高考卷-高考理综押题卷（一） 23页

陕西省西安市2017届高考理综押题卷（一）本试题卷共26页，38题(含选考题)。全卷满分300分。考试用时150分钟。第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列与细胞相关的叙述，正确的是（）A．一般来说，真核细胞比原核细胞的物质运输效率更高B．与真核细胞相比，原核细胞生物膜仅缺少了核膜这一组成成分C．B淋巴细胞分化成浆细胞的过程中，线粒体的数目会增多D．光合作用是能量进入生态系统的主要途径，反应的场所都在叶绿体【解析】真核细胞较原核细胞大，细胞越大，表面积与体积之比越小，物质运输效率越低，A错误；与真核细胞相比，原核细胞生物膜不仅少了核膜，还少了细胞器膜，B错误；浆细胞也称为效应B细胞，由B淋巴细胞分化而来，它的主要功能是分泌抗体（免疫球蛋白），故而细胞内的核糖体、内质网、高尔基体、线粒体增多，C正确；生态系统能量输入的主要途径是光合作用，绿色植物光合作用的场所是在叶绿体，部分原核生物也能进行光合作用，场所在细胞膜上，D错误。【答案】C2．下面4幅是植物激素的相关示意图，表示错误的是（）【解析】根比茎对生长素敏感，A正确；双子叶植物比单子叶植物对生长素敏感，B错误；赤霉素促进种子萌发，脱落酸会抑制种子萌发，所以在种子萌发过程中，赤霉素增加，脱落酸减少，C正确；乙烯能促进果实成熟，生长素促进生长，D正确。【答案】B3．下列关于人体血糖平衡调节的叙述，正确的是（）A．人体血糖平衡调节是个典型的激素调节过程，没有涉及到神经调节B．胰岛素分泌量的增加会抑制胰高血糖素的分泌，说明两者之间具有拮抗作用C．只有在血糖升高时，胰岛B细胞才会分泌胰岛素D．胰岛素和胰高血糖素都可以遍布于全身23\n【解析】血糖的平衡即受激素的调节，也受神经调节，下丘脑是血糖平衡调节的神经中枢，A错误；胰岛素分泌量增加说明血糖浓度较高，这时机体会抑制胰高血糖素的分泌，但不能说明两者之间具有拮抗作用，B错误；血糖浓度升高时，胰岛B细胞分泌的胰岛素量增加，血糖浓度正常时，胰岛B细胞分泌的胰岛素量减少，但也处于一定的水平，C错误；内分泌腺因没有导管，分泌的激素随着血液流到全身，但只在特定的部位发挥作用，D正确。【答案】D4．下列有关实验的叙述，正确的是（）A．制作洋葱表皮细胞和口腔上皮细胞临时装片时，都需要滴加清水B．探究温度对淀粉酶活性影响的实验，可用斐林试剂代替碘液来检测底物变化情况C．选取经低温诱导的洋葱根尖制成的临时装片，在显微镜下观察不到联会现象D．酵母菌呼吸方式为兼性厌氧型，改变培养液氧气供应对酵母菌种群的K值没有影响【解析】在制作洋葱鳞片叶表皮细胞的临时装片时，向洁净的载玻片上滴加的液体是清水，而在制作口腔上皮细胞的临时装片时，滴加的是生理盐水，目的是维持口腔上皮细胞的正常形态，A错误；斐林试剂使用时，需要水浴加热，所以探究温度对淀粉酶活性影响的实验，不可用斐林试剂，否则会干扰实验，B错误；洋葱根尖细胞只进行有丝分裂，在显微镜下观察不到联会现象，C正确；改变培养液氧气供应会影响培养液的pH，从而影响酵母菌种群的K值，D错误。【答案】C5．1980年5月18日美国西南的StHelens火山灾难性爆发。火山灰形成了低营养、剧烈干旱、地表运动频繁的景象。在火山口附近的森林线上选取几个地点分别设立了永久样地，以检测火山爆发后物种数量情况，如下图所示。下列说法正确的是（）A．火山爆发杀死了森林线上的所有生物，所以1980年开始的演替是初生演替B．1980年到1982年期间不存在种间竞争，种间竞争在1982年以后才出现C．从图中可看出本地区物种的环境容纳量（K值）大约为20D．