2018年贵州省黔东南州、黔南州、黔西南州中考物理试题（解析版） 14页

‎2018年贵州省黔东南州、黔南州、黔西南州中考物理试卷 一、单项选择题 ‎1. “米”是下列哪个物理量的单位（ ）‎ A. 重力 B. 速度 C. 压强 D. 长度 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】重力、速度、压强它们的国际单位分别是牛顿（N）、米/秒（m/s）和帕斯卡（Pa），长度的国际单位是米（m），故选D。‎ ‎【点睛】本题考查的是物理量的单位，物理学中各个物理量都有自己的单位，不要相互混淆。‎ ‎2. 中国的两位宇航员曾经在太空通过网络直播平台向同学们传授科普知识。那么以下说法正确的是（ ）‎ A. 宇航员讲课发出的声音是由宇航员的声带振动产生 B. 宇航员讲课发出的声音一定是噪声 C. 宇航员讲课发出的声音是通过超声波传回地球的 D. 讲课的宇航员和另一名宇航员只能利用声音来传递信息 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】声音是由物体的振动产生的，宇航员讲课发出的声音是由宇航员的声带振动产生，故A正确；从物理学的角度来说，发声体做规则振动时发出的声音叫乐音，发声体做无规则振动时发出的声音是噪音；从环境保护的角度来说，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音起到干扰作用的声音，都属于噪音，显然宇航员讲课发出的声音不属于以上内容，即不是噪音，故B错误；声音的传播是需要介质的，超声波不能在真空中传播，所以宇航员讲课的声音是通过电磁波传回地球的，故C错误；太空中没有空气，声音不能在真空中传播，所以的讲课的宇航员和另一名宇航员不能利用声音来传递信息，故D错误，故选A。‎ ‎【点睛】本题通过太空授课考查了相关的声学知识，注重了物理知识应用能力的考查，是中考的热点。‎ ‎3. 如图表示的是汽油机工作时的（ ）‎ A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：由图可知，进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，所以是吸气冲程，故A正确，选项BCD错误。答案为A。‎ 考点：内燃机工作过程 ‎4. 异丁烷和甲基丙烷作为新的制冷剂，已经代替氟利昂成为电冰箱中新的热量“搬运工”（较多的氟利昂会破坏大气中的臭氧层），当液态制冷剂进入电冰箱的冷冻室后，吸走热量，此时制冷剂发生的物态变化是（ ）‎ A. 汽化 B. 液化 C. 凝固 D. 熔化 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 液态的制冷剂在吸收热量的情况下可以发生的状态变化是汽化，故选A.‎ ‎5. 声控开关在静音时处于断开状态，在接收到一定响度的声音时会自动闭合一段时间。某市一地下通道两端的入口处，各装有一个声控开关来控制同一盏电灯，以确保行人不管从哪端进入，电灯都能接通电源发光。下列符合设计要求和安全要求的电路是（ ）‎ A. B. 学￥科￥网...学￥科￥网...学￥科￥网...学￥科￥网...‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意知道，需要“为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光”，所以两开关应并联，且开关要控制火线。A图中一只开关控制火线，另一只开关控制零线，故不符合要求；B图中两只开关串联，只有同时闭合时灯才会发光，故不符合要求；C图中两开关均控制火线，且可以达到“行人不管从哪端进入，电灯都能接通电源发光”的目的，故符合要求；D图中两开关均控制零线，这样不安全，故不符合要求，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查的是串、并联电路的设计，要求根据实际需要设计串联电路和并联电路，解题的关键是能够根据题意理解电路的连接方式。‎ ‎6. 2017年7月30日，在内蒙古朱日和训练基地，举行了庆祝中国人民解放军建军90周年阅兵。在此次阅兵中，歼20首次以战斗状态亮相。下列描述正确的是（ ）‎ A. 歼20离开跑道在竖直方向向上加速升空，动能增大，机械能守恒 B. 歼20静止在跑道上待命时，受到的重力和跑道的支持力，是一对平衡力 C. 歼20在水平跑道上滑行，速度越快，惯性越大，摩擦力也越大 D. 歼20以战斗姿态在蓝天下亮相，在竖直上升的过程中，只有重力做功 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，由于歼20在竖直方向向上加速升空，即质量不变时，速度增大，高度增加，所以动能和势能都增大，即机械能增大，故A错误；歼20静止在跑道上待命时，处于平衡态，受到的重力和跑道的支持力，是一对平衡力，故B正确；惯性是物体的属性，只与质量有关，与物体的运动状态无关；摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，与速度无关，所以歼20在水平跑道上滑行时，惯性不变，摩擦力也不变，故C错误；歼20以战斗姿态在蓝天下亮相，在竖直上升的过程中，要克服重力和阻力做功，故D错误，故选B。