2020年濮阳市油田十七中中考物理一模试卷(含答案解析) 17页

2020 年濮阳市油田十七中中考物理一模试卷 一、单选题（本大题共 6 小题，共 12.0 分） 1. 下列简单机械在使用过程中省力的是 A. 夹蒜器 B. 碗夹 C. 去核器 D. 取蛋器 2. 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是 A. 物体总保持匀速直线运动或静止状态 B. 一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态 C. 一般物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态 D. 一切物体在受到外力作用时，一定不会处于静止状态 3. 如图所示，杠杆在水平位置平衡，做下列调整后杠杆仍然能平衡的是 A. 左右两边的钩码向中间移 2 格 B. 左右两边的钩码向两边移 1 格 C. 左右两边的钩码向中间移 1 格 D. 左边的钩码向中间移 1 格，右边的钩码向中间移 2 格 4. 一台放在水平桌面上的电视机，下列给出的选项属于平衡力的是 A. 电视机受到的重力和地面对桌子的支持力 B. 电视机对桌子的压力和桌子受到的重力 C. 电视机对桌子的压力和桌子对电视机的支持力 D. 电视机受到的重力和桌子对电视机的支持力 5. 下面做法中，可以减小压强的是 A. 打木桩时一定把木桩的一端削尖 B. 我们站累了，抬起一只脚歇一歇 C. 把平放的十块砖，一块块磊起来 D. 铁轨铺在枕木上 6. 把体积相等、质量不等的三个小球 A、B、C 放入同种液体中，静止后的位 置如图所示，它们所受的浮力分别为 、 、 ，则这三个力的大小关系 正确的是 A. > > B. = = C. < < D. < = 二、多选题（本大题共 2 小题，共 4.0 分） 7. 如图甲，水平面上一辆向右行驶的小车里用可伸缩的弹簧固定一个光滑小球，弹簧的原长为 ， 一段时间里发现弹簧的长度随时间的变 化如图乙，则下列说法错误的是 A. AB 段小车做匀速运动 B. BC 段小车做加速运动 C. CE 段小车做加速运动 D. EF 段小车做减速运动 8. 有关压强知识的应用，下列说法正确的是 A. 人用吸管吸饮料时利用了大气压 B. 载重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强 C. 水坝的下部比上部建造得宽，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大 D. 飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越大的原理 三、填空题（本大题共 6 小题，共 14.0 分） 9. 一人用 200N 的力沿水平方向推着重 600N 的箱子在水平地板上作匀速直线运动，若此人突然将 推力增大到 300N，则地板对箱子的摩擦力的大小为______N。 1. 第一个证明大气压强存在的实验是______。大气压强随着海拔高度的增加而______，1 标准大 气压能支撑起______mm 的水银柱，能够支撑起______m 的水柱。 11. 同一直线上有三个力即 5 牛、7 牛、12 牛，则三个力合力最大为______ N，最小为______ . 12. 如图所示把 16cm 长的密度计放入水中，露出液面的长度是 8cm，再将密度计 放入某液体中，露出液面的长度是 4cm，则此液体的密度为______ Ro 3 水 = 1. 1 3 Ro 3 13. 用一杆秤称得物体的质量是 2kg，如图所示。根据杆秤上秤钩、提纽和秤砣三者的位置关系，估 测出秤砣的质量大约是______kg。 14. 一长方体金属块的质量为 9 1 3 R ，体积为 3 3 ，它的密度为______ Ro 3 ；若将它置于水平 地面上并沿水平方向截去一部分，则其对地面的压强将______ 选填“增大”、“减小”或“不 变” 四、作图题（本大题共 2 小题，共 4.0 分） 15. 如图所示，为了让杠杆静止在如图所示位置，请画出在 A 点所施加的最小动 力 F 及其力臂 L。 16. 如图所示，一物块沿斜面滑下，请画出该物块所受重力和摩擦力的示意图。 五、实验探究题（本大题共 3 小题，共 18.0 分） 17. 小明在“探究二力平衡条件”的实验中，将系于卡片两对角的线分别跨过左、右支架上的定滑 轮，并在两根线的末端挂上相同的钩码。 