此生态系统早期的能量来源于火山灰【解析】虽然原有的植被已不存在，但原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体，所以发生的演替是次生演替，A错误；种间竞争关系一直都存在，只是在1982年以后更加剧烈，B错误；环境容纳量（K值）是针对某一种群数量而言的，不是物种的数量，C错误；火山灰内有营养，是早期植物获取能量的来源，D正确。【答案】D6．一对夫妇生了个基因型为XBXbY的孩子，已知父亲正常，母亲为色盲携带者。下列分析中正确的是（）A．问题可能来自父亲，在减数第一次分裂过程中出现了问题B．问题可能来自父亲，在减数第二次分裂过程中出现了问题C．问题一定来自母亲，在减数第一次分裂过程中出现了问题D．问题一定来自母亲，在减数第二次分裂过程中出现了问题【解析】父亲基因型为XBY，母亲的基因型为XBXb。有可能是Xb来自母亲，XBY来自父亲，即在减数23\n第一次分裂后期，X染色体和Y染色体没有分离；也有可能是Y来自父亲，XBXb来自母亲，即在在减数第一次分裂后期，两条X染色体没有分离。【答案】A7．下列说法正确的是（）A．为了防止富脂食品氧化变质，延长食品的保质期，常在包装袋中放入生石灰B．实验室用带玻璃塞的试剂瓶保存氢氧化钠溶液C．工业生产玻璃、水泥、漂白粉，均需要用石灰石为原料D．可以利用氯化铁溶液的酸性清除铜镜表面的铜锈【解析】A．为了防止富脂食品氧化变质，延长食品的保质期，在包装袋中常放入还原剂还原铁粉，错误；B．实验室用带软木塞的试剂瓶保存氢氧化钠溶液，错误；C．制玻璃的原料：石英砂、石灰石、长石、纯碱、硼酸等；制水泥的原料：石灰石和黏土；制漂白粉的原料：用石灰石可以制得氧化钙进而得到消石灰，用氯气与消石灰反应得到漂白粉，因此工业上生产玻璃、水泥、漂白粉，均需要用石灰石为原料，故C正确；D．氯化铁水解生成氢氧化铁和盐酸，生成的盐酸与铜锈反应促进盐类水解，产生的红褐色氢氧化铁沉淀附着在铜镜表面，故D错误。【答案】C8．设NA为阿伏加德罗常数值，下列说法正确的是（）A．1L0.5mol/LNaHCO3溶液中含有的数目小于0.5NAB．11.2g铁粉与硝酸反应失去电子数一定为0.6NAC．25℃时，pH=13的Ba(OH)2溶液中含有的OH﹣数目为0.2NAD．46g甲苯含有C＝C双键的数目为1.5NA【解析】A．由于碳酸氢钠溶液中，碳酸氢根离子发生了水解和电离，导致数目减少，1L0.5mol/L的NaHCO3溶液中含的小于0.5NA，故A正确；B．11.2g铁粉与硝酸反应，由于参加反应的硝酸的量不确定，所以失去电子数0~0.6NA之间，不能确定一定是0.6NA，故B错误；C．溶液体积不明确，故溶液中含有的氢氧根的个数无法计算，故C错误；D．甲苯中的苯环不是单双键交替的结构，故甲苯中不含碳碳双键，故D错误。【答案】A9．吲哚-3-乙酸的结构简式如图所示，下列说法正确的是（）A．能发生银镜发应B．分子式为C10H10NO2C．1mol该物质最多可与5molH2反应D．吲哚-3-乙酸可发生加成反应和取代反应【解析】A．根据结构简式，含有醛基，能发生银镜反应，故A错误；B．该有机物的分子式为C10H9NO2，故B错误；C．1mol该有机物能与4molH2，故C错误；D．可发生酯化反应，苯环可发生加成反应，故D正确。23\n【答案】D10．下列有关实验操作、现象和结论都正确的是（）【解析】A．稀硝酸溶液里加入过量铁粉，只能生成Fe2+，滴加KSCN溶液不可能显血红色，故A错误；B．向AgNO3溶液中滴加过量氨水生成银氨溶液，因此B错误；C．最高价氧化物对应水合物的酸性越强，其非金属性越强，HClO不是最高价氧化物对应的水化物。非金属性是Cl的非金属性强于S，故C错误；D．