‎ ‎【点睛】本题考查的知识点较多，涉及影响动能和势能的因素、平衡力的判断、影响惯性、摩擦力的因素及受力的分析，但难度不大。‎ 二、填空题 ‎7. 太阳能安全、卫生、环保，我国近年来大力开发了太阳能热水器、太阳能飞机等。一同学家中太阳能热水器容量为0.1m3，则满箱水的质量为_______kg：太阳能热水器1h使满箱水从20℃升高到30℃，水吸收的热量_______J。‎ ‎【答案】 (1). 100 (2). 4.2×106‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意知道，装满箱水的质量是：m=ρV=1.0×103 kg/m3 ×0.1m3 =100kg；‎ 由于太阳能热水器1h使满箱水从20℃升高到30℃，所以水吸收的热量是：Q吸=cm（t-t0 ）=4.2×103 ×100kg×（30℃-20℃）=4.2×106 J。‎ ‎【点睛】本题考查的是热量的计算、质量的计算，注意审题，解题的关键是从题干中得并利用相关信息。‎ ‎8. 1840年，英国物理学家_______最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间的关系：从能量转化的角度看，电热器的电热丝工作时是将电能转化为_______能。‎ ‎【答案】 (1). 焦耳 (2). 内 ‎【解析】‎ ‎【详解】1840年，英国科学家焦耳最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间的关系；从能量转化的角度看，电热器的电热丝工作时是将电能转化为内能。‎ ‎9. 2017年5月30日，“蛟龙”号载人潜水器在世界最深处的马里亚纳海沟下潜，最大潜深6699米。在同一深度，液体向各个方向的压强大小_______（选填“相同”或“不同”），潜水器在海面下下潜过程中浮力_______（选填“变大”、“不变”或“变小”），下潜到水下6000m时，受到海水的压强为_______Pa（海水密度取1.0×103kg/m3）。‎ ‎【答案】 (1). 相同 (2). 不变 (3). 6×107‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】由液体压强的特点知道，液体对容器底和容器侧壁有压强；液体内部向各个方向都有压强；且同一深度，液体向各个方向的压强相等；潜水器在海面下下潜过程中，由于排开水的体积不变，由阿基米德原理知道浮力不变；当潜水器下潜到6000m处受到的压强是：p=ρ海水 gh=1.0×103 kg/m3 ×10N/kg×6000m=6.0×107 Pa ‎【点睛】本题考查的是阿基米德原理和液体压强的特点及计算公式的掌握和运用，难度不大。‎ ‎10. 一学生按照图甲所示的电路图做实验。此时两表示数如图乙所示，电压表的示数为_______V，则电热丝电阻Rx的阻值为_______Ω．已知电热丝Rx和滑动变阻器的最大阻值相等，滑片P在b端时，电热丝的发热功率为 Pb，滑片P在a端时，电热丝的发热功率为Pa，那么Pa：Pb=_______。（不考虑电热丝阻值随温度的变化）‎ ‎【答案】 (1). 2 (2). 5 (3). 4：1‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】由电路图知道，电热丝电阻Rx与滑动变阻器串联，电压表测量电热丝的电压，电流表测量电路的电流；由图乙知道，此时电压表选用的是3V量程，所以电压表的示数是2V；电流表选用的量程是0.6A，所以电流表的示数是0.4A，由欧姆定律知道，电热丝电阻Rx的阻值是：Rx =2V/0.4A=5Ω；设电源的电压是U，由于电热丝Rx和滑动变阻器的最大阻值相等，所以，当滑片P在b端时，电路的总电阻是：R1=2Rx；当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻是零，此时电路的总电阻是R2= Rx，由P=知道，Pa=，Pb=，所以，Pa：Pb=。‎ ‎【点睛】本题考查的是欧姆定律、电表的读数及电功率的计算，判断清楚滑片在不同位置是电路的总电阻是解决最后一空的关键。‎ ‎11. 水是生命之源，水在物理课堂上也能带来不一样的精彩。‎ ‎（1）如图甲，用一纸片盖住倒满水的杯口，快速倒置，发现纸片并不掉下来，该现象能说明_______的存在；若以纸片为参照物，杯是_______的（选填“静止”或“运动”）。‎ ‎（2）如图乙，提起水平接触水面的玻璃板，需要的力大于玻璃板的重力，说明_______。‎ ‎【答案】 (1). 大气压 (2). 静止 (3). 