江苏省2018-2020年三年中考物理真题分类汇编专题：09压强含解析 33页

专题09压强一．选择题1．（2020•常州）下列情景中，没有利用大气压强的是（　　）A．杯中水不流出B．用吸管吸饮料C．用吸盘吊起玻璃板D．堤坝上窄下宽【答案】D【解析】A、覆杯实验，是大气压强托住了纸片，故A不合题意；B、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，利用大气压强，故B不合题意；C、用吸盘吊起玻璃板，先把吸盘内的空气排尽，是大气压强托住玻璃把玻璃吊起，故是利用大气压强，故C不合题意；D、堤坝上窄下宽，是利用液体压强随深度的增加而增大，没有利用大气压，故D符合题意。故选：D。2．（2020•徐州）如图所示，水平向左的风吹得衣架在水平晾衣杆上滑动起来，若衣架和衣服做匀速运动，此时衣架对晾衣杆的压力（　　）A．比没有风时大B．比没有风时小33 C．和没有风时一样大D．以上都有可能【答案】C【解析】衣架对晾衣杆的压力是因为它的重力产生的，向左的风吹得衣架在水平晾衣杆上滑动起来，使得衣架及衣服整体水平向左匀速直线运动，不影响重力的大小，也没有增加对晾衣杆的压力，故C正确，ABD错误。故选：C。3．（2020•无锡）如图所示，把长约20cm的饮料吸管从中部剪开（但不要彻底剪断）并弯折过来，将其中一段吸管a插在盛水的烧杯中，从另一段吸管b的管口用力吹气，水将从a管的管口喷出，且呈雾状，这是因为吹气时（　　）A．a管上端附近气体的压强变大B．a管上端附近气体的压强变小C．烧杯中水面上气体的压强变大D．烧杯中水面上气体的压强变小【答案】B【解析】往B管中轻轻吹气，可以看到a管中的水面上升，原因是：往b管中吹气，吸管a上方空气的流速增大，压强减小，a管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以a管水上升后从管口喷出；烧杯中水面上气体的压强是不变，故B正确、ACD错误。故选：B。4．（2020•连云港）下列关于压力和压强的说法正确的是（　　）A．重力大的物体产生的压力也大B．大气对处于其中的物体都有压强C．流体的流速越大，流体的压强越大33 D．相同深度的液体对容器底部产生的压强相同【答案】B【解析】A、物体重力越大，产生的压力不一定越大，只有水平面上的物体，产生的压力等于其重力；故A错误；B、大气受重力并且具有流动性，因此会对处于其中的物体产生压强，这个压强叫做大气压强，故B正确；C、流体的流速越大，则流体的压强越小，故C错误；D、相同深度的液体对容器底部产生的压强的大小与液体的密度有关，液体密度不同，产生的压强不同，故D错误。故选：B。5．（2020•苏州）小明采用“向漏斗口吹气，观察乒乓球状态”的方法来探究流速对流体压强的影响。以下方案不合理的是（　　）A．竖直向上吹气B．水平向右吹气C．竖直向下吹气D．斜向下吹气【答案】A【解析】A、不吹气时，乒乓球受到的重力和支持力是平衡力，乒乓球处于静止状态；竖直向上吹气时，乒乓球底部空气流速大压强小，乒乓球上面流速小压强大，产生向下的压力，乒乓球受竖直向下的重力，乒乓球还受到支持力作用，这三个力是平衡力，乒乓球也处于静止状态，所以竖直向上吹气没有改变乒乓球的运动状态，不能很好的探究流体流速对流体压强的影响，故选项正确。33 B、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，水平向右吹气时，乒乓球左侧空气流速大压强小，乒乓球右侧空气流速小压强大，产生向左的压力，乒乓球保持静止状态，所以水平向右吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故选项错误。C、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下落，竖直向下吹气时，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，产生向上的压力，乒乓球保持静止状态，所以竖直向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故选项错误。D、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，斜向下吹气时，乒乓球右上方空气流速大压强小，乒乓球左下方空气流速小压强大，产生向右上方的压力，乒乓球保持静止状态，所以斜向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故选项错误。故选：A。6．（2019•常州）中国南极泰山站采用轻质材料装配而成，为避免被南极强横风吹得移位，其独特的支架悬空形状发挥了作用。泰山站的悬空形状接近于下列图（　　）A．B．C．D．【答案】A【解析】A、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度小，压强大；屋顶受到向上的压强小于向下的压强，受到的向下的压力大于向上的压力，使整体更加稳定，不会把屋顶掀开，故A符合题意；B、房子设计成图B所示的圆顶，风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋33 内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，会把屋顶掀开，故B不符合题意；C、房子设计成图C所示的圆顶，尽管容易清除积雪，但屋顶受到向上的压强等于向下的压强，受到的向上的压力等于向下的压力，不能使整体更加稳定，故C不符合题意，D、图中上下表面水平，屋顶受到向上的压强等于向下的压强，受到的向上的压力等于向下的压力，不能使整体更加稳定，故D不符合题意，故选：A。