向含有NH4+的溶液里滴加浓NaOH会有使湿润红色石蕊试纸变蓝的NH3逸出，故D正确。【答案】D11．在2L恒容密闭容器中充入M(g)和N(g)，发生反应M(g)+N(g)2P(g)+Q(s)，所得实验数据如下表：下列说法正确的是（）A．实验①中，若5min时测得n(N)=0.050mol，则0~5min时间内平均反应速率v(P)=0.015mo1/(L·min)B．实验②中达到平衡后，增大压强，M的转化率增大，平衡常数不变C．600℃时该反应的平衡常数K=3.0D．实验③中，达到平衡时，x<0.10【解析】A．实验①中，若5min时测得n(N)=0.05mol，则N变化物质的量为0.20mol-0.05mol，M的变化物质的量为0.15mol，0~5min时间内平均反应速率v(P)=2v(M)=2×[(0.15mol÷2L)÷5min]=0.03mol/(L·min)，故A错误；B．实验②中达到平衡后，增大压强，因反应前后气体物质的量不变，因此平衡不移动，M的转化率不变，温度不变，平衡常数也不变，故B错误；C．600℃该反应平衡时，M的物质的量为0.20mol-0.12mol=0.08mol，N的物质的量为0.30mol-0.12mol=0.18mol，此时平衡常数K=c2(C)/[c(A)×c(B)]=(0.12)2/(0.04×0.09)=4.0，故C错误；D．依据上述方法可计算出实验①中平衡常数K=12，可知升高温度时，反应正方向进行，实验③若仍为600℃时，结合平衡常数K=4，可知平衡时P的物质的量为0.1023\nmol，温度升高平衡正向移动，750℃时，达到平衡时x＞0.10，故D正确。【答案】D12．常温下，用0.1mol/LNaOH溶液滴定10mL0.1mol/LH2X溶液，溶液的pH与NaOH溶液的体积关系如图所示。下列说法不正确的是（）A．水电离出来的c(OH-)：D点>B点B．C点存在关系式：c(Na+)=c(HX-)+c(X2-)-c(H+)C．B点：c(HX-)>c(H+)>c(X2-)>c(H2X)D．A点溶液中加入少量水：增大【解析】A．20mL的NaOH溶液中溶质为Na2X，D点盐类水解促进水的电离，B点是抑制水的电离，因此D点大于B点，故A正确。B．在C点处，根据电荷守恒，c(Na+)+c(H+)=c(OH-)+c(HX-)+2c(X2-)，有c(Na+)=c(HX-)+2c(X2-)，故B错误；C．加入10mLNaOH溶液，溶质为NaHA，溶液显酸性，说明HX-的电离程度大于水解，因此微粒浓度是c(Na+)＞c(HX-)＞c(H+)＞c(X2-)＞c(H2X)，故C正确；D．0.1mol·L-1H2A溶液的pH＞1，说明是弱酸，存在平衡：H2XHX-+H+，HX-H++X2-，加水促进电离，c(OH-)增大，c(H2X)减小，因此比值增大，故D正确。【答案】B13．短周期主族元素X、Y、Z和W的原子序数依次递增，且在同一周期，四种元素所在族的族序数之和为18，X和Z元素原子的原子序数比3:4，X的最高正价是W的最低负价的绝对值的2倍。下列说法正确的是（）A．X的氧化物的熔点比Y的氧化物的熔点低B．X的氧化物和Z的最高价氧化物化合的产物中有共价键和离子键C．简单离子半径：W＞Z＞Y＞XD．Z的氢化物比W的氢化物更稳定【解析】短周期主族元素X、Y、Z和W的原子序数依次递增，且在同一周期，X和Z元素原子的原子序数比为3：4，那么X、Z原子序数不可能是连续的即不可能是3和4，也不能是分属于两个周期，所以也不23\n可能是9和12。