻力臂增大，阻力、动力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大，即弹簧测力计的示数变大，故A错误；B、将测力计连接点由B向A移动，阻力、阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆的平衡条件，动力变大，即弹簧测力计的示数变大，故B错误；C、减少A处所悬挂钩码的个数，阻力臂、动力臂不变，阻力减小，根据杠杆的平衡条件，动力变小，即弹簧测力计的示数变小，故C错误；D、增加B处拉杠杆的细线长度，阻力、阻力臂、动力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力也不变，即弹簧测力计的示数不会变化，故D正确。故选：D。首先分析力臂的变化，再根据杠杆平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂，分析拉力的变化。本题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握。探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上。4.答案：B解析：本题考查比热容、热量公式的掌握和运用，本题需要注意是利用的不同加热器，则相同的时间产生的热量不同。A.根汽车发动机常用水做冷却剂是因为水的比热容大，质量相同的水和其它物质相比较，在升高相同温度时能吸收更多的热量，故A正确，不符合题意；B.用不同的加热器加热，在相同的时间内，放出的热量不同，水吸收的热量不同，故B错误，符合题意；C.两杯中水的质量相同，吸收相同的热量时，根据可知，两杯水升高的温度相同，故C正确，ɱ不符合题意；D.由图象知，甲杯中水的初温为2，末温为4，所以水吸收的热量为：ɱ‸4.213Ȁͷ.ͷ4‸24.214，故D正确，不符合题意。故选B。 5.答案：A解析：物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。1奥斯特实验揭示了电和磁之间的联系，证明了通电导线周围存在磁场，磁场的方向和电流的方向有关；2奥斯特的实验装置应该有电源、导线和小磁针，无需电流表等其他器材。A.当闭合开关后，导线中有电流，据电流的磁效应知，此时导线下面的小磁针会发生偏转，这是奥斯特实验，第一次把电和磁联系起来；故A符合题意；B.开关闭合，当导体ab切割磁感线运动时，电路中就会产生电流，这就是电磁感应现象，比奥斯特实验晚了很多年，故B不符合题意；㌴.是通电导线在磁场中受力转动的实验，是电动机的原理实验，故CD不符合题意。故选A。6.答案：B解析：解：由图甲所示电路图可知，两电阻串联，由图乙所示图象可知，随电流增大，电阻两端电压增大，则图象为：定值电阻1的‸〳图象；A、由图乙所示图象可知，电路电流变化范围，即电流表示数变化范围是：.2ື～.6ື，故A错误；〳〳16B、由可知，电阻阻值：11，故B正确；1.6ືC、由图甲所示电路图可知，滑片在最左端时只有定值电阻接入电路，定值电阻两端电压是电源电压，由图乙所示图象可知，电源电压〳6，由图乙所示图象可知，滑动变阻器阻值全部接入电路时，〳〳2电路电流：.2ື，定值电阻两端电压：〳12，由可知，滑动变阻器最大阻值：2〳‸〳16‸22，故C错误；.2ືD、由图乙所示图象可知，定值电阻两端最小电压为：〳1最小2，则滑动变阻器两端最大电压：〳〳‸〳6‸24，当滑片在最左端时，滑动变阻器两端电压最小，为零，则电2最大1最小压表2的示数变化范围是～4，故D错误．故选B． 由电路图知：定值电阻1与滑动变阻器2串联，由〳‸图象可知，随电阻两端的电压增大，电路电流的增大，结合电路图可知，图示〳‸图象是电阻1的〳‸图象；由〳‸图象找出对应的两组U与I值，根据欧姆定律及串联电路的特点列方程，可求出电源电压、定值电阻1阻值、滑动变阻器2的最大阻值；由串联电路的特点及欧姆定律可求出滑动变阻器滑片在移动时的通过滑动变阻器的电流和两端的电压．本题考查滑动变阻器的电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，难点是根据图象结合电路图得出〳‸图象表示的对象并能正确的分析图象．7.