江苏省2019届高考数学专题三解析几何3.3大题考法—椭圆讲义 20页

第三讲大题考法——椭圆题型(一)直线与椭圆的位置关系主要考查直线与椭圆的位置关系及椭圆的方程、直线方程的求法.[典例感悟][例1]　如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆＋＝1(a＞b＞0)的离心率为，且右焦点F到左准线l的距离为3.(1)求椭圆的标准方程；(2)过F的直线与椭圆交于A，B两点，线段AB的垂直平分线分别交直线l和AB于点P，C，若PC＝2AB，求直线AB的方程．[解]　(1)由题意，得＝且c＋＝3，解得a＝，c＝1，则b＝1，所以椭圆的标准方程为＋y2＝1.(2)当AB⊥x轴时，AB＝，又CP＝3，不合题意．当AB与x轴不垂直时，设直线AB的方程为y＝k(x－1)，A(x1，y1)，B(x2，y2)，将AB的方程代入椭圆方程，得(1＋2k2)x2－4k2x＋2(k2－1)＝0，则x1,2＝，C的坐标为，且AB＝＝＝.若k＝0，则线段AB的垂直平分线为y轴，与左准线平行，不合题意．从而k≠0，故直线PC的方程为y＋＝－，n则P点的坐标为，从而PC＝.因为PC＝2AB，所以＝，解得k＝±1.此时直线AB的方程为y＝x－1或y＝－x＋1.[方法技巧]解决直线与椭圆的位置关系问题的2个注意点(1)直线方程的求解只需要两个独立条件，但在椭圆背景下，几何条件转化为坐标的难度增加，涉及到长度、面积、向量等．(2)直线与椭圆的位置关系处理需要通过联立方程组来处理，联立方程组时要关注相关的点是否能够求解，不能求解的可以用根与系数的关系来处理．[演练冲关]1．(2018·南通、泰州一调)如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆＋＝1(a>b>0)的离心率为，两条准线之间的距离为4.(1)求椭圆的标准方程；(2)已知椭圆的左顶点为A，点M在圆x2＋y2＝上，直线AM与椭圆相交于另一点B，且△AOB的面积是△AOM的面积的2倍，求直线AB的方程．解：(1)设椭圆的焦距为2c，由题意得＝，＝4，解得a＝2，c＝，所以b＝.所以椭圆的标准方程为＋＝1.(2)法一：(设点法)因为S△AOB＝2S△AOM，所以AB＝2AM，所以M为AB的中点．因为椭圆的方程为＋＝1，所以A(－2,0)．设M(x0，y0)(－2b>0)，右准线l方程为x＝4，右焦点F(1,0)，A为椭圆的左顶点．(1)求椭圆C的方程；(2)设点M为椭圆在x轴上方一点，点N在右准线上且满足·＝0且5||＝2||，求直线AM的方程．解：(1)∵＝4，c＝1，n∴a2＝4，b2＝3，∴椭圆C的方程为＋＝1.(2)设AM的方程为y＝k(x＋2)，联立消去y，得(4k2＋3)x2＋16k2x＋16k2－12＝0，∴xM＝－＋2＝，yM＝k(xM＋2)＝.而kMN＝－，又∵xN＝4，∴MN＝|xM－xN|＝＝·.又∵AM＝|xM－xA|＝＝·，∵5||＝2||，∴5·＝2·，∴k＝1或，∴AM的方程为y＝x＋2或y＝x＋.题型(二)椭圆与圆的综合问题　主要考查直线与椭圆的位置关系以及椭圆与圆相结合的问题，主要求椭圆、圆的方程.[典例感悟][例2]　(2018·无锡期末)已知椭圆E：＋＝1(a>b>0)的离心率为，F1，F2分别为左、右焦点，A，B分别为左、右顶点，D为上顶点，原点O到直线BD的距离为.设点P在第一象限，且PB⊥x轴，连结PA交椭圆于点C，记点P的纵坐标为t.(1)求椭圆E的方程；n(2)若△ABC的面积等于四边形OBPC的面积，求直线PA的方程；(3)求过点B，C，P的圆的方程(结果用t表示)．[解]　(1)因为椭圆E：＋＝1(a>b>0)的离心率为，所以a2＝2c2，b＝c，所以直线DB的方程为y＝－x＋b，又O到直线BD的距离为，所以＝，解得b＝1，a＝.