2018年湖北省武汉市中考物理试题（解析版） 15页

‎2018年湖北省武汉市中考物理试卷 一．选择题 ‎1. 如图所示的四种现象中，由光的反射形成的是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】解：A、透过树丛的光束是直的，是由光沿直线传播形成的；B、雨后彩虹是光的色散形成的； C、平静水面上景物的倒影相当于平面镜成像，是由于光的反射形成的；D、海市蜃楼是光在空气中传播时由于大气层不均匀发生折射形成的；故选：C。‎ 点睛：熟记由于光的光沿直线传播、光的反射、光的折射形成的一些现象即可作答，难度不大。‎ ‎2. 如图所示，在筷子上捆一些棉花，做一个活塞，用水蘸湿棉花后插入两端开口的竹管中，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨音。上下推拉活塞，并用相同的力吹管的上端时，下列说法错误的是（ ）‎ A. 哨音是由管内空气振动产生的 B. 哨音是通过空气传到别人耳朵的 C. 向上推活塞时，吹出的哨音响度会变大 D. 向下拉活塞时，吹出的哨音音调会变低 ‎【答案】C 点睛：管乐器是通过空气柱振动发声。固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关。‎ ‎3. 关于能量和能源，下列说法错误的是（ ）‎ A. 电能必须通过消耗一次能源才能得到，是二次能源 B. 我们今天使用的煤、石油、天然气，都是化石能源 C. 能量的转化和转移有时是有方向性的 D. 自然界的能量是守恒的，它既不能创生，也不会消灭 ‎【答案】C ‎【解析】解：A、根据二次能源的概念：通过消耗一次能源才能获得，叫做二次能源，可知A正确；B、化石能源是指由远古时代的动植物在地壳中经过几亿年转化而来的燃料，包括石油、煤和天然气，故B正确；C、能量的转化和转移任何时候都是具有方向性，故C错误；D、能量既不能创生，也不会消灭。在能的转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，故D正确。故选：C。‎ 点睛：知道二次能源的概念；能量的转化和转移都是有方向性的；在能的转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，这就是能量守恒定律。‎ ‎4. 在室温下，用绷紧的橡皮膜把一个空锥形瓶的瓶口封上，然后把瓶子放入热水中，如图所示，橡皮膜会向外凸。下列关于瓶内气体的描述错误的是（ ）‎ A. 分于子的无规则运动会加剧 B. 内能会增大 C. 质量会不变 D. 压强会减小 ‎【答案】D ‎【解析】【解答】‎ ‎ ‎ 点睛：温度越高，分子无规则运动速度越快；影响内能的因素：温度、质量、状态；瓶内空气膨胀，体积增大，但物质多少没有变化，所以质量不变。‎ ‎5. 在做“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，有的同学提出滑动摩擦力的大小与接触面积有关。要做这项研究，可选取如图中的两个实验是（ ）‎ A. 甲与乙 B. 甲与丁 C. 乙与丙 D. 丙与丁 ‎【答案】B ‎【解析】解：要探究滑动摩擦力与接触面积的大小的关系需要运用控制变量法：即在保持压力和接触面的粗糙程度相同的情况下，改变接触面积大小，然后用测力计水平拉动木块做匀速直线运动，记下测力计的示数进行比较，综上所述只有甲和丁符合，故B正确。‎ 点睛：注意控制变量法的应用，要探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系，需使压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积大小不同。‎ ‎6. 生活中人们常常利用物体的惯性。下列描述正确的是（ ）‎ A. 标枪运动员通过助跑提高成绩，利用了运动员自身的惯性 B. 紧固锤头时撞击锤柄的下端，利用了锤柄的惯性 C. 拍打窗帘清除上面的浮灰，利用了窗帘的惯性 D. 将脸盆里的水泼出去，利用了水的惯性 ‎【答案】D ‎【解析】解：A. 标枪运动员通过助跑提高成绩，利用了标枪自身的惯性；B、紧固锤头时撞击锤柄的下端，当锤柄停止运动时，锤头由于惯性继续向下运动就紧套在锤柄上，这是利用了锤头的惯性；C、拍打窗帘时 窗帘由于受力而运动起来，浮尘由于惯性将保持静止状态，脱离窗帘，所以这是利用浮灰的惯性；D、泼水时，盆和水是运动的，当盆受力静止时，水由于惯性要保持原来的运动状态而被泼出，所以是利用了水的惯性。