2020年聊城市莘县中考物理二模试卷(含解析) 24页

2020年聊城市莘县中考物理二模试卷一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.以下物理学家名字用来作为力的单位的是A.牛顿B.阿基米德C.焦耳D.托里拆利2.如图所示的四种用具中，正常使用时属于费力杠杆的是A.羊角锤B.食品夹C.瓶盖起子D.核桃夹3.如图甲所示，乒乓球静止靠在左侧的音叉上，如果用小锤敲打右侧的音叉，我们能听到右侧音叉出声音同时乒乓球被弹开，如图乙。如果把这个实验由宇航员带到月球上外部环境中去完成则A.能听到声音，但乒乓球不会被弹开B.不能听到声音，乒乓球也不会被弹开C.能听到声音，乒乓球也会被弹开D.不能听到声音，但乒乓球会被弹开4.物态变化在我们生活中随处可见，下列说法中正确的是A.初春，冰雪消融是汽化现象B.盛夏，雾的出现是液化现象C.深秋，霜的出现是凝固现象D.严冬，冰雕变小是熔化现象5.小明帮妈妈做饭时，联想到了许多物理知识，下列说法不正确的是A.香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动B.炒鸡块时利用了热传递的方法使鸡块内能增大 C.使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而降低的原理D.油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高6.如图所示是一种英语听力播放控制装置的原理图．“播放器”是有电流通过时会播放声音的装置；“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合状态，达到设定时间后能自动断开．下列选项中正确的是A.闭合开关S，指示灯立刻发光，播放器立刻播放声音B.到达设定时间后，指示灯保持发光且亮度不变C.到达设定时间后，播放器立刻开始播放声音D.“定时开关”断开前后，“指示灯”和“播放器”分别处于并联和串联状态7.如图所示，吸盘质量不计挂钩挂着维尼熊，下列说法错误的是A.吸盘挂钩利用了大气压B.墙对吸盘的支持力与大气对吸盘的压力是平衡力C.维尼熊的重力与维尼熊对吸盘拉力是平衡力D.维尼熊对吸盘拉力与墙对吸盘的摩擦力是平衡力8.如图所示，在“探究动能的大小与质量的关系”的实验中，将质量为m和2m的甲乙两个小球，从同一斜面的同一高度静止释放，下列说法正确的是A.小球在斜面上滚动时，重力和支持力做了功B.该实验说明高度一定时，物体的质量越大，动能越大C.小球质量越大，到达斜面底端的速度越大D.整个过程中，乙球比甲球重力势能能减少得更多9.在家庭电路中，如图所示的电灯、开关和插座的连线正确的是A.AB.BC.CD.D10.如图所示，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是 A.甲：磁场能产生电流B.乙：闭合开关，小磁针N极向右偏转C.丙：这个装置的实验原理，应用于制造电动机D.丁：电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）11.下列物理知识的应用中正确的是A.空调在冬天开暖风时，出风口叶片向下，可使密度较小的暖空气从下向上运动温暖整个房间B.遇到黑板“反光”看不清字时，同学可以通过调整一下座椅位置来暂时解决C.老师在教室上课时，室外有噪声干扰，我们可以带上耳塞D.冬天汽车车窗内表面起雾时，可以开热风吹前风挡12.如图所示，两个完全相同的容器里装有适量的水后，在容器中分别放入质量相同的A、B两个物体，A物体漂浮在水面上，B物体悬浮在水中，此时两个容器内水面高度相同。下列说法中正确的是A.A物体比B物体排开水的质量小B.水对两个容器底的压力一样大C.如果再向甲容器中加入盐水，A物体受到的浮力不变D.如果再向乙容器中加入酒精，B物体受到的浮力不变13.如图甲所示的电路中，电源电压为6V不变，电流表量程为0～0.6，电压表量程为0～3t.乙图是定值电阻1的IU图象。闭合开关后，下列说明正确的是 A.1的阻值为10B.当电压表的示数为2.5t时，通过1的电流为0.2C.当电流表的示数为0.2，2连入电路的阻值为20D.在两个电表都不超量程的情况下，电路消耗的总功率最大为1.8三、填空题（本大题共5小题，共11.0分）14.汽车是我们十分熟悉的交通工具，也包含丰富的物理知识：水作为汽车发动机的冷却剂，这是因为水的______较大；发动机把热量传给水使水的内能增加是通过______填“做功”或“热传递”的方式；为减少交通事故，公路上都设有限速标志，这是因为汽车的速度越大，______越大，刹车后前进的路程越长。15.足球比赛中，球员射门时，守门员飞身将球扑住，说明力能改变物体的______；以飞行的足球为参照物，球门是______的。16.小陆在照镜子时，为了能从镜子中看清自已的脸部。他走近镜子去看，靠近时，他的脸部在平面镜中所成像的大小______选填“变大”“变小或“不变”，平面镜所成的像是______选填“实像”成“虚像”17.如图的A，B是两个相同的验电器，开始时A带电B不带电，用一根金属棒连接两个验电器的金属球，稳定后B的金属箔张开的角度______选填“大于”、“小于“或等于”，原因是______。18.如图所示为无线投影仪，它能够连接手机，接收手机发出的______填“电磁波或“超声波”来播放影像。投影仪发射的多彩影像是由红、______、蓝三种色光混合而成的，并在屏幕上发生______填“漫”或“镜面”反射，使全家人能在各个不同位置共同观赏。