所以椭圆E的方程为＋y2＝1.(2)设P(，t)，t>0，则直线PA的方程为y＝(x＋)，由整理得(4＋t2)x2＋2t2x＋2t2－8＝0，解得xC＝，则点C的坐标是，因为△ABC的面积等于四边形OBPC的面积，所以△AOC的面积等于△BPC的面积，S△AOC＝××＝，S△PBC＝×t×＝，则＝，解得t＝.所以直线PA的方程为x－2y＋＝0.(3)因为B(，0)，P(，t)，C，所以BP的垂直平分线为y＝，BC的垂直平分线为y＝x－，所以过B，C，P三点的圆的圆心为，n则过B，C，P三点的圆的方程为2＋2＝＋，即所求圆的方程为x2－x＋y2－ty＋＝0.[方法技巧]椭圆与圆的综合问题的解题策略(1)在椭圆背景下，常会出现给出三点(包含椭圆上的点)求圆的方程，也会出现给出以椭圆上的两点为直径的圆的问题．这里涉及到椭圆上动点如何求解，以及椭圆的弦的处理．(2)以两点为直径的圆，可以用直角三角形处理，也可以用向量数量积处理，这两种方法都是转化为点坐标来处理.(3)运算时要加强“设而不求”思想的渗透，出现多个变量时，要有消元意识和主元思想；在代入运算过程中，不要忘掉整体思想．(4)在研究直线与椭圆相交的问题时，通常有两种方法来设参，一是设点坐标来作为参数，二是设直线的斜率作为参数．在学习中，要通过比较来看应用哪种方法较为简便，以免将问题复杂化．[演练冲关]　(2018·镇江期末)如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆E：＋＝1(a>b>0)的离心率为，左焦点F(－2,0)，直线l：y＝t与椭圆交于A，B两点，M为椭圆E上异于A，B的点．(1)求椭圆E的方程；(2)若M(－，－1)，以AB为直径的圆P过点M，求圆P的标准方程．解：(1)因为e＝＝，且c＝2，所以a＝2，b＝2.所以椭圆方程为＋＝1.(2)设A(s，t)，则B(－s，t)，且s2＋2t2＝8.①因为以AB为直径的圆P过点M，所以MA⊥MB，所以·＝0，又＝(s＋，t＋1)，＝(－s＋，t＋1)，所以6－s2＋(t＋1)2＝0.②n由①②解得t＝，或t＝－1(舍，因为M(－，－1)，所以t>0)，所以s2＝.又圆P的圆心为AB的中点(0，t)，半径为＝|s|，所以圆P的标准方程为x2＋2＝.题型(三)椭圆中的定点、定值问题　　　　　　　　　　　　　主要考查直线与椭圆的位置关系及动直线、动圆过定点问题或与动点有关的定值问题.[典例感悟][例3]　(2018·江苏六市调研)如图，在平面直角坐标系xOy中，已知B1，B2是椭圆＋＝1(a>b>0)的短轴端点，P是椭圆上异于点B1，B2的一动点．当直线PB1的方程为y＝x＋3时，线段PB1的长为4.(1)求椭圆的标准方程；(2)设点Q满足QB1⊥PB1，QB2⊥PB2.求证：△PB1B2与△QB1B2的面积之比为定值．[解]　设P(x0，y0)，Q(x1，y1)．(1)在y＝x＋3中，令x＝0，得y＝3，从而b＝3.由得＋＝1.所以x0＝－.因为PB1＝＝|x0|，所以4＝·，解得a2＝18.所以椭圆的标准方程为＋＝1.(2)法一：(设点法)直线PB1的斜率为kPB1＝，由QB1⊥PB1，所以直线QB1的斜率为kQB1＝－.于是直线QB1的方程为y＝－x＋3.n同理，QB2的方程为y＝－x－3.联立两直线方程，消去y，得x1＝.因为P(x0，y0)在椭圆＋＝1上，所以＋＝1，从而y－9＝－.所以x1＝－.所以＝＝2.法二：(设线法)设直线PB1，PB2的斜率分别为k，k′，则直线PB1的方程为y＝kx＋3.由QB1⊥PB1，直线QB1的方程为y＝－x＋3.将y＝kx＋3代入＋＝1，得(2k2＋1)x2＋12kx＝0.