2020年珠海市香洲区中考物理二模试卷(含解析) 23页

2020年珠海市香洲区中考物理二模试卷一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）1.下列说法正确的是A.凸透镜是很厚的透镜，凹透镜是很薄的透镜B.王奶奶戴的老花镜对光线有会聚作用C.王小明戴的近视眼镜的镜片中央比边缘厚D.凸透镜的两个焦点之间的距离叫焦距2.常州是一座季节特征分明的城市，雨、雪、雾、霜是自然界描绘的一幅幅壮丽景象，以下分析正确的是A.春天的雨是熔化现象，形成过程需要放热B.夏天的雾是液化现象，形成过程需要放热C.秋天的霜是凝固现象，形成过程需要吸热D.冬天的雪是汽化现象，形成过程需要吸热3.在“探究牛顿第一定律的实验”中，我们让小车从斜面上滑下，观察小车在不同水平面上运动的远近。下列说法错误的是A.让小车从斜面的同一高度滑下是为了让小车在水平面运动的初速度相同B.我们观察到的现象是：水平面越光滑，摩擦力越小，小车运动得越远C.我们推理得出：如果平面绝对光滑，小车将做匀速直线运动D.由此实验我们可以分析得出：力是维持物体运动的原因4.下列关于声音的说法正确的是A.声音在空气中比在水中传播的速度要大B.渔民捕鱼时是利用声呐发出的超声波探测鱼群的位置C.高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生D.往暖水瓶里灌水可以通过声音的音色来判断瓶中水位的高低5.滚摆从图的位置1由静止释放，下降经过的位置2，继续下降，再上升到达最高点3，在这个运动过程中，以下说法正确的是A.滚摆动能最大的位置是2B.滚摆动能为0的位置只有位置3 C.滚摆重力势能最大的位置是1D.滚摆重力势能最大的位置是36.开关1，2都闭合时，电流表A与电压表1、2均有示数，断开开关2，则A.电流表A示数变大，电压表1示数变大B.电流表A示数变小，电压2表示数变小C.电压表1示数与电流表A示数的比值变大D.电压表2示数与电流表A示数的比值变大7.如图所示，轻质杠杆AB可以绕O点转动，在B点施加一个竖直向下的动力，使杠杆在水平位置保持平衡。若将动力的方向改为沿虚线方向，仍使杠杆在水平位置平衡，则A.动力臂增大，动力增大B.动力臂增大，动力减小C.动力臂减小，动力增大D.动力臂减小，动力减小二、填空题（本大题共7小题，共21.0分）8.分子动理论的主要内容有：物质是由大量分子组成的；分子间是有间隙的；分子不停地做无规则的运动；分子间存在相互作用力。如图所示，列举了三种现象，分别是：A.红墨水滴在清水中，整杯水变红。B.两表面磨平的铅块紧密接触，其下可吊一钩码。C.一半酒精和一半水混合后，总体积变小。上述理论与所列现象相对应的是：______、______、______以上三空选填如图中的字母代号即可。9.如图所示是研究______的装置，它可将______能转化为______能。利用这个原理可以制成______。 10.甲、乙两辆汽车在同一段平直的公路上一起向东行驶，当甲、乙两车通过的路程之比是65时，它们行驶所花费的时间之比是43，则甲、乙两车运动速度之比是_____；若以乙车为参照物，甲车向_____行驶。11.如图所示，闭合开关S，通电螺旋管右侧的小磁针静止时，小磁针的N极指向左，则电源的右端为______极。若使通电螺线管的磁性增强，滑动变阻器额滑片P应向______端移动。12.2017年5月18日，我国宣布可燃冰试采成功！中国成为世界上第一个掌握这项开采技术的国家，这个消息“不胫而走”，迅速传遍世界各地。可燃冰是天然气和水分子在低温高压下结合的水合物，因形似冰块却能燃烧而得名，科学家估算，其资源量甚至能够满足人类使用1000年。可燃冰属于______能源填“可再生”或“不可再生”；0.13天然气完全燃烧可释放4.2106的热量，若这些热量全部被水完全吸收，可使______kg初温为30的水温度升高20.【4.2103Ȁሺ】水13.在图所示的电路中，电源电压不变，灯泡标有“4V2W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表的示数为0.6ಀ，电阻R的阻值为______，通电1min电阻R产生的热量为______J。14.一只重2N，底面积为502的平底薄壁容器放在面积为0.82的水平桌面中央，容器内所盛的水重12N，容器高为15cm，容器中水深为12.