7．（2019•常州）以下四个增大压强的情境中，所用方法与另三个不同的是（　　）A．盲道上有凸起的小圆点B．菜刀刀刃很锋利C．压路机的碾子很重D．注射器的针头很尖【答案】C【解析】A、盲道有凸棱是在压力一定时，通过减小受力面积增大压强，使盲人更好的感觉到路；B、刀刃磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；C、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；D、注射器的针头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，容易扎进去；综上分析，只有C选项所用方法与另三个不同。故选：C。8．（2019•盐城）现代建筑多采用中空双层玻璃窗隔热，实验表明，中空双层玻璃窗的隔热性能与两层玻璃间空气压强有关，实验测得中空双层玻璃内外温差与中间空气压强关系如图所示，则中空双层玻璃中间空气压强（　　）33 A．等于大气压强时，没有隔热效果B．小于10﹣1Pa时，隔热效果变差C．在10﹣1～102Pa时，隔热效果最好D．等于10﹣3Pa时的隔热效果比104Pa时好【答案】D【解析】A、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于大气压强1×105Pa时，玻璃内外温度差为20℃，并不是没有隔热效果，故A错误；B、由图象可知，两层玻璃间空气压强小于10﹣1Pa时，玻璃内外温度差变大，说明隔热效果变好，故B错误；C、由图象可知，两层玻璃间空气压强在10﹣1～102Pa时，玻璃内外温度差逐渐变小，说明隔热效果逐渐变差，故C错误；D、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于10﹣3Pa时玻璃内外温度差比104Pa时玻璃内外温度差大，说明隔热效果要好，故D正确。故选：D。9．（2019•盐城）如图所示为长江某水坝的示意图，水坝左侧水面高，B和C两点处于同一高度，A和C两点到各自液面的距离相等。水在A、B和C三点产生的压强分别为pA、pB和pC，则（　　）A．pA＜pB＝pCB．pA＝pC＞pBC．pA＞pB＝pCD．pA＝pC＜pB【答案】D【解析】由图知：A、B、C三点处的深度为hB＞hA＝hC，由于水的密度确定，由公式p＝ρgh知：此三点的压强关系为：pB＞pA＝pC。33 故选：D。10．（2018•常州）水平桌面上，甲、乙、丙三个同规格容器内各装有液体，小明将完全相同的三个小球分别放入三个容器内，小球静止时状态如图所示，此时三个容器中的液面相平，三个容器底部受到的液体压强大小关系是（　　）A．p甲＝p乙＝p丙B．p甲＞p乙＞p丙C．p甲＞p乙＝p丙D．p甲＜p乙＜p丙【答案】C【解析】小球在甲中漂浮，在乙、丙中悬浮，浮力均等于重力，所以小球在三种液体中受到的浮力相等；由图可知V排甲＜V排乙＝V排丙，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，三个容器内的液面相平，根据p＝ρ液gh可知，三种液体对容器底部的压强关系为p甲＞p乙＝p丙．故C正确。故选：C。11．（2018•苏州）流体的压强与流速有关，下列现象与这一物理知识无关的是（　　）A．如图中，同学向前吹气，纸条向上运动B．如图中，在气球的左侧吹气，气球向左侧运动33 C．如图中，同学用吸管吸饮料，饮料进入口中D．如图中，在硬币上方吹气，可以将硬币吹入碗中【答案】C【解析】A、把一纸条靠近嘴边，在纸条的上方沿水平方向吹气时，纸条上方的空气流速大，压强小；纸条下方的空气流速小，压强大，在空气压强差的作用下，纸条会向上偏移，能用“流体压强与流速关系”解释。故A不合题意；B、向气球的左侧吹气，球左侧的空气流速变大，压强变小，小于球右侧的大气压，产生了一个向左的压强差，将气球压向左侧，能用“流体压强与流速关系”解释。故B不合题意；C、用吸管吸饮料是利用了大气压，吸时是先把管内空气吸走，这样在管内外就形成气压差，从而把饮料“压”进嘴里，不能用“流体压强与流速关系”解释。故C符合题意；D、在硬币上方沿着与桌面平行方向用力吹一口气，硬币上方的空气流速大于下方的空气流速，则硬币上方的气体压强小于下方的气体压强，硬币受到向上的压强差，所以硬币能飞入盘中，能用“流体压强与流速关系”解释。故D不合题意；故选：C。12．（2018•泰州）动车进站时，为了避免乘客被“吸”向动车而造成人身伤害事故，站台上都标有“安全黄线”，乘客必须站在安全黄线以内，是因为动车进站时车厢附近（　　）A．气流速度大，压强小B．气流速度大，压强大C．气流速度小，压强小D．气流速度小，压强大【答案】A【解析】当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空33 气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。故A正确。故选：A。13．（2018•宿迁）寒冷的冬天，太阳能热水器水箱的通气孔（与大气相通）由于冰冻堵塞而不通，放水使用后发现不锈钢水箱变瘪了，如图所示，水箱变瘪说明（　　）A．存在大气压强B．水箱存在热胀冷缩C．水箱的不锈钢老化D．水变成冰时体积变大【答案】A【解析】放水使用后发现不锈钢水箱变瘪，是不锈钢水箱内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下不锈钢水箱变瘪了，这个现象说明了大气压的存在。故A正确，BCD错误。故选：A。14．（2018•盐城）如图所示，小明将压强计的金属盒分别放入甲乙两种液体中，从图中可以得到的结论是（　　）A．甲液体的密度大于乙液体的密度B．