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  • 2022-07-22 发布

高考数学大一轮复习高考专题突破三高考中的数列问题课件

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高考专题突破三高考中的数列问题\n考点自测课时训练题型分类 深度剖析内容索引\n考点自测\n1.(2016·金华十校高三上学期调研)等差数列{an}的前n项和为Sn,若a1=1,S2=a3,且a1,a2,ak成等比数列,则k等于A.1B.2C.3D.4答案解析设公差为d,则2+d=1+2d,∴d=1,∴an=n,\n答案解析\n设等差数列{an}的首项为a1,公差为d.∵a5=5,S5=15,∴an=a1+(n-1)d=n.\n3.(2016·杭州学军中学模拟)已知等比数列{an}的公比q>0,前n项和为Sn.若2a3,a5,3a4成等差数列,a2a4a6=64,则q=_____,Sn=________.2答案解析\n4.(2015·课标全国Ⅱ)设Sn是数列{an}的前n项和,且a1=-1,an+1=SnSn+1,则Sn=_______.答案解析由题意,得S1=a1=-1,又由an+1=SnSn+1,得Sn+1-Sn=SnSn+1,因为Sn≠0,\n题型分类 深度剖析\n题型一 等差数列、等比数列的综合问题例1(2016·四川)已知数列{an}的首项为1,Sn为数列{an}的前n项和,Sn+1=qSn+1,其中q>0,n∈N*.(1)若a2,a3,a2+a3成等差数列,求数列{an}的通项公式;解答\n由已知,Sn+1=qSn+1,得Sn+2=qSn+1+1,两式相减得an+2=qan+1,n≥1.又由S2=qS1+1得a2=qa1,故an+1=qan对所有n≥1都成立.所以,数列{an}是首项为1,公比为q的等比数列.从而an=qn-1.由a2,a3,a2+a3成等差数列,可得2a3=a2+a2+a3,所以a3=2a2,故q=2.所以an=2n-1(n∈N*).\n解答由(1)可知,an=qn-1,\n等差数列、等比数列综合问题的解题策略(1)分析已知条件和求解目标,为最终解决问题设置中间问题,例如求和需要先求出通项、求通项需要先求出首项和公差(公比)等,确定解题的顺序.(2)注意细节:在等差数列与等比数列综合问题中,如果等比数列的公比不能确定,则要看其是否有等于1的可能,在数列的通项问题中第一项和后面的项能否用同一个公式表示等,这些细节对解题的影响也是巨大的.思维升华\n跟踪训练1已知首项为的等比数列{an}不是递减数列,其前n项和为Sn(n∈N*),且S3+a3,S5+a5,S4+a4成等差数列.(1)求数列{an}的通项公式;解答\n设等比数列{an}的公比为q,因为S3+a3,S5+a5,S4+a4成等差数列,所以S5+a5-S3-a3=S4+a4-S5-a5,即4a5=a3,\n解答\n当n为奇数时,Sn随n的增大而减小,当n为偶数时,Sn随n的增大而增大,\n\n题型二 数列的通项与求和例2已知数列{an}的前n项和为Sn,在数列{bn}中,b1=a1,bn=an-an-1(n≥2),且an+Sn=n.(1)设cn=an-1,求证:{cn}是等比数列;证明\n∵an+Sn=n,①∴an+1+Sn+1=n+1.②②-①,得an+1-an+an+1=1,∴2an+1=an+1,∴2(an+1-1)=an-1,∵首项c1=a1-1,又a1+a1=1.又cn=an-1,\n(2)求数列{bn}的通项公式.解答\n(1)一般求数列的通项往往要构造数列,此时要从证的结论出发,这是很重要的解题信息.(2)根据数列的特点选择合适的求和方法,常用的有错位相减法,分组求和法,裂项相消法等.思维升华\n证明\n(2)求数列{an}的通项公式与前n项和Sn.