故选：D。‎ 点睛：物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，利用所学知识解释有关惯性的现象时要分清到底是利用哪一个物体的惯性的。‎ ‎7. 如图所示，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，下列说法正确的是（ ）‎ ‎①甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等 ‎②甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显 ‎③甲、乙两次实验，说明压力作用的效果跟压力的大小有关 ‎④为了完成整个实验，可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和甲图中的对比 A. ①② B. ①②④ C. ①③④ D. ②③④‎ ‎【答案】A ‎【解析】解：甲乙两实验中，海面受到的压力都等于小桌和砝码的重力，故①正确；②甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显正确；③两次实验中，压力相同，受力面积不同，所以只能说明压力作用的效果跟受力面积的大小有关故错误；根据控制变量法可知，在研究压力作用效果与压力大小有关时，应使受力面积相同，故④将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和甲图进行对比是错误的；故选：A。‎ 点睛：压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，‎ 即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。‎ ‎8. 如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的几个实验情景。实验甲、丙和丁中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N和2.5N．若盐水的密度为1.2×103kg/m3，则下列结论正确的是（ ）‎ A. 物体A的密度为3.2×103kg/m3‎ B. 实验乙中，物体A受到的拉力为1.0N C. 实验丙中，弹簧测力计的示数比乙中小0.5N D. 实验丁中，容器底部受到的压力等于0.3N ‎【答案】D ‎【解析】解：由图知物重G＝4.0N,物体完全浸没在盐水以后弹簧测力计的示数是2.8N,可得物体在盐水中受到的浮力F盐水＝4.0N-2.8N＝1.2N，根据F浮＝ρ液g V排，得V排＝V物＝＝1×10‎ ‎﹣4m3，所以物体A的密度ρ＝＝4×103kg/m3故A错误；物体完全浸没在水中以后弹簧测力计的示数是F水＝G-F水浮＝4.0N-1.03N,故B错误；因为乙中测力计的示数是3N, 丙中测力计的示数是2.8N,所以实验丙中，弹簧测力计的示数比乙中小3N-2.8N＝0.2N故C错误；丁中物体A对烧杯底部的压力等于支持力，F支＝G﹣F浮﹣F丁拉＝4N﹣1.2N-2.5N＝0.3N，故压力为0.3N，故C错误；丁图中物体受到向上的支持力、拉力、浮力和向下的重力保持静止，所以F支＝G-F拉-F浮＝4N-2.5N-1.2N＝0.3N,物体所受的支持力和物体对容器底的压力是一对相互作用力，所以容器底部受到的压力等于0.3N，故D正确。‎ 点睛：有甲图知道物体的重力，根据称重法计算出物体在盐水中所受浮力，F浮＝G﹣F拉然后根据浮力的变形式得物体A的体积；根据浮力公式可计算出物体在乙图中受到的浮力，从而求得乙图中拉力；又知物体的重力即可可求得其密度；丁中物体A对烧杯底部的压力等于支持力，F＝G﹣F浮﹣F拉可求。‎ ‎9. 如图所示电路图中，与实物电路对应的是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】解：由实物图可知，电流路径从正极出来然后分成两条支路，一条支路上是灯泡和开关 ，另一条支路上是电动机它们组成并联电路，然后汇合经过一个开关，回到负极。‎ A、开关控制的是电动机所在支路与实物图不相符；B、一个开关控制干路，一个开关控制灯泡支路，与实物图相符。C、干路上有两个开关，没有开关与灯泡串联，与实物图不相符。D、两开关分别控制两支路，与实物图不相符。故选：B。‎ 点睛：根据实物图分析电路的连接方式，由各选项电路图得到正确答案。