2018年四川省内江市中考物理试题（解析版） 20页

‎2018年四川省内江市中考物理试卷 一、选择题 ‎1. 物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步。对于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）‎ A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念 B. 物体只要受到了力的作用，它的运动状态就一定会发生改变 C. 牛顿第一定律是力学的基本定律之一，它是能够通过现代的实验手段直接来验证的 D. 伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理相结合的方法，发展了人类的科学思维方式和科学研究方法 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、伽利略首先提出了惯性的概念，故A错误；‎ B、物体受非平衡力时，运动状态改变，受平衡力时运动状态不变，故B错误；‎ C、牛顿第一定律是力学的基本定律之一，因为牛顿第一定律的内容是在物体不受任何外力的作用下，而现实生活中没有不受任何外力的物体，所以牛顿第一定律是在实验的基础上，结合推理得出来的，现代的实验手段也不能直接来验证。故C错误；‎ D、伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理结合起来的方法，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】要了解掌握物理学的发展历程，多了解掌握著名的物理学家及其主要成就，作为物理常识，是考试中经常出现的题目。牢记牛顿第一定律是经过推理而得出的，不能通过实验直接验证。‎ ‎2. 根据能量守恒定律，下列情形可能发生的是（ ）‎ A. 随着科学技术不断发展和提高，永动机是可以制成的 B. 两个斜面相对连接，小球从左斜面滚下后冲上右斜面 C. 电水壶里的水沸腾后断电，水的沸腾却一直持续下去 D. 出枪膛的子弹射穿木板后，以更快的速度继续运动 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A. 永动机是不可以制成的，因为它违背了能量守恒定律的原理; B 两个斜面相对接，小球从左斜面滚下后，由于具有动能，会继续冲上右斜面，将动能转化为部分重力势能，故B正确；C. 在电水壶的使用过程中,吸热温度保持不变，断电后，水不再吸收热量，水的沸腾会停止，故C错误。D. 子弹射穿木板的情景，由于摩擦生热会使动能减小，它的速度减慢，故D错误；故选B.‎ 点睛：能量既不会创生，也不会消灭，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律．各种能量形式互相转换是有方向和条件限制的．‎ ‎3. 在下面所列举的电磁波谱大家庭中，其中频率最高的是（ ）‎ A. 无线电波 B. 红外线 C. 紫外线 D. X射线 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】波长越长、频率越小；‎ 如果按频率顺序由大到小排列，电磁波谱可大致分为：γ射线（伽马射线），X射线、伦琴射线，紫外线，可见光，红外线，微波，无线电波。‎ 可见在选项中C射线频率最高，波长最短。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】要理解由于电磁波的传播速度一定，所以波长与频率是成反比的。了解电磁波谱的分布排列情况，以及不同波长的电磁波的特点和应用。‎ ‎4. 关于物体受到的浮力，下列说法正确的是（ ）‎ A. 液体的密度越大，受到的浮力越大 B. 浸在水中的物体，体积越大，受到的浮力越大 C. 物体排开水的体积越大，受到的浮力越大 D. 漂在水面上的物体比沉在水底的物体受到的浮力大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 由阿基米德原理公式：F浮 =ρ液 gv排 可知，物体受到的浮力与液体的密度有关，与物体的密度无关，A不合题意；当物体完全浸入液体中时，v排 不变，浮力不变，B不符合题意；由阿基米德原理公式：F浮 =ρ液 gv排 可知，物体排开水的体积越大受到的浮力越大，C符合题意；漂在水面的物体如果排开液体的体积比沉在水底的物体排开液体的体积小，那么漂在水面的物体比沉在水底的物体受到的浮力小，D 不符合题意，故选C。‎ ‎5. 关于下列四幅图的说法，其中正确的是（） 学*科*网...学*科*网...学*科*网...学*科*网...学*科*网...学*科*网...学*科*网...学*科*网...学*科*网...‎ A. 