江西省南昌市2018_2019学年高二化学下学期3月联考试题（含解析） 18页

2018~2019学年度第二学期高二化学03月份联考试卷相对原子质量：H-1C-12N-14O-16Na-23K-39Cl-35.5Ca-40Cu-64Br-80一、选择题(本题包括16个小题，每小题3分，共48分)1.下列化学用语书写不正确的是（）A.CCl4的球棍模型：B.硝基苯的结构简式：C.苯的实验式为CHD.1-丙醇的键线式【答案】B【解析】A．CCl4中氯原子半径比碳原子半径大，呈正四面体结构，球棍模型为，故A正确；B．硝基苯的结构简式为：，故B错误；C．苯的分子式为C6H6，实验式是CH，故C正确；D．1-丙醇的结构简式为CH3CH2CH2OH，键线式为，故D正确；故选B。点睛：本题考查了化学用语。易错选项是AB，A中要注意原子的相对大小，B中要注意苯环连接硝基时的连接方式。2.下列化合物的核磁共振氢谱中出现三组峰的是A.2,2,3,3-四甲基丁烷B.2,5-二甲基己烷C.3,4-二甲基己烷D.2,3,4-三甲基戊烷【答案】B【解析】“出现三组峰”即意味着有三种氢原子，故选B；A项中只有一种氢原子；C、D项中均有四种氢原子；3.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A.18g氨基(－ND2)中含有的电子数为10NAB.6.0g甲醛分子中共用电子对数目为0.4NAC.14g乙烯和环丙烷组成的混合气体中，含有的氢原子数目为2NAD.标准状况下，22.4L辛烷完全燃烧生成CO2分子数为8NA【答案】C【解析】n【详解】A.18g氨基(－ND2)的物质的量为1mol，一个氨基(－ND2)含有9个电子，即18g氨基(－ND2)中含有的电子数为9NA，故A错误；B.6.0g甲醛的物质的量为：0.2mol，一个甲醛分子含有4对共用电子对，即6.0g甲醛分子中共用电子对数目为0.8NA，故B错误；C.14g乙烯含有2molH原子，14g环丙烷含有2molH原子，即14g乙烯和环丙烷组成的混合气体中，所含H原子数为2NA，故C正确；D.辛烷标准状况下不是气态，所以不能用气体摩尔体积计算，故D错误；故选C。4.最近美国宇航局（NASA）马里诺娃博士找到了一种比二氧化碳有效104倍的“超级温室气体”﹣全氟丙烷（C3F8），并提出用其“温室化火星”使其成为第二个地球的计划。有关全氟丙烷的说法正确的是(　　)A.分子中三个碳原子可能处于同一直线上B.全氟丙烷的电子式为：C.相同压强下，沸点：C3F8＜C3H8D.全氟丙烷分子是既有极性键又有非极性键的极性分子【答案】D【解析】全氟丙烷(C3F8)可以看做2个-CF3代替CF4中的2个F原子形成的，具有四面体结构，3个碳原子呈Ⅴ形，故A错误；电子式中F原子最外层应有8个电子，达到稳定结构而不是2个，故B错误；C3F8与C3H8都为分子晶体，相对分子质量越大，沸点越高,沸点：C3F8>C3H8，故C错误；全氟丙烷分子中C-C是非极性键，C-F是极性键，分子结构呈V型，是极性分子，故D正确。5.下列关于(I)、(II)、(III)、(IV)化合物的说法正确的是A.Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ的沸点依次升高B.Ⅰ、Ⅲ的一氯代物均只有四种C.Ⅱ、Ⅲ中碳原子可能都处于同一平面D.