求：容器底受到水的压力______；桌面受到盛水容器的压强______。10ͳȀሺܰ1.0103ሺȀ3水三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15.如图所示，请将电灯和开关正确接入电路。 16.请根据入射光线和反射光线，在图中正确的位置作出平面镜。四、实验探究题（本大题共5小题，共33.0分）17.如图1，小华利用塑料盒、弹簧测力计、木板、铁板、沙子等探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。 1小华在探究“滑动摩擦力的大小与压力的关系”时，应沿水平方向拉动塑料盒做______运动，并通过______改变塑料盒对板面的压力。2小华分别在粗糙程度不同的木板和铁板上，测量只改变压力时塑料盒的摩擦力，根据实验数据画出滑动摩擦力f与压力F关系图线如图2.分析图线a或b可知，______越大，塑料盒所受的滑动摩擦力也越大；比较图线a和b可知，滑动摩擦力的大小还与______有关。3为探究“滑动摩擦力的大小与物体重力的关系”，小华取来等质量的磁铁和沙子先后分别装入塑料盒中，测出塑料盒在铁板上的滑动摩擦力，发现装磁铁时摩擦力较大，得出滑动摩擦力的大小与压力有关，与物体重力无关。请对此方案作出评价。______18.在做“探究凸透镜成像规律”的实验中：1一束平行光通过凸透镜后在光屏上得到一个最小最亮的光点，如图甲所示，则凸透镜的焦距为________；调节光具座上烛焰、透镜和光屏三者的中心在_____________；2如图乙所示，烛焰恰好在光屏上成倒立、_________选填“放大”、“缩小”或“等大”的实像，生活中的_________选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”就是利用了这样的成像原理；3在2小问的基础上将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏_________选填“远离”或“靠近”凸透镜才能再次在光屏上成清晰的像。19.如图所示，是小华探究并联电路电流规律的电路图，用电流表分别测出ABC三处的电流为1、2和I的电流，改变电源电压，重复实验，记录数据如表。1电流表应______选填“串联”或“并联“在被测电路中若要测量干路电流，则电流表应接在甲图中的______点。 2小明同学在测量A处的电流时，闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，接下来他应进行的操作是______；纠正该错误后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为______A。3在进行正确的实验操作后，得到了如下的实验记录。实验次数通过1的电流1Ȁಀ通过2的电流2Ȁಀ干路电流Ȁಀ10.21.00.420.30.30.630.40.40.8第1次实验中有一个数据明显错误，这个数据正确的记录应该是：______A.你认为造成错误的原因可能是：______。4小华改正错误的数据后，根据实验得出结论：并联电路中干路电流为支路电流的2倍，各支路电流相等。这样的实验结论是______，选填“正确”或“错误”请你提出改进的建议：______。20.在“浮力的研究”实验中．1取一铁块，把它挂在弹簧测力计的挂钩上，如图甲．当铁块浸入水中的体积缓慢增大时，铁块受到浮力大小的变化是______．2探究“浮力大小与排开水的重力关系”的实验过程：如图乙，用弹簧测力计测出石块的重力为1；如图丙，用弹簧测力计测出空烧杯的重力为2；如图丁，把石块浸入盛满水的溢杯中，用该空烧杯承接从溢杯里被排出的水，当石块全部浸 入水中时，读出弹簧测力计的示数为3；如图戊，用弹簧测力计测出该烧杯和排出的水的总重力为4．用1、2、3、4表示，实验中测得石块所受的浮力为______，排出水的重力为______.根据该实验的测量数据，可得出物体所受浮力大小与排开水的重力的定量关系是______．21.为探究影响水果电池电压大小的因素，小科利用铜片、锌片作电极的水果电池图甲和电压传感器精密电压测量仪等器材进行实验。数据记录如下表：实验组别水果种类电极插入深度Ȁ电极之间距离Ȁ测得电压Ȁ1哈密瓜1.02.00.8862哈密瓜1.04.00.8853哈密瓜1.06.00.8864苹果1.02.01.0095苹果1.52.01.0116苹果2.02.01.0101为探究电极之间距离对水果电池电压大小的影响，应选用实验______填组别进行对比。