1 当卡片静止时，发现拉线不在同一直线上 如图甲所示 ，于是他得出：二力平衡时，两个力 可以不在同一直线上，你认为造成这种情况的原因是______； 2 实验改进后出现了如图乙所示的平衡现象，为了验证具有作用在同一物体上的力大小相等时 才能平衡，在如图所示情况下，小明下一步的操作应该是：______； 3 探究活动中小明又把处于平衡状态的物体转过一个角度，然后再松手，他这样做是为了探究 ______的两个力对物体平衡的影响。 18. 如图所示，为小丽在“研究影响压力作用效果的因素”实验中所选用的器材在水平桌面上进行 的实验过程图示。 为探究压力作用的效果跟压力大小的关系，应该通过图中______两次实验进行比较得出结论。 如图 D 所示，将海绵一端用木块垫起，仍使小桌静止，与图 C 海绵凹陷程度相比，结果是： ______ 选填“更大”“一样”或“更小” 。 如图 E 所示，将小桌和砝码沿海绵向右平移，与图 C 海绵的凹陷程度比较，可以得出的结论 是______。 仅由图 D、E 不能得出“压力作用效果与压力大小关系”，原因是______。 19. 如图甲是“探究浮力大小”的实验过程示意图。 1 实验步骤 B、C 和 D 可以探究浮力大小与______的关系。______两步骤可以测出圆柱体浸没 在水中时受到的浮力 浮 = ______ . 步骤 AE 可测出圆柱体排开的水所受重力 排，比较 浮与 排， 可以得到浮力的大小跟物体排开的水所受重力的关系。 2 图乙是圆柱体缓慢浸入水中时，弹簧测力计示数 F 随圆柱体浸入深度 h 变化的关系图象。分 析图象，可得：当圆柱体没有浸没之前，h 增大时，弹簧测力计的示数______ 选填“变大”“变 小”或“不变” 。圆柱体的高度为______ . 圆柱体的密度是______ Ro 3 。 3 若要探究物体所受浮力大小是否与液体密度有关，需要增加的器材是______。 六、计算题（本大题共 2 小题，共 18.0 分） 2. 一个实心正方体，体积为 1 1 3 3 ，用细绳吊着浸没在盛水的圆柱形容器中， 绳子的拉力为 17N，如图已知容器的底面积为 1 2 ， R = 1oR. 求： 1 物体受到的浮力； 2 物体的密度； 3 放入物体后水对容器底部增加的压强． 21. 如图所示，在兰州银行某营业大厅智能服务机器人，“兰兰”为客户办理业 务查询、新业务推广、语音服务等。若兰兰的质量是 30kg，底部是利用四个 轮子来回“走动”，其中每个轮子与地面的接触面积均为 .2 2 R = 1o R 1 兰兰自身的重力； 2 兰兰对地面的压强 【答案与解析】 1.答案：A 解析：解： A、夹蒜器在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； B、碗夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆； C、去核器在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆； D、取蛋器在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。 故选：A。 结合图片和生活经验，判断选项中的杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是 属于哪种类型的杠杆。 本题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种： 省力杠杆，动力臂大于阻力臂； 费力杠杆，动力 臂小于阻力臂； 等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 2.答案：B 解析：解：物体只有不受外力或者所受合外力为零时，才能处于静止状态或匀速直线运动状态． 故选 B． 物体只有不受外力或者所受合外力为零时，才能处于静止状态或匀速直线运动状态即力是改变物体 运动状态的原因；物体保持原有运动状态的原因--惯性；运动状态改变的原因--力；惯性是物体本身 固有的属性，与物体的运动状态无关，与物体受力情况无关． 在学习过程当中一定要注意对基本概念，基本规律的学习和掌握，因为这是我们学好物理的基础． 3.答案：D 解析：解：开始时两边力矩平衡，由图知： 2R 2ܮ = R 4ܮ. 则： A、向中间移动两格时，左侧到达支点，不再产生力矩，只有右端力矩，故杠杆向右倾．A 错． B、向两边移动 1 格后，左侧力矩为 2R 3ܮ ，右侧力矩变成 R 5ܮ ，故两侧力矩不相等，B 错． C、左右向中间移动 1 格后，左侧力矩为 2R ܮ ，右侧力矩变成 R 3ܮ ，两侧力矩不相等，C 错． D、左侧向中间移 1 格，力矩为 2R ܮ ，右侧力矩变为 R 2ܮ ，两侧力矩相等，D 对． 