图甲所示，小孔成像是光的折射形成的像 B. 图乙所示，加油机相对歼击机是静止的，相对地面是运动的 C. 图丙所示，我们吃饭使用的筷子是省力杠杆 D. 图丁所示，用抽气机将玻璃钟罩内的空气抽出时，我们听到声音的音调越来越低 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、小孔成像是光沿由于直线传播形成的现象，故A错误；‎ B、加油机和地面之间发生了位置的改变，所以以地面为参照物，加油机是运动的。相对歼击机位置的没改变，加油机相对歼击机是静止的，故B正确；‎ C、筷子在使用时动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，故C错误；‎ D、随着玻璃钟罩内空气的逐渐抽出，可以听到手机的声音越来越小，即响度逐渐变小，故D错误。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】理解运动和静止的相对性，选择不同的参照物来描述同一个物体的运动状态，可能得出不同结论，所以运动和静止是相对的。‎ ‎6. 物态变化在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（ ）‎ A. 春天的早晨空气中经常会出现大雾，这是液化现象，需要放热 B. 夏天吃冰棒时看到周围冒出“白气”，这是凝华现象，需要放热 C. 秋天的早晨花草上经常会出现露珠，这是熔化现象，需要吸热 D. 冬天的早晨地面上经常会出现白霜，这是凝固现象，需要吸热 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、春天的早晨空气中的大雾，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A正确。‎ B、夏天吃冰棒时看到周围冒出“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误。‎ C、秋天的早晨花草上出现的小露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化而成的，液化放热，故C错误。‎ D、霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】重点是物态变化过程中的吸热和放热，除了要记清楚六个物态变化的过程谁吸热、谁放热，还要多了解一些物态变化在生活生产中的应用，体会物理知识与生活的紧密联系。‎ ‎7. 如图所示，A，B，C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（ ）‎ A. 石块B所受合力不为零 B. 石块B受到石块A的重力和压力的作用 C. 石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力 D. 石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、B石块处于静止状态，受到的力是平衡力，故合力一定为零。故A错误；‎ B、石块B受到石块A的压力的作用，此时压力等于石块A的重力；故B错误；‎ C、石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力大小不等，不是一对平衡力。故C错误；‎ D、石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力大小相等，、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。是一对相互作用力，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】平衡力与相互作用力的判断是个难点，平衡力是作用在一个物体上的力，而相互作用力作用于两个物体，两对力的大小都是相等的。‎ ‎8. 下面所述案例是物理学知识在生活中的广泛应用，其中说法正确的是（ ）‎ A. 用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压的作用 B. 菜刀不锋利了在磨石上磨一磨，是为了减小压强 C. 用高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大液体沸点低 D. 