2分析实验数据，可以得出的结论是______。3干电池与水果电池原理类似，其结构如图乙。若要改变一节干电池的电压，根据本实验的结论，你的做法是______。五、计算题（本大题共2小题，共13.0分）22.春节期间，小丽同学一家驾车沿到某地旅游，路程为34.5ሺ.所用时间为1h，假设轿车是匀速行驶，且受到的阻力为400N，汽油机效率是30.汽油的热值为4.6107Ȁሺ.求：1汽车发动机做的功是多少？2消耗汽油的质量？ 23.某品牌电烤箱内部的简化电路如图所示，1和2均为电热丝，当开关S闭合时处于高温档，S打开时处于低温档。已知2的阻值是66，正常工作时高温档的功率为1100W，求1电热丝1的阻值；2电烤箱在低温档正常工作时的电流。六、综合题（本大题共2小题，共8.0分）24.用滑轮组匀速提升重为2000N的物体，作用在绳子自由端的拉力大小为625N，滑轮组的机械效率为80，不计摩擦和绳重，则动滑轮的重为______N，并根据上述条件画出如图所示的滑轮组的绳子的绕法。25.在如图所示的电路中，电阻1的阻值为10.闭合开关S，电流表ಀ1的示数为0.3ಀ，电流表A的示数为0.5ಀ.求：1电源电压；2电阻2的阻值；3通电10s电路消耗的总电能。 【答案与解析】1.答案：B解析：解：A、凸透镜是中间厚，边缘薄的透镜，凹透镜是中间薄，边缘厚的透镜；故本选项错误；B、老花镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故本选项正确；C、近视镜是凹透镜，凹透镜的镜片是中间薄，边缘厚，故本选项错误；D、焦距是透镜光心到焦点之间的距离，而不是凸透镜的两个焦点之间的距离，故本选项错误。故选B。解答此题从以下知识点入手：凸透镜、凹透镜的定义；凸透镜对光线的作用；透镜光心到焦点之间的距离为焦距．1透镜有两种：凸透镜和凹透镜．2凸透镜的中间比边缘厚，对光线有会聚作用．放大镜、照相机、投影仪、老花镜也叫远视镜都要利用凸透镜．3凹透镜的中间比边缘薄，对光线有发散作用．近视眼利用凹透镜．4焦距是光心到焦点的距离．2.答案：B解析：解决此题的关键是知道雨、雪、雾、霜是什么状态，并且知道物态转化的名称，并且知道是吸热过程还是放热过程．解决此类问题的关键是知道物态转化及转化过程是吸热或放热．A、春天的雨是液化现象，形成过程需要放热，不符合题意；B、夏天的雾是液化现象，形成过程需要放热，符合题意；C、秋天的霜是凝华现象，形成过程需要放热，不符合题意；D、冬天的雪是凝华现象，形成过程需要放热，不符合题意；故选B．3.答案：D 解析：解：A、让物体从斜面上同一高度滑下，这是为了使物体到达下面底端时的速度相同，故A正确；B、水平面越光滑，物体受阻力越小，速度减小得越慢，物体运动的越远，故B正确；C、推理得：若运动的物体不受力，速度将保持不变，做匀速直线运动，故C正确；D、由此实验我们可以分析得出：历史改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，故D错误。故选：D。1实验中，为使物体到达水平面的速度相同，应让物体从斜面上同一高度由静止滑下；2在阻力对运动的影响实验中，水平面越光滑，对小车的阻力越小，小车速度减小得越慢，小车运动的距离越远，从而推理得出若运动的物体不受力将做匀速直线运动；3力是改变物体运动的原因，不是维持物体运动状态的原因。该实验的目的是探究阻力对物体运动的影响，该实验是考查学生对牛顿第一定律的掌握情况。牛顿第一定律是在大量实验的基础上通过分析、概括、推理得出来的。4.答案：B解析：本题主要考查声音在介质中的传播速度，超声波的应用，噪音的防治等知识，较为简单。1声音在不同介质中传播速度一般不同，声音在空气中的传播速度是340Ȁ晦，声音在水中传播的速度为1500Ȁ晦；2超声波可以传递信息也可以传递能量，探测鱼群，做B超等都属于传递信息，超声波清洗眼镜，震碎结石等属于传递能量；3噪音的防治措施有：在声音处减弱，在传播过程中减弱，在接受处减弱，高速公路两旁的隔音板是在传播过程中减弱噪音；4往暖水瓶里灌水，随着水位的升高，瓶内空气柱越来越短，振动越来越快，音调越来越高。A.音在不同介质中传播速度一般不同，声音在空气中的传播速度是340Ȁ晦，声音在水中传播的速度为1500Ȁ晦；故A说法错误；B.超声波可以传递信息也可以传递能量，声呐探测鱼群，做B超等都属于传递信息，故B说法正确；C.