Ⅲ、Ⅳ都属于芳香族化合物，互为同系物【答案】A【解析】n【详解】A项，关于苯的同系物的沸点，碳原子数越多则沸点越高，对于相同碳原子数的苯的同系物的同分异构体中，侧链越短、侧链在苯环上越分散，物质的熔沸点越低，即Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ的沸点依次升高，故A项正确；B项，Ⅰ的一氯取代物有四种，Ⅲ的一氯取代物有五种，故B项错误；C项，取代苯环上氢原子的碳原子与苯环上所有的碳原子处于同一平面上，其他的碳原子具有甲烷的结构，所以Ⅱ中碳原子通过适当旋转角度有可能处在一个平面上，而Ⅲ中的碳原子不可能都处于同一平面上，故C项错误；D项，Ⅲ、Ⅳ都属于芳香族化合物，是同分异构体，故D项错误。综上所述，本题正确答案为A。6.下列有关同分异构体数目的叙述不正确的是(　　)A.甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代，所得产物有6种B.与互为同分异构体的芳香族化合物有6种C.含有5个碳原子的某饱和链烃，其一氯取代物可能有3种D.菲的结构式为，它与硝酸反应，可生成5种一硝基取代物【答案】B【解析】分析：A．根据等效H可知甲苯苯环上有3种H原子，含3个碳原子的烷基有正丙基、异丙基两种，据此计算判断；B．分子式为C7H8O，其同分异构体为芳香族化合物，含有苯环，侧链为甲基、羟基，有邻、间、对三种，侧链还可以为-CH2OH、-OCH3；C．根据等效氢原子的判断方法解答；D．根据苯环分子中等效氢原子进行判断。详解：A、含有3个碳原子的烷基为丙基、异丙基两种，甲苯苯环上有3种氢原子，分别处于甲基的邻、间、对位位置上，所以甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代，同分异构体最多有3×2=6种，A正确；B、分子式为C7H8nO，其同分异构体为芳香族化合物，含有苯环，侧链为甲基、羟基，有邻、间、对三种，侧链还可以为-CH2OH、-OCH3，有如下结构：，B错误；C、戊烷的同分异构体有正戊烷、异戊烷和新戊烷三种，即CH3-CH2-CH2-CH2-CH3、、，它们的一氯代物分别有3、4、1种，因此含有5个碳原子的某饱和链烃，其一氯取代物可能有3种，C正确；D、苯环是平面正六边形，菲具有很高的对称性，沿如图虚线对称，有如图所示5种H原子，故菲的一硝基取代物有5种，D正确；答案选B。7.有机物M、N、Q的转化关系如下图所示，下列说法正确的是（）A.M的名称为异丁烷B.N的同分异构体有7种(不考虑立体异构，不包括本身)C.Q的所有碳原子一定共面D.Q能使溴的四氯化碳溶液和酸性KMnO4溶液褪色，褪色原理相同【答案】B【解析】A、M为异戊烷，故A错误；B、戊烷的同分异构体(碳胳形式表示)为、、，氯原子应有8种位置，除去氯原子在⑥位置，N的同分异构体应有7种结构，故B正确；C、Q结构简式中，支链连接的碳原子属于sp3n杂化，空间构型为四面体，利用三点确定一个平面、乙烯是平面形，因此Q中所有碳原子可能共面，但不一定共面，故C错误；D、Q中含有碳碳双键，Q与溴的四氯化碳发生加成，Q被酸性高锰酸钾溶液氧化，两者原理不同，故D错误。8.有机物X、Y、Z的结构简式分别为。下列分析正确的是A.Y、Z互为同系物B.Y中最多有4个C原子处于同一直线上C.X、Z的二氯代物数目相同D.可用酸性KMnO4溶液一次区分X、Y、Z三种物质【答案】C【解析】【详解】A.Y中含有碳碳双键、Z中没有碳碳双键，结构不相似，不是同系物，故A错误；B.苯环为正六边形结构，碳碳双键为平面结构，Y中最多有3个C原子处于同一直线上，故B错误；C.X的二氯代物有3种(边上、面对角线上、体对角线上)，Z的二氯代物有3种(邻位、间位、对位)，故C正确；D.用酸性KMnO4溶液一次只能区分出Y，X、Z无法区分，故D错误；故选C。【点睛】本题的易错点为B，要注意苯环为正六边形结构，对角线上的4个原子共线，但乙烯是平面结构，键角约为120°。