如果X的原子序数为6，则X、Y、Z和W的最外层电子数只能为4、5、6、7，四种元素原子的最外层电子数之和为22，而且X的最高正价是W的最低负价的绝对值的4倍，不符合题意；如果X的原子序数为12，X和Z元素原子的原子序数比为3：4，Y的原子序数应为16，由于X的最高正价是W的最低负价的绝对值的2倍，且第三周期中S元素后面的主族元素只能是Cl，则W的原子序数为17，这就更加验证了前面的推导。四种元素所在族的族序数之和为18，Y只能是13号元素，所以X、Y、Z和W以此为Mg、Al、S、Cl元素。A．MgO比Al2O3的熔点更高些，能做耐火材料，A错误；B．X的最高价氧化物和Z的最高价氧化物化合的产物为硫酸镁，属于含氧酸盐，既含有离子键，又含有共价键，B正确；C．简单离子半径大小关系是：S2-＞Cl-＞Mg2+＞Al3+，即Z＞W＞X＞Y，C错误；D．同周期元素从左到右元素的非金属性逐渐增强，元素对应的氢化物的稳定性逐渐增强，则氯化氢的稳定性大于硫化氢，D错误。【答案】B二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14．关于近代物理，下列说法错误的是（）A．轻核聚变反应方程H＋H→He＋X中，X表示电子B．α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C．分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D．基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=3激发态后，可能发射2种频率的光子【解析】由质量数和电荷数守恒可知，X表示中子，选项A错误；α粒子散射实验揭示了原子的核式结构，选项B正确；由光电效应方程Ekm＝hν－W0知，光电子的最大初动能随照射光的频率的增大而增大，紫光的频率较高，紫光照射时逸出的光电子的最大初动能较大，选项C正确；基态的一个氢原子吸收一个光子发生跃迁到较高的n=3能级后，可能发射1种或2种频率的光子，选项D正确。【答案】A15．甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度－时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．8s末，甲、乙两车相遇B．甲车在0~4s内的位移小于乙车在4~8s内的位移C．4s末，甲车的加速度小于乙车的加速度D．在0~8s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度【解析】由于两车的初位置关系不明，无法判断8s末甲、乙两车是否相遇，选项A错误；根据“速度-时间图象中图线与时间轴所围成的面积表示位移”及对称性可知，甲车在0~4s内的位移小于乙车在4~8s内的位移，选项B正确；根据“速度－时间图象的切线斜率表示加速度”可知，4s末，甲车的加速度大于乙车的加速度，选项C错误；由图象可以看出，在23\n0~8s内，两车的位移s大小相等，由=知，两车的平均速度大小相等，选项D错误。【答案】B16．卫星发射进入预定轨道往往需要进行多次轨道调整，如图所示，某次发射任务中先将卫星送至近地轨道，然后再控制卫星进入椭圆轨道，最后进入预定圆形轨道运动。图中O点为地心，A点是近地轨道和椭圆轨道的交点，B点是远地轨道与椭圆轨道的交点，远地点B离地面高度为6R(R为地球半径)。设卫星在近地轨道运动的周期为T，下列说法正确的是（）A．控制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道需要使卫星减速B．卫星在近地轨道与远地轨道运动的速度之比为∶1C．卫星在近地轨道通过A点的加速度小于在椭圆轨道通过A点时的加速度D．