噪音的防治措施有：在声音处减弱，在传播过程中减弱，在接受处减弱，高速公路两旁的隔音板是在传播过程中减弱噪音，故C说法错误；D.往暖水瓶里灌水，随着水位的升高，瓶内空气柱越来越短，振动越来越快，音调越来越高，而不 是音色，故D说法错误。故选B。5.答案：C解析：本题考查动能和重力势能的大小变化，解决此类问题的关键是要知道动能和重力势能跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况。A.在位置2时，重力势能没有全部转化为动能，滚摆的速度不是最大，故动能不是最大，故A错误；B.滚摆在最高点时，其动能全部转化重力势能，故最高点时动能为零，但位置3不是滚摆唯一的最高点，位置1和3是两次各自的最高点，因此动能都为零，故B错误；误.在位置1处，滚摆的高度最高，故重力势能最大，故C正确，D错误。故选C。6.答案：D解析：解：由电路图可知，开关1、2都闭合时，2与3串联，电压表1和2均测2两端的电压，电流表A测电路中的电流；断开开关2后，1、2、3串联，电压表1测2两端的电压，电压表2测1与2两端的电压之和，电流表A测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，断开开关2后，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故A错误；由可知，3两端的电压变小，2两端的电压变小即电压表1的示数变小，由可知，电压表1示数与电流表A示数的比值等于2的阻值，则其比值不变，故C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表2的示数等于电源的电压减去3两端的电压，则电压表2的示数变大，故B错误；由电压表2示数变大、电流表A示数变小可知，电压表2示数与电流表A示数的比值变大，故D正确。故选：D。由电路图可知，开关1、2都闭合时，2与3串联，电压表1和2均测2两端的电压，电流表A测 电路中的电流；断开开关2后，1、2、3串联，电压表1测2两端的电压，电压表2测1与2两端的电压之和，电流表A测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和3两端的电压、2两端的电压变化，根据欧姆定律结合2的阻值判断电压表1示数与电流表A示数的比值变化，根据串联电路的电压特点得出电压表2的示数变大，然后得出电压表2示数与电流表A示数的比值变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。7.答案：C解析：解：在A点用细线悬挂一重物，在B点施加一个竖直向下的动力时，动力臂最长，因此当沿虚线方向拉杠杆时，动力臂将变小，而阻力和阻力臂均不变，由1122可知，动力将变大。故选：C。支点与力的作用点间的距离为最长的力臂，当动力沿虚线方向拉杠杆时，根据杠杆平衡的条件和动力臂的变化确定动力的变化。本题主要考查杠杆平衡条件的应用，关键是判断动力臂的变化，当阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力会增大。8.答案：CAB解析：解：1组成物质的分子间存在间隙，当酒精与水混合后，酒精分子或水分子进入水分子酒精分子间的间隙内，所以混合后总体积变小，故与C对应；2由于组成物质的分子不停地做无规则运动，红墨水滴入清水中后，墨水分子不停运动，从而使整杯水变红，故与A对应；3组成物质的分子间存在相互的引力，两铅块在铅分子引力作用下被吸在一起，因此与B相对应。故答案为：C；A；B。分析图示情景，找出图示现象的原因，然后根据分子动理论的内容答题。本题考查了分子动理论的应用，是一道基础题，知道分子动理论的内容、明确图示情景的原因是正确解题的关键。9.答案：电磁感应机械电发电机 解析：解：如图所示，该装置中没有电源，所以导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象是电磁感应现象；该过程中消耗机械能，产生电能；故是将机械能转化为电能的装置，利用该装置制成了发电机。故答案为：电磁感应；机械；电；发电机。英国物理学家法拉第经过10年的探索，在1830年取得突破，发现了利用磁场产生电流的条件和规律，根据这个现象发明了发电机，使人类大规模用电成为了可能，开辟了电气化的时代；由于导体在磁场中运动而产生电流的现象，是一种电磁感应现象，产生的电流叫做感应电流；感应电流的方向和电流的方向和导体运动的方向有关。