答案：振动；空气；音调解析：解：1小明拿一根小木棒用大小相同的力迅速从B到A逐一敲过铁护栏栏杆，护栏栏杆振动产生声音；2小明听到的声音是通过空气传到耳朵的；3用木棒敲过从B到A是长短不同的铁护栏，铁护栏的长度不同，体积和质量都不同，振动快慢不同，频率不同，音调一定不同；都是木棒敲打铁护栏，物体的材料和结构都相同，音色不会有明显改变，用力大小可能相同，铁护栏的振动幅度可能相同，响度可能相同。故答案为：振动；空气；音调。1声音是由于物体振动产生的；2声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播；真空不能传声；3声音有三个特征，分别是响度、音调和音色，音调与发声体振动的频率有关。本题考查力声音的产生、传播及声音的特征，属于基础性问题。8.答案：大变小解析：解：随着海拔高度的增高，空气密度减小，大气压也随之降低，内地比拉萨大气压大；而袋内气体由于密闭，气压几乎不变，外界大气压小于袋内气压，外界大气压的降低导致袋装方便面内部气体膨胀；质量是物体的一种基本属性，这包方便面的位置变了，质量不变；袋内气体膨胀后体积变大，由 于气体的质量不变，根据公式可知，袋内气体密度变小。故答案为：大；变小。大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；根据公式判断袋内气体密度本题主要考查学生对大气压强和高度的关系的了解、质量、密度公式的灵活应用。9.答案：不变；升高。解析：解：冰是晶体，冰熔化时，不断吸收热量，温度保持不变。冰完全熔化后，吸收热量，温度不断升高。故答案为：不变；升高。晶体熔化特点：晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变。物体吸收热量，可能完成物态变化，可能升高温度。物体吸收热量，可能完成物态变化，可能温度发生变化。10.答案：热传递；.1解析：解：1用煤气灶烧水的过程中，能量发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能增加的；2水吸收的热量：ɱ4.213Ȁͷ1ͷ8‸22.21；吸吸由可得煤气放出的总热量：放吸2.214.21；放6耀由公式放ܪ可得煤气的质量：放4.21.1ͷ。气ܪ4.217Ȁͷ故答案为：热传递；.1。1热传递可以改变物体的内能，其实质是能量的转移；2知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式吸ɱ求水吸收的热量。根据气放出的总热量；最后可利用公式计算出煤气的质量。ܪ 本题主要考查了热量公式的灵活运用、热值公式以及热效率公式的运用等，有一定综合性。11.答案：5：32：5解析：解：1当1、2都闭合，都是电压表时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电压表测2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，所以，两电压表的示数之比：〳1212812；〳221232当1闭合2断开，都是电流表时，两电阻并联，电流表测2支路的电流，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两支路的电流之比：〳112123〳，21822因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：222．1232故答案为：5：3；2：5．1当1、2都闭合，都是电压表时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电压表测2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出两电压表的示数之比；2当1闭合2断开，都是电流表时，两电阻并联，电流表测2支路的电流，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比．本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．12.答案：；44；66；电流；少解析： 本题主要考查功率大小的比较、焦耳定律的应用，知道串联电路电流相同、通电时间相同的特点，知道电热丝和相连接的导线为串联是本题的关键。〳21根据可知，在电源的电压不变时，电路中电阻越小，电功率越大，即为高温档，反之为低温挡位；〳22根据求出高温档时电路中的电阻1；再求出低温档时的总电阻，再根据串联电路的电阻特点可求2；3电热丝和连接的导线串联在电路中通过的电流相等，通电时间是相同的，而电阻丝的电阻比导线的电阻大，由焦耳定律知道，电阻大的发热电阻丝产生的热量多。