卫星从A点经4T的时间刚好能到达B点【解析】卫星从近地轨道进入椭圆轨道，要做离心运动，只能通过加速才能才可以，选项A错误；根据，结合在近地轨道与远地轨道的轨道半径之比为1∶7，卫星在近地轨道与远地轨道运动的速度之比为∶1，选项B错误；根据可得，卫星在近地轨道通过A点的加速度等于在椭圆轨道通过A点时的加速度，选项C错误；由开普勒第三定律有，解得Tˊ=4R。【答案】D17．如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为10:1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器。当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警。下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为20VB．R0处出现火警时，电流表A的示数减小C．R0处出现火警时，变压器的输入功率增大D．要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动【解析】根据电流的热效应有，解得，选项A错误；R0处出现火警时，热敏电阻的阻值减小，副线圈的总阻值也减小，通过副线圈的电流增大，原线圈中的电流也增大，即电流表A的示数增大，副线圈两端的输出电压不变，电流增大，23\n输入功率增大，选项B错误、C正确；将R1的滑片P适当向上移动，滑动变阻器连入电路的电阻减小，副线圈电路中的总电阻减小，根据副线圈两端的电压不变可知，通过副线圈的总电流增大，由于与报警器并联电路部分的电阻减小，同样的电流时，报警器分得的电压减小，通过报警器电流减小，只有继续升温，半导体热敏电阻继续减小才满足，选项D错误。【答案】C18．如图所示，竖直平面内有一半径为R的固定圆轨道与水平轨道相切于最低点B。一质量为m的小物块P（可视为质点）从A处由静止滑下，经过最低点B后沿水平轨道运动，到C处停下，B、C两点间的距离为R，物块P与圆轨道、水平轨道之间的动摩擦因数均为μ。若将物块P从A处正上方高度为R处由静止释放后，从A处进入轨道，最终停在水平轨道上D点，B、D两点间的距离为s，下列关系正确的是（）A．s>(1+)RB．s=(1+)RC．s<(1+)RD．s=2R【解析】根据动能定理，对物块P第一次运动，有mgR–Wf–μmgR=0；对物块P第二次运动，有mg·2R–Wf′–μmgs=0。对物块P经过在圆轨道任一处，第二次运动时速度较大，向心力较大，对轨道的压力较大，滑动摩擦力较大，可见Wf2，g为重力加速度大小）。不计一切摩擦，弹簧始终处于弹性限度内。求：（i）若对被封闭气体缓慢加热直至弹簧弹力大小为零，求此时被封闭气体的绝对温度T2；（ii）当被封闭气体的绝对温度为T2时，立即撤去弹簧且不再对被封闭气体加热，经过一段较长时间后，被封闭气体的绝对温度又降回到T1，求此时活塞与气缸底部的间距L′。【解析】（i）开始时，弹簧的伸长长度x1=对活塞受力平衡，有p1S=p0S–F1–mg其中F1=mg被封闭气体的绝对温度为T2时，对活塞受力平衡，有p2S=p0S–mg根据理想气体的状态方程有：=解得T2=。（ii）被封闭气体作等压变化，根据盖-吕萨克定律有：=解得L′=L。34．【物理—选修3-4】（15分）（1）（5分）如图所示，一绳子Ox上有—系列的质点A、B、C……，相邻质点的间距离均为0.2m。当t=23\n0时，波源A从平衡位置开始向上做简谐运动，经过0.4s刚好第一次回到平衡位置，此时质点E刚好开始振动。若波源简谐运动的振幅为3cm，则下列说法正确的是________（填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）A．