因为P是椭圆上异于点B1，B2的点，所以x0≠0，从而x0＝－.因为P(x0，y0)在椭圆＋＝1上，所以＋＝1，从而y－9＝－.所以k·k′＝·＝＝－，得k′＝－.由QB2⊥PB2，所以直线QB2的方程为y＝2kx－3.联立解得x1＝.所以＝＝＝2.[方法技巧]1．定点问题的两种求解方法(1)引进参数法，引进动点的坐标或动直线中系数为参数表示变化量，再研究变化的量与参数何时没有关系，找到定点．n(2)由特殊到一般法，根据动点或动直线的特殊情况探索出定点，再证明该定点与变量无关．2．定值问题的基本求解方法先用变量表示所需证明的不变量，然后通过推导和已知条件，消去变量，得到定值，即解决定值问题首先是求解非定值问题，即变量问题，最后才是定值问题．[演练冲关]1．已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的右焦点F(，0)，长半轴长与短半轴长的比值为2.(1)求椭圆C的标准方程；(2)设不经过点B(0,1)的直线l与椭圆C相交于不同的两点M，N，若点B在以线段MN为直径的圆上，证明直线l过定点，并求出该定点的坐标．解：(1)由题意得，c＝，＝2，a2＝b2＋c2，∴a＝2，b＝1，∴椭圆C的标准方程为＋y2＝1.(2)证明：当直线l的斜率存在时，设直线l的方程为y＝kx＋m(m≠1)，M(x1，y1)，N(x2，y2)．联立，得消去y可得(4k2＋1)x2＋8kmx＋4m2－4＝0.∴Δ＝16(4k2＋1－m2)>0，x1＋x2＝，x1x2＝.∵点B在以线段MN为直径的圆上，∴·＝0.∵·＝(x1，kx1＋m－1)·(x2，kx2＋m－1)＝(k2＋1)x1x2＋k(m－1)(x1＋x2)＋(m－1)2＝0，∴(k2＋1)＋k(m－1)＋(m－1)2＝0，整理，得5m2－2m－3＝0，解得m＝－或m＝1(舍去)．∴直线l的方程为y＝kx－.易知当直线l的斜率不存在时，不符合题意．故直线l过定点，且该定点的坐标为.n2.已知椭圆C：＋＝1(a＞b＞0)的离心率为，且过点P(2，－1)．(1)求椭圆C的方程；(2)设点Q在椭圆C上，且PQ与x轴平行，过点P作两条直线分别交椭圆C于A(x1，y1)，B(x2，y2)两点，若直线PQ平分∠APB，求证：直线AB的斜率是定值，并求出这个定值．解：(1)由e＝＝，得a＝2b，所以椭圆C的方程为＋＝1.把P(2，－1)的坐标代入，得b2＝2，所以椭圆C的方程是＋＝1.(2)由已知得PA，PB的斜率存在，且互为相反数．设直线PA的方程为y＋1＝k(x－2)，其中k≠0.由消去y，得x2＋4[kx－(2k＋1)]2＝8，即(1＋4k2)x2－8k(2k＋1)x＋4(2k＋1)2－8＝0.因为该方程的两根为2，xA，所以2xA＝，即xA＝.从而yA＝.把k换成－k，得xB＝，yB＝.计算，得kAB＝＝＝－，是定值．[课时达标训练]A组——大题保分练1.如图，圆C与y轴相切于点T(0，2)，与x轴正半轴相交于两点M，N(点M在点N的左侧)，且MN＝3.(1)求圆C的方程；(2)过点M任作一条直线与椭圆T：＋＝1相交于两点A，B，连结AN，BN，求证：∠ANM＝∠BNM.解：(1)设圆C的半径为r，依题意得，圆心坐标为(r,2)．∵MN＝3，∴r＝，∴r＝，n∴圆C的方程为2＋(y－2)2＝.(2)证明：把y＝0代入方程2＋(y－2)2＝，解得x＝1或x＝4，即点M(1,0)，N(4,0)．①当AB⊥x轴时，由椭圆对称性可知∠ANM＝∠BNM.②当AB与x轴不垂直时，可设直线AB的方程为y＝k(x－1)，联立方程消去y，得(k2＋2)x2－2k2x＋k2－8＝0.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1＋x2＝，x1x2＝.