甲液体的密度等于乙液体的密度C．甲金属盒处的压强等于乙金属盒处的压强D．甲金属盒处的压强小于乙金属盒处的压强33 【答案】A【解析】用压强计探究液体内部压强时，液体内部压强的大小是通过U形管两侧的液面高度差来反映的，U形管两侧液面的高度差越大，液体压强越大。由图可知，压强计的金属盒所处的深度相同，朝向相同，甲乙两种液体的密度不同；甲图中U形管两边的高度差大于乙图中U形管两边的高度差，所以，甲金属盒处的压强大于乙金属盒处的压强，根据p＝ρgh可知，甲液体的密度大于乙液体的密度。故A正确，BCD错误。故选：A。15．（2018•盐城）小明将两个相同的一次性塑料杯叠放在一起，用吹风机以恒定风速沿上杯口水平吹气，发现塑料杯被吹出，如图，有人认为这是因为“上杯口流速大，压强小”使杯子飞出，也有人认为这是因为“吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来”。为进一步验证以上两种解释，下列方案不可行的是（　　）A．在上面的塑料杯底开一个孔，再次重复实验，观察杯子情况B．将下面的塑料杯的底剪去，再次重复实验，观察杯子情况C．将两塑料杯的底都剪去，再次重复实验，观察杯子情况D．将上面塑料杯的杯口剪去，使其低于下面塑料杯的杯口，再次重复实验，观察杯子情况【答案】C【解析】AB、无论是在上面的塑料杯底开一个孔还是将下面的塑料杯的底剪去都能使上面杯子内外的气压相同，不可能是因为“吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来”；故AB不符合题意；C、将两塑料杯的底都剪去，杯子不会飞出去，只是杯中有向上的气流，这样既不能说明33 上杯口流速大，压强小也不能说明吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来，故C符合题意；D、上杯口低于下杯口，导致上杯口空气流速与上杯底空气流速都小，近似为0，不存在压强大小问题，如果再飞出，说明有气体进入下杯中将上杯顶起来，故方案可行，故D不符合题意。故选：C。16．（2017•南通）用易拉罐、水、橡皮泥、酒精灯按图片位置体验大气压的存在，下列说法中不正确的是（　　）A．易拉罐被压瘪说明大气压的存在B．易拉罐被压瘪也可说明力能使物体发生形变C．用酒精代替水注入罐中也能完成实验D．罐口不用橡皮泥堵住也能观察到罐被压瘪【答案】D【解析】A、用橡皮泥堵住罐口，把酒精灯撤去，让易拉罐自然冷却，发现易拉罐被压瘪，这是由于大气压的作用，故A正确；B、易拉罐被压瘪说明力可以使物体发生形变，故B正确；C、用酒精代替水注入罐中，酒精容易蒸发变为酒精蒸气，撤去酒精灯，酒精蒸气遇冷液化为液体，罐内气压减小，大气压也能将易拉罐压瘪，故C正确；D、罐口不用橡皮泥堵住，把酒精灯撤去，罐内的气体压强和外界的大气压相等，易拉罐不会被压瘪，故D错误。故选：D。33 二．填空题17．（2020•常州）2020年5月27日11点，我国珠穆朗玛峰高度测量登山队成功登顶。队员脚穿布满尖钉的登山鞋，通过　减小受力面积　的方法　增大　冰雪受到的压强，保障行走安全。【答案】减小受力面积；增大。【解析】队员脚穿布满尖钉的登山鞋，在压力相同的情况下，减小受力面积来增大压强鞋对冰雪的压强。18．（2020•徐州）如图所示，用一个矿泉水瓶和两根吸管制成“口吹喷雾器”。它的原理是流体的流速越大，压强越　小　，吸管和瓶口间的空隙是否需要密封？　不需要　，随着瓶内水面降低，吸管内水柱的压强变　大　，要想吹出水雾会更费力。【答案】小；不需要；大。【解析】（1）流体流速越大的地方压强越小，水平吹气时，竖直管口上方空气流动快，压强小，瓶内水面空气流动很慢，压强大，压强差将水压入管中并喷出；（2）吸管和瓶口间要保持敞开以便与外界大气压相通；（3）随着瓶内水面的降低，管中水柱深度增加，而液体的压强与液体密度及深度成正比，所以液柱的压强增大。19．（2020•宿迁）2019年12月，宿迁正式进入高铁时代。如图所示高铁站台安全线与缘的距离大于普通火车站台，这是因为　高铁速度大于普通火车，空气流速越大，压强越小　，当列车驶出站台时，车上乘客看到站台在后退，这是以　列车　为参照物。33 【答案】高铁速度大于普通火车，空气流速越大，压强越小；列车。【解析】（1）当高铁列车经过站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，压强更小，此时人外侧的空气流动速度慢，压强较大，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。所以高铁站台的安全线到站台边缘的距离比普通火车站台的安全线到站台边缘的距离更远；（2）车上乘客看到站台在后退，这是以列车为参照物，站台与列车的相对位置发生了改变；20．（2020•镇江）如图所示，吸管A插入杯中，吸管B管口贴在A管上端。往B管中吹气，A管中水面将上升，这是因为A管口处气体压强变　小　。如图是探究影响液体内部压强因素的实验装置，将金属盒向下移动，观察到U形管两边液面的高度差h变大，表明金属盒所在处水的压强变　大　，说明了液体内部压强与　深度　有关。【答案】小；大；深度。【解析】（1）往B管中轻轻吹气，可以看到A管中的水面上升，原因是：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速变大、压强变小，A管中水受到向上的压强差，所以A管水上升；（2）将图中的金属盒逐渐下移，U形管两边的液面高度差变大，说明在同一种液体里，液体的压强随深度的增大而增大。21．（2020•淮安）2019年12月，淮安市正式进入高铁时代。