波的传播速度为2m/s，周期为0.4sB．波的频率为1.25Hz，波长为1.6mC．t=0.6s，质点G刚好开始振动，此时质点F的加速度方向向下D．在0~0.8s内，波源A的路程为1.6mE．当质点K处于波谷时，质点G一定处于波峰【解析】波源A从平衡位置开始经过0.4s刚好第一次回到平衡位置，说明=0.4s，得周期T=0.8s，选项A错误；频率f==1.25Hz，内波向前传播了，即=4×0.2m，得λ=1.6m，选项B正确；波速υ==2m/s，波从质点A传到质点G所用的时间t==s=0.6s，当波刚好传到质点G时质点F处在x轴上方，其加速度方向向下，选项C正确；0~0.8s内即波源刚好振动一个周期，波源A的路程s=4×3cm=12cm，选项D错误；当质点K处于波谷时，质点G已经振动了，由于==，说明质点G与质点K步调完全相反，选项E正确。。【答案】BCE（2）（10分）如图所示，某种透明介质的截面图由直角三角形AOC和圆心为O、半径为R的四分之一圆弧BC组成，其中∠A=60°。一束单色光从D点垂直AB面射入透明介质中，射到圆弧BC上时恰好发生全反射。已知D点与O点之间的距离为，光在真空中的传播速度为c。求：（i）单色光在介质中的传播速度υ；（ii）单色光第一次射出介质时折射角θ。【解析】（i）设介质的临界角为∠1，则sin∠1=sin∠1==解得∠1=45°，n=折射率与速度的关系有n=解得υ=。（ii）EF与AB平行∠3=90°–∠EFC=90°–∠A=30°根据折射定律有n=解得θ=45°。23\n35．【化学--选修3：物质结构与性质】（15分）已知X、Y、Z三种元素均为短周期元素，原子序数依次递增，Q、W为前30号元素。5种元素的部分特点：（1）XF3分子中A的杂化类型为　　，该分子的空间构型为　　。（2）基态Q原子的电子排布式为　　，第一电离能：X　　Y（填“＞”“＜”或“=”）。（3）X、Y、Z电负性由大到小的顺序为　　（用元素符号表示）。（4）Z和X形成的化合物常用作高温耐火材料，化学性质稳定，据此推测它应属于　晶体。（5）W元素与X元素形成某种化合物的晶胞结构如图所示（黑球代表W原子），若该晶体的密度为ρg·cm-3，则该晶胞的体积是　　cm3。【答案】（1）sp3（2分）；三角锥形（2分）（2）1s22s22p63s23p63d24s2（2分）；＞（2分）（3）O＞N＞Si（2分）（4）原子（2分）（5）（3分）36．【化学--选修5：有机化学基础】（15分）某抗结肠炎药物的有效成分的合成路线如下所示(部分试剂和反应条件已略去)：请回答下列问题：（1）C的结构简式是____________。（2）①的反应条件是____________；②的反应类型是________。（3）下列对抗结肠炎药物的有效成分可能具有的性质推测正确的是________(填字母)。23\na．水溶性比苯酚的好，密度比苯酚的大b．能发生消去反应c．能发生加聚反应d．既有酸性又有碱性（4）E与足量NaOH溶液反应的化学方程式为___________________________________________。（5）符合下列条件的E的同分异构体有________种。写出其中核磁共振氢谱中有四组峰的结构简式：________________。a．与E具有相同的官能团且官能团不在同一侧链上b．水解产物之一能与氯化铁溶液发生显色反应（6）连有烷基的苯环上再引入一个取代基时，常取代烷基邻、对位上的氢原子，而连有羧基的苯环上再引入一个取代基时，常取代羧基间位上的氢原子。据此设计出以A为原料合成的路线(仿照题中抗结肠炎药物的有效成分的合成路线进行答题)。