9.下列说法错误的是：A.除去KNO3中的少量NaCl，可将混合物制成热的饱和溶液，冷却结晶，过滤B.乙醇中含乙酸杂质，可加入碳酸钠溶液洗涤、分液除去C.对有机物分子红外光谱图的研究有助于确定有机物分子中的官能团D.苯中混有少量甲苯，可直接加适量酸性高锰酸钾溶液，再加烧碱溶液后分液可得到苯【答案】B【解析】【详解】A.由于硝酸钾与氯化钠的溶解度受温度的影响不同，可将混合物（KNO3中的少量NaCl）制成热的饱和溶液，冷却结晶，过滤，故A正确；B.乙醇中含乙酸杂质，可加入碳酸钠溶液洗涤，溶液不分层，无法用分液法除去，故B错误；C.红外光谱图可确定有机物中的化学键及官能团，对有机物分子红外光谱图的研究有助于确n定有机物分子的结构，故C正确；D.向苯中混有甲苯的溶液中加适量酸性高锰酸钾溶液，再加烧碱溶液后得到苯与盐的溶液互不相溶，分液可得到苯，故D正确；故选B。【点睛】解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件：加入的试剂只能与杂质反应，反应后不能引入新的杂质。10.工业上常用水蒸气蒸馏的方法（蒸馏装置如图）从植物组织中获取挥发性成分。这些挥发性成分的混合物统称精油，大都具有令人愉快的香味。从柠檬、橙子和柚子等水果的果皮中提取的精油90%以上是柠檬烯（柠檬烯）。提取柠檬烯的实验操作步骤如下：(1)将1～2个橙子皮剪成细碎的碎片，投入乙装置中，加入约30mL水(2)松开活塞K。加热水蒸气发生器至水沸腾，活塞K的支管口有大量水蒸气冒出时旋紧，打开冷凝水，水蒸气蒸馏即开始进行，可观察到在馏出液的水面上有一层很薄的油层。下列说法不正确的是（）A.当馏出液无明显油珠，澄清透明时，说明蒸馏完成B.蒸馏结束后，为防止倒吸，立即停止加热C.长玻管作安全管，平衡气压，防止由于导管堵塞引起爆炸D.要得到纯精油，还需要用到以下分离提纯方法：萃取、分液、蒸馏【答案】B【解析】分析：本题为有机综合实验题，考察了实验中安全问题、分离、提纯等基本操作方法。玫瑰精油化学性质稳定，难溶于水，能同水蒸气一同蒸馏，故可以用水蒸气蒸馏的方法（蒸从植物组织中获取精油，然后在进行萃取、分液操作，进行分离。详解：柠檬烯不溶于水，密度比水小，因此当馏出液无明显油珠，澄清透明时，说明蒸馏完成，A正确；蒸馏结束后，先把乙中的导气管从溶液中移出，再停止加热，B错误；长玻管与大气相通，能够起到平衡气压，防止由于导管堵塞引起爆炸，C正确；得到的精油中含有其它n成分，要想的得到柠檬烯，要进行萃取、分液、蒸馏操作才能实现目的，D正确；正确选项B。11.下列由实验得出的结论正确的是（）实验结论A．将乙烯通入溴的四氯化碳溶液，溶液最终变为无色透明生成的1,2－二溴乙烷无色、可溶于四氯化碳B．乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体乙醇分子中的氢与水分子中的氢具有相同的活性C．用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除乙酸的酸性小于碳酸的酸性D．甲烷与氯气在光照下反应后的混合气体能使湿润的石蕊试纸变红生成的氯甲烷具有酸性A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析】【分析】A.将乙烯通入溴的四氧化碳溶液，发生加成反应生成1,2-二溴乙烷；B.乙醇分子羟基中H的活性比水弱；C.用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除，说明醋酸可与碳酸钙等反应；D.使湿润的石蕊试纸变红的气体为HCl；【详解】A.