分子之间存在引力 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）杯子如甲图倒置后，纸片不会掉下来，杯子里的水不会流出来，是因为被大气压给“支持”住了，这说明了大气有向上的压强，即说明了大气压的存在；若以纸片为参照物，由于杯与纸片的相对位置没变，则杯是静止的； ‎ ‎（2）当玻璃板与水面接触时，玻璃板与水分子之间存在作用力，当用力向上拉时，除重力外，还要克服水分子间的作用力，所以拉力比玻璃板的重力要大，反映了水分子和玻璃分子间存在引力的作用。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查的是大气压强的存在，以及分子间的相互作用和运动和静止的相对性，是基础题，难度不大。‎ ‎12. 某同学在“探究凸透镜成像规律”实验时，点燃的蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图甲所示。‎ ‎（1）图甲中蜡烛恰能在光屏成清晰的像，所成像的特征是_______（选填“正立倒立”、“放大缩小”或“实像/虚像”）。‎ ‎（2）该小组同学根据实验记录，绘制了物体离凸透镜的距离u跟实像到透镜的距离v之间的关系（如图乙），则凸透镜的焦距为_______cm。‎ ‎（3）若在蜡烛和凸透镜中间，给凸透镜带上近视镜，则将光屏向_______（选填“左”或“右”）移动，光屏上仍可能出现清晰的像。‎ ‎【答案】 (1). 倒立放大的实像 (2). 10 (3). 右 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由于图甲中蜡烛恰能在光屏成清晰的像，由图知道，此时物距小于像距，所以，根据凸透镜成像规律知道，所成像的特征是倒立放大的实像；‎ ‎（2）根据凸透镜成像规律知道，当u=v=2f时，成倒立、等大的实像，由图乙知道，u=v=20cm，所以凸透镜的焦距是f=10cm；‎ ‎（3）近视眼镜是凹透镜，具有发散作用，若在蜡烛和凸透镜中间，给凸透镜带上近视镜，则像会呈在光屏的后方，所以，为了使光屏上仍可能出现清晰的像，应将光屏向右移动。‎ ‎【点睛】本题考查的是凸透镜成像的实验，凸透镜成像时，u=v=2f，成倒立、等大的实像，是求凸透镜焦距的一种常用方法，记清成像规律是关键。‎ 三、简答题 ‎13. 一同学在河边游泳后从水的较深处走向越来越浅的岸边，由于岸边都是尖硬的鹅卵石，该同学感觉河底越来越“扎脚”，请利用你学过的物理知识解释这个现象 ‎【答案】答案见解析 ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 当该同学游泳回来，逐渐走上岸的过程中，排开水的体积变小，根据阿基米德原理可知受到的浮力变小，而人的重力不变，所以，受的支持力变大，脚底受到的压强逐渐变大，使他感觉踩在鹅卵石上的脚掌越来越疼，感觉河底越来越“扎脚”。‎ ‎【点睛】本题考查的是阿基米德原理和影响压强因素，与生活息息相关，是一道不错题。‎ ‎14. 2018年5月14日，川航3U8633从重庆飞往拉萨的途中，副驾驶一侧的挡风玻璃爆碎。在机舱内外压强的作用下，副机长的身体被“吸”出去一半。飞机燃料是到目的地基本用完正好具备降落的条件，如果半途降落则会因为燃料太重而增加降落的风险：正副机长凭借着自己的经验、技术与胆识，完成了一次无人员伤亡的迫降，挽救了大家的生命。利用上述材料，结合已学的物理知识，请回答以下问题：‎ ‎（1）为什么挡风玻璃爆碎时，副机长的身体会被“吸”出去？‎ ‎（2）燃料太重对降落会造成什么风险？‎ ‎【答案】（1）飞机快速行驶时，窗外的空气流速大、压强小；机内的空气流速小、压强大，机内的气压大于机外的气压，将副机长的身体压出去；（2）燃料太重，飞机的质量越大，惯性就越大，降落滑行距离就大，容易出事故。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）因为流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。正在高空中飞行的飞机，挡风玻璃突然爆裂，窗外空气流速大、压强小，窗内空气流速小，压强大，故形成向外的压强差，所以，副机长被“吸”出去一半；‎ ‎（2）燃料太重，对降落会造成很大的风险，因为飞机的质量越大，惯性就越大，降落滑行距离就大，容易出事故。‎ ‎【点睛】本题考查的是流体压强与流速的关系，解题的关键是要先分析一个物体两侧的流速变化及压强变化，然后判断物体受力情况及物体的运动情况。‎ 四、作图题 ‎15. 如图所示，一物体静止在斜面上，请你画出该物体所受重力的示意图。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析：用一根带箭头的线段来表示力的三要素，这种表示方法叫力的示意图．重力的作用点（重心）在物体的几何中心上，重力的方向是竖直向下的．‎ 考点：重力示意图 ‎16. 如图所示，标出小磁针的N、S极、螺线管的N、S极和磁感线的方向。