如图所示，高铁站台离边缘不远处有一条黄色警戒线，为了保障安全，乘客必站在警戒线以外，其原因是：若高铁急速驶过车站，警戒线区域内的空气流速会变大，压强　变小　；若高铁提速，站台上乘33 客与行驶的高铁之间安全距离应　变大　。（以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】变小；变大。【解析】当高铁急速驶过车站，警戒线区域内的空气流速会变大，由流体压强与流速的关系可知，警戒线以内的地方空气压强减小，而此时人外侧的空气流动速度慢，人外侧的空气压强大，会产生一个向内侧的压强差，将人推向列车，易出现危险；若高铁提速，则向内侧的压强差会更大，所以应该增大站台上乘客与行驶的高铁之间安全距离。22．（2020•淮安）如图所示，在水平桌面上堆放一摞相同的书，所有书的总重力为30N，最下面书与桌面的接触面积为0.06m2，此时书对桌面的压强为　500　Pa．若从这一捆书中水平抽出A或B中任一本书，抽出　A　书更容易。此现象表明滑动摩擦力的大小与　压力大小　有关。【答案】500；A；压力大小。【解析】（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，书对桌面的压强：p＝＝＝＝500Pa；33 （2）图中A、B两本书的粗糙程度相同，A书受到的压力小于B书受到的压力，则抽出A书时受到的摩擦力小，所以若从这一捆书中水平抽出A或B中任一本书，抽出A书更容易。此现象表明滑动摩擦力的大小与压力大小有关。23．（2020•泰州）如图是学校的防疫消毒壶，壶和消毒液总重为18N，壶底与水平桌面的接触面积为10cm2，则壶对桌面的压强为　1.8×104　Pa．值日生按要求喷洒部分消毒液后，将消毒壶放回原处，此时消毒液对壶底的压强将　变小　（选填“变大”、“不变”或“变小”），这是因为液体压强与液体的　深度　有关。【答案】1.8×104；变小；深度。【解析】（1）壶和消毒液总重为18N，壶底与水平桌面的接触面积为10cm2，壶对桌面的压强为：p＝＝＝1.8×104Pa；（2）值日生按要求喷洒部分消毒液后，壶中消毒液的液面将会下降，由于液体压强与液体的深度有关，由p＝ρgh可知，此时消毒液对壶底的压强将变小。24．（2020•泰州）吉利集团最先试验成功能飞的汽车，其两侧的装置类似飞机机翼（如图），展开后，当汽车高速行驶时，机翼上方的空气流速　大于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）下方的空气流速，机翼受到向上的压强　大于　（选填内容同上）向下的压强，使汽车能够起飞。【答案】大于；大于。33 【解析】机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼上方气体压强小于机翼下方气体压强，即机翼受到向上的压强大于向下的压强，从而产生了升力，使汽车能够起飞。25．（2019•镇江）用量筒测得8g煤油的体积如图1所示，煤油的密度为　0.8×103　kg/m3；图2为探究液体内部压强影响因素的装置，选用水和煤油分别进行实验，并使金属盒处于两种液体中的深度相同，则用　水　进行实验时，U形管两侧液面的高度差h较大；用水进行实验时，为使U形管两侧液面的高度差h减小，应将金属盒向　上　移动。【答案】0.8×103；水；上。【解析】（1）量筒中煤油的体积是V＝10ml＝10cm3，煤油的密度：ρ＝＝＝0.8g/cm3＝0.8×103kg/m3。（2）如图2，探究液体压强跟密度的关系时，将压强计的金属盒先后浸没到甲、乙两杯液体中，使金属盒浸入两种液体中的深度h甲＝h乙，根据公式p＝ρgh可知，U形管中液面高度差大的一定是水。（3）探究液体压强与液体深度的关系时，金属盒在液体中处于不同深度处，记录U形管两侧的液柱高度差，比较压强大小，根据公式p＝ρgh可知，为使U形管两侧液面的高度差h减小，应将金属盒向上移动。26．（2019•徐州）如图所示，在玻璃杯中倒入少量热水，摇晃几下后把水倒出，然后立即把玻璃杯倒扣在水槽中，水快速涌进玻璃杯。请解释其中的道理：　玻璃杯内空气受热膨胀后，部分空气从杯中被排出，倒扣后温度降低，杯内水蒸气液化，杯内气压减小，杯内气压小于大气压，水在大气压的作用下被压进杯里　。33 【答案】玻璃杯内空气受热膨胀后，部分空气从杯中被排出，倒扣后温度降低，杯内水蒸气液化，杯内气压减小，杯内气压小于大气压，水在大气压的作用下被压进杯里。【解析】玻璃杯内空气受热膨胀后，部分空气从杯中被排出，倒扣后温度降低，杯内水蒸气液化，杯内气压减小，杯内气压小于大气压，水在大气压的作用下被压进杯里。27．（2019•徐州）一位同学体重为600N，自然站立在水平地面上，对地面压力为　600　N，双脚站立对地面的压强比行走时　小　；某沼泽地能承受的压强为2×104Pa，这位同学与沼泽地的接触面积至少为　0.03　m2，才不会陷入沼泽地。【答案】600；小；0.03。【解析】（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，自然站立在水平地面上或行走时的压力：F＝G＝600N，又因双脚站立时受力面积为两只脚与地面的接触面积之和，行走时受力面积为一只脚与地面的接触面积，所以，由p＝可知，双脚站立对地面的压强比行走时小；（2）由p＝可得，受力面积即这位同学与沼泽地的接触面积：S＝＝＝0.03m2。28．（2019•淮安）为了测定风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片P相连，可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越　小　的原理。现要求：当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施　将电压表接在定值电阻两端　。