乙烯含有碳碳双键，可与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，生成1,2-二溴乙烷，溶液最终变为无色透明，说明生成物是无色的且可溶于四氯化碳，故A项正确；B.乙醇的结构简式为CH3CH2OH，只有羟基可与钠反应，且羟基中H的活性比水弱，故B项错误；C.用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除，说明醋酸可与碳酸钙等反应，从强酸制备弱酸的角度判断，乙酸的酸性大于碳酸，故C错误；nD.甲烷与氯气在光照条件下反应生成的气体有一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷和氯化氢，使湿润的石蕊试纸变红的气体为氯化氢，氯代甲烷为非电解质，不能电离，故D错误；综上，本题选A。12.有机物R的质谱图如图，经测定数据表明，分子中除含苯环外不再含有其他环状结构，且苯环上只有两个侧链，其中一个是－C2H5，符合此条件的烃R的结构有A.6种B.9种C.12种D.15种【答案】C【解析】试题分析：根据R的质谱图可知R的相对分子量是162，苯环上含有2个取代基，则R的结构中含-C6H4、-C2H5，则另一取代基的式量是162-（8×12+9×1）=57，所以另一取代基为-C4H9，苯环上有2个取代基的结构有3种，-C4H9的结构有4种，所以R的结构有12种，答案选C。考点：13.某有机物分子，仅由C、H、O三种元素组成，分子中含13个原子，其分子中的电子总数为42。充分燃烧该有机物，所生成的CO2和水蒸气在相同状况下的体积之比为3：4，则其分子式为（）A.C3H8OB.C4H8OC.C3H8O2D.C6H6O【答案】C【解析】试题分析：有机物充分燃烧生成的CO2和水蒸气在相同状况下的体积之比为3：4，则二氧化碳与水的物质的量之比为3：4，根据原子守恒，有机物分子中C、H原子数目之比为3：8，令有机物的分子式为（C3H8）xOy，分子中含13个原子，则：11x+y=13，分子中的电子总数为42，则：26x+8y=42，联立方程，解得：x=1，y=2，所以有机物为C3H8O2，答案选C。考点：考查有机物分子式的确定。14.由两种气态烃组成的混合物，体积为10ml与过量的氧气混合再n充分燃烧，将生成物通过浓H2SO4气体体积减少15ml，再通过碱石灰气体体积又减少20ml[气体体积均为同温(120℃)同压(101kPa)]。混合烃的组成可能为A.C2H6和C2H4B.C2H4和C2H2C.CH4和C3H4D.C4H10和C2H4【答案】B【解析】气态烃完全燃烧后的产物为H2O和CO2，生成物通过浓硫酸体积减少15mL，通过碱石灰体积减少20mL，说明生成的，，而原混合气体体积为10mL，所以混合气体的平均分子式中碳原子数和氢原子数分别为2和3。A.C2H4和C2H2中都是两个碳原子，氢原子数分别为6和4，两种气体不论按什么体积混合，氢原子数都不能是3，故A错误；B.C2H6和C2H4中都是两个碳原子，氢原子数分别为4和2，两种气体按一定比例混合后，碳原子数和氢原子数可以为2和3，故B正确；C.CH4和C3H4中碳原子数分别为1和3，氢原子数分别为4和4，两种气体不论按什么体积混合，氢原子数都不能是3，故C项错误；D.C4H10和C2H4中碳原子数分别为4和2，氢原子数分别为10和4，两种气体不论按什么体积混合，碳原子数和氢原子数都不能是2和3，故D项错误。综上所述，正确答案为B。15.