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）19.如图所示，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，请画出此时物体受到力的示意图。 20.1已知两平面镜和成夹角，如图所示，一条光线与平面镜成夹角入射，请在图中画出光线经过平面镜的反射光线，标出反射光线与平面镜的夹角和度数．2、B为某一发光点S发出的光线经平面镜MN反射后的两条反射光线，如图所示，试作出这两条反射光线的入射光线，并确定发光点的位置。五、实验探究题（本大题共3小题，共16.0分） 21.在研究凸透镜成像的实验中：1小刚实验时，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上摆放的位置如图所示，其中明显需要调整的是____________________。若测得凸透镜的焦距10Ͳ，调整后，移动光屏得到一个清晰的蜡烛的像，该像是倒立、_____________________选填“放大”或“缩小”的实像。2重新经过调整后，光屏上已经成一清晰缩小的像，要在光屏上成放大清晰的像，则蜡烛到凸透镜的距离应该_____________填“增大”“减小”或“不变”3要想成放大的虚像，蜡烛到凸透镜的距离应_________________。22.实验课上，老师组织学生探究测定滑轮组的机械效率：1实验中应选用的测量工具是______。2测量时，必须______拉动弹簧测力计。3某小组利用如图的实验装置测滑轮组的机械效率，得到的实验数据如表。钩码重钩码上升高度绳端拉力绳端移动距离机械效率试验次数〵〵120.10.90.374.1220.10.70.557.1330.11.20.383.3分析比较第一次实验和第二次实验的数据可以得到的结论：______。分析比较第一次实验和第三次实验的数据可以得到的结论______。如果用甲装置进行实验，当动滑轮下边挂500N重物时，所用拉力为200N此时机械效率是______，当把物体浸入水中时，发现滑轮组的机械效率______，这是因为______。23.某实验小组在做“测量小灯泡电功率”的实验中，所用电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5t，电阻约为10。 1小明将电路连接好后，闭合开关，发现小灯泡发光很微弱，电流表、电压表均有示数，左右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡亮度和两表示数均不变，其原因可能是______。A.变阻器断路.电流表短路.电压表断路.变阻器接下面两接线柱2故障排除后，闭合开关，当滑动变阻器滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向______移。选填“A”或“B”3通过移动滑动变阻器的滑片P，记录了多组数据，并作出如图丙所示的th图象。根据图象可知小灯泡的额定功率为______W。4若将小灯泡换成定值电阻，该电路还可以进行的实验有______。写出一个即可六、计算题（本大题共3小题，共27.0分）24.已知天然气的热值4.21073，水的比热容Ͳ4.2103ሺ。1完全燃烧t10.063。天然气可放出热量为多少J？2某天然气灶烧水的效率50％，完全燃烧0.063天然气可使常温下t25䁕的水温度升高多少？25.如图所示，装有少量细沙的长直平底玻璃管竖直漂浮于水面，玻璃管的底面积为510t42，浸入水中的长度是0.1.求：1玻璃管和细沙总重是多少？2当向水中撒入一些食盐并搅拌均匀后，玻璃管向上浮起0.01，此时食盐水的密度多大？1.0103ሺ3结果保留两位有效数字水 26.如图，电源电压为12V，并且保持不变，滑动变阻器的最大阻值为18，0为12，小灯泡上标有“6V3W”字样。求：1灯泡的电阻和正常工作时的电流是多少？2当S闭合，1、2都断开时，要使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路中的阻值为多大？3当S闭合，1、2都断开时，调节滑动变阻器，使整个电路消耗的总功率为最小，这个最小值是多少？4当S闭合，1、2都断开时，调节滑动变阻器，使整个电路消耗的总功率为最小，这个最小值是多少？5闭合S、1、2，调节滑动变阻器，此时电流表示数为2.5，求此时滑动变阻器的阻值。 【答案与解析】1.答案：A解析：解：A、牛顿是伟大的物理学家，在力学、天文学研究领域取得卓著的成就，其名字被命名为力的单位．符合题意；B、阿基米德是著名的物理学家，发现了著名的阿基米德原理和杠杆平衡条件，但其名字没有被命名为物理量的单位．不符合题意；C、焦耳是伟大的物理学家，在热学研究领域取得卓著的成就，其名字被命名为功和能量的单位．不符合题意；D、托里拆利是著名的物理学家，最早精确测定了大气压的数值，但其名字没有被命名为物理量的单位．不符合题意．故选A．首先对选项中的物理学家进行分析，确定其名字是否被命名为物理量的单位，然后确定符合题意的选项．此题考查的是我们对常见物理量单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度较小，容易解答．2.答案：B解析：解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆B、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故选：B。