33 【答案】小；将电压表接在定值电阻两端。【解析】如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻两端，由U＝IR可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。29．（2019•无锡）如图所示，将压强计的金属盒放在同种液体中，金属盒面的朝向不同。（1）要观察到U形管两侧液面的高度差相等，必须控制金属盒面的中心在液体中的　深度　相等，由上述实验可知：液体内部某一点，来自各个方向的压强大小是　相等　的。（2）不增加器材，用这套装置还可以探究液体内部压强与　深度　的关系。【答案】故答案：（1）深度；相等；（2）深度。【解析】（1）如图比较液体内部压强大小的仪器名称是U形管压强计，实验中判断压强大小是通过观察U形管两边液面的高度差实现的；33 由图所示现象知，压强计的探头处于同种液体的同一深度，但朝向不同，而U形管压强计两管液面高度差相等，故得出的初步结论是：同种液体，在同一深度，液体内部向各个方向的压强均相等；（2）液体密度相同，如果改变压强计的探头在水中的深度，即只改变深度的大小，故可探究液体内部压强与深度的关系。30．（2019•苏州）如图甲所示，一个装有适量水的烧杯放置在水平桌面上，将一装满水的小试管（管壁厚度不计）倒扣在水中。对小试管施加一个竖直向上的拉力F，使其缓慢上升到如图乙所示位置。在此过程中，小试管中一直充满水，这是由于　大气压　的作用，试管口中心的压强　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】大气压；变小。【解析】因为大气压能支持10米多高的水柱，因此在对小试管施加一个竖直向上的拉力F，使其缓慢上升过程中，小试管中一直充满水，由甲到乙液面到试管口的深度减小，由p＝ρgh可知，液体对试管口的压强变小，外面大气压不变，试管口中心的压强是等于大气压加上液面到试管口的压强，则在此过程中，试管口中心的压强变小。31．（2018•徐州）如图所示的希罗喷泉，用3根管子连接3个容器，容器a是敞口的，容器b和c是密闭的。容器中有一些水，管B有水喷出。管A中水流的方向是向　下　，容器b中气体压强的大小比外界大气压　大　，要增大喷泉的高度，应增加容器　b　的高度。33 【答案】下；大；b。【解析】管B有水喷出是因为A管中水从上方的容器向下流入c容器，c容器的水逐渐增加，c容器上方空间的气压增大，c与b又是连通的，故b容器上方气压变大，大于外界大气压和B管水产生的压强，使得管B有水喷出；b容器内的气压是一定的，支撑的水柱的高度也是一定的，应增加容器b的高度，可以增加喷泉的高度。32．（2018•淮安）随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭。如图所示为某款扫地机器人，其工作时是通过电机转动使内部气流速度　大　，压强　小　，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。【答案】大；小。【解析】高速旋转的叶轮把空气排出风机，机器人内部的空气流速大，压强小，而外部的空气流速小，压强大，所以在外界大气压的作用下，外部空气和灰尘不断地压入进风机，扫地机器人就能“扫尘”了，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。三．实验探究题33．（2020•扬州）在“探究影响液体内部压强因素”活动中：（1）如图甲，使用前用手指按压强计的橡皮膜，是为了检查实验装置的　气密性　。实验过程中通过U形管两侧液面的　高度差　来比较液体内部压强的大小。（2）比较图乙中的A、B、C，可得出结论：同种液体，同一深度，　液体向各个方向的33 压强相等　。（3）在实验过程中发现，在同种液体的同深度处，使用不同的压强计时，U型管两侧液面的高度差不完全相同。小明猜想可能是实验时U型管没有　竖直　放置；小强则认为可能是U型管中初始液面没有在中间0刻度线。这种说法是　错误　（填“正确”或“错误”）的；小华认为可能与金属盒的橡皮膜安装时松紧有关。小华将砝码放在水平放置的金属盒橡皮膜上，改变橡皮膜的松紧程度，发现橡皮膜较紧时，U型管两侧液面的高度差较　小　。你认为U型管两侧液面的高度差还与橡皮膜的　大小　有关。【答案】（1）气密性；高度差；（2）液体向各个方向的压强相等；（3）竖直；错误；小；大小。【解析】（1）为了能使实验顺利进行，使用前用手指按压强计的橡皮膜，是为了检查实验装置的气密性；根据转换法，如图甲所示压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映压强大小；（2）由图可知，三个图中金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，因此同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等；（3）在“探究影响液体内部压强因素”实验中，需要将U型管竖直放置，这样测量结果更准确；根据实验结论可知，同种液体同种深度，液体产生的压强是相同的，U形管中初始液面没有在中间0刻度线时，由于压强不变，所以U型管液面高度的变化不变；改变橡皮膜的松紧程度，橡皮膜较紧时，橡皮膜越不容易发生形变，所以U型管两侧液面的高度差较小；U型管两侧液面的高度差还与橡皮膜的大小有关。34．（2019•泰州）小明用2mL的注射器、量程为0～10N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值，本实验的原理是二力平衡和p＝　　。33 步骤一：把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔。步骤二：如图所示安装好器材，水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞　刚被拉动　时，记下弹簧测力计的示数为5.2N。步骤三：用刻度尺测出注射器　有刻度部分的　长度为4.00cm步骤四：算出大气压强值为　1.04×105　Pa。同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后，对实验进行了如下改进：①将步骤一改为：先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，这样便于　排空注射器内的空气　。②取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N由此可知，此时活塞所受到的　摩擦力　（摩擦力/大气压力）为0.3N。小华根据改进后测得的数据，重新计算大气压的值为　1.02×105　。【答案】；刚被拉动；有刻度部分的；1.04×105Pa；①排空注射器内的空气；②摩擦力。【解析】本实验的原理是二力平衡和p＝；由于注射器活塞颈部，用绳与弹簧测力计的挂钩相连，应水平向右慢慢拉动注射器筒，这样相当于水平向右拉动弹簧测力计的挂钩；当注射器中的活塞开始运动时，说明此时拉力等于大气对活塞的压力。故记下的弹簧测力计示数，就是大气对活塞的压力F＝5.2N；注射器全部刻度的长度为L＝4.00cm，有刻度部分的容积为V＝2ml，注射器活塞的横截面积为S＝，此时大气压的数值p＝＝＝＝1.04×105Pa；①33 橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体，产生的力会和外部大气压力抵消一部分，这样使得弹簧测力计受到的拉力减小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，使水充满在注射器小孔中，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量的误差；②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而使测量值偏大。所以小华取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N，此时活塞所受到的摩擦力为0.3N。35．（2018•徐州）阅读短文，回答文后的问题。浮子流量计气体的流量一般指单位时间内流过通气管道的气体体积，流量等于气体的流速和通道横截面积的乘积。生活生产中经常要对气体的流量进行控制，例如医院给病人输氧时，用阀门控制氧气瓶输出氧气的流量，在管道中接入流量计，可以反映流量的大小。浮子流量计是一种常用的流量计。其结构如图所示，一个上粗下细的锥形管，管内倒放着一个铝制的圆锥体浮子。工作时，气体从锥形管下端流入，向上冲击浮子，然后流过圆锥体浮子底面与锥形管之间的环形空隙，从上端流出。如果浮子受到气流的冲力大，就会向上移动，环形空隙加大，气体流速变小，对浮子的冲力就会变小，这样浮子最终稳定在某一位置，这个位置的高低就反映了气体流量的大小。（1）浮子流量计使用时，锥形管应处于　B　；A．水平方向B．竖直方向C．斜向上D．斜向下（2）浮子所受气体浮力很小，可以忽略。当浮子稳定在某一位置时，气流对浮子的冲力和浮子重力的关系是　二力平衡　。（3）对于某个制成的浮子流量计，浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和浮子高度成正比，比例系数为k1；气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为k2；浮子的质量为m。当浮子稳定在高度h时，气体流量Q的表达式为Q＝　　。（4）浮子流量计能反映的最大流量是有限的，如果要让这个浮子流量计能反映更大的流量，请你提出一条可行的改进措施：　用密度更大的材料制作浮子　。33 【答案】（1）B；（2）二力平衡；（3）；（4）用密度更大的材料制作浮子。【解析】（1）浮子流量计工作时，气体从锥形管下端流入，向上冲击浮子，浮子在冲力和重力的作用下，最终稳定在某一位置，处于静止状态，受到重力和冲力一对平衡力，平衡力大小相等，方向相反，因为重力在竖直方向上，所以浮子流量计使用时，锥形管应处于竖直方向，故B正确；故选B。（2）当浮子稳定在某一位置时，处于静止状态，受重力和冲力一对平衡力的作用，平衡力大小相等，即F冲＝G；（3）根据“流量等于气体的流速和通道横截面积的乘积”得：Q＝vS﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；根据“浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和浮子高度成正比，比例系数为k1”得：S＝k1h﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；根据“气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为k2”得：F＝k2v﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③当浮子的质量为m，浮子稳定在高度h时：F＝G＝mg﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④联立①②③④得：Q＝；（4）根据（3）得关系式得，要想使浮子流量计能反映更大的流量，需要增大浮子得重力，故需要用用密度更大的材料制作浮子。36．