∵y1＝k(x1－1)，y2＝k(x2－1)，∴kAN＋kBN＝＋＝＋＝.∵(x1－1)(x2－4)＋(x2－1)(x1－4)＝2x1x2－5(x1＋x2)＋8＝－＋8＝0，∴kAN＋kBN＝0，∴∠ANM＝∠BNM.综上所述，∠ANM＝∠BNM.2．(2018·高邮中学月考)如图，在平面直角坐标系xOy中，椭圆E：＋＝1(a>b>0)的左顶点为A(－2,0)，离心率为，过点A的直线l与椭圆E交于另一点B，点C为y轴上的一点．(1)求椭圆E的标准方程；(2)若△ABC是以点C为直角顶点的等腰直角三角形，求直线l的方程．解：(1)由题意可得：即从而有b2＝a2－c2＝3，所以椭圆E的标准方程为＋＝1.(2)设直线l的方程为y＝k(x＋2)，代入＋＝1，得(3＋4k2)x2＋16k2x＋16k2－12＝0,因为x＝－2为该方程的一个根，解得B，n设C(0，y0)，由kAC·kBC＝－1，得·＝－1，即(3＋4k2)y－12ky0＋(16k2－12)＝0.(*)由AC＝BC，即AC2＝BC2，得4＋y＝2＋2，即4＝2＋2－y0，即4(3＋4k2)2＝(6－8k2)2＋144k2－24k(3＋4k2)y0，所以k＝0或y0＝，当k＝0时，直线l的方程为y＝0，当y0＝时，代入(*)得16k4＋7k2－9＝0，解得k＝±，此时直线l的方程为y＝±(x＋2)，综上，直线l的方程为y＝0,3x－4y＋6＝0或3x＋4y＋6＝0.3．(2018·南通、泰州一调)如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆＋＝1(a>b>0)的离心率为，焦点到相应准线的距离为1.(1)求椭圆的标准方程；(2)若P为椭圆上的一点，过点O作OP的垂线交直线y＝于点Q，求＋的值．解：(1)由题意得解得所以椭圆的标准方程为＋y2＝1.(2)由题意知OP的斜率存在．当OP的斜率为0时，OP＝，OQ＝，所以＋＝1.当OP的斜率不为0时，设直线OP的方程为y＝kx.由得(2k2＋1)x2＝2，解得x2＝，所以y2＝，所以OP2＝.n因为OP⊥OQ，所以直线OQ的方程为y＝－x.由得x＝－k，所以OQ2＝2k2＋2.所以＋＝＋＝1.综上，可知＋＝1.4．已知椭圆M：＋＝1(a>b>0)的离心率为，一个焦点到相应的准线的距离为3，圆N的方程为(x－c)2＋y2＝a2＋c2(c为半焦距)，直线l：y＝kx＋m(k>0)与椭圆M和圆N均只有一个公共点，分别设为A，B.(1)求椭圆M的方程和直线l的方程；(2)试在圆N上求一点P，使＝2.解：(1)由题意知解得a＝2，c＝1，所以b＝，所以椭圆M的方程为＋＝1.圆N的方程为(x－1)2＋y2＝5，联立消去y，得(3＋4k2)x2＋8kmx＋4m2－12＝0，①因为直线l：y＝kx＋m与椭圆M只有一个公共点，所以Δ＝64k2m2－4(3＋4k2)(4m2－12)＝0得m2＝3＋4k2,②由直线l：y＝kx＋m与圆N只有一个公共点，得＝，即k2＋2km＋m2＝5＋5k2，③将②代入③得km＝1，④由②④且k>0，得k＝，m＝2.所以直线l的方程为y＝x＋2.(2)将k＝，m＝2代入①，可得A.又过切点B的半径所在的直线l′为y＝－2x＋2，所以得交点B(0,2)，设P(x0，y0)，因为＝2，n则＝8，化简得7x＋7y＋16x0－20y0＋22＝0，⑤又P(x0，y0)满足x＋y－2x0＝4，⑥将⑤－7×⑥得3x0－2y0＋5＝0，即y0＝.⑦将⑦代入⑥得13x＋22x0＋9＝0，解得x0＝－1或x0＝－，所以P(－1,1)或P.B组——大题增分练1．在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦点分别是F1，F2，右顶点、上顶点分别为A，B，原点O到直线AB的距离等于ab.