解答\n\n\n题型三 数列与其他知识的交汇命题点1数列与函数的交汇解答\nf′(x)=2ax+b,由题意知b=2n,16n2a-4nb=0,又f′(x)=x+2n,当n=1时,a1=4也符合,\n解答\n命题点2数列与不等式的交汇例4(2016·宁波高三上学期期末考试)对任意正整数n,设an是方程x2+=1的正根.求证:(1)an+1>an;证明\n故an+1-an>0,即an+1>an.\n证明\n数列与其他知识交汇问题的常见类型及解题策略(1)数列与函数的交汇问题①已知函数条件,解决数列问题,此类问题一般利用函数的性质、图象研究数列问题;②已知数列条件,解决函数问题,解决此类问题一般要充分利用数列的范围、公式、求和方法对式子化简变形.另外,解题时要注意数列与函数的内在联系,灵活运用函数的思想方法求解,在问题的求解过程中往往会遇到递推数列,因此掌握递推数列的常见解法有助于该类问题的解决.思维升华\n(2)数列与不等式的交汇问题①函数方法:即构造函数,通过函数的单调性、极值等得出关于正实数的不等式,通过对关于正实数的不等式特殊赋值得出数列中的不等式;②放缩方法:数列中不等式可以通过对中间过程或者最后的结果放缩得到;③比较方法:作差或者作商比较.(3)数列应用题①根据题意,确定数列模型;②准确求解模型;③问题作答,不要忽视问题的实际意义.\n跟踪训练3(2017·浙江新高考预测一)已知f(x)=lnx-x+1,x为正实数,g(x)=mx-1(m>0).(1)判断函数y=f(x)的单调性,给出你的结论;解答由f′(x)=0,得x=1.当x∈(0,1)时,f′(x)>0;当x∈(1,+∞)时,f′(x)<0,所以函数y=f(x)在(0,1)上是增函数,在(1,+∞)上是减函数.\n(2)若数列{an}的各项均为正数,a1=1,在m=2时,an+1=f(an)+g(an)+2(n∈N*),求证:an≤2n-1.证明\n由题意,正项数列{an}满足a1=1,an+1=lnan+an+2,由(1)知f(x)=lnx-x+1≤f(1)=0,即有不等式lnx≤x-1(x>0).下面用数学归纳法证明an≤2n-1(*)成立.①当n=1时,a1=1≤21-1,(*)式成立.②假设当n=k时,ak≤2k-1成立,则当n=k+1时,ak+1=lnak+ak+2≤ak-1+ak+2=2ak+1≤2(2k-1)+1=2k+1-1.所以当n=k+1时,(*)式也成立.由①②可知,an≤2n-1成立.\n课时训练\n1.(2016·北京)已知{an}是等差数列,{bn}是等比数列,且b2=3,b3=9,a1=b1,a14=b4.(1)求{an}的通项公式;解答12345\n设数列{an}的公差为d,{bn}的公比为q,∴{bn}的通项公式bn=b1qn-1=3n-1,又a1=b1=1,a14=b4=34-1=27,∴1+(14-1)d=27,解得d=2.∴{an}的通项公式an=a1+(n-1)d=1+(n-1)×2=2n-1(n=1,2,3,…).12345\n(2)设cn=an+bn,求数列{cn}的前n项和.解答设数列{cn}的前n项和为Sn.∵cn=an+bn=2n-1+3n-1,∴Sn=c1+c2+c3+…+cn=2×1-1+30+2×2-1+31+2×3-1+32+…+2n-1+3n-1=12345\n2.(2016·全国甲卷)等差数列{an}中,a3+a4=4,a5+a7=6.(1)求{an}的通项公式;解答设数列{an}的首项为a1,公差为d,12345\n(2)设bn=[an],求数列{bn}的前10项和,其中[x]表示不超过x的最大整数,如[0.9]=0,[2.6]=2.解答12345\n所以数列{bn}的前10项和为1×3+2×2+3×3+4×2=24.12345\n证明12345\n∴an+1=(an+1-an)+…+(a2-a1)+a17,n>0,n+1,n+2,…,nk-1全为正,12345

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