（2018•无锡）为了测量大气压强，某同学选择的器材有：2.5ml的注射器、0～10N的弹簧测力计、刻度尺和细线，实验步骤如下（1）如图甲，用刻度尺测出注射器有刻度部分的长度L＝　4.00　cm。（2）如图乙，把注射器活塞推至筒的底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，水平向右慢慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞开始滑动时，记录弹簧测力计的示数F＝　6.4　N。33 （3）该同学所测得的大气压强值为　1.024×105　Pa。【答案】故答案为（1）4.00；（2）6.4；（3）1.024×105Pa。【解析】（1）从图中可以看出，注射器可容纳的药水容积为2.5ml＝2.5cm3，这2.5cm3的刻度长度由刻度尺可看出为4.00cm；（2）弹簧测力计的分度值是0.2N，所以拉力大小是6.4N；（3）故活塞的横截面积为S＝＝＝0.625cm2＝6.25×10﹣5m2，p＝＝＝1.024×105Pa。四．计算题37．（2020•盐城）小华买了一只圆形平底玻璃杯，放在水平桌面上。玻璃杯的质量为0.3kg，底面积为20cm2，最多能装300g的水（g取10N/kg）求：（1）玻璃杯的重力；（2）玻璃杯的容积；（3）装满水时玻璃杯对桌面的压强。【答案】（1）玻璃杯的重力是3N；（2）玻璃杯的容积是300cm3；（3）装满水时玻璃杯对桌面的压强是3×103Pa。【解析】（1）玻璃杯的质量为0.3kg，玻璃杯的重力G＝mg＝0.3kg×10N/kg＝3N；（2）玻璃杯最多能装300g的水，其容积即水的体积：V杯＝V水＝＝＝300cm3；33 （3）玻璃杯中水的重力为3N，装满水时玻璃杯对桌面的压力F＝G总＝G+G水＝3N+3N＝6N；装满水时玻璃杯对桌面的压强p＝＝＝3×103Pa。答：（1）玻璃杯的重力是3N；（2）玻璃杯的容积是300cm3；（3）装满水时玻璃杯对桌面的压强是3×103Pa。38．（2020•扬州）为打赢疫情防控阻击战，建设者仅用了10天建成火神山医院。医院大量采用了PVC塑胶板。某活动小组用规格为“1000mm×1000mm×4mm”（长×宽×高）的这种塑胶板铺设活动室地面。使用时，同学们感觉塑胶板比较轻。就选取了表面是正方形的样品，用天平测出它的质量为6g，再用刻度尺测量样品的边长如图（1）样品的边长为　5.00　cm。（2）塑胶板的密度多大？（3）平铺的塑胶板对地面的压强多大（g取10N/kg）？【答案】答：（1）5.00。（2）塑胶板的密度为0.6×103kg/m3；（3）平铺的塑胶板对地面的压强为24Pa。【解析】（1）此刻度尺的分度值是1mm，样品的边长：L＝5.00cm﹣0.00cm＝5.00cm；33 （2）样品的体积：V＝L2d＝（5.00cm）2×0.4cm＝10cm3，塑胶板的密度ρ＝＝＝0.6g/cm3＝0.6×103kg/m3；（3）塑胶板平铺时地面的受力面积S＝L2＝（5.00cm）2＝25cm2＝2.5×10﹣3m2，对地面的压力F＝G＝mg＝6×10﹣3kg×10N/kg＝0.06N，则压强p＝＝＝24Pa。答：（1）5.00。（2）塑胶板的密度为0.6×103kg/m3；（3）平铺的塑胶板对地面的压强为24Pa。39．（2019•南京）2019年，我国航天事业取得了世界瞩目的又一项成就﹣﹣“玉兔二号”月球车成功登陆月球背面。图示为科技馆展厅内“玉兔二号”月球车的模型，质量为36kg。（1）模型车静止在水平地面上时，它对地面的压力为多少牛？（g取10N/kg）（2）若车轮与地面的总接触面积为400cm2，则车对地面的压强为多少帕？【答案】答：（1）模型车静止在水平地面上时，它对地面的压力为360N；（2）若车轮与地面的总接触面积为400cm2，则车对地面的压强9×103Pa。【解析】（1）模型车静止在水平地面上时，它对地面的压力：F＝G＝mg＝36kg×10N/kg＝360N。（2）车对地面的压强：p＝＝＝9×103Pa。答：（1）模型车静止在水平地面上时，它对地面的压力为360N；33 （2）若车轮与地面的总接触面积为400cm2，则车对地面的压强9×103Pa。40．（2018•徐州）制作豆腐过程中，要用重物把豆腐压实，如果重物对豆腐的压力为200N，受力面积为1m2．压实后，30kg豆腐的体积为0.02m3．求：（1）重物对豆腐的压强；（2）豆腐的密度。【答案】答：（1）重物对豆腐的压强为200Pa；（2）豆腐的密度为1.5×103kg/m3。【解析】（1）重物对豆腐的压强：p＝＝＝200Pa；（2）豆腐的密度：ρ＝＝＝1.5×103kg/m3。答：（1）重物对豆腐的压强为200Pa；（2）豆腐的密度为1.5×103kg/m3。41．（2018•盐城）双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱。如图所示，质量为40kg的小红驾驶平衡车在平直的路而上匀速行驶，5min通过的路程为900m，已知平衡车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为25cm2，g取10N/kg。求：（1）平衡车的速度；（2）平衡车的重力；（3）小红驾驶平衡车时，车对地面的压强。【答案】答：（1）平衡车的速度为3m/s；（2）平衡车的重力为100N；33 （3）小红驾驶平衡车时，车对地面的压强为2×105Pa。【解析】（1）平衡车的速度为：v＝＝＝3m/s；（2）平衡车的重力：G车＝m车g＝10kg×10N/kg＝100N；（3）小红和电动平衡车的总重力：G总＝（m人+m车）g＝（40kg+10kg）×10N/kg＝500N，车对水平地面的压力：F＝G总＝500N，车对水平地面的压强：p＝＝＝2×105Pa。