故选 D． 由开始时杠杆平衡的条件可确定力矩关系，再对移动后的力臂确定能否平衡． 本题考查力矩平衡，属简单应用． 4.答案：D 解析： 此题考查了平衡力的辨别，熟知二力平衡的条件，并注意与一对相互作用力的区分，是解答此类问 题的关键。 二力平衡的条件有四个：等大、反向、共线、共物，要判定两个力是否是平衡力，就要看这两个力 是否同时满足这四个条件，缺一不可。 A.电视机受到的重力和地面对桌子的支持力分别作用在电视机与桌子上，这两个力不是作用在同一 个物体上，不是平衡力，故 A 错误。 B.电视机对桌子的压力和桌子受到的重力方向都竖直向下，这两个力不是平衡力，故 B 错误； C.电视机对桌子的压力和桌子对电视机的支持力分别作用在桌子和电视机上，它们是一对相互作用 力，不是平衡力，故 C 错误。 D.电视机受到的重力和桌子对电视机的支持力都作用在电视机上，等大、反向、在一条直线上，合 力为零，是一对平衡力，故 D 正确。 故选 D。 5.答案：D 解析：解： . 把木桩的一端削尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，不合题意； B.站累了，抬起一只脚歇一歇，可在压力一定时，通过减小受力面积增大了压强，不合题意； C.把平放的十块砖，一块块磊起来，可在受力面积一定时，通过增大压力增大压强，不合题意． D.铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，符合题意。 故选 D。 压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小。 1 增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积； 2 减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积。 在日常生活中经常要增大或减小压强，如何将生活中的情景与物理知识联系起来是此题的关键。 6.答案：D 解析：解：根据三球状态：C 球下沉，B 球悬浮，A 球漂浮，B、C 球浸没液体中，排开的液体体积 相等，所受的浮力相等，A 球排开的液体体积最小，所受的浮力最小。 故选：D。 本题的前提条件是 A、B、C 三球的体积相等，根据三球在同种液体中的状态，判断出三球在液体中 受到的浮力大小。 对于体积相等的物体在液体中受到的浮力，先根据物体所处的状态，找到物体排开液体的体积，最 后根据阿基米德原理判断出各物体受到的浮力大小关系。 7.答案：CD 解析： 根据图乙分析物块在不同阶段的运动情况，当物块做匀速直线运动时，物块受平衡力作用，并且相 对于车厢处于静止状态；当小球作变速运动时，可根据速度的变化和惯性知识确定弹簧长度的变化 情况。 本题考查了物体的力与运动的关系，注意物体做匀速直线运动时，受平衡力作用；物体做变速运动 时，可结合惯性定律分析。 解： . 小球在 AB 段时，从图乙可知弹簧的长度没变，说明车处于匀速运动状态，故 A 正确； B.小球在 BC 段时，从图乙可知弹簧的长度减小，小球由于惯性要保持原来的运动状态，说明小车做 加速运动，故 B 正确； C.小球在 CE 段时，从图乙可知弹簧的长度逐渐增大，说明小车做减速运动，由于小球具有惯性，要 保持原来较快的速度行驶，因此与物块 A 相连的弹簧长度将变长，故 C 错误； D.小球在 EF 段时，从乙图可以看出弹簧的长度在减小，说明小车在加速，故 D 错误。 本题选错误的，故选 CD。 8.答案：ABC 解析：解 A、用吸管从瓶子中吸饮料时，是利用大气压工作的。当吸气时，吸管中的气压减小，饮 料在大气压的作用下进入嘴里，故 A 正确； B、大型载重汽车有很多轮子，是在压力一定时，增大受力面积减小车对地面的压强，保护路面，故 B 正确。 C、因为液体的压强随着深度的增加而增大，所以水坝的下部比上部建造的宽，是由于水对坝的压强 随深度的增加而增大，故 C 正确。 D、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故 D 错误。 故选：ABC。 A.生活中利用大气压的例子很多，钢笔吸墨水，吸管吸饮料，注射器吸药液，吸盘，抽水机等； B.减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时，减小压力来减 小压强。 C.液体的压强随着深度的增加而增大。 D.伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大。 