结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。3.答案：B 解析：本题主要考查声音的产生和传播条件，较为简单。1声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；2声音是由物体的振动产生的，一切发出声音的物体都在振动。如果把这个实验由宇航员带到月球上外部环境中去完成，由于声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故听不到声音，乒乓球也不能被弹开，故选B。4.答案：B解析：试题分析：1物质由固态变成由液态的现象叫做熔化；2物质由气态变成液态的现象叫做液化；3物质由气态直接变成固态的现象叫做凝华；4物质由固态直接变成气态的现象叫做升华．A、初春，冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，该选项说法不正确；B、盛夏，雾的出现，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项符合题意；C、深秋，霜的出现，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项不符合题意；D、严冬，冰雕变小，由固态直接变成了气态，属于升华现象，该选项不符合题意．故选B．5.答案：C解析：本题考查了与热学相关的多个知识点，联系生活中的现象，能用相关热学知识做出解释是解答的关键。1扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；2热传递和做功都可以改变物体的内能；3液体的沸点随气压的增大而升高，据此判断；4不同液体的沸点不同，油的沸点比水的沸点高。A、做饭时香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动，故A正确；B、炒鸡块时利用了热传递的方法使鸡块内能增大，温度升高，故B正确；C、使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而升高的原理，故C错误； D、油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高，故D正确。故选C。6.答案：C解析：解：A.闭合开关S，“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合”状态，播放器被短路，电路为灯泡的简单电路，所以指示灯立刻发光，播放器不能播放声音，故A错误；hB.达到设定时间后，“定时开关”自动断开，播放器和指示灯串联，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，由2可知灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故B错误；C..达到设定时间后，“定时开关”自动断开，播放器和指示灯串联，电路中有电流，播放器立刻开始播放声音，故C正确；D.“定时开关”断开前即闭合，电路为指示灯的简单电路；“定时开关”断开后，“指示灯”和“播放器”串联，故D错误．故选C．由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，电路为指示灯的简单电路；定时开关断开时，播放器和指示灯串联，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据2可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化．本题考查了电路连接方式的判断和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．7.答案：C解析：1吸盘挂钩内的气压小于大气压，在压力差的作用下吸在墙上；2二力平衡的条件：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。本题考查学生对大气压的利用及平衡力的理解及掌握情况，难度不大，关键是掌握平衡力的条件。A.吸盘挂钩内的气压小于大气压，在压力差的作用下吸在墙上，利用了大气压，故A正确，不符合题意； B.墙对吸盘的支持力与大气对吸盘的压力作用在吸盘上，都在水平方向，方向相反，吸盘静止，所以两力是平衡力，故B正确，不符合题意；C.维尼熊的重力与维尼熊对吸盘拉力没有作用在同一物体上，方向也不相反，两力不是平衡力，故C错误，符合题意。D.维尼熊对吸盘拉力与墙对吸盘的摩擦力都在竖直方向，方向相反，吸盘处于静止，所以两力是平衡力，故D正确，不符合题意。故选C。8.答案：D解析：解：A、小球在斜面上滚动时，支持力始终垂直于斜面向上，在这个方向上小球没有移动距离，即支持力不做功，故A错误；B、该实验中，小球质量相同，从斜面同一高度下滑，到达斜面底端速度相同，说明物体速度一定时，质量越大，动能越大，故B错误；C、小球从斜面上由静止下滑，到达斜面底端的速度与刚开始小球的高度有关，与小球质量无关，故C错误；D、速度相同时，质量越大，动能越大，整个过程中，乙球比甲球重力势能能减少得更多，故D正确。故选：D。本题考查探究影响物体动能的因素，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。9.答案：D解析：1两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线。