吉林省延边第二中学2018_2019学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析） 13页

吉林省延边第二中学2018-2019学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）一、选择题1.扫描隧道显微镜（STM）可用来探测样品表面原子尺度上的形貌，为了有效隔离外界振动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图所示，无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是A.B.C.D.【答案】A【解析】感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发上变化。在A图中系统振动时在磁场中的部分有时多有时少，磁通量发生变化，产生感应电流，受到安培力，阻碍系统的振动，故A正确；而BCD三个图均无此现象，故错误。【名师点睛】本题不要被题目的情景所干扰，抓住考查的基本规律，即产生感应电流的条件，有感应电流产生，才会产生阻尼阻碍振动。2.弹簧振子作简谐运动，在平衡位置O两侧A、B间振动，当时间t=0时，振子位于B点，若规定向右的方向为正方向，则下图中哪个图象表示振子相对平衡位置的位移随时间变化的关n系A.AB.BC.CD.D【答案】D【解析】【详解】简谐运动的位移是指相对平衡位置的位移，是从平衡位置到末位置的有向线段；t=0时刻，位移为正的最大值；简谐运动的位移随着时间按照余弦规律变化。故D正确，ABC错误。故选：D.3.在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡．线圈L的自感系数足够大，电阻不可以忽略。下列说法正确的是A.闭合开关S时，A1和A2同时亮B.闭合开关S时，A2先亮，A1逐渐变亮C.断开开关S后的瞬间，A2闪亮一下再熄灭D.断开开关S后的瞬间，流过A2的电流方向向左【答案】B【解析】【详解】AB.灯A1与电感线圈串联，当电键K闭合时，灯A2立即发光。通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A1逐渐亮起来。所以A2比A1先亮。故A错误，B正确；nC.由于线圈直流电阻不可以忽略，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，A2的电流比A1的电流大，当电键K断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A1、A2构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，由于稳定后两个支路的电流是相等的，所以A2不会闪亮一下。故C错误；D、断开开关S时，流过L的电流逐渐减小，方向不变，所以流过A2的电流方向与开始相反，方向向右。故D错误。故选：B。4.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2＝2∶1，电压表和电流表均为理想电表，灯泡电阻RL＝6Ω，AB端电压u1＝12sin100πt(V)．下列说法正确的是A.电流频率为100HzB.电压表的读数为24VC.电流表的读数为AD.变压器输入功率为6W【答案】D【解析】【详解】A.AB端电压u1＝12sin100πt(V)，其角速度ω=100πrad/s，所以其频率：f=ω/2π=100π/2π=50Hz.故A错误；B.电源电压有效值为12V，由电压之比等于匝数之比U1：U2=n1：n2可得，副线圈两端电压有效值为6V，电压表测量的是有效值，示数也为6V，故B错误；C.电压表的示数为6V，灯泡电阻RL=6Ω，根据欧姆定律：I=U2/RL=6/6=1A.故C错误；D.输出功率：P=U2I=6×1=6W，根据输入功率等于输出功率，所以变压器输入功率为6W，故D正确故选：D5.如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，MN固定不动，位置靠近ab且相互绝缘。当导线中由N到M的电流突然增大时，则nA.ab边受到的安培力向右B.线圈所受安培力的合力方向向右C.感应电流方向为abcdaD.ad边和bc边不受安培力作用【答案】C【解析】【详解】C.如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘，导线两侧的磁感应强度对称分布，由右手定则可知线圈中的磁通量方向垂直纸面向里；当MN中电流突然增大时，由楞次定律可知感应电流的感应磁场方向垂直纸面向外，故由右手定则可知，感应电流方向为abcda，故C正确；ABD.由C可知，感应电流方向为abcda；导线左侧磁感应强度方向垂直纸面向外，导线右侧磁感应强度方向垂直纸面向里；由安培定则可知：上下两边界的安培力互相抵消，ab边界的安培力向左，cd边的安培力也向左，故线圈所受安培力的合力方向向左，故A错误，B错误，D错误；故选：C.6.通过一理想变压器，经同一线路输送相同的电功率，原线圈两瑞电压U保持不变，输电线的总电阻为R。当副线圈与原线圈的匝数比为k时，输电线损耗的电功率为；若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk，输电线损耗的电功率为，则和分别为（）A.，B.，C.，D.，【答案】C【解析】【分析】根据理想变压器原副线圈两端的电压与匝数成正比，变压器不改变功率，由P=UI求出输电线中电流，由功率公式求解输电线上损耗的电功率．【详解】当副线圈与原线圈的匝数比为k时，输电电压为kU，输送功率P=kUI，所以P1＝I2R=；当副线圈与原线圈的匝数比为nk时，输电电压为nkU，输送功率P=nkUI′，所以P2＝I′2R=；，故选C。7.如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B.边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿abcda的感应电流为正，则表示线框中电流i随bcn边的位置坐标x变化的图象正确的是(　　)A.B.C.D.【答案】C【解析】导线框进入磁场前感应电流为零，进入磁场后导体切割磁感线时产生感应电动势，大小与导体棒的有效长度成正比。在导体框向左运动到全部进行磁场过程中，导体棒的有效长度在增大。电动势和电流增大，有楞次定律判断电流为正方向，当金属框完全进入磁场后，切割磁场的有效长度在增大，线框左边切割磁感线，由楞次定律可判断电流为负方向，电流中的电流方向也与原来的方向相反。所以答案为C8.如图所示，相距为d的两水平虚线分别是水平向里的匀强磁场的边界，磁场的磁感应强度为B，正方形线框abcd边长为L(L