家庭里常用吸盘挂钩挂物件，是利用电磁铁的吸引作用 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、用吸管喝饮料时，吸管上方气压减小，小于外部气压，外部大气压强把饮料压入嘴中，故A正确；‎ B、菜刀钝了在磨石上磨一磨，目的是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B错误；‎ C、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，高压锅内水沸腾时的温度高，温度越高，饭菜熟的越快，故C错误；‎ D、吸盘挂钩在使用时，先挤出里面的空气，里面气压减小，在大气压的作用下，吸盘被压在光滑的墙面上，所以吸盘利用了大气压的作用，不是利用电磁铁的吸引作用，故D错误。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】理解用吸管吸“饮料”时，利用了大气压的作用。详细解释的话，还利用了气体压强与体积的关系，即吸管与口、肺部连通，胸腔扩张时，体积增大，压强减小，小于外界大气压，饮料在大气压的作用下进入口中。‎ ‎9. 将规格为“2.5V 0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是（ ）‎ A. L1的电阻大于L2的电阻 B. L1的亮度比L2的亮度更小 C. 两只灯泡都正常发光 D. 两只灯泡实际功率相等 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、因为两灯泡的额定电流相等，由欧姆定律的变形公式R＝可得：R L1＜RL2；故A错误；B、因为串联电路处处电流相等，由P＝I2R可知，电流一定时，电阻越大，功率越大，因此灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，即灯泡L2更亮，故B正确；C、两只灯泡都没有在额定电压下工作，所以都不正常发光，故C错误；D、因两灯泡的电阻不等，由P＝I2R可知，两只灯泡实际功率不相等，故D错误。故选：B。‎ ‎【点睛】先根据R＝比较两个灯泡电阻的大小，然后根据P＝I2R 比较灯泡实际功率，实际功率越大的越亮．‎ ‎10. 2017年9月29日，世界上首条量子保密通信干线“京沪干线”和“墨子号”科学实验卫星进行了天、地连接，成功实现了洲际量子保密通信，大大地提高了我国的保密技术水平，那么，在下列说法中正确的是（ ）‎ A. 在“墨子号”实验卫星的发射过程中，将重力势能转化为动能 B. 在轨运行的“墨子号”卫星受到的力是平衡力 C. 在轨运行的“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，但仍然受重力 D. 保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过超声波实现联系的 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、卫星升空时，质量不变，速度变大，故动能变大；同时高度增加，所以重力势能增加，即燃料的化学能最终转化为卫星的机械能，故A错误；‎ B、在轨运行的“墨子号”卫星做的是圆周运动，运动方向发生了变化，不是平衡状态，受到的力不是平衡力，故B错误；‎ C、“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，是因为受到重力，而重力全部用来提供向心力，所以还是受重力作用的，故C正确；‎ D、电磁波的传播不需要介质，保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过电磁波实现联系，而超声波不能在真空中传播，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】注意选项B的判断，关键是牢记平衡状态，静止和匀速直线运动时运动状态不变为平衡状态，即速度和方向都不能改变，卫星的圆周运动，运动状态一直在改变，所以受到的不是平衡力。‎ ‎11. 如图是电阻甲和乙的U﹣I图象，由图象可知下列判断正确的是（ ）‎ A. 甲乙都是定值电阻 B. 当乙两端电压为1V，其电阻值为10Ω C. 将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，电路的总功率为1.2W D. 将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为0.4A ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、由图象可知，甲的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，即乙电阻的阻值是变化的，故A错误；‎ B、由图象可知，当时，，根据可得此时乙的阻值：，故B错误；‎ C、将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，根据串联电路的电流处处相等的特点，可知甲乙的电流均为0.4A，由图象可知，此时，；‎ 则总功率为：，故C正确；‎ D、甲和乙并联，甲两端电压为1V时，根据并联电路的电压特点可知甲乙两端的电压均为1V，由图象可知，此时，，则干路电流为：，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎【点睛】重点是欧姆定律的应用。