【答案】(除标注外，每空2分)（3）ad37．【生物—选修一：生物技术实践】（15分）在某实验中选用YMA根瘤菌固体培养基来培养费氏中华根瘤菌（自生固氮菌），配方如下表所示。回答下列问题。（1）按物理性质，培养基可分为和固体培养基；培养基的配置过程具有如下步骤：①灭菌②计算③倒平板④调pH⑤称量⑥溶化，正确是顺序为。费氏中华根瘤菌以作为碳源。（2）想要测定某一时期活菌数量，可选用法进行计数。为了保证结果准确，一般选择菌落数在的平板进行计数。（3）此实验是如果防止污染的？。【解析】（1）按物理性质，培养基可分为液体培养基和固体培养基；实验室培养根瘤菌的培养基的操作步骤：计算→称量→溶化→调pH→灭菌→倒平板。根瘤菌以甘露醇作为碳源。23\n（2）统计细胞数量的方法有稀释涂布平板法和显微镜直接计数法，而后者要借助显微镜且统计数目包括死亡的细菌；稀释涂布平板法的菌落数往往比活菌的数目低，为了保证结果准确，一般选择菌落数在30~300的平板进行计数。（3）费氏中华根瘤菌是自生固氮菌，可以以空气中的氮为氮源，所以在培养基中没有加入氮源，这样其他的微生物就不能在此培养基中长期生存。达到了防止污染的目的。【答案】（1）液体培养基②⑤⑥④①③甘露醇（2）稀释涂布平板30~300（3）在培养基中没有加入氮源，这样其他的微生物就不能在此培养基中长期生存。38．【生物—选修三：现代生物科技专题】（15分）白细胞介素-1（IL-1）是重要的炎性介质之一，也是一种热原质成分，具有致热和介导炎症的作用。它主要在细胞免疫激活中发挥调节作用。某项目小组利用基因工程技术大量合成IL-1，在pBV220载体（图A）多克隆位点的EcoRⅠ和BamHⅠ酶切位点之间插入目的基因IL1-His，构建表达载体pBV-IL1-His（图B）。转化感受态细胞（大肠杆菌），通过选择性培养基（Ampr）和菌体PCR法筛选重组子阳性克隆。在适宜条件下培养并诱导目的蛋白的表达，最后利用His抗体进行蛋白质印迹检测表达情况。（1）在上述实验中，为了防止目的基因和pBV220载体在酶切后的末端发生任意连接，酶切时应选用的酶是。目的基因的长度为pb（重组质粒上目的基因的插入位点与酶切位点之间的碱基对忽略不计）。pBV-IL1-His表达载体除了氨苄青霉素抗性基因（Ampr）、目的基因外还必须具有等基因。（2）转化感受态大肠杆菌时需要用处理细胞。利用PCR技术体外扩增DNA时，需将双链DNA加热到90℃以上，目的是。（3）最后是通过技术来检验实验是否成功。假设未检测出目的蛋白，分析可能的原因有。（写出一种即可）【解析】（1）酶切时应选用限制酶EcoRⅠ和BamHⅠ，形成不同的黏性末端，这样可以防止目的基因和pBV220载体在酶切后产生的末端发生任意连接。原来载体长度为3666pb，重组后为4153pb，所以目的基因长度为487pb。基因表达载体构建的目的是使目的基因在受体细胞中稳定存在，并且可以遗传给下一代，同时使目的基因能够表达和发挥作用。因此一个基因表达载体的组成应该包括启动子、终止子、标记基因及目的基因等。（2）用Ca2+处理细胞，使细胞处于一种能吸收周围环境中DNA分子的生理状态，这种细胞称为感受态细胞。利用PCR技术体外扩增DNA时，需将双链DNA加热到90℃以上，目的是使双链DNA变性，解聚为单链。23\n（3）最后利用His抗体进行蛋白质印迹检测即抗原—抗体杂交技术。假设未检测出目的蛋白，分析可能的原因有目的基因没有与pBV220载体重组成功、目的基因在受体细胞中没有表达等。【答案】（1）EcoRⅠ和BamHⅠ487启动子、终止子（2）Ca2+使双链DNA变性，解聚为单链（3）抗原—抗体杂交目的基因在受体细胞中没有表达23