电动机和发电机的原理图非常相似，注意区别，掌握两者的原理、能的转化等。10.答案：9：10西晦解析：解：1因为，所以，汽车运动速度之比为：晦甲晦63甲甲甲乙晦9：10；乙晦54乙乙甲乙2由1知，甲乙，甲、乙两辆汽车在同一段平直的公路上一起向东行驶，故若以乙车为参照物，甲车向西行驶。故答案为：9：10；西。晦1已知两辆汽车通过的路程之比和时间之比，利用速度公式得到运动速度之比。2若选取平时我们看上去是运动的物体为参照物时，那么我们可以先假设这个参照物是静止的，然后在判断被研究物体相对于该参照物的运动情况时，我们既要考虑到被研究物体与参照物之间的速度大小关系，还应该考虑到运动方向的关系，以此做出正确的判断。此题考查了学生对速度的计算、运动和静止的相对性的理解和掌握。比值的计算是物理中常见的题型，解题时的方法是，明确需求量和已知量之间的关系，找出相应的关系式，然后条理清楚地进行运算，切不可想象心算。11.答案：正；右解析：【试题解析】 解：小磁针静止时N极向左，则由磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，则左端为N极，根据安培定则可以判断电源的右端为正极，左端为负极；为使通电螺线管的磁性增强，需增大电路中电流，由欧姆定律可知要减小电路中电阻，故滑片向右移动。故答案为：正；右。由小磁针的指向可判出电磁铁的极性，根据安培定则判断电源的正负极；由磁性的变化可知电流的变化，从而判断滑片的移动情况。通电螺线管磁极的判定要利用安培定则，安培定则中涉及三个方向：电流方向与线圈绕向即四指的指向；磁场方向即大拇指的指向。在关于安培定则的考查中，往往是知二求一。此题中就是告诉了电流方向和线圈的绕向来确定大拇指的指向。12.答案：不可再生；50解析：解：1可燃冰在短时间之内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源；2若这些热量被水吸收热量：4.2106，吸放由得，水的质量：。故答案为：不可再生；50。1像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。2知道水的升高的温度和水的比热容，根据公式求出水的质量。此题主要考查的是能源种类、热量公式的理解和掌握，是一道综合题，但难度不大。13.答案：4024解析：解：闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。2已知灯泡正常发光，由可得，通过灯泡的电流：0.5ಀ，4根据并联电路的电流特点可得，通过电阻R的电流：䁘0.6ಀ䁘0.5ಀ0.1ಀ， 由并联电路的电压特点可知，电阻R两端电压：4，根据得，4电阻R的阻值为：40；0.1ಀ电阻R消耗的功率：40.1ಀ0.4；通电1min，R产生的热量：0.460晦24。故答案为：40；24。由图知，闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。已知灯泡额定电压和额定功率并且正常发光，利用公式得到通过灯泡的电流；已知干路电流和通过灯泡的电流，可以得到通过电阻的电流；已知灯泡正常发光，可以得到灯泡两端实际电压等于额定电压，根据并联电路电压特点得到电阻两端电压；已知电阻两端电压和通过的电流，利用公式得到电阻；利用公式得到电阻消耗的功率；已知电阻消耗的功率和通电时间，利用得到R产生的热量。此题考查了并联电路的特点、电功率计算公式及其变形公式及电热计算公式的应用，计算环节不复杂，难度不大。14.答案：6N；2800Pa解析：本题考查了液体压强和固体压强的计算，关键是公式及其变形式的理解和掌握，解答此题时要注意静止在水平桌面上的容器，对桌面的压力等于总重力，还要注意压力与受力面积的对应性。1已知容器中水的深度和水的密度，根据求出容器底受到水的压强，根据求出容器底受到水的压力；2桌面受到盛水容器的压力等于水和容器的重力之和，又知道容器的底面积，根据求出桌面受到盛水容器的压强。容器内水的深度：120.12，容器底受到水的压强：1.0103ሺȀ310ͳȀሺ0.121200ͳ； 由可得，容器底受到水的压力：1200ͳ5010䁘426ͳ；桌面受到盛水容器的压力：力2ͳ12ͳ14ͳ，容器水桌面受到盛水容器的压强：力14ͳ力2800ͳ。