2三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。3电灯的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。1掌握家庭电路的火线、零线、地线之间的电压。2掌握各用电器之间和插座之间连接方式。 3掌握两孔插座、三孔插座、灯泡、开关的接法。A、两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线；而左孔接地线，右孔接零线，接线错误。B、三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；二图中是左孔接地线，上孔接零线，接线错误。C、火线没有接开关，直接接入灯泡顶端的金属点，接线错误。D、火线首先进开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接螺旋套，接线正确。故选D。10.答案：D解析：解：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A错误；B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，选项B错误；C、若开关闭合，金属棒左右切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，选项C错误；D、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同。在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，选项D正确。故选：D。甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向；丙图：电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应；丁图：电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强。本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机的原理、影响电磁铁磁性强弱的因素。其中选项C一定要注意，要能正确识别实验装置属于发电机原理还是属于电动机原理，二者的因果关系是不同的。发电机是“先动后电”，电动机是“先电后动”。11.答案：ABD解析：解：A、冬天使用空调是为了致热，而热的空气密度小，因此应将空调出风口向下调节，将其吹向低处，再让其自然上升，达到循环的目的，使室内尽快暖起来，故A正确； B、黑板“反光”是因为黑板发生了镜面反射，黑板反射的光线比粉笔字反射的光线强，使人无法看清黑板上的字；同学可以通过调整一下座椅位置来暂时解决，故B正确；C、老师在教室上课时，室外有噪声干扰，可以关闭门窗，带上耳塞，老师讲课就听不到了，故不可以带上耳塞，故C错误；D、冬天汽车车窗起雾在玻璃的内表面，故可以开热风吹前风挡，故D正确。故选：ABD。1我们在使用空调时，冬天是为了致热，夏天是为了致冷，通过改变空气的温度来起到调节气温的作用，根据空气密度与温度的关系可进一步做出分析；2镜面反射后的光线射向同一方向，正好处在这一方向上时，获得的光线很强，其他方向上几乎没有反射光线，黑板“反光”就是因为黑板发生了镜面反射的缘故；3防治噪声的途径：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱；4吹热风可以加快水分的蒸发。本题考查汽化现象，光的反射，以及噪声的防治，是一道基础题。12.答案：BC解析：解：A、A漂浮，B悬浮，受到的浮力均等于其自身重力，AB质量相等，则重力相等，所以AB受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知，排开水的重力相等，根据知，排开水的质量相等，故A错误；B、两个容器内水面高度相同，根据知，水对两个容器底部的压强相等，两个完全相同的容器，则底面积相等，根据知，水对两个容器底的压力一样大。故B正确；C、A漂浮在甲容器中，所以向甲容器中加入盐水，液体密度增大，A仍然漂浮在液面上，那么A受到的浮力等于A的重力，A的重力没变，所以A受到的浮力不变，故C正确；D、B物体悬浮在水中，B物体受到的浮力浮液t排，向乙容器中加入酒精，液体密度减小，排开液体体积不变，B物体受到的浮力减小；故D错误。故选：BC。1根据AB的状态，利用物体浮沉条件判断它们受到的浮力大小，然后利用阿基米德原理判断它们排开水的质量关系；2首先根据判断水对两个容器底部的压力关系，然后利用判断水对两个容器底的压力大小； 3物体漂浮或悬浮，受到的浮力都等于物体重；4当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉；当物体的密度小于液体的密度时，物体上浮漂浮；当物体的密度等于液体的密度时，物体处于悬浮状态。本题考查了学生对液体压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是知道物体密度小于液体密度时物体漂浮，物体密度等于液体密度时物体悬浮，当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉；二是影响液体压强的因素是液体密度和液体深度。13.