‎ ‎10. 一种试电笔的构造如图所示，下列关于它的作用和使用描述正确的是（ ）‎ A. 试电笔可用来测试物体是带正电还是带负电 B. 试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电 C. 使用时手指不能碰到金属笔卡 D. 使用时人不会触电是因为试电笔氖管中的氖气不会导电 ‎【答案】B ‎【解析】解：A、试电笔是用来辨别火线和零线的，故A错误；B、试电笔也用来检查电气设备的外壳是否带电，故B正确。C、用试电笔时，手接必须接触笔尾的金属卡，故C错误 D、人不会发生触电事故，在试电笔的构造中，有一个1MΩ以上的高值电阻，在使用时此电阻与人体串联，此时试电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小的缘故，故D错误。故选：B。‎ 点睛：掌握试电笔的结构作用和使用方法即可作答此题。‎ ‎11. 为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示。R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每一时刻的电压。若已知电源电压为12V，某一时段AB间的电压随时间变化的图象如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）‎ A. AB两端电压为6V时，跳绳自动计数器会计数一次 B. 绳子挡住了射向R1的红外线时，R1和R2的阻值相等 C. 绳子没有挡住射向R1的红外线时，R1的阻值是R2的3倍 D. 绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍 ‎【答案】D ‎【解析】解（1）当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1电阻变大，计数器会计数一次，信号处理系统记录的是AB间每一时刻的电压（AB间的电压即R2两端的电压），因为R1、R2串联，根据串联电路的分压原理可知，此时R2两端的电压较低，所以应该是AB两端电压为2‎ V时，跳绳自动计数器会计数一次，故A错误；因为电源电压12V,所以此时R1两端电压是12V-2V＝10V,根据串联电路电流处处相等：，解得R1＝5R2，故B错误；由乙图可以看出，当没有挡住射向R1的激光， U2'＝UAB'＝6V，由串联电路的分压原理可知此时两电阻相等，故C错误；且R1＝5R1'，即绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍，故D正确。故选：D。‎ 点睛：由电路图知，两电阻串联，AB间电压为R2两端电压。由题知，射向R1的激光被挡时它的电阻变化，由串联电路分压原理，结合图象分析射向R1的激光被挡和没挡时AB间电压以及两电阻的大小关系从而解题。‎ ‎12. 如图所示，电源电压U保持不变。当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总功率为P1，再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的1/5；当开关S1和S3闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，R3的功率增大了0.05W，且滑片在中点时，电压表V1的示数为U1；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为P2，两只电流表示数相差0.3A．已知P1：P2=2：15，下列结论正确的是（ ）‎ A. P2=5.4W B. U=12V C. U1=6V D. R2=20Ω ‎【答案】A ‎【解析】解：（1）S2闭合、S1和S3断开，滑片在最右端时，R2、R3串联，V1测R2电压，V2测R2、R3总电压，即电源电压，等效电路如图1所示；滑片滑至最左端时，V1V2都测R2两端电压，等效电路如图2所示：由题意结合图可知，电表V2的示数将发生变化，且UR2＝U，则R3两端的电压UR3＝U，所以，根据串联电路的分压规律可得：，即R3＝4R2﹣﹣①；（2）当开关S1和S3闭合、S2断开，滑片位于最右端时R1、R3串联V1测R1电压，V2测总电压，等效电路如图3所示；滑片位于中点时，等效电路如图4所示；当所有开关闭合，滑片在最左端时，R3短路，R、1R2并联，A2测干路电流，A1测R2所在支路的电流，等效电路图如图5所示：由题意知图1中，电路的总功率：P1＝‎ ‎，图5中总功率：P2＝+，可得：15P1＝2P2，即15×＝2×（+），解得：R1＝2R2﹣﹣②由题意知图5中两只电流表示数相差0.3A，根据并联电路电流规律，可得图5中，通过R1的电流：I5＝I﹣I4＝0.3A，则＝0.3A，即＝0.6A﹣﹣﹣③,图3中，电路中的电流：I2＝××0.6A＝0.1A，图4中，电路中的电流：I3＝××0.6A＝0.15A，因图4和图3相比较R3的功率增大了0.05W，所以，由P＝I2R可得：P3′﹣P3＝I32×R3﹣I22R3＝（0.15A）2×R3﹣（0.1A）2×R3＝0.05W，解得：R3＝40Ω，代入①②③两式可得：R1＝20Ω，R2＝10Ω，U＝6V，故BD错误；图4中，U1＝I3R1＝0.15A×20Ω＝3V，故C错误；图5中，P2＝++＝5.4W，故A正确。故选：A。‎ 点睛：这是一道综合性很强的电学试题，有一定难度，解答本题时首先应该根据题目中给出的几种开关闭合的情况，一一进行分析，并画出所对应的等效电路图，然后结合题目中的其他条件，列出相对应的式子，联立方程组进行求解，最后根据解得的答案和四个选项进行比较，做出准确选择。‎ 二．填空题 ‎ ‎13. 2018年4月1日，“光谷量子号”有轨电车开始载客试运营，开通了交路1和交路2两条线路。交路2全长约20km，若电车某次跑完全程需要50min，则电车的平均速度为_____km/h。“光谷量子号”采用了能量回收系统，例如电车下坡时，为了保持匀速运动，会带动发电机发电进行“刹车”‎ ‎，即将_____能转化为_____能供电车使用，更加节能环保。‎ ‎【答案】 (1). 24 (2). 机械 (3). 电 ‎【解析】解：（1）t＝50min＝h，v＝＝24km/h；（2）下坡时带动发电机发电进行“刹车”，发电机工作时将机械能转化为电能，故答案为机械能和电能。‎ 点睛：已知路程和时间，根据公式算出平均速度；发电机工作时将机械能转化为电能。‎ ‎14. 今年3月，武船集团打造的世界上最大的矿砂船圆满完工。这艘矿砂船的排水量为40万吨，它在海水中满载航行时，船及所装货物总重G为_____N，所受浮力F浮_____（选填“大于”“等于”或“小于”）G，它由密度较小的水域驶向密度较大的水域时，船身会_____。‎ ‎【答案】 (1). 4×109 (2). 等于 (3). 上浮 ‎【解析】解：（1）排水量即轮船满载时排开水的质量，m排＝400000则G排＝m排g＝400000＝4×109N由阿基米德原理可得，矿砂船满载航行时受到的浮力：F浮＝G排=4×109N；因为船在海水中漂浮，所以，船及所装货物总重：G＝F浮＝4×109N；矿砂船由密度较小的水域驶向密度较大的水域时，浮力不变； F浮＝ρ液gV排因为浮力一定，密度大则排开水的体积小，所以船身将上浮一些。‎ 点睛：知道轮船的排水量，利用阿基米德原理可知船受到的浮力；由于矿砂船漂浮，则船及所装货物总重等于矿砂船受到浮力；（2）矿砂船由密度较小的水域驶向密度较大的水域时，仍处于漂浮状态，所以受浮力不变；由F浮＝ρ液gV排可知排开水的体积变化。‎ 四．实验探究题 ‎ ‎15. 图甲是观察物质熔化和凝固现象的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象。‎ ‎（1）安装图甲所示的器材时，应先确定_____（选填“铁棒A”“铁夹B”或“铁圈C”）的位置。实验中，需要观察试管内物质的_____，并记录温度和加热时间。‎ ‎（2）分析图乙可知：该物质的凝固点为_____；该物质第40min的内能_____（选填“大于”“等于”或“小于”）第20min的内能。‎ ‎【答案】 (1). 铁圈C (2). 状态 (3). 80℃ (4). 小于 ‎【解析】解；（1）因为需要用酒精灯的外火焰加热，所以应该先确定图中C部分的高度，然后再固定图中的BA部分，这样可以避免重复调整；由题意可知实验中，需要观察物质的状态并记录时间、温度；（2）根据熔化和凝固的特点由图可知，物质在35分钟以后放出热量，但温度不变，为其凝固过程；故凝固点为80℃；第10min﹣20min之间该物质一直吸收热量；第20min时刚好熔化完毕，为液态；从第40min时放出热量从液态到固态，故该物质第40min小于第20min时的内能。‎ 点睛：（1）组装实验仪器应该避免重复调整使用应该自下而上按装；（2）晶体熔化时温度不变，晶体凝固时温度不变；物体吸收热量，内能变大，放出热量，内能减小。