把2g甲醛（CH2O）气体溶于6g冰醋酸中，再加入4g果糖得混合物甲；另取5g甲酸甲酯(HCOOCH3)和9g葡萄糖相混合，得混合液乙；然后将甲和乙两种混合液再按7：4的质量比混合得丙，则丙中碳元素的质量分数是A.20％B.35％C.40％D.55%【答案】C【解析】甲醛、冰醋酸、果糖、甲酸甲酯、葡萄糖五种有机物的最简式均为CH2O，所以碳、氢、氧个数比是定值，丙中碳元素的质量分数=12/(12+2+16)×100%=40％；正确选项C。点睛：此题的解法注意找六种物质的最简式，最简式相同，各元素的质量分数均为定值。16.某液态烃，它不跟溴水反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色。将其0.5mol完全燃烧生成的CO2通入含5molNaOH的溶液中，所得碳酸钠和碳酸氢钠的物质的量之比为1:3。则该烃是A.1-丁烯B.甲苯C.1,3-二甲苯D.2-甲基-3-乙基-2-戊烯【答案】C【解析】【分析】n该液态烃不跟溴水反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色，可能为芳香烃，根据Na守恒计算出Na2CO3、NaHCO3的物质的量，再结合C原子守恒计算出生成CO2的物质的量，然后根据烃的物质的量、CO2的物质的量来确定该烃的分子式、结构简式。【详解】设Na2CO3物质的量为xmol，NaHCO3物质的量为3xmol，根据Na元素守恒得：2x+3x=5mol，x=1mol；根据C元素守恒得：n(CO2)=1mol+3mol=4mol，由 CnH2n+2～nCO2可知：每1mol烃完全燃烧产生nmolCO2气体，由于n(CO2)=4mol，则0.5n=5，解得n=8。该烃不跟溴水反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色，则可能为芳香烃，且分子中含有8个C，只有C符合题意，故合理选项是C。【点睛】本题考查烃的分子式确定的计算，注意掌握确定有机物分子式、结构简式的方法，明确常见有机物结构与性质为解答关键，本题为高频考点，侧重于学生的分析、计算能力的考查。二、非选择题(本题包括5个小题，共52分)17.现有以下几种有机物：①CH4②CH3CH2OH③④葵烷⑤CH3COOH⑥⑦⑧⑨丙烷请利用上述给出的物质按要求回答下列问题：(1)相对分子质量为44的烷烃的结构简式为______________；(2)分子中含有14个氢原子的烷烃的分子式是__________；(3)与③互为同分异构体的是______________(填序号)；(4)用“＞”表示①③④⑨熔沸点高低顺序：_________________(填序号)；(5)在120℃，1.01×105Pa条件下，某种气态烃与足量的O2完全反应后，测得反应前后气体的体积没有发生改变，则该烃是______(填序号)；它与⑧互为_________________关系；(6)有机物⑤和②在一定条件下发生反应的化学方程式是______________________；【答案】(1).CH3CH2CH3(2).C6H14(3).⑦(4).④＞③＞⑨＞①(5).①n(6).同系物(7).CH3COOH＋C2H5OHCH3COOC2H5＋H2O【解析】【分析】根据有机化合物的结构和性质分析解答；根据有机化合物的同分异构体的书写规则分析解答。