要会看懂电流与电压的关系图像，能从图像获得有用信息，很多时候从图像就能直接判断选项的正误，而不需要复杂的计算。‎ ‎12. 如图所示，电源电压恒为3V，灯泡L标有“3V 1.5W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R最大阻值为30Ω，电压表量程“0﹣3V”，电流表量程为“0﹣0.6A”。在电路安全的情况下，下列判断正确的是（ ）‎ A. 灯泡L正常发光时的电阻为10Ω B. 只闭合开关S，滑动变阻器的取值范围只能是0﹣10Ω C. 只闭合开关S，该电路的最大功率是2.5W D. 将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1，电流表示数为0.6A ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、根据可得，灯泡正常发光时的电阻：，故A错误；‎ B、C、只闭合开关S时，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；‎ 当滑片位于左端时，此时电压表的示数为零，灯泡两端的电压等于电源电压3V，‎ 通过灯泡的电流，即最大电流为：‎ ‎，‎ 电路的最大功率为灯泡的额定功率0.5W，故C错误；‎ 当变阻器接入电路中的阻值变大时，电流变小，电压表示数增大，但不会超过电源电压3V，两电表都是安全的，所以，滑动变阻器的取值范围是0～30Ω，故B错误；‎ D、将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1，滑动变阻器R的最大阻值与灯泡L并联，两端电压都为电源电压3V，电流表测干路中的电流。‎ 灯正常工作，通过小灯泡的电流为0.5A；‎ 通过滑动变阻器的电流：；‎ 故干路电流，即电流表的示数：，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎【点睛】重点是欧姆定律的应用和电功率的计算。读懂电路图是关键，要明确当只闭合S时，灯与滑动变阻器是串联的，再根据两电表的量程可判断滑动变阻器接入电路的阻值范围及最大功率，而当两开关都闭合时，灯与滑动变阻器是并联的，再根据并联的电路特点进行计算和判断。‎ 二、填空题 ‎13. 小东买了一瓶矿泉水，喝去了一半后，剩余的矿泉水的密度_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。水的密度是1.0×103kg/m3，表示的物理意义是_______。‎ ‎【答案】 (1). 不变 (2). 1m3的水的质量是1.0×103kg ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)密度是物质的一种特性，同种物质密度不变。故一瓶矿泉水，喝去了一半后，其密度不变；密度的定义是单位体积某种物质的质量,水的密度是1.0×103kg/m3,它表示为体积为1m3的水质量是1.0×103kg.‎ ‎【点睛】密度表示单位体积某种物质的质量．它是物质的一种特性，同种物质密度不变．‎ ‎14. 在森林中旅游时，导游会提醒你，不要随意丢弃饮料瓶。这是由于下雨时瓶内灌了雨水后，相当于一个_______（选填“凸透镜”或“凹透镜”），太阳出来后，它对光线有_______作用，可能会引起森林火灾。‎ ‎【答案】 (1). 凸透镜 (2). 会聚 ‎【解析】‎ ‎【详解】根据凸透镜的概念和凸透镜对光线的会聚作用解答。‎ 因为瓶内灌了雨水后，瓶中水的形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的形状特点，即相当于一个凸透镜；‎ 凸透镜对光线有会聚作用，如果太阳光照射到此水瓶时，此凸透镜将太阳光聚焦到树叶时，会造成树叶燃烧，造成火灾。‎ ‎15. 电磁继电器是利用_______控制电路通断的开关，它的工作原理是：通过直接控制“控制电路”的通断，间接控制“_______电路”的通断。‎ ‎【答案】 (1). 电磁铁 (2). 高压 ‎【解析】‎ ‎【详解】电磁继电器实质相当于一个开关。‎ 电磁继电器主要是利用电磁铁控制工作电路通断的开关；‎ 通过开关控制电磁铁电流的通断，使电磁铁有无磁性，从而控制被控电路的通断，便于实现远距离操作和自动控制等功能，它可以用低电压控制高电压，弱电流控制强电流等。‎ 所以通过直接控制“控制电路”的通断，间接控制“高压（工作）电路”的通断。