答案：ACD解析：【试题解析】解：1由乙图可知，当h13t时，10.3；h13t电阻1的阻值为110；10.32当电压表的示数h12.5t时，h12.5t通过1的电流为10.25；1103当电流表的示数为0.2时，h6t电路中的总电阻30，0.22连入电路的阻值为2t130t1020；4当通过电阻1的电流为0.3时，两端的电压为3V，在两个电表都不超量程的情况下，电路中的电流为0.3，此时电路的最大功率为h6t0.31.8。故选：ACD。由乙图可以读出任意一组电压和电流值，根据欧姆定律求出电阻1的阻值；根据欧姆定律和串联电路的特点分别求出电压表的示数为2.5t时和电流表的示数为0.2时，通过1的电流和2连入电路的阻值；先根据两电表的量程确定电路中的最大电流，再根据h求出电路消耗的最大总功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，以及学生的读图能力；关键是两电表都不超量程的情况下电路中最大电流的确定。14.答案：比热容热传递动能 解析：解：因为水的比热容较大，质量相同，升高相同的温度，水吸收更多的热量。所以用水作为汽车发动机的冷却剂；发动机把热量传给水，热量从高温的发动机转移给低温的水，使水的内能增大，温度升高，是通过热传递的方式改变了水的内能。为了减少交通事故，要求汽车限速行驶，因为在汽车的质量一定时，其速度越大，动能越大，故其克服摩擦力做的功越多，刹车后前进的路程就越长。故答案为：比热容；热传递；动能。所有的物质中，水的比热最大，相同条件下，水吸收热量最多；做功和热传递都可以改变物体的内能，并且这两种方式是等效的，做功改变物体内能的实质是内能和机械能之间的转化，热传递改变物体内能的实质是内能在高温物体和低温物体之间的转移。物体的动能和物体的质量、速度有关，物体的质量越大、速度越大，其动能就越大，其对外做的功就越多。15.答案：运动状态运动解析：解：1球员将飞来的足球顶进球门，足球在力的作用下运动方向发生改变，说明力能改变物体的运动状态；2以飞行的足球为参照物，足球和球门之间的位置不断发生改变，则球门是运动的。故答案为：运动状态；运动。1力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；2被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。该题考查了力的作用效果，以及参照物的选择，是一道基础题。16.答案：不变虚像解析：解：小陆在照镜子时，为了能从镜子中看清自已的脸部。镜子中像的大小由物体本身袂定，与距离的远近无关，他走近镜子去看，靠近时，他的脸部在平面镜中所成像的大小不变，平面镜成像为虚像。故答案为：不变；虚像。平面镜成像为虚像，镜子中像的大小由物体本身袂定，与距离的远近无关 本题要求熟练掌握并灵活运用平面镜成特点，常见题目。17.答案：等于相同的验电器金属箔相同，带电量相同解析：解：用一根金属棒连接两个验电器的金属球，电荷会定向移动，稳定后B的金属箔张开的角度等于A，原因是相同的验电器金属箔相同，带电量相同。故答案为：等于；相同的验电器金属箔相同，带电量相同。验电器原理：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；导体能够导电；相同的验电器金属箔相同带电量相同。本题考查验电器原理，是一道基础题。18.答案：电磁波绿漫解析：解：1手机是依靠电磁波来传递信息的，所以无线投影仪是接收手机发出的电磁波来播放影像的；2投影仪发射的多彩影像画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光合成的；3屏幕用表面粗糙的白布做成，能使射向屏幕的光发生漫反射，即使光线射向四面八方，能使各个方向的同学都能看到屏幕上的像。故答案为：电磁波；绿；漫。1手机是利用电磁波传递信息的；2红、绿、蓝三种色光叫色光三原色；3光线照到粗糙不平的物体表面，物体表面发生反射，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。本题考查了电磁波的利用、光的三原色以及漫反射等知识，联系生活实际会辨认，会解释。19.答案：解：由图可知，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，受的浮力、拉力和重力的作用，重力从重心竖直向下画，浮力、拉力从重心竖直向上画，标出符号，浮力与拉力之和等于重力，如图所示： 解析：先分析出物体受力情况；用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，重力方向竖直向下，浮力、拉力方向竖直向上；画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。20.答案：12解析：1此题考查了反射光路图，反射定律作图一般分三种：作出反射光线、作出入射光线、作出平面镜，都要按光的反射定律作图。光发生反射时，入射光线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角；法线与平面镜垂直，入射光线与法线间的夹角是入射角；根据反射定律作图。先过入射点垂直平面镜作出法线，再根据反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线，入射光线与平面镜的夹角为60，所以反射角为90t6030，故反射光线与平面镜的夹角也为60，则可得反射光线与平面镜夹角：180t60t3090，如图所示： 。2此题考查了反射光路图，能利用光的反射定律作图是解题的关键。根据光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出两条反射光线的入射光线，交点即为发光点的位置。