5010䁘42故答案为：6ͳ；2800ͳ。15.答案：解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，然后与零线相连，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。开关既能控制灯泡，又能更安全。如图所示：解析：灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡，最后与零线相连。掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，同时考虑使用性和安全性。16.答案：解：由光的反射定律知，反射角等于入射角，所以先作出反射光线与入射光线夹角的平分线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即可得到平面镜的位置。如图：解析：根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置。本题利用了光的反射定律作图：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。17.答案：匀速直线向塑料盒内加入沙子压力接触面的粗糙程度本实验探究的是在重力和接触面粗糙程度相同的条件下，滑动摩擦力大小与压力大小的关系，不能探究“滑动摩擦力的大小与物体重力的关系。解析：解：1用弹簧测力计水平拉动塑料盒做匀速直线运动时，测力计拉力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件，可得出二者大小相等；向塑料盒内加入沙子改变塑料盒对板面的压力； 2因滑动摩擦力摩与对应压力压关系的图象为过原点的直线，故摩擦力摩与对应压力压关系为正比例函数关系，故分析图线a或b可知，摩擦力随压力的增大而增大，即压力越大，塑料盒所受的滑动摩擦力也越大；比较a、b图象可知，如下所示：在压力相同时，a的摩擦力大于b的摩擦力，即木块与支持面的摩擦力比铁块与支持面的摩擦力大，故比较图线a和b可知，滑动摩擦力的大小还与接触面的粗糙程度有关；3为探究“滑动摩擦力的大小与物体重力的关系”，要控制压力和接触面粗糙程度相同，只改变重力大小：而实验中取来等质量的磁铁和沙子，同样的塑料盒，根据，重力不变，因磁铁对铁板有吸引力的作用，根据力作用是相互的，铁板对磁铁也有吸引力的作用，故盛磁铁的塑料盒对铁板的压力等于塑料盒与磁铁的重力再加上铁板对磁铁的吸引力，即盛磁铁的塑料盒对铁板的压力大于盛沙子的塑料盒对铁板的压力，故本实验探究的是在重力和接触面粗糙程度相同的条件下，滑动摩擦力大小与压力大小的关系，不能探究“滑动摩擦力的大小与物体重力的关系。故答案为：1匀速直线；向塑料盒内加入沙子；2压力；接触面的粗糙程度；3本实验探究的是在重力和接触面粗糙程度相同的条件下，滑动摩擦力大小与压力大小的关系，不能探究“滑动摩擦力的大小与物体重力的关系。1弹簧测力计拉着木块做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，二力大小相等；本实验中，物体对支持面的压力大小等于物体的重力大小；2根据滑动摩擦力摩与对应压力压关系的图象为过原点的直线分析回答；影响滑动摩擦力大小的因素有：压力和接触面的粗糙程度，结合图象回答；3为探究“滑动摩擦力的大小与物体重力的关系”，要控制压力和接触面粗糙程度相同，只改变重力大小；根据题意，根据磁铁对铁板有吸引力的作用和力作用是相互的，分析实验中相同的量和不同的量，确定研究摩擦力与变化量的关系。本题探究“影响滑动摩擦力大小的因素”，考查控制变量法和实验原理、数据分析、磁体对铁的吸 引、力的相互性及实验方案的评估，综合性强。18.答案：110.0；同一高度；2放大；投影仪；3靠近．解析：解：1平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点．焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是10.0．实验前应先调节光具座上烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度，这样可使像成在光屏的中央；2凸透镜的焦距是10.0，烛焰放在距凸透镜15cm处时，物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像．