‎ ‎【点睛】电磁继电器通常应用于自动化的控制电路中，它实际上是用小电流去控制大电流的一种“自动开关”。在电路中起着自动调节、安全保护、转换电路等作用。‎ ‎16. 如图所示，货架上放着ABCD四个体积相同的实心球，其中A和B为铅球，C和D为铁球，那么A和B两球相比较，_______球的重力势能大；B和C两球相比较，做功本领更大的是_______球。（ρ铅＞ρ铁）‎ ‎【答案】 (1). A (2). B ‎【解析】‎ 分析：重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。观察图中情形，结合密度知识判断出各个球的质量关系，可逐一做出判断。‎ 解答：由于四个实心球的体积相同，A和B为铅球，C和D为铁球，ρ铅＞ρ铁，由 可知，A、B两球的质量大于C、D两球的质量。A与B相比，质量越同，但A的高度更高，所以A球的重力势能大；B与C相比，高度相同，B的质量更大，所以B球的重力势能大，故B球的做功本领更大。‎ 故答案为：A；B。‎ ‎【点睛】熟练掌握重力势能的影响因素，在质量相同时比高度，在高度相同时比质量，可顺利做出解答。‎ ‎17. 如图所示是用来测量电能的仪表，这只电表此时的读数是_______kWh，当电路中只有一个电饭煲接入电路，正常工作l2min。发现此电能表的转盘转过了500转。则这个电饭煲的额定功率是_______W。‎ ‎【答案】 (1). 231.0 (2). 1000‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】从表盘上可以看出此时的读数为231.6kW⋅h，‎ 电表的转盘在0.5h内消耗的电能W＝kW⋅h×500＝0.5kW⋅h，‎ 该取暖器的电功率P＝＝1kW＝1000W.‎ ‎【点睛】电能表上的示数，最后一位是小数，单位是kw•h；已知每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转动2500R，可求转1250转消耗的电能，根据公式求出该电饭煲的电功率．‎ ‎18. 用如图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重100N，每次运送的量不定。图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图象，则动滑轮重为_______N；当某次运送3件货物时，绳子的拉力F是_______N．（不考虑绳重和摩擦）‎ ‎【答案】 (1). 100 (2). 200‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】由乙图可知，当提升货物重G=100N时，η=50%，‎ 不考虑绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为：，‎ 解得动滑轮重：；‎ 当运送3件货物时，货物的总重，‎ 由图甲可知n=2，不考虑绳重和摩擦，此时绳子的拉力为：‎ ‎。‎ ‎【点睛】牢记在不计绳重和摩擦时，机械效率为：，据此可求出动滑轮的重，再根据求拉力的大小。‎ ‎19. 将一段电阻丝R和一个阻值为R0的定值电阻串联。接在电压为U=2V的电源上，现改变电阻丝接入电路的长度，测得通过电阻丝的电流I和电阻丝相应的接入长度L，得到了电流的倒数与长度的关系图象（﹣L图象）如图所示，由此可知：该定值电阻R0=_______Ω；当电阻丝的接入长度为L=0.5m时，相应电阻丝的电阻R′=_______Ω ‎【答案】 (1). 0.8 (2). 1.6‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意，电阻丝R和定值电阻R0串联，电源电压为2V；‎ 由图象可知，当L=0时，，解得；‎ 即电阻丝没有接入电路时，电流为2.5A，根据欧姆定律可得R0的阻值为：‎ ‎；‎ 由图象可知，当L=0.5m时，，解得；‎ 根据欧姆定律可得串联电路的总电阻：‎ ‎，‎ 所以此时电阻丝的电阻：‎ ‎。‎ ‎【点睛】‎ 重点还是欧姆定律的应用，注意理解本题中纵坐标为电流的倒数，要正确理解其物理意义，能根据倒数关系正确求出电流的大小，再根据欧姆定律不难求出电阻的大小。‎ 三、作图题 ‎20. 如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析：在力的受力示意图中，要将力的三要素：大小、方向和作用点标注在图中。作用点对于规则物体来说，在物体的几何中心，方向竖直向下，力的末端标注箭头表示力的方向，用字母G表示。如上图。‎ 考点：力的示意图 ‎21. 如图所示，小明利用一块平面镜使此时的太阳光水平射入隧道内，请你通过作图画出平面镜，并在图中标出反射角的度数。