‎ ‎16. 如图所示是探究杠杆平衡条件的几个实验情景。‎ ‎（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆_____（选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，接下来应向_____（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆保持水平并静止。‎ ‎（2）如图乙所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂_____个质量均为50g的钩码。‎ ‎（3）将杠杆的支点移到如图丙所示的位置，为了杠杆在水平位置平衡，请你在杠杆上画出最小动力F的示意图_________。‎ ‎【答案】 (1). 达到 (2). 右 (3). 3 (4). ‎ ‎【解析】解：（1）杠杆的平衡是指杠杆处于静止或匀速转动，因此甲图中达到平衡状态；‎ 接下来应将平衡螺母应向右端移动使杠杆平衡；（2）设杠杆A点力的力臂是3L,则右边B点力的力臂是2L,一个钩码重为G，根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可得2G×3L＝nG×2L，所以，n＝3，所以在B处挂3个钩码。（3）根据杠杆的平衡条件可知：动力最小，则动力臂最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，如图所示：‎ 点睛：（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态。调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡求出钩码的个数。（3）若在杠杆上施加最小的力F，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上，使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力，据此作图。‎ ‎17. 图甲是“探究通电螺线管外部的磁场分布”的实验装置。‎ ‎（1）为了使通电螺线管的磁场_____，可以在螺线管中插入一根铁棒。‎ ‎（2）闭合开关，小磁针A静止后的指向如图甲所示，小磁针的左端为_____极。在通电螺线管四周不同位置摆放多枚小磁针后，我们会发现通电螺线管外部的磁场与_____磁体的磁场相似。‎ ‎（3）如果把一根导线绕成螺线管，再在螺线管内插入铁芯，就制成了一个电磁铁。图乙所示的实例中没有应用到电磁铁的是_____（填实例名称）。‎ ‎【答案】 (1). 增强 (2). S (3). 条形 (4). 动圈式话筒 ‎【解析】解：（1）电流的大小、线圈的匝数及是否有铁芯插这几个因素影响通电螺线管磁性的强弱，插入一根铁棒是为了使通电螺线管的磁场增强；（2）根据安培定则可知螺线管左侧为N极、右侧为S极；由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，所以小磁针的左端为S极，右端为N极；通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；（3）电铃、水位自动报警器都应用了电磁铁；动圈式话筒的原理是电磁感应现象，没有应用到电磁铁。‎ 点睛：（1）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、是否有铁芯插入。电流越大，匝数越多，有铁芯插入，磁性越强；（2）根据螺线管中的电流方向，利用安培右手定则确定通电螺线管的两极，再利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的N、S极；‎ 通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；（3）带有铁芯的通电螺线管就是电磁铁。‎ ‎18. 某同学利用图甲所示的器材测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“100Ω 0.5A”，小灯泡的额定电压为2.5V。‎ ‎（1）如图甲所示，电路中还有两根导线没有连接，请你将电路连接完整_______。（要求：导线不允许交叉）‎ ‎（2）该同学连接好电路后，按正确的步骤进行实验。