【详解】(1)烷烃的通式为：CnH2n+2，相对分子质量为44的烷烃，则12n+2n+2=44，所以n=3，即烷烃的分子式为C3H8，结构简式为CH3CH2CH3，故答案为：CH3CH2CH3；(2)由烷烃的通式CnH2n+2，则2n+2=14，解的n=6，烷烃为C6H14，故答案为：C6H14；(3)③和⑦的分子式相同，但结构不同，所以③和⑦互为同分异构体，故答案为：⑦(4)碳原子个数越多，沸点越大，相同碳原子个数的烷烃中支链多的沸点低，则沸点为④>③>⑨>①，故答案为：④>③>⑨>①；(5)在120℃，1.01×105Pa条件下，生成的水为气态，由CxHy+（x+）O2xCO2+H2O则1+（x+）=x+，解得y=4，即分子式中氢原子数目为4，则CxHy为甲烷，它与⑧互为同系物，故答案为：①；同系物；(6)有机物⑤是乙酸和②是乙醇，乙酸和乙醇在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应，生成乙酸乙酯和水，方程式为：CH3COOH＋C2H5OHCH3COOC2H5＋H2O，故答案为：CH3COOH＋C2H5OHCH3COOC2H5＋H2O。18.已知某链状有机物的相对分子质量为58，请回答：(1)若该有机物为烃，且含有支链，则其结构简式为____________________________(2)若为结构中只含1个－CH3和一个官能团的含氧衍生物，则官能团的名称为_______(3)若为结构中有2个—CH3含氧衍生物，则可能的结构简式为_________________(4)若分子中有—OH，无C＝O键，则结构简式为_____________________________【答案】（1）CH3-CH(CH3)-CH3；（2）醛基n（3）CH3COCH3；（4）CH2=CH-CH2OH【解析】试题分析：（1）若为烃，则相对分子质量是58的烃的分子式利用商余法计算，为C4H10，且含有支链，所以为2-甲基丙烷，结构简式是CH3-CH(CH3)-CH3；（2）若为结构中只含1个－CH3和一个官能团的含氧衍生物，用58减去甲基和O原子的式量，所以剩余为-C2H3，所以该有机物为丙醛，官能团的名称是醛基；（3）若为结构中只含1个－CH3和一个官能团的含氧衍生物，58减去2个甲基和1个O原子，剩余基团为C原子，所以该有机物为丙酮，结构简式是CH3COCH3；（4）若分子中有—OH，无C＝O键，若含1个羟基，则58减去-OH式量，剩余为-C3H5，则该有机物的结构简式是CH2=CH-CH2OH；同理，若含有2个羟基，则不存在。考点：考查有机物结构的推断与计算19.按要求填空：(1)某有机物的结构简式为：，该有机物中含氧官能团有：______、______、________、______(写官能团名称)。(2)有机物的系统名称是_____，将其在催化剂存在下完全氢化，所得烷烃的系统名称是_____。(3)苯的同系物中，有的侧链能被酸性高锰酸钾溶液氧化，生成芳香酸，反应如下：(R、R′表示烷基或氢原子)，但若侧链上直接与苯环连接的原子上没有C—H键，则不容易被氧化得到，①现有苯的同系物甲和乙，分子式都是C10H14。甲不能被酸性高锰酸钾溶液氧化为芳香酸，它的结构简式是_____；②有机物丙也是苯的同系物，分子式也是C10H14，它的苯环上的一溴代物只有一种。丙的结构简式共有四种，写出其余三种：__________、_________________、_______________n【答案】(1).硝基(2).羟基(3).羰基(4).醚键(5).5，6—二甲基—3—乙基—1—庚炔(6).2，3—二甲基—5—乙基庚烷(7).(8).(9).(10).【解析】【分析】根据有机化合物的结构和性质分析解答；根据有机化合物的命名规则分析解答；根据同系物的概念分析解答。