幻灯机和投影仪就是利用这一成像规律工作的．3将蜡烛在乙图的基础上远离透镜，物距增大，像距要减小，所以光屏靠近凸透镜，才能在光屏上得到清晰的像．故答案为：110.0；同一高度；2放大；投影仪；3靠近．1通过图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距．实验前要调节烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度；2根据物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间的成像性质进行判断．3凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小．了解焦距的概念和实验的调节要求．掌握凸透镜成像的三种情况和应用的凸透镜成像习题的重要依据，一定要掌握：‴2，成倒立、缩小的实像．2‴‴，成倒立、放大的实像．，成正立、放大的虚像．19.答案：串联C将电流表调零0.240.2电流表选用小量程却按大量程读数了错误换用不同规格的小灯泡进行多次实验。解析：解：1电流表应串联在被测电路中，若要测量干路电流，则电流表应接在甲图中的C点；2闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，接下来他应进行的操作是将电流表调零；纠正该错误后，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02ಀ，则电流表的示数为0.24ಀ；3根据并联电路的总电流等于各支路电流之和，但第1组数据不符合这个规律，第1次实验中明显错误数据是1.0ಀ，由电流表大小量程之比为5：1，这个数据正确的记录应该是0.2ಀ；错误的原因是：电流表选用小量程却按大量程读数了；4小华实验之所以得出并联电路中干路电流为支路电流的2倍，各支路电流相等的结论，是因为选 用的灯泡规格相同，器材太特殊，这样的实验结论是错误的；为得出普遍性的结论，改进的建议：换用不同规格的小灯泡进行多次实验。故答案为：1串联；C；2将电流表调零；0.24；30.2；电流表选用小量程却按大量程读数了；4错误；换用不同规格的小灯泡进行多次实验。1电流表应与待测电路串联；2电流表使用前应调零；根据电流表选用小量程确定分度值读数；3并联电路的总电流等于各支路电流之和，据此确定错误数据，由电流表大小量程之比为5：1可知这个数据正确的记录应该是多少，并得出错误的原因；4用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。本题探究并联电路电流规律，考查电流表使用、读数和归纳法的运用。20.答案：1变大；21䁘3；4䁘2；1䁘34䁘2解析：解：1图甲中，当铁块浸入水中的体积缓慢增大时，铁块排开水的体积变大，根据浮排可知，铁块受到浮力大小的变化是增大，弹簧秤示数䁘浮，所以弹簧秤的示数减小；2根据称重法可知，石块所受的浮力为1䁘3；排出水的重力4䁘2；物体所受浮力大小与排开水的重力的定量关系是：物体所受浮力的大小等于排开水的重力或1䁘34䁘2.故答案为：1变大；21䁘3；4䁘2；1䁘34䁘2；1当铁块浸入水中的体积缓慢增大时，铁块排开水的体积变大，根据阿基米德原理可知铁块受到浮力的变化，进一步判断弹簧秤示数的变化；2根据称重法可知石块受到的浮力等于石块的重力减去石块全部浸入水中时弹簧测力计的示数，排开水的重力等于排开的水和小桶的重力之和减掉空桶的重力，比较排开水的重力和物体所受浮力的大小得出结论．本题考查了阿基米德原理的实验，将实验中的各过程分解、验证，充分考查学生对基础知识的掌握程度．21.答案：1、2、3电极材料不变时，水果电池的电压大小与水果种类有关，与电极播入深度和电极 之问距离无关改变化学填充剂的成分解析：解：1探究电极之间距离对水果电池电压大小的影响时，需要控制水果的种类相同、插入电极的深度相同，改变电极之间的距离，所以需要对比1、2、3的实验数据；2根据1、2、3的数据可知，水果的种类相同、插入电极的深度相同，电极之间的距离不同，测量的电压近似相同，忽略误差，可以认为电压相同，即电压大小与电极之间的距离无关；根据1、4的数据可知，水果的种类不相同，插入电极的深度和电极之间的距离相同，电压不相同，这表明电压大小与水果的种类有关；根据4、5、6的数据可知，水果的种类相同、电极之间的距离相同，插入电极的深度不同，测量的电压近似相同，忽略误差，可以认为电压相同，即电压大小与插入电极的深度无关；故结论为：电极材料不变时，水果电池的电压大小与水果种类有关，与电极播入深度和电极之问距离无关；3由于水果电池电压的大小与水果的种类有关，要改变一节干电池的电压，可以通过改变化学填充剂的成分来改变电压的大小。