据此分析解：1由图可知，电路中有两种连接方式：〳2S断开时，1、2串联，电路中总电阻最大，根据可知，此时总功率最小，为低温挡；〳2S闭合时，只有1连入电路，电路中电阻较小，根据可知，电功率较大，为高温档，所以高温档的发热电阻丝是1，正确。〳22由可得，电阻1的阻值：〳2222144；11高S断开时，1与2串联为低温档，〳2根据可得，电路中的总电阻：〳222211，44低由串联电路的特点可得2的阻值：2‸111‸4466；3电饭锅正常工作时，电阻丝和导线串联，通过的电流相同，通电时间t相同，因导线的电阻小，所以由2可知，导线产生的热量少，则会出现发热电阻丝都很烫而导线却不怎么烫的现象。故答案为：1；244；66；3电流；少。13.答案：电磁；318 解析：解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输；电磁波在真空中的传播速度等于光速，为318Ȁo。故答案为：电磁；318。现代通信，如无线上网、手机通信等都是利用电磁波传递信息的；电磁波可以传递信息，其传播速度等于光速，即为318Ȁo。本题主要考查学生对无线通信、网络通信都是利用电磁波传递信息，电磁波在真空中的传播速度，是一道基础题。14.答案：解：1过入射点做出法线，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小．然后根据反射角等于入射角做出对应的反射光线．光从水中斜射入空气，所以折射角大于入射角，由此可以做出对应的折射光线．如下图所示：2平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．如图所示：解析：1过入射点做出法线，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对应的反射光线和折射光线．2在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图．15.答案：解：小球的重心在小球的球心，过球心作竖直向下、大小为4N的力即重力.如图所示： 解析：重力的方向总是竖直向下的；规则物体的重心在物体的几何中心；先确定小球的重心，然后过重心表示出重力的方向和大小。会找出规则物体的重心，知道重力的方向总是竖直向下的，会用示意图表示力的三要素。16.答案：解：由图知，小磁针的左端为S极、右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管左端为N极、右端为S极；在磁体外部，磁感线从N极发出、回到S极，则图中经过小磁针中心的磁感线方向向右；如下图所示：解析：已知小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用规律，可判断出通电螺线管的磁极；在磁体外部，磁感线从N极发出、回到S极，据此画出图中经过小磁针中心的磁感线。本题考查了磁极间的相互作用规律和磁体周围的磁感线分布，是一道基础题。17.答案：等大虚解析：解：1点燃蜡烛A，透过玻璃板观察到A的像，把与A完全相同的蜡烛B放在像的位置，观察到B与像完全重合，说明像与物大小相等；2因为虚像不能在光屏上承接，所以将光屏放到像的位置，无法直接在光屏上观察到像，说明所成的像是虚像。故答案为：1等大；2虚。1实验中选择两根完全一样的蜡烛是为了比较物体与像的大小关系。 2实像和虚像的重要区别是实像能用光屏上承接，虚像不能在光屏上承接。本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。18.答案：初速度相同；物体速度一定时，阻力越小，运动距离越远；A；未控制小车质量一定；能解析：解：1用控制变量法，让小车从同一斜面、同一高度由静止开始滑下，这样小车在进入平面时的运动初速度相同；观察图甲、乙、丙所示的实验现象可得出的结论是物体速度一定时，阻力越小，运动距离越远。2下列物理观点或规律可以由该实验结论直接说明的是AA.由该实验现象和结论可以直接说明：力可以改变物体的运动状态，故A正确；B.物体不受力时同样可以做匀速直线运动，因此“没有力的作用物体就不能运动”的说法是错误的，故B错误；C.牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，经过概括推理得出的，不能通过实验直接得出，故C错误；D.