平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的 能力。 9.答案：200 解析：解： 1 一人用 200N 的力沿水平方向推着重 600N 的箱子在水平地板上作匀速直线运动，箱 子在水平方向上受到推力和滑动摩擦力，两个力是平衡力，大小相等，推力是 200N，所以滑动摩擦 力是 200N。 2 压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变，推力增大，箱子进行加速运动。 故答案为：200。 1 静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用。根据平衡力求出箱子受到的滑动摩擦力。 2 滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度没有关系，推力增大，箱 子进行加速运动，滑动摩擦力大小不变。 滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度没有关系，在压力和接触面 粗糙程度不变时，匀速、减速、加速时，滑动摩擦力不变。 10.答案：马德堡半球实验；减小；760； 1.3 解析：解：马德堡半球实验用两个中间抽成真空而压合在一起的铜半球有力地证明了大气压的存在； 离地面越高的地方，大气压越小，即大气压强随着海拔高度的增加而减小； 意大利科学家托里拆利，利用一根玻璃管测出了大气压所能支持的水银柱的高度，是 76 = 76 ， 水银柱的上方为真空，所以当时大气压等于 76cm 即 760mm 水银柱产生的压强，这也就是后来规定 的 1 个标准大气压的大小，其具体数值是 = 水银 R݄ = 13.6 1 3 Ro 3 9.8oR .76 1.13 1 5 若用水来做实验，根据 = 水 R݄ 得， ݄ = 水 R = 1.131 5 1.1 3 Ro 3 9.8oR 1.3 。 故答案为：马德堡半球；减小；76； 1.3 。 马德堡半球实验和托里拆利实验都是与大气压强有关的著名实验，但他们的意义和结果却有着较大 的区别，一个重在验证大气压的存在，一个重在测量大气压值，1 标准大气压所能支持的水银柱的 高便是在托里拆利实验中测出的大气压值，根据液体压强公式可求出其数值，1 标准大气压 = 1.13 1 5 ，当用水来实验时，可根据水的压强与大气压相等来计算水柱的高度。 此题考查了对马德堡半球实验、托里拆利实验的掌握，同时考查了对标准大气压值的掌握，属基础 性题目。 11.答案：24；0 解析：解：同一直线上有三个力 5 牛、7 牛、12 牛 ，当其方向都相同时，其合力最大， = 5 7 12 = 24 ． 当 5 牛、7 牛两个力的方向相同，且与 12 牛的力方向相反时，其合力最小， ̵ = 5 7 12 = ． 故答案为：24；0． 同一直线上二力的合成，当其方向相同时，其合力的大小等于两个力的大小之和；当其方向相反时， 其合力的大小等于两个力的大小之差． 能否准确判断什么时候其合力最小是本题的解题关键所在． 12.答案： .67 1 3 解析： 根据物体浮沉条件可知，密度计在液体中漂浮时，受到的浮力等于重力，所以密度计在水中和此液 体中所受到的浮力相等。密度计的总长度减去露出部分的长度即为浸入的深度，根据密度计漂浮时 浮力等于重力列出关系式即可求出液体的密度。 密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的 液体，液体密度越大，排开体积越小。 密度计露出水面的长度是 8cm，则浸入水中的深度 ݄ 水 = 16 8 = 8 ，将该密度计放入某液 体中，浸入液体的深度 ݄ 液 = 16 4 = 12 ，因为密度计不管是在水中还是在此液体中，都 是漂浮状态，所以， 浮水 = 浮液 = ， 由 浮 = R 排可得： 水 R݄ 水 = 液 R݄ 液 即 液 = 水 ݄ 水 ݄ 液 = 1.1 3 Ro 3 .8 .12 = .67 1 3 Ro 3 。 故答案为： .67 1 3 。 13.答案： .5 解析：解： 由图示可知，秤砣和物体对杆秤拉力大小等于其重力，秤砣对杆秤力的力臂 ܮ2 约为物体对杆秤力的 力臂 ܮ1 的 4 倍， 根据杠杆平衡条件， 物 R ܮ1 = 秤砣 R ܮ2 ， 即： 2R R ܮ2 = 秤砣 R 4ܮ2 ， 可得： 秤砣 = .5R 。 故答案为： .5 。 根据图示估算出动力臂与阻力臂间的关系，然后由杠杆平衡条件分析解答即可。 由图是确定动力臂与阻力臂的关系、熟练应用杠杆平衡条件即可正确解题。 14.