【详解】(1)该有机物中的含氧官能团有：羰基、硝基、酚羟基、醚键，故答案为：硝基，（酚）羟基，羰基、醚键；(2)该有机物主链含有7个C原子，以碳碳叁键为1号碳，其中3号C原子上连接一个乙基，5和6号C原子上各连接一个甲基，且主链含有碳碳叁键，所以该有机物系统命名法命名为：5，6—二甲基—3—乙基—1—庚炔，将其在催化剂存在下完全氢化，即碳碳叁键完全氢化得到2，3—二甲基—5—乙基庚烷，故答案为：5，6—二甲基—3—乙基—1—庚炔，2，3—二甲基—5—乙基庚烷；(3)根据信息提示可知，侧链上直接与苯环连接的原子上没有C—H键，则不容易被氧化得到，所以可断定甲中侧链上直接与苯环连接的原子上没有C—H键，即甲的结构简式为：；由于有机物丙也是苯的同系物，分子式也是C10H14，它的苯环上的一溴代物只有一种，丙分子应该是对称结构，所以丙的结构简式可能是：，n，，故答案为：；，，。20.实验室中制备对氯苯甲酸的反应以及装置如图所示：常温下，物质的有关数据和性质如表所示：熔点/℃沸点/℃密度/g·cm－3颜色水溶性对氯甲苯7.51621.07无色难溶对氯苯甲酸2432751.54白色微溶对氯苯甲酸钾具有盐的通性，属于可溶性盐实验步骤：在规格为250mL的仪器A中加入一定量的催化剂、适量KMnO4、100mL水；安装好装置，在滴液漏斗中加入6.00mL对氯甲苯，在温度为93℃左右时，逐滴滴入对氯甲苯；控制温度在93℃左右，反应2h，过滤，将滤渣用热水洗涤，使洗涤液与滤液合并，加入稀硫酸酸化，加热浓缩，冷却，然后过滤，将滤渣用冷水进行洗涤，干燥后称量其质量。请回答下列问题：(1)仪器A的名称为______________________。(2)仪器B是冷凝管，其起到的主要作用是：________________，实验过程中，冷却水从________口。n(3)实验过程中两次过滤、洗涤操作，第一次过滤的滤渣成分为___________(填化学式)，洗涤该滤渣用热水，目的是_________________________________，第二次过滤后，洗涤滤渣用冷水，目的是______________________。(4)过滤、洗涤操作中能用到的仪器是___________(填选项字母)。a.烧杯b.分液漏斗c.锥形瓶d.玻璃棒(5)第一次过滤后的滤液中加入硫酸，出现的现象是___________。(6)如图是温度对对氯苯甲酸产率的影响关系，最后干燥、称量得到的对氯苯甲酸的质量为___________(保留小数点后两位)。【答案】(1).三颈烧瓶(2).冷凝回流(3).a(4).MnO2(5).减少对氯苯甲酸钾的损失(6).降低对氯苯甲酸中杂质的含量，减少对氯苯甲酸的溶解损失(7).ad(8).出现白色沉淀(9).6.59g【解析】【分析】根据实验装置信息结合实验过程分析解答；根据表格信息、图像信息分析解答；根据化学转化中的物质化学计量变化进行计算；一定量的对氯甲苯和适量KMnO4在93℃反应一段时间后停止反应生成对氯苯甲酸钾和二氧化锰，二氧化锰不溶于水，加入稀硫酸酸化，生成对氯苯甲酸，对氯苯甲酸微溶于水，加热浓缩、冷却结晶、过滤，洗涤滤渣得对氯苯甲酸．【详解】一定量的对氯甲苯和适量KMnO4在93℃反应一段时间后停止反应生成对氯苯甲酸钾和二氧化锰，二氧化锰不溶于水，加入稀硫酸酸化，生成对氯苯甲酸，对氯苯甲酸微溶于水，加热浓缩、冷却结晶、过滤，洗涤滤渣得对氯苯甲酸。(1)仪器A具有三个颈口，即三颈烧瓶，故答案为：三颈烧瓶；n(2)冷凝管的作用主要是冷凝回流，冷凝管应该是a进水，b出水，使水与被冷凝物充分接触，故答案为：冷凝回流，a；(3)对氯甲苯和适量KMnO4反应生成对氯苯甲酸钾和二氧化锰，二氧化锰不溶于水，所以第一步过滤得到滤渣MnO2，将滤渣用热水洗涤，可减小对氯苯甲酸钾的损耗；滤液中加入稀硫酸酸化，对氯苯甲酸钾与稀硫酸反应生成对氯苯甲酸，对氯苯甲酸微溶于水，热水洗涤可能增大对氯苯甲酸的溶解度使其损耗，用冷水进行洗涤既可除去对氯