故答案为：11、2、3；2电极材料不变时，水果电池的电压大小与水果种类有关，与电极播入深度和电极之问距离无关；3改变化学填充剂的成分。1为探究电极之间距离对水果电池电压大小的影响，采用的是控制变量法，据此分析；2根据表格中的数据，利用控制变量法得出结论；3根据结论分析改变电压的方法。本题考查了水果电池的电压与什么因素有关，锻炼了学生分析问题解决问题的能力，注重控制变量法的应用。22.答案：解：1轿车匀速行驶时，牵引力等于受到的阻力，即400ͳ；轿车牵引力做的功为晦晦400ͳ3.451041.38107；1.3810772汽油完全燃烧放出的热量4.610；放30由放可得，放4.6107汽油的质量1ሺ．4.6107Ȁሺ答：1汽车发动机所做的功为1.38107； 2汽车消耗汽油的质量为1kg．解析：1知道轿车处于匀速直线运动平衡状态，汽车受牵引力和阻力为一对平衡力，据此求牵引力；又知道行驶路程，利用晦求汽车到达目的地牵引力所做的功；2又知道汽油完全燃烧产生的内能有30转化为机械能，据此求出燃料燃烧放出的总热量，放30然后再利用放求出消耗汽油的质量．本题考查了功的计算、燃料完全燃烧放出热量的计算，利用所学知识分析计算实际问题；根据物体所处的状态静止或匀速直线运动判断物体受平衡力，知道一个力的大小和方向可以求另一个力的大小和方向是本题的突破口．23.答案：解：1由题意，当开关S闭合时2短路处于高温档，仅有1接入电路，正常工作时高2温档的功率为1100W，根据，22202144；1100高2打开时，两电阻串联，电烤箱处于低温档时，根据电阻的串联，总电阻：124466110；依据欧姆定律，可知电路中电流为：22022ಀ。110答：1电热丝1的阻值为44；2电烤箱在低温档正常工作时的电流为2A。2解析：1电烤箱处于高温档时，仅有1接入电路，根据求电热丝1的阻值；2电烤箱处于低温档时，1、2串联，根据电阻的串联求总电阻；依据欧姆定律求电路中电流。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路结构的分析。 24.答案：500；解析：解：1设使用滑轮组承担物重的绳子股数为n，则拉力端移动距离晦拉，有用由得承担物重的绳子股数：晦拉拉总2000ͳ拉4；80625ͳ1不计摩擦和绳重，拉力，则动滑轮的重力：4动4䁘4625ͳ䁘2000ͳ500ͳ；动2使用滑轮组承担物重的绳子股数为拉4，由“奇动偶定”原则可知，应从定滑轮下面钩码开始绕起，依次经过下面的动滑轮、上面的定滑轮-----，可得滑轮组的绕法，如图所示：故答案为：500；如上图所示。有用11利用求承担物重的绳子股数，不计摩擦和绳重，拉力，据晦拉拉4动总此求动滑轮重力；2使用滑轮组承担物重的绳子股数为拉4，从定滑轮下面钩码开始绕起，依次经过下面的动滑轮、上面的定滑轮-----，可得滑轮组的绕法。有用本题考查了使用滑轮组时机械效率公式的应用以及滑轮组的绕法，利用好公式晦拉总求是关键。拉25.答案：解：由电路图可知，1与2并联，电流表A测干路电流，电流表ಀ1测1支路的电流。1并联电路中各支路两端的电压相等， 根据欧姆定律可得，电源的电压：110.3ಀ103；2并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过2的电流：2䁘10.5ಀ䁘0.3ಀ0.2ಀ，2的阻值：3215；20.2ಀ3通电10s消耗的电能：30.5ಀ10晦15。总答：1电源电压为3V；2电阻2的阻值为15；3通电10s电路消耗的总电能为15J。解析：由电路图可知，1与2并联，电流表A测干路电流，电流表ಀ1测1支路的电流。1根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；2根据并联电路的电流特点求出通过2的电流，利用欧姆定律求出2的阻值；3根据求出通电10s电路消耗的总电能。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，难度不大，是一道较为简单的应用题。