答案： 3 1 3 减小 解析：解： 1 金属块的密度： = = 91 3 R 3 3 = 3 1 3 Ro 3 ； 2 因水平面上物体的压力和自身的重力相等， 所以，将它置于水平地面上并沿水平方向截去一部分后，对地面的压力变小，受力面积不变， 由 = 可知，对地面的压强减小。 故答案为： 3 1 3 ；减小。 1 知道金属块的质量和体积，根据 = 求出金属块的密度； 2 水平面上物体的压力和自身的重力相等，将它置于水平地面上并沿水平方向截去一部分，对地面 的压力变小，受力面积不变，根据 = 可知对地面的压强变化。 本题考查了密度的计算和压强公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。 15.答案：解： 1 动力 F 最小时，其力臂最长，即为从支点到动力作用点的距离为力臂 L； 2 力和力臂是垂直关系，故在 A 点做力臂 L 的垂线，方向向上，即为最小动力 F。 答案如下图： 解析：由杠杆平衡的条件知，当阻力与阻力的力臂的积为定值时，动力臂最大时，动力是最小的， 此时的动力臂是支点到动力的作用点的距离。 本题考查了最小动力和力臂的作法。作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。要知道力和 力臂成反比的关系。 16.答案：解： 重力的方向总是竖直向下的，过物块的重心作竖直向下的力，即重力 G；因物块沿斜面滑下，所以 摩擦力沿斜面向上，过物块的重心作沿斜面向上的力，即摩擦力 f，如图所示： 解析：先找出物块的重心，然后根据重力的方向总是竖直向下的，摩擦力的方向与木块运动方向或 运动趋势的方向相反，再用示意图表示出重力的方向和摩擦力的方向。 作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起 点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。 17.答案：卡片太重；两侧悬挂数量不等的钩码，看卡片能否处于静止状态；不在同一条直线上 解析：解： 1 图中卡片下垂，说明小卡片的重力较大，应该换用质量较小的卡片，这样其重力可以 忽略不计； 2 为了验证具有作用在同一物体上的力大小相等时才能平衡，可以在两侧悬挂数量不等的钩码，看 卡片能否处于静止状态； 也可以剪断一端的线，使两个力不相等 ； 3 小明又把处于平衡状态的物体转过一个角度，然后再松手，观察物体是否又转回到原来位置，这 样做的目的是用于探不在同一条直线上的两个力对物体平衡的影响。 故答案为： 1 卡片太重； 2 两侧悬挂数量不等的钩码，看卡片能否处于静止状态； 3 不在同一条 直线上。 1 小卡片重力比较小，可以忽略小卡片的重力。小卡片通过线跨过两个定滑轮，可以使作用在小卡 片上的两个力方向相反。通过改变钩码的数量可以改变作用在小卡片上力的大小。 2 要使小卡片失去平衡，应使作用在它上面的力不满足平衡条件。 3 根据二力平衡的条件包含的信息中结合其操作会造成什么变化可以得到此题的答案。 用实验探究物理规律时，要简化实验，本实验采用探究处于静止状态的小卡片受到平衡力的条件， 实验中还采用小卡片，采用小卡片悬在空中，都是采用简化实验的目的。 18.答案：A、B；更小；压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；没有控制受力面积相 同 解析：解： 为探究压力作用的效果跟压力大小的关系，应控制受力面积相同，故应该通过图中 A、 B 两次实验进行比较得出结论。 放在水平面的物体对水平面的压力等于其自身的重力，图 D 中，将海绵一端用木块垫起，仍使小 桌静止，则小桌对海绵的压力变小，因此与图 C 海绵凹陷程度相比，结果更小了。 图 E 中，将小桌和砝码沿海绵向右平移，其压力大小不变，受力面积减小，因此与图 C 海绵的凹 陷程度比较，可以得出的结论是压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。 根据控制变量法的要求，仅由图 D、E 不能得出“压力作用效果与压力大小关系”，这是因为没 有控制受力面积相同。 故答案为： 、B； 更小； 压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显； 没有控 制受力面积相同。 1 影响压力作用效果的因素是压力的大小和受力面积的大小：探究压力的作用效果和压力大小的关 系时就要保证受力面积一定；要探究压力的作用效果和受力面积的关系时就要保证压力的大小一定； 2 当海绵倾斜时，物体对海绵的压力小于自身的重力，据此判断； 3 分析图 E 中压力的大小和受力面积的大小，然后判断两者的压力作用效果； 4 比较两图中压力的大小、受力面积的大小，根据控制变量法可做出判断。 