苯甲酸表面的可溶性杂质还能减小对氯苯甲酸的损耗；故答案为：MnO2；减少对氯苯甲酸钾的损失；降低对氯苯甲酸中杂质的含量，减少对氯苯甲酸的溶解损失；(4)过滤、洗涤操作中能用到的仪器有烧杯、漏斗、玻璃棒；故答案为：ad；(5)滤液中加入稀硫酸酸化，对氯苯甲酸钾与稀硫酸反应生成对氯苯甲酸，对氯苯甲酸微溶于水，是白色沉淀，可观察到的实验现象是产生白色沉淀；故答案为：出现白色沉淀；(6)由图像可知，该反应在93℃时对氯苯甲酸的产率最高为83%，由信息提示可知，对氯甲苯与对氯苯甲酸的物质的量之比为1:1，所以n(对氯甲苯)=n(对氯苯甲酸)===0.051mol,m(对氯苯甲酸)=0.051mol×156.5g/mol×83%=6.59g，故答案为：6.59g。【点睛】利用题目信息提示，掌握对氯甲苯与对氯苯甲酸之间的化学计量关系，是解决本题的关键。21.Ⅰ.充分燃烧2.8g某有机物A，生成8.8gCO2和3.6gH2O，这种有机物蒸气的相对密度是相同条件下N2的2倍。(1)该有机物的分子式_______________，A的链状同分异构体共有__________种。(2)A的链状同分异构体中含有支链的同分异构体的结构简式为_______________，其系统命名为__________________(3)若该有机物跟HCl的加成产物只有一种，试确定其结构简式___________________(4)若该有机物在核磁共振氢谱中只有一个信号峰(即只有一种氢原子)，则用键线式表示的结构简式为___________________【答案】(1).C4H8 (2).3(3).CH2=C(CH3)2(4).2-甲基丙烯(或：2-甲基n-1-丙烯)(5).CH3—CH=CH—CH3(6).【解析】【分析】(1)这种有机物蒸气的质量是同温同压下同体积N2的2倍，则该有机物的相对分子质量为2×28=56，计算2.8g有机物的物质的量，结合生成水和二氧化碳的质量可计算有机物的分子式；按碳链异构和双键位置异构确定A的链状同分异构体种数；(2)根据分子式和官能团写出符合条件的结构简式；根据烯烃的命名规则命名；(3)若在核磁共振氢谱中只有一个信号峰，说明有机物中H是同一种类型的。【详解】(1)这种有机物蒸气的质量是同温同压下同体积N2的2倍，则该有机物的相对分子质量为2×28=56；n(A)==0.05mol，n(C)=n(CO2)==0.2mol，n(H)=2n(H2O)=×2=0.4mol，故有机物分子中含有C原子数目为=4，含有H原子数目为=8，因为12×4+1×8=56=M(A)，所以不含O元素；则A的分子式为C4H8，根据分子式C4H8，A的链状同分异构体应为烯烃，分子中有一个C=C，则结构简式为：CH2=CHCH2CH3，CH3CH=CHCH3，共3种；答:该有机物的分子式为C4H8，A的链状同分异构体共有3种。(2)由以上分析可知，A的链状同分异构体中含有支链的同分异构体的结构简式为，主链有3个碳原子，甲基在2号碳原子上，故其系统命名为2-甲基丙烯，答：A的链状同分异构体中含有支链的同分异构体的结构简式为CH2=C(CH3)2，其系统命名为2-甲基丙烯。(3)该有机物跟HCl的加成产物只有一种，所以应该是2－丁烯，其结构简式是CH3CH=CHCH3，答：若该有机物跟HCl的加成产物只有一种，其结构简式为CH3CH=CHCH3。(4)在核磁共振氢谱中只有一个信号峰，说明有机物中一种H，则不可能为烯烃，应为环丁烷，结构简式为:；其键线式为：；答:该有机物的键线式为。【点睛】在进行有机物分子式的判断时，主要是利用原子守恒计算其最简式，但需要特别注n意的是要判断是否含有氧元素，主要是根据质量守恒定律进行。