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据光的反射定律可知，反射角等于入射角，则作出反射光线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置，再作法线的垂线即可画出平面镜；‎ 由图知，反射光线和入射光线的夹角180°﹣60°=120°，则反射角等于入射角等于60°；如图所示：‎ ‎【点睛】根据反射定律即可正确作图。牢记光的反射定律，即反射光线跟入射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角。‎ ‎22. 请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析：首先辨别图中三根线地线、火线、零线；灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；如上图所示。‎ ‎【考点定位】家庭电路的连接 四、实验题 ‎23. 如图所示，是某同学设计的测量小车在固定斜面上运动的平均速度实验装置图。小车从带有适当刻度的斜面顶端由静止自由下滑，图中的圆圈是小车到达A，B两处时，电子时钟所显示的两个不同的时刻，则：‎ ‎（1）由图可知，斜面上的刻度尺的最小分度值为_______mm。‎ ‎（2）该实验原理是_______。‎ ‎（3）在实验中，为了方便计时，应使斜面的倾角适当_______（选填“大”或“小”）一些。‎ ‎（4）由图可知：小车在A，B两点间运动的平均速度为_______m/s。‎ ‎【答案】 (1). 2 (2). v= (3). 小 (4). 0.03‎ ‎【解析】‎ ‎（1）由图可知，斜面上的刻度尺每1cm，中间有5个小格，所以最小分度值为2mm。‎ ‎（2）测量平均速度的实验原理是。‎ ‎（3）在实验中，如果斜面的倾斜程度过大，则小车下滑的速度快，不便于测量时间，所以为了方便计时，应使斜面的倾角适当小一些。‎ ‎（4）由图可知：小车在A，B两点间运动的距离为：；‎ 运动时间为：‎ 根据得平均速度为：‎ ‎。‎ 点睛：重点是测量平均速度的实验，理解当斜面的倾斜程度较小时，小车的运动时间较长，所以便于测量时间，计算速度时注意单位要统一。‎ ‎24. 在测量“小灯泡的额定功率”的实验中，实验室提供的实验器材有：‎ A．电源（电压为4.5V），‎ B．电流表A1（量程为0﹣0.6A，电阻为0.5Ω）‎ C．电流表A2（量程为0﹣3A，电阻为0.2Ω）‎ D．电压表V1（量程为3V，内阻为3kΩ）‎ E．电压表V2（量程为15V，内阻为1kΩ）‎ F．滑动变阻器R（阻值0﹣10Ω）‎ G．定值电阻R0=800Ω H．待测小灯泡L（额定电压为3.8V，额定功率大约是1.2W）‎ I．开关S一个，导线若干 实验要求：既要保证电路安全，又要提高测量精确度；为了减小系统误差，测量时电表示数应大于量程的三分之一。则 ‎（1）根据实验要求，电流表应选_______，电压表应选_______（选填器材前的字母代号）。‎ ‎（2）根据实验要求，在虚线方框内画出实验电路图（其中部分电路已画出）。________‎ ‎（3）根据实验电路图，请用笔画线代替导线，将实验器材连接起来使之成为实验电路（其中部分导线已连接好）。_______ ‎ ‎（4）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到_______端（选填实物图中“a”或“b”）；正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，仔细检查电路各部分均接触良好，其原因可能是_______。‎ ‎【答案】 (1). B (2). D (3). (4). (5). b (6). 小灯泡L断路 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率大约是1.2W，‎ 由P=UI得，小灯泡的额定电流大约为：‎ ‎，‎ 因为小灯泡L的额定电流0.32A小于0.6A，且大于电流表A1量程的三分之一，‎ 所以，根据实验要求，电流表应选B。‎ 因为电源电压为4.5V，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，大于V1的量程 但小于电压表V2量程的三分之一，为了使偏转角度尽量大，电压表应选D。‎ ‎（2）为了测量小灯泡的额定功率，应使其两端的电压为3.8V，由于电压表（量程为3V，内阻为3kΩ），‎ 因此可将电压表与R0串联后在并联在小灯泡L的两端，电流表接在干路上（即电流表外接法），‎ 当灯泡L正常发光时，其两端的电压为UL=3.8V，‎ 根据串、并联电路电压规律可知，电压表和R0所在支路电压：‎ 串联电路电流相等，所以电压的比等于电阻的比，即电压表V1与定值电阻R0两端的电压之比：‎ 联合以上两式可解得：，；‎ 所以实验电路图如下：‎ ‎（3）根据实验电路图，按电流的流经顺序将其连接起来，如下图所示：‎ ‎（4）根据保护电路的原则，在闭合开关前，应使电路中的电流最小，即滑动变阻器接入电路的阻值最大，由实验电路可知，滑动变阻器的滑片应滑到b端。