本题主要通过本实验考查了转换法与控制变量法的运用，熟知影响压力作用效果的两个因素，并能 运用控制变量法来进行分析，是解答此类题目的关键。 19.答案： 1 排开液体体积；BD； 1.2 ； 2 变小；4； 2.5 1 3 ； 3 盐水 盐 或酒精等 解析：解： 1 在 CD 中，相同的因素是液体密度，不同因素是排开液体体积， 在 C 中为： 3 2.4 = .6 ，在 D 中的浮力为： 3 1.8 = 1.2 ，所以物体所受浮力在同种液 体中，排开液体体积越大，浮力越大，可得浮力与排开液体体积的关系。 步骤 B 和 D 可以测出物块浸没在水中时受到的浮力 浮 = 3 1.8 = 1.2 ； 2 物体未浸入水中时 ݄ = ，从图乙可读出此时弹簧测力计的示数等于物体的重力 = 3. 在未完 全浸入时弹簧测力计的示数逐渐减小，则浮力逐渐增大； 当 ݄ 4 时，物体所受的浮力不再发生变化，可知当 ݄ = 4 时，物体开始完全浸没，且可得出： 浸没在液体中的物体所受浮力大小与它所处深度无关； 由阿基米德原理 浮 = 液 排 R 得： 排 = 浮 水 R = 1.2 1.1 3 Ro 3 1oR = 1.2 1 4 3 ， 因为浸没，所以 物 = 排 = 1.2 1 4 3 ， 物体质量 = R = 3 1oR = .3R ， 物体密度 = = .3R 1.21 4 3 = 2.5 1 3 Ro 3 ； 3 若要探究物体所受浮力大小是否与液体密度有关，需改变液体的密度，要增加的器材是盐水或酒 精等，可将物体完全浸没在装有盐水的溢水杯中，观察弹簧测力计的示数，与 D 比较得出结论。 故答案为： 1 排开液体体积；BD； 1.2 ； 2 变小；4； 2.5 1 3 ； 3 盐水 盐 或酒精等。 1 要先测物块的重力和空桶的重力，然后再把物块没入水中，测出物块受到的浮力，最后再测出桶 和溢出水的重力； 分析几步实验的相同因素和不同因素，就可知道这几步是探究哪个因素对浮力的影响，并根据测力 计示数计算出每步浮力的大小，从而得出结论。 2 当物体浸入液体中的深度等于圆柱体的高度时，则完全浸没，随着深度的增加，测力计的示数将 不变； 由图可知弹簧测力计的示数有一段随 h 的增大而不变，可总结出物体所受浮力与深度的关系； 由阿基米德原理求出排开液体的体积，再利用重力、密度的变形公式求出物块的密度； 3 若要探究浮力与液体密度的关系，需改变液体的密度，物体浸在液体的体积不变。 本题是探究浮力大小影响因素的实验，考查了影响因素、控制变量法的应用、对实验数据的分析及 结论的得出等，考查全面、重点。 20.答案：解： 1 浸没在盛水的圆柱形容器中，因此 排 = 物 = 1 1 3 3 物体受到的浮力 浮 = 水 R 排 = 1. 1 3 Ro 3 1oR 1 1 3 3 = 1 ； 2 = 浮 拉 = 1 17 = 27 ； 根据 = R 得： = R = 27 1oR = 2.7R = = 2.7R 1 1 3 3 = 2.7 1 3 Ro 3 3 物体浸入前后，排开液体体积为 1 1 3 3 那么液体高度增加为： ݄ = 排 = 11 3 3 11 4 2 = .1 ； 容器底部受到液体的压强增大了 = R ݄ = 1. 1 3 Ro 3 1oR .1 = 1 ； 答： 1 物体受到的浮力为 10N； 2 物体的密度为 2.7 1 3 Ro 3 ； 3 物体浸入前后，容器底部受到液体的压强增大了 1000Pa 解析： 1 由题意求出正方体排开水的体积，由浮力公式求出物体受到的浮力； 2 求出重力，再根据 = R 求出密度，最后求出密度； 3 求出容器中水面高度差，根据 = R݄ 求出对容器底部受到压强的增大值； 本题考查了阿基米德原理、液体压强公式和物体浮沉条件的灵活运用，虽然涉及的知识点较多、综 合性较强，但都是基础内容，也是我们需要掌握的内容． 21.答案：解： 1 兰兰自身的重力： = R = 3R 1oR = 3 ； 2 兰兰对地面的压力： = = 3 ， 受力面积： = 4 .2 2 = .8 2 ， 则兰兰对地面的压强： = = 3 .8 2 = 3.75 1 4 。 答： 1 兰兰自身的重力为 300N； 2 兰兰对地面的压强为 3.75 1 4 。 解析： 1 根据 = R 求出机器人“兰兰”的重力； 2 放在水平地面上的物体对地面的压力等于其重力，根据 = 求出机器人“兰兰”对地面的压强。 此题主要考查的是学生对重力、压强计算公式的理解和掌握，难度不大，属于基础性题目。