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电流是_____A，额定功率是_____W。‎ ‎（3）该同学继续进行实验，记录的部分数据如下表所示，其中有一组数据明显存在错误，这组数据是_____（填数据序号）。剔除掉这组错误的数据，我们分析后可以得出实验中电源电压不会超过_____V。‎ ‎【答案】 (1). (2). 0.28 (3). 0.7 (4). 2 (5). 5.1‎ ‎【解析】解：（1）因为灯的额定电压为2.5V所以电压表选用小量程并联在灯泡两端，由表中数据，电流表选用小量程即可，电流表要串联在电路中，如下：‎ ‎（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，则I＝0.28A， P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；‎ ‎（3）因为灯丝电阻温度升高而变大（灯的电阻随电压的增大而增大）根据R＝，可计算出4次实验的电阻分别为：R1＝8.08Ω、R2＝11.82Ω、R3＝2.00Ω、R4＝10.00Ω，由表中灯的电压大小可知第2次灯的电阻不应该是最大的，故错误数据是2；灯与变阻器串联，变阻器连入电路中的电阻最大时，电路中总电阻越大，电流越小，在第3次实验电流最小，即变阻器连入电路中的电阻最大此时：U3滑＝I3R滑＝0.05A×100Ω＝5V，由串联电路电压的规律，电源电压：U总＜U3滑+U3＝5V+0.1V＝5.1V。‎ 点睛：（1）根据灯的额定电压和表中数据正确选择电压表和电流表的量程，然后根据其用法连接电路；（2）读出电流表读数，根据P＝UI求小灯泡额定功率；（3）灯的电阻随温度的增大而增大；分别求出4次实验的电阻大小分别找出不符合这个规律的实验；根据第3次数据，由欧姆定律和串联电路电压的规律求出电源电压的范围。‎ 五．计算题 ‎ ‎19. 图甲是某种电动出水的电热水瓶的结构剖面图，图乙是它的电路示意图，其中电源板的作用是将220V的交流电变成低压直流电，供出水电动机和出水定位灯使用。（水的比热容4.2×103J/（kg•℃））‎ ‎（1）出水定位灯的作用是方便夜间判断出水的位置，避免烫伤。出水定位灯是由小凸透镜、刻有图案“”的透明胶片和小灯泡组成。出水定位灯发光时，会在放置电热水瓶的桌面上留下一个清晰明亮的像，相对于定位灯里透明胶片上的图案“”，桌面上所成的像是_____（选填“”“”“”或“”），而且这个像是_____（选填“放大”“等大”或“缩小”）的。‎ ‎（2）该电热水瓶的说明书上标注着“12分钟快速沸腾的条件：水温25℃，水量4kg，沸腾温度100℃，电压220V”。若加热管的电阻为24.2Ω，则在此快速沸腾的条件下，该电热水瓶的加热效率为多少_____？‎ ‎（3）已知圆柱形内胆的底面积为250cm2，出水口比最高水位高3cm。当内胆中装有2L水时，按住出水开关20s，出水电动机恰好能抽出1L的水。若不计出水管的体积和水的流速，则出水电动机的输出功率约为多少W__________？‎ ‎【答案】 (1). (2). 放大 (3). 87.5% (4). 0.065W ‎【解析】解：（1）由题意可知：刻有图案“”的透明胶片通过定位灯（凸透镜）、在桌子上成像且像距大于物距，根据凸透镜成像的规律可知所成的是放大的形状如的实像；（2）4kg温25℃的水加热至沸腾温度100℃所吸收的热量：‎ Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×4kg×（100℃﹣25℃）＝1.26×106J；消耗的电能：W＝Pt＝t＝×12×60s＝1.44×106J；η＝＝87.5%；（3）装4L水时，水的高度：h1＝＝16cm＝0.16m；则 2L水的高度为0.08m，1L水被提升的高度：h2＝××0.16m+0.08m+3×10﹣2m＝0.13m；电动机对1L水所做的功：W＝Gh2＝mgh2＝ρVgh2＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3×10N/kg×0.13m＝1.3J；出水电动机的输出功率约为：P＝＝0.065W。‎ 点睛：（1）根据凸透镜成像规律进行解答即可；（2）由Q＝cm△t可求得水吸收的热量，由W＝Pt可求得消耗的电能，再利用公式可求得电热水瓶的加热效率；（3）根据h＝求得最高水位，利用W＝Gh可求得抽水过程中电动机所做的功，再利用公式可求得出水电动机的输出功率。‎ ‎ ‎