先分别过入射点垂直于镜面作出法线，在法线左侧分别指向入射点画出入射光线，注意反射角要等于入射角，两条入射光线的交点S即为发光点S的位置，如图所示：。21.答案：1光屏，放大；2变小；3小于一倍焦距解析：本题探究了凸透镜成像的规律，考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处。同时考查了凸透镜成像的规律，要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系。1在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度。要掌握凸透镜成像的规律，知道当物距大于1倍焦距、小于2倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像；2凸透镜成像的三种情况和应用：2，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；2，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪；，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。1使烛焰的像成在光屏的中心，在做实验前，调整凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者中心大致在同一高度。从图上看，光屏的高度明显高于烛焰和凸透镜的高度。所以要进行调整。 由题意知，凸透镜的焦距10Ͳ，蜡烛离透镜的距离即物距稍大于1倍焦距，小于2倍焦距，所以此时成倒立、放大的实像；2此时在此实验中，光屏上已经成一清晰缩小的像，此时2，要在光屏上成缩小清晰的像，则2，成倒立、放大的实像，因此蜡烛到凸透镜的距离应该减小，光屏到透镜的距离应增大；3要想成放大的虚像，蜡烛到凸透镜的距离应小于一倍焦距。故答案为：1光屏；放大；2变小；3小于一倍焦距。22.答案：弹簧测力计和刻度尺沿竖直方向匀速使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越低使用同一滑轮组，提升物体的重力越小，滑轮组的机械效率越低83.3降低有用功占总功的比值变小了有解析：解：1测定滑轮组的机械效率的实验原理为：100，故应选用的测量工具是总弹簧测力计和刻度尺；2测量时，必须沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小；3ݏ，根据第一、三次实验数据可知，即承担物重的绳子股数：0.3ݏ3，所以第一、三次实验使用图甲做的实验；0.1同理，第二次实验承担物重的绳子股数：0.5ݏ5，即用图乙做的实验：0.1分析比较第一次实验和第二次实验的数据可得：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率低；分析比较第一次实验和第三次实验的数据可得：使用同一滑轮组，提升物体的重力越小，滑轮组的机械效率越低；如果用甲装置进行实验，当动滑轮下边挂500N重物时，所用拉力为200N，此时机械效率是：有500〵10083.3；200〵3总当把物体浸入水中时，物体受到浮力的作用，t浮，相当于提升一个重力小一些的物体，由知，滑轮组的机械效率降低了，这是因为有用功占总功的比值变小了。故答案为： 1弹簧测力计和刻度尺；2沿竖直方向匀速；3使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越低；使用同一滑轮组，提升物体的重力越小，滑轮组的机械效率越低；83.3；降低；有用功占总功的比值变小了。有1本实验的实验原理为：100，据此确定选用的测量工具；总2测量时，必须沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计；3根据ݏ，根据表中数据分别求出第一、三次和第二次实验承担物重的绳子股数：确定第一、三次和第二次实验所使用的装置：分析比较第一次实验和第二次实验的数据，找出相同量和不同量，得出滑轮组的机械效率与变化量的关系；分析比较第一次实验和第三次实验的数据，找出相同量和不同量，得出滑轮组的机械效率与变化量的关系；有根据100求出此时机械效率；总当把物体浸入水中时，物体受到浮力的作用，相当于提升物体的重力变小了，由知滑轮组的机械效率变化，根据有用功占总功的比值变小分析。本题探究测定滑轮组的机械效率，考查实验原理、注意事项、控制变量法、数据分析、机械效率的计算及影响机械效率大小的因素。23.答案：D；B；0.5；探究电流与电压的关系解析：解：1闭合开关，发现小灯泡发光很微弱，电流表和电压表均有示数，说明此时电路中的电阻很大，造成电流较小，任意移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表示数均不变，则说明滑动变阻器接入了下面两个接线柱，相当于定值电阻，且阻值等于滑动变阻器的最大电阻，故D正确；2电压表使用0～3t量程，分度值为0.1t，电压为2.2t；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2t增大到2.5t，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5t为止；3由图象知，当灯的电压是2.5t时，对应的电流值为0.2，额定功率h2.5t0.20.5。