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据电流的流向，利用安培定则可以确定螺线管右端为N极，左端为S极；由磁极间的相互规律知道，小磁针的左端为S极，右端为N极；在磁体的周围磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以磁感线的方向如图：‎ ‎【点睛】本题考查的是安培定则的应用，安培定则共涉及三个方向，即电流方向、线圈绕向、磁场方向，只要其中的两个可以已知，就可以确定第三个，其中磁场的方向往往与小磁针的NS极或磁感线的方向联系在一起而电流方向经常与电源的正负极联系起来。‎ ‎17. 画出图中S发出的光线经平面镜反射后过P点的光路。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】过镜面作出点S的对称点S′,即为点光源S在平面镜中的像,连接S′P与镜面交于O点,即为入射点(反射点)，连接SO就得到入射光线，如下图所示：‎ ‎【点睛】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线S′P，与镜面的交点为入射点，再完成光路。‎ 五、实验题 ‎18. 如图为某同学测动滑轮机械效率的示意图。他用弹簧测力计拉动绳子的自由端，将质量为200g的钩码从A位置匀速提升到B位置，同时弹簧测力计从图中的A′位置匀速竖直上升到B′位置，这个过程用时2秒，弹簧测力计对绳的拉力为F．请你根据这个同学做的实验完成下列问题：‎ ‎（1）准备了下列器材：钩码、天平、滑轮组、细绳、弹簧测力计和刻度尺，其中多余的器材是_______；‎ ‎（2）如图，由刻度尺的读数可知，钩码上升的距离是_______cm。‎ ‎（3）若弹簧测力计的读数为1.2N，则这个动滑轮的机械效率是_______，拉力F做功的功率是_______W。‎ ‎【答案】 (1). 天平 (2). 10.0 (3). 83.3% (4). 0.12‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由于已知钩码的质量是200g，所以实验中不需要测量质量，故多余的器材是天平；‎ ‎（2）由图知道，刻度尺的分度值为1cm， B的刻度为10.0cm，所以，钩码上升的距离是10.0cm；‎ ‎（3）根据题意知道，弹簧测力计从图中的A′位置匀速竖直上升到B′位置，绳端上升的高度是：s=20.0cm ‎，滑轮组做的总功是：W总=Fs=1.2N×20×10-2 m=0.24J 所以，拉力F做功的功率是：P= W总/t=0.24J/2s=0.12W 滑轮组做的有用功是：W有用=Gh=mgh=0.2g×10N/kg×10×10-2 m=0.2J η=W有用/W总×100%=0.2J/0.24J×100%=83.3%‎ ‎【点睛】本题考查的是测量滑轮组的机械效率实验，考查了刻度尺的读数及功、功率和机械效率的计算，在读数时，注意分度值，计算功时，注意量程单位的换算。‎ ‎19. 在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计的电路如图甲所示。‎ ‎（1）请根据图甲电路图用笔画线代替导线，将图乙所示实物连接成完整电路（导线不允许交叉）。____ ‎ ‎（2）连接好电路，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是_______。‎ ‎（3）排除电路故障后进行实验，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压示数保持不变。若电压表示数偏小，则应将滑动变阻器向_______（选填“左”或“右”）滑动实验数据记录如表，其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为_______A。‎ ‎（4）分析实验数据可得实验结论是：_______。‎ ‎【答案】 (1). (2). 电阻断路 (3). 右 (4). 0.12 (5). 电阻的电压一定时，通过定值电阻的电流与电阻值成反比 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由电路图知道，电压表并联在电阻两端，滑动变阻器串联在电路中，接线时要按照“一上一下”‎ 的原则，故连接电路图如下：‎ ‎（2）连接好电路，电流表没有示数，说明电路是断路，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，即与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以是与电压表并联的电阻发生了断路；‎ ‎（3）因为要探究电压一定时，电流跟电阻的关系，所以，需控制定值电阻的电压相同，若电压表示数偏小，根据串联分压原理可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为增大；其中第5次实验时，由图丙知道，图中电流表选用的是小量程0.6A，分度值为0.02A，所以，读数为0.12A。