‎ 开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路存在断路性故障，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源两极是连通的，则故障应为与电压表并联的部分断路，即小灯泡L断路。‎ ‎【点睛】重点是测量小灯泡电功率的实验，除了掌握通常的实验要求和步骤外，难点是电表的选择和画出电路图，对于电压表的选择采用了扩大量程的方法，即电压表与定值电阻串联后，根据串联电路的特点知，当电压表示数为3V时，电压表与定值电阻串联后总电压为3.8V，正好可以测量灯的定额电压。据此进行分析解答。‎ 五、计算题 ‎25. 步行是一种简易方便的健身运动，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，步距还可作为身体上的一把“尺子”。小东测出自己的步距为0.5m，他正常步行1min走了180‎ 步。小东根据自己的腿长和步距画出了如图所示的步行示意图，对步行时重心的变化进行了分析，当两脚一前一后着地时重心降低，而单脚着地迈步时重心升高，因此每走一步都要克服重力做功。‎ ‎（已知小东的腿长是65cm，质量是50kg）（g取10N/kg）求：‎ ‎（1）小东正常步行的速度是多少？‎ ‎（2）小东每走一步克服重力所做的功是多少？‎ ‎（3）小东正常步行克服重力做功的功率是多少？‎ ‎【答案】（1）1.2m/s（2）25J（3）75W ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）根据题意知道，小东1min经过的路程是：s=0.5m×180=90m，‎ 所以，他的步行速度是：v=s/t═90m/60s=1.5m/s ‎（2）由图结合勾股定理知道，每走一步重心升高的高度是：h=65cm- =5cm=0.05m；‎ 所以，小东每走一步克服重力所做的功是：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×0.05m=25J；‎ ‎（3）根据题意知道，1min做的总功是：W总=180W=180×25J=4500J，‎ 所以，正常步行克服重力做功的功率是：P=W总/t=4500J/60s=75W ‎【点睛】本题考查的是速度的计算、功和功率的计算及勾股定理的应用，体现了物理知识与数学知识的密切联系。‎ ‎26. 如图所示电路，是某学校楼道自动控制照明系统，已知控制电路电源电压U=4.5V，电磁继电器线圈电阻R1=5Ω，滑动变阻器R2最大阻值25Ω．R3是一光敏电阻，其阻值随“光照度E”的增大而减小，且成反比，其具体关系如下表所示（光照度E的单位是：勒克斯，符号Lx；光越强，光照度越大）。当线圈中电流减小至I0=90mA时，电磁继电器衔铁被弹簧拉起，启动照明系统，利用该装置可以实现当光照度低至某一设定值E0时，照明系统内照明灯自动工作。‎ ‎（1）根据表格中数据写出光敏电阻的阻值R3与光照度E的函数关系式。‎ ‎（2）闭合开关，把滑片移到最右端（b端），求照明系统启动时的光照度E0是多少？如果光照度E为2Lx时并保持1min不变，这段时间内R2消耗的电能是多少？‎ ‎【答案】（1）；（2）1.5lx；15J ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由表格数据可知，‎ 光照度与光敏电阻R3阻值的乘积：‎ E×R3=0.5lx×60Ω=1lx×30Ω=1.5lx×20Ω=2lx×15Ω=2.5lx×12Ω=3lx×10Ω=30lxΩ，‎ 即；‎ ‎（2）闭合开关S，将滑片P移至b端，变阻器接入电路中的电阻最大，‎ 由题可知，当线圈中电流减小至时，电磁继电器衔铁被弹簧拉起，启动照明系统，所以，电路中的总电阻：‎ ‎；‎ 根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和，得R3的阻值：‎ ‎，‎ 由表格数据可知，当R3=20Ω时，E0的值为1.5lx；‎ 如果光照度E为2Lx时并保持1min不变，由表格知当E=2Lx时，此时光敏电阻的阻值：R3′=15Ω；‎ 此时控制电路总电阻为：‎ 此时控制电路电流为：‎ ‎；‎ 根据得R2消耗的电能是：‎ ‎。‎ ‎【点睛】重点是欧姆定律和电功率的相关计算，注意熟练应用串联电路的电压和电流、电阻特点，都是电路的最基本规律，要能熟练掌握和应用，纯电阻电路中，消耗的电能等于电流产生的热量，所以最后一问中可以根据来计算消耗的电能，‎