4在该实验后把小灯泡换成一个定值电阻，电阻阻值不变，移动滑片可以改变电阻两端电压，用电流表测出不同电压下的电流，该实验可以探究电流与电压的关系。故答案为：1；2；30.5；4探究电流与电压的关系。 1灯泡发光很微弱，说明电路为通路，可判定此时电路中的电阻很大，通过移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表示数均不变，可判定此时滑动变阻器接入了下面两个接线柱，相当于定值电阻，且阻值等于滑动变阻器的最大电阻；2根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5t，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；3从图象上找到额定电压对应的点，读出对应的电流，利用h计算额定功率；4根据实验电路与实验器材分析实验目的。本题考查了测量电功率的实验中电路故障的判断、电压表的读数、串联电路的分压作用及额定功率的计算，同时还考查了学生对图象的分析和处理能力。24.答案：解：1完全燃烧0.063天然气放出的热量：t10.0634.210732.52106放2根据可知5L水的质量为：t2t21103ሺ3510t335ሺ；由题知，水吸收的热量：50％50％2.521061.26106；吸放由得：．答：1天然气可放出热量为2.52106；2温度升高60。解析：本题主要考查密度计算、热值的计算、热量的计算及热机效率。1根据放t1计算完全燃烧0.063天然气放出的热量；2根据计算5L水的质量，再根据效率计算水吸收的热量，最后运用计算水温度升t2高的度数。25.答案：解：1排开水的体积：t510t420.1510t53排浸，玻璃管和细沙受到的浮力：t1.0103ሺ310〵ሺ510t530.5〵，浮水排玻璃管漂浮， 玻璃管和细沙总重：浮0.5〵，2撒入食盐后：t510t420.1t0.014.510t53排，0.5〵，浮即：盐水t排0.5〵，0.5〵331.110ሺ盐水t10〵ሺ4.510t53．排答：1玻璃管和细沙总重是0.5〵；2食盐水的密度是1.1103ሺ3．解析：1知道玻璃管的底面积、浸入的深度，可求排开水的体积，利用阿基米德原理求玻璃管含沙子受到水的浮力，再利用漂浮条件求玻璃管和细沙总重；2根据条件求排开水的体积，由于玻璃管还是漂浮，据漂浮条件求此时玻璃管含沙子受到的浮力，再利用阿基米德原理求食盐水的密度．本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，利用好漂浮条件是本题的关键．26.答案：解：1由h可得，灯泡正常工作时的电流：额30.5，额h6t额h由可得，灯泡的电阻：h额6t䁕12；0.5额2当S闭合，1、2都断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常工作，所以，滑动变阻器两端的电压：hhth12tt6t6t，滑额因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器接入电路中的阻值：h滑h滑6t12；滑0.5滑额3当S闭合，1、2都断开，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，整个电路消耗的总功率最小， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，整个电路消耗的最小总功率：h212t24.8；䁕滑大12184当闭合S、1、2时，0与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电流表示数为2.5时，电路中的总电阻：h12t24，总2.55因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，111所以，，总0滑511即，2412滑解得：滑8。答：1灯泡的电阻为12，正常工作时的电流为0.5；2当S闭合，1、2都断开时，要使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路中的阻值为12；3当S闭合，1、2都断开时，滑动变阻器接入电路的电阻最大时整个电路消耗的总功率最小为4.8；4闭合S、1、2，电流表示数为2.5时，此时滑动变阻器的阻值为8。解析：1小灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据h求出灯泡正常工作时的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；2当S闭合，1、2都断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常工作时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值；3当S闭合，1、2都断开，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，整个电路消耗的总功率最小，根h2据电阻的串联和求出整个电路消耗的最小总功率；4当闭合S、1、2时，0与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律求出电流表示数为2.5时电路中的总电阻，利用电阻的并联求出滑动变阻器接入电路中的阻值。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。