(1)若椭圆C的离心率为，求椭圆C的方程；(2)若过点(0,1)的直线l与椭圆有且只有一个公共点P，且P在第二象限，直线PF2交y轴于点Q，试判断以PQ为直径的圆与点F1的位置关系，并说明理由．解：由题意，得点A(a,0)，B(0，b)，直线AB的方程为＋＝1，即bx＋ay－ab＝0﹒由题设，得＝ab，化简得a2＋b2＝1.①(1)因为e＝＝，所以＝，即a2＝3b2.②由①②，解得所以椭圆C的方程为＋4y2＝1.(2)点F1在以PQ为直径的圆上，理由如下：由题设，直线l与椭圆相切且l的斜率存在，设直线l的方程为y＝kx＋1，由消去y得，(b2＋a2k2)x2＋2ka2x＋a2－a2b2＝0，(*)则Δ＝(2ka2)2－4(b2＋a2k2)(a2－a2b2)＝0，化简得1－b2－a2k2＝0，所以k2＝＝1，因为点P在第二象限，所以k＝1.n把k＝1代入方程(*)，得x2＋2a2x＋a4＝0，解得x＝－a2，从而y＝b2，所以P(－a2，b2)﹒从而直线PF2的方程为y－b2＝(x＋a2)，令x＝0，得y＝，所以点Q﹒从而＝(－a2＋c，b2)，＝，从而·＝c(－a2＋c)＋＝＝＝0，所以·＝0.所以点F1在以PQ为直径的圆上．2.如图，在平面直角坐标系xOy中，已知圆O：x2＋y2＝4，椭圆C：＋y2＝1，A为椭圆右顶点．过原点O且异于坐标轴的直线与椭圆C交于B，C两点，直线AB与圆O的另一交点为P，直线PD与圆O的另一交点为Q，其中D.设直线AB，AC的斜率分别为k1，k2.(1)求k1k2的值；(2)记直线PQ，BC的斜率分别为kPQ，kBC，是否存在常数λ，使得kPQ＝λkBC？若存在，求λ的值；若不存在，说明理由；(3)求证：直线AC必过点Q.解：(1)设B(x0，y0)，则C(－x0，－y0)，＋y＝1，因为A(2,0)，所以k1＝，k2＝，所以k1k2＝·＝＝＝－.(2)设直线AP方程为y＝k1(x－2)，联立消去y，得(1＋k)x2－4kx＋4(k－1)＝0，解得xP＝，yP＝k1(xP－2)＝，联立n消去y，得(1＋4k)x2－16kx＋4(4k－1)＝0，解得xB＝，yB＝k1(xB－2)＝，所以kBC＝＝，kPQ＝＝＝，所以kPQ＝kBC，故存在常数λ＝，使得kPQ＝kBC.(3)设直线AC的方程为y＝k2(x－2)，当直线PQ与x轴垂直时，Q，则P，所以k1＝－，即B(0,1)，C(0，－1)，所以k2＝，则kAQ＝＝＝k2，所以直线AC必过点Q.当直线PQ与x轴不垂直时，设直线PQ的方程为y＝，联立解得xQ＝，yQ＝，因为k2＝＝＝－，所以kAQ＝＝－＝k2，故直线AC必过点Q.3．(2018·扬州期末)已知椭圆E1：＋＝1(a>b>0)，若椭圆E2：＋＝1(a>b>0，m>1)，则称椭圆E2与椭圆E1“相似”．(1)求经过点(，1)，且与椭圆E1：＋y2＝1“相似”的椭圆E2的方程；n(2)若椭圆E1与椭圆E2“相似”，且m＝4，椭圆E1的离心率为，P在椭圆E2上，过P的直线l交椭圆E1于A，B两点，且＝λ.①若B的坐标为(0,2)，且λ＝2，求直线l的方程；②若直线OP，OA的斜率之积为－，求实数λ的值．解：(1)设椭圆E2的方程为＋＝1，将点(，1)代入得m＝2，所以椭圆E2的方程为＋＝1.(2)因为椭圆E1的离心率为，故a2＝2b2，所以椭圆E1：x2＋2y2＝2b2.又椭圆E2与椭圆E1“相似”，且m＝4，所以椭圆E2：x2＋2y2＝8b2.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，P(x0，y0)．①法一：(设线法)由题意得b＝2，所以椭圆E1：x2＋2y2＝8，椭圆E2：x2＋2y2＝32.