“静止的物体在不受力时将保持静止”这一说法是正确的，但却不能通过本实验现象直接证明，故D错误。故选：A。3探究物体的动能与速度的关系时，应控制小车的质量相同，改变小车到过水平面的速度，从而得出正确的结论。小明的操作中未控制小车质量一定，因此操作不规范。由图中现象可知，图丁中小车高度大、速度大，推动木块移动的距离近。戊图中小车高度小，速度小，推动木块移动的距离反而远，因此，能够说明戊图中小车的质量大于丁图中小车的质量。故答案为：1初速度相同；物体速度一定时，阻力越小，运动距离越大；2ື；3未控制小车质量一定；能。1在实验中，我们是把小车放在斜面上，让小车从斜面上向下运动，从而让小车获得一定的速度。小车在斜面上的高度不同，则向下运动的速度就会不同；观察图甲、乙、丙的实验现象可得出实验结论；2由实验现象可直接得出的是力可以改变物体的运动状态，而牛顿第一定律是在实验的基础上，推理得出的；3物体的动能与速度的关系时，应控制小车的质量相同。根据实验现象进一步判断实验的结论。 本题是一道实验题，考查的是阻力对物体运动的影响，该实验是理解牛顿第一定律的基础。掌握控制变量法与科学推理法的应用非常重要。19.答案：增加空气分子在不停地做无规则运动解析：解：1当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度也会随之升高，当温度达到棉花的燃点时，会看到硝化棉燃烧；2二氧化氮气体是红棕色的。应该将下边瓶子装入二氧化氮气体，因为二氧化氮气体的密度大于空气的密度，本来应该在空气的下方。如果发现上边瓶子内的气体也变成了红棕色，则说明二氧化氮气体分子在做无规则运动，就可以证明扩散现象的存在，即二氧化氮气体在不停地向空气进行扩散。故答案为：1增加；2空气；分子在不停地做无规则运动。1解决此题要知道做功可以改变物体的内能，物体的内能与其本身的温度有关，温度越高内能越大。2扩散现象，是指分子在永不停息地做无规则运动。通过两只瓶内的气体颜色变化，来反映二氧化氮气体分子在做无规则运动。由于空气的密度小于二氧化氮气体，所以一般情况下空气处于二氧化氮气体的上方。本题综合性很强，既需要物理上的密度、分子动理论的知识，又需要化学知识作为补充。20.答案：灯泡断路2.2左.6〳2.解析：解：1灯正常工作时的电流大小小.2ື，电流表选择～.6ື的量程与灯串联；1滑动变阻器按一上一下的原则接与灯串联，如下图所示：2移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因是灯泡断路；3由题意知，电压表的量程为～3，分度值为.1，示数为2.2，小于灯的额定电压；要测量灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器分得的电压，由分压原理，就要减小滑动变阻器连入电路中的阻值大小，将滑片向左端滑动； 4由图2乙知，电流表的量程为～.6ື，分度值为.2ື，示数为.24ື，所以灯泡的额定功率为〳2..24ື.6；故答案为：1见上图；2灯泡断路；32.2；左；4.6。1求出灯正常工作时的电流确定电流表的量程，将电流表和滑动变阻器串联在电路中，注意滑动变阻器接线柱要一上一下；2灯不亮，电流表无示数，可能是电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源的两极连通，则电压表并联的支路以外的电路不存在断路，综上，则可判断与电压表并联的灯泡发生了断路；3确定图2中电压表的量程和分度值，读出电压值；比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移动的方向；4确定图2中电流表的量程和分度值，读出电流值，根据〳计算出灯泡的电功率；本题测小灯泡的电功率，考查电路的连接、故障的分析、操作过程及额定功率的计算，难度中等。21.答案：解：1物块刚好完全浸没在水中，则排物.1311‸33，物体所受的浮力：1.13ͷȀ31Ȁͷ11‸331；浮水排2由图甲可知，当物体上表面上液面齐平时，物体上表面距容器底的距离为24ɱ，弹簧伸长的长度：24ɱ‸1ɱ‸1ɱ4ɱ由图乙可知，此时弹簧对物体的拉力为拉4，木块的重力：物浮‸拉1‸46，物物633物体的密度：物.131Ȁͷ.61ͷȀ；物物3当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，弹簧1ɱ，此时物体受的浮力：浮小物6，浮6‸43排小1.13ͷȀ31Ȁͷ61，水排小61‸43可得：.6；浸.1.12此时水的深度：小弹簧浸1ɱ.6.16； 放水前后水对容器底部压强的变化量‸小‸小1.13ͷȀ31Ȁͷ水.24‸.168。