‎ ‎（4）分析实验数据发现，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，所以得出的实验结论是：电阻的电压一定时，通过定值电阻的电流与电阻值成反比 ‎【点睛】本题考查的是探究电压一定时，电流跟电阻的关系的实验，考查包括电路的连接、故障分析、电流表读数、数据分析及控制变量法的运用。‎ 六、计算题 ‎20. 深圳推出的环保共享租车模式PonyCar于2017年正式运营。该车小巧实用，质量仅有740kg，轮胎与地面的总接触面积300cm2，标准乘载160kg，请解答下列问题：‎ ‎（1）该车通过长为750米的隧道需100秒，则该车的平均速度为多少米/秒？‎ ‎（2）电动车标准乘载且静止时，对水平路面的压强有多大？‎ ‎【答案】（1）7.5米/秒；（2）3×105Pa ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）因为该车通过长为750米的隧道需100秒，所以，由v=s/t知道，则该车的平均速度是：v=750m/100s=7.5m/s ‎ ‎（2）根据题意知道，电动车标准乘载且静止时，对水平路面的压力是：‎ F=G总=（m车+m人）g=（740kg+160kg）×10N/kg=9×103 N，‎ 轮胎与地面的总接触面积是：S=300cm2=0.03m2，‎ 所以，对水平路面的压强是：P=F/S=9×103 N/0.03m2=3×105Pa ‎【点睛】本题考查的是速度与压强的计算，关键掌握相关的计算公式，并能够灵活运用，属于基础题目。‎ ‎21. 图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220V，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感。图乙为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S是自动控制开关。将电饭煲接入220V电路中，在电饭煲工作的30min内，它消耗的电功率随时间的变化如图丙所示。求 ‎（1）5～10min，电饭煲的功率。‎ ‎（2）20～30min，电饭煲产生的总热量 ‎【答案】（1）660W（2）2.64×105J ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由图丙知道，5～10min，电饭煲的功率是660W；‎ ‎（2）由图丙知道，20～30min（600s）时，电饭煲的功率是440W，‎ 由Q=W=Pt知道，20～30min内电饭煲产生的总热量是：Q=W=Pt=440W×600s=2.64×105J ‎【点睛】本题考查的是电热公式和电功率公式的灵活应用，解题的关键是从图象中读出有用的信息。‎ ‎22. 如图所示的电路，电源电压U=4.5V且保持不变，R1=5Ω，R2标有“50Ω 0.5A”字样的滑动变阻器，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0～3V，则：‎ ‎（1）在接入电路之前，滑动变阻器R2两端允许加载的最大电压是多少？‎ ‎（2）电路的最大总功率为多少？‎ ‎（3）为了保护电路，滑动变阻器接入电路的电阻值的变化范围是怎样的？‎ ‎【答案】（1）25V；（2）2.25W；（3）4-10Ω ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）因为滑动变阻器R2标有“50Ω0.5A” 的字样，所以，在接入电路之前，滑动变阻器R2两端允许加载的最大电压是：U大=0.5A×50Ω=25V ‎（2）由P=UI知道，当电流表的示数是0.5A时，电路有最大总功率，P大=UI=4.5V×0.5A=2.25W；‎ ‎（3）由电路图知道，电压表与滑动变阻器并联，滑动变阻器的电阻越大，则电压表的示数越大，当滑动变阻器两端的电压为3V时，电路中的电流最小，则Imin =U1/R1=（4.5V−3V）/5Ω=0.3A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，阻值是：Rmax =3V/0.3A =10Ω；‎ 滑动变阻器接入电路的电阻越小，电路的电流越大，又因为电流表的量程为0﹣0.6A，所以，因为R2标有“50Ω0.5A”字样，所以，当电流表的示数是0.5A时，滑动变阻器有最小值，此时电路的总电阻是：R总=4.5V/0.5A=9Ω，‎ 滑动变阻器的阻值为Rmin =9Ω-5Ω=4Ω，‎ 所以为了保护电路，滑动变阻器接入电路的电阻值的变化范围是4-10Ω。‎ ‎【点睛】本题考查的是电功率公式、欧姆定律的应用，要掌握其基本公式及变形公式，同时考查了电路中的极值问题，特别是求滑动变阻器的变化范围是本题的难点。‎