当直线l斜率不存在时，B(0,2)，A(0，－2)，P(0,4)，不满足＝2，从而直线l斜率存在，可设直线l：y＝kx＋2，代入椭圆E1：x2＋2y2＝8得(1＋2k2)x2＋8kx＝0，解得x1＝，x2＝0，故y1＝，y2＝2，所以A.又＝2，即B为AP中点，所以P，代入椭圆E2：x2＋2y2＝32，得2＋22＝32，即20k4＋4k2－3＝0，所以k＝±，所以直线l的方程为y＝±x＋2.法二：(设点法)由题意得b＝2，所以椭圆E1：x2＋2y2＝8，E2：x2＋2y2＝32.由A(x1，y1)，B(0,2)，＝2，即B为AP中点，n则P(－x1,4－y1)．代入椭圆得解得y1＝，故x1＝±，所以直线l的斜率k＝±，所以直线l的方程为y＝±x＋2.②由题意得x＋2y＝8b2，x＋2y＝2b2，x＋2y＝2b2，法一：(设点法)由直线OP，OA的斜率之积为－，得·＝－，即x0x1＋2y0y1＝0.又＝λ，则(x0－x1，y0－y1)＝λ(x2－x1，y2－y1)，解得所以2＋22＝2b2，则x＋2(λ－1)x0x1＋(λ－1)2x＋2y＋4(λ－1)y0y1＋2(λ－1)2y＝2λ2b2，(x＋2y)＋2(λ－1)(x0x1＋2y0y1)＋(λ－1)2(x＋2y)＝2λ2b2，所以8b2＋(λ－1)2·2b2＝2λ2b2，即4＋(λ－1)2＝λ2，所以λ＝.法二：(设线法)不妨设点P在第一象限，设直线OP：y＝kx(k>0)，代入椭圆E2：x2＋2y2＝8b2，解得x0＝，则y0＝.直线OP，OA的斜率之积为－，则直线OA：y＝－x，代入椭圆E1：x2＋2y2＝2b2，解得x1＝－，则y1＝.又＝λ，则(x0－x1，y0－y1)＝λ(x2－x1，y2－y1)，解得所以2＋22＝2b2，则x＋2(λ－1)x0x1＋(λ－1)2x＋2y＋4(λ－1)y0y1＋2(λ－1)2y＝2λ2b2，(x＋2y)＋2(λ－1)(x0x1＋2y0y1)＋(λ－1)2(x＋2y)＝2λ2b2，所以8b2＋2(λ－1)n·＋2··＋(λ－1)2·2b2＝2λ2b2，即8b2＋(λ－1)2·2b2＝2λ2b2，即4＋(λ－1)2＝λ2，所以λ＝.4.(2018·江苏高考)如图，在平面直角坐标系xOy中，椭圆C过点，焦点为F1(－，0)，F2(，0)，圆O的直径为F1F2.(1)求椭圆C及圆O的方程；(2)设直线l与圆O相切于第一象限内的点P.①若直线l与椭圆C有且只有一个公共点，求点P的坐标；②直线l与椭圆C交于A，B两点．若△OAB的面积为，求直线l的方程．解：(1)因为椭圆C的焦点为F1(－，0)，F2(，0)，可设椭圆C的方程为＋＝1(a＞b＞0)．又点在椭圆C上，所以解得所以椭圆C的方程为＋y2＝1.因为圆O的直径为F1F2，所以圆O的方程为x2＋y2＝3.(2)①设直线l与圆O相切于点P(x0，y0)(x0＞0，y0＞0)，则x＋y＝3，所以直线l的方程为y＝－(x－x0)＋y0，即y＝－x＋.由消去y，得(4x＋y)x2－24x0x＋36－4y＝0.(*)因为直线l与椭圆C有且只有一个公共点，所以Δ＝(－24x0)2－4(4x＋y)·(36－4y)＝48y(x－2)＝0.因为x0＞0，y0＞0，所以x0＝，y0＝1.所以点P的坐标为(，1)．n②因为△OAB的面积为，所以AB·OP＝，从而AB＝.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，由(*)得x1,2＝，所以AB2＝(x1－x2)2＋(y1－y2)2＝·.因为x＋y＝3，所以AB2＝＝，即2x－45x＋100＝0，解得x＝(x＝20舍去)，则y＝，因此P的坐标为.所以直线l的方程为y－＝－，即y＝－x＋3.