答：1物体受到的水的浮力为10N；2物体的密度为.613ͷȀ3；3打开出水孔，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，关闭出水孔。求放水前后水对容器底部压强的变化量为800Pa。解析：1物块刚好完全浸没在水中，求出排开水的体积，利用阿基米德原理即可求出浮力；2由图乙分析图甲状态下弹簧对木块的拉力，根据力的平衡知识求木块的重力，由密度公式解题；3物体刚好完全浸没在水中，根据物体受力平衡求出物体漂浮时浸在水中的深度，再根据求出容器底部受到的水的压强差。本题考查了学生对液体压强公式、密度公式、物体浮沉条件的理解与掌握，明确弹簧因受力不同形变不同和物体浸没时弹簧对物体的拉力。22.答案：解：1钢绳拉力做的有用功：2713ͷ1Ȁͷ1.316，有有由1耀可得，拉力做的总功：总有1.31661.1，总9耀由图可知，3，则绳端移动的距离：o31，则钢绳的拉力：总1.1611；o1o2由可得，物体运动的时间：2o，.2Ȁo则拉力做功的功率：总1.16461；2o3克服动滑轮重力所做的额外功： ‸‸1.16‸1.316‸1.41114，动总有绳和摩擦则动滑轮的重力：动114321。动答：1钢绳拉力的大小为11；2拉力功率的大小为614；3吊车上动滑轮的重力为213。解析：1知道物体的质量和上升的高度，根据求出钢绳拉力做的有用功，根据有1耀求出拉力做的总功，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据o求出绳端移动的距离，总利用o求出钢绳的拉力；o2根据求出物体运动的时间，利用求出拉力的功率；3克服动滑轮重力所做的额外功等于总功减去有用功、克服钢绳重力和摩擦力做的功，根据求出动滑轮的重力。本题考查了做功公式和功率公式以及效率公式的应用，明确有用功、总功、额外功以及它们之间的关系是关键。23.答案：解：1断开1、2，闭合S，灯泡和滑动变阻器串联，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压：〳滑〳‸〳12‸66，根据〳可得，电路中的电流：61ື，〳6滑动变阻器消耗的功率：〳61ື6；滑滑2闭合S、1、2时，小灯泡被短路，与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过的电流不变，则干路电流表示数的变化量即为通过R电流的变化量， 因并联电路中各支路两端的电压相等，〳所以，由可得，电流表示数的变化量：〳〳12123‸3‸.2ື，44解得：2，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，当滑片在最右端不动，电路中的总电阻：122，总123在1min内电路消耗的电能：〳212226o1296。总3答：1断开1、2，闭合S，移动滑片，当灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的功率为6W；32闭合S、1、2，滑片从最右端向左移动，当连入电路的阻值等于变阻器总阻值的时，电流表示4数比滑片在最右端时变化了.2ື.求：当滑片在最右端不动，电路在1min内消耗的电能为1296J。解析：1断开1、2，闭合S，灯泡和滑动变阻器串联，根据串联电路的分压特点求出滑动变阻器两端的电压，灯泡正常发光，求出电流，根据〳求出滑动变阻器消耗的功率；2闭合S、1、2时，灯泡被短路，与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过的电流不变，则干路电流表示数的变化量即为通过R电流的变化量，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出电流的变化量求出滑动变阻器的最大阻值，根据电阻的并联〳2求出电路中的总电阻，利用求出在1min内电路消耗的电能。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，分清电路的连接方式和最后一问中干路电流表示数的变化量即为通过R电流的变化量是关键。