答：（1）平衡车的速度为3m/s；（2）平衡车的重力为100N；（3）小红驾驶平衡车时，车对地面的压强为2×105Pa。五．解答题42．（2020•南通）小明想测量校园里一块长方体校训石对水平地面的压强。他找到一些与其材质相同的小石块，用测力计、烧杯、水、细线和卷尺等进行如下实验。（g取10N/kg）（1）使用弹簧测力计前，应检查指针是否指在　刻度盘的零刻度线上　。（2）由图示操作，测出小石块受到的浮力F浮　1　N。（3）计算出小石块的密度ρ石　2.5×103　kg/m3。（4）测出校训石的长、宽、高分别为5m，1m，2m，则校训石对水平地面的压强p＝　5×104　Pa。（5）校训石与地面接触的右下角是缺损的，则他测算出的压强比实际压强　小　。（忽略校训石质量的变化）33 【答案】（1）刻度盘的零刻度线上；（2）1；（3）2.5×103；（4）5×104；（5）小。【解析】（1）使用弹簧测力计前，应先检查指针是否指在零刻度线上（指针校零）；（2）根据称重法，物体受到的浮力F浮＝2.5N﹣1.5N＝1N；根据阿基米德原理得：V石＝V排＝＝＝1×10﹣4m3；（3）小石块的质量：m石＝＝＝0.25kg，则小石块的密度：ρ石＝＝＝2.5×103kg/m3；（4）校训石对水平地面的压强：p＝ρ石gh＝2.5×103kg/m3×10N/kg×2m＝5×104pa。（5）校训石与地面接触的右下角是缺损的，导致受力面积减小，忽略校训石质量的变化，由p＝可知，测算出的压强比实际压强偏小。43．（2020•盐城）阅读短文，回答问题：卡门涡街现象2020年5月5日，虎门大桥的桥体异常振动引发了大家的关注，专家认为这是由卡门涡街现象引起的。如图甲所示，在一定条件下，流体流过阻碍物时，会在阻碍物上下两侧先后交替产生有规则的反向旋涡①、②、③、④……，这一现象叫卡门涡街现象。产生旋涡的一侧流速快，另一侧流速慢，交替形成大小不同的压力，使阻碍物产生有规律的振动，即涡振。涡振频率f与阻碍物的特征宽度d和流体流速v有关，其关系f＝k（k为常数）据分折，桥体异常振动是由于桥面上安装了1.4m高的防撞板后，在特定风环境条件下产生了振幅较大的涡振现象。33 工业上常用的流量计也是利用卡门涡街现象制成的。在管道中放入装有电子设备的阻碍物，当流体通过时，装有电子设备的阻碍物发生涡振，输出与涡振频率相同的电压信号，通过频率公式得到流速大小，最终输出流体的流量，流量为单位时间内流体通过管道横截面的体积。（1）下列过程不可能产生卡门涡街现象的是　C　；A．河水流过礁石B．空气通过树木C．篮球撞击篮板D．云层飘过山峰（2）流体流过阻碍物，当上侧产生涡旋时，阻碍物　下　侧受到压力大；（3）若甲图中相同时间内产生的旋涡增多，说明流体的流速变　大　；（4）安装防撞板后，増大了桥体的　特征宽度　，使得相同风速下桥体的涡振频率　减小　（増大/减小）；（5）某水管的横截面积为S，阻碍物的特征宽度为d，水流通过阻碍物时输出的电压信号如图乙所示。如不考阻碍物对流速的影响，则管道中水的流量Q和t0之间的关系图象为　B　。【答案】（1）C；（2）下；（3）大；（4）特征宽度；减小；（5）B【解析】（1）卡门涡街现象是在一定条件下，流体流过阻碍物时，会在阻碍物上下两侧先后33 交替产生有规则的反向旋涡。水和空气属于流体，能产生卡门涡街现象，篮球不属于流体，不能产生卡门涡街现象，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C；（2）流体流过阻碍物，当上侧产生涡旋时，上侧流速快，压强小，受到压力小，下侧流速慢，压强大，受到压力大；（3）涡振频率f与阻碍物的特征宽度d和流体流速v的关系是f＝（k为常数），相同时间内产生的旋涡增多，涡振频率增大，由关系式可知，阻碍物的特征宽度和k不变，流体流速变大；（4）安装防撞板后，増大了桥体的特征宽度d，由f＝（k为常数）可知，相同风速v时，涡振频率f减小。（5）根据图乙可知：图中出现了电压3个循环图象，则每个循环的时间为，即周期为，周期和频率互为倒数，则频率f＝，假设管道的横截面积为S，因为f＝（k为常数），所以v＝流量为单位时间内流体通过管道横截面的体积，管道内流过的距离h＝vt，水柱的体积V＝Sh＝Svt，Q＝＝＝Sv＝S＝×，由此可以看出流量Q与时间t0成反比例函数关系，B图象正确，故选B。44．（2020•南京）小明和小华利用压强计、刻度尺和装有适量水的容器，探究液体内部压强与深度的关系，如图所示。（1）图甲中金属盒在水中的深度为　7　cm。（2）比较两图可知，液体内部压强随深度的增大而　增大　。（3）比较两图，小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小。为研究此问题，小华在乙图中保持金属盒的位置不变，往容器内加水，当水面到容器底的距离L满足条件：　L≥18cm　，对比甲图，可说明小明的观点是错误的。33 【答案】（1）7；（2）增大；（3）L≥18cm。【解析】（1）由图可知，水的深度为16cm，金属盒到底部的距离为9cm，则金属盒的深度为h＝16cm﹣9cm＝7cm；（2）比较两图可知，金属盒在水中的深度越深，U形管液面的高度差越大，则受到的压强越大，可得结论：液体内部压强随深度的增大而增大；（3）探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，采用的是控制变量法，需要控制该处到液面的距离相同，甲中金属盒到液面的距离为7cm，则乙中金属盒到水面的距离也应该为7cm，所以水面到容器底的距离L需要满足L≥11cm+7cm＝18cm；当液面高度大于或等于18cm时，乙中U型管的液面的高度差等于或大于甲中型管液面的高度差，所以小明的观点是错误的。33