高中物理总复习资料精选 7页

对称思想在物理解题中的应用对称方法是速解高考命题的一种有效手段，是考生掌握的难点．●难点磁场图27-11．（★★★★）(2001年全国)惯性制导系统已广泛应用于弹道式导弹工程中，这个系统的重要元件之一是加速度计．加速度计构造原理的示意图如图27-1所示：沿导弹长度方向安装的固定光滑杆上套一质量为m的滑块，滑块两侧分别与劲度系数均为k的弹簧相连；两弹簧的另一端与固定壁相连．滑块原来静止，弹簧处于自然长度．滑块上有指针，可通过标尺测出滑块的位移，然后通过控制系统进行制导．设某段时间内导弹沿水平方向运动，指针向左偏离0点的距离为s，则这段时间内导弹的加速度A．方向向左，大小为ks/mB．方向向右，大小为ks/mC．方向向左，大小为2ks/mD．方向向右，大小为2ks/m2．（★★★★★）(2000年全国)如图27-2，两个共轴的圆筒形金属电极，外电极接地，其上均匀分布着平行于轴线的四条狭缝a、b、c和d，外筒的外半径为r０．在圆筒之外的足够大区域中有平行于轴线方向的均匀磁场，磁感应强度的大小为B．在两极间加上电压，使两圆筒之图27-2间的区域内有沿半径向外的电场．一质量为m、带电量为+q的粒子，从紧靠内筒且正对狭缝a的S点出发，初速为零．如果该粒子经过一段时间的运动之后恰好又回到出发点S，则两电极之间的电压U应是多少?(不计重力，整个装置在真空中．)7\n●案例探究［例1］（★★★★★）（时间对称）一人在离地H高度处，以相同的速率v0同时抛出两小球A和B，A被竖直上抛，B被竖直下抛，两球落地时间差为Δts，求速率v0．命题意图：考查综合分析灵活处理问题的能力．B级要求．错解分析：考生陷于对两运动过程的分析，试图寻找两过程中速度、时间的关联关系，比较求解，而不能从宏观总体上据竖直上抛时间的对称性上切入求解．解题方法与技巧：对于A的运动，当其上抛后再落回抛出点时，由于速度对称，向下的速度仍为v0，所以A球在抛出点以下的运动和B球完全相同，落地时间亦相同，因此，Δt就是A球在抛出点以上的运动时间，根据时间对称，Δt=，所以v0=．［例2］（★★★★★）（镜物对称）如图27-3所示，设有两面垂直于地面图27-3的光滑墙A和B，两墙水平距离为1．0m，从距地面高19．6m处的一点C以初速度为5．0m/s，沿水平方向投出一小球，设球与墙的碰撞为弹性碰撞，求小球落地点距墙A的水平距离．球落地前与墙壁碰撞了几次？（忽略空气阻力）命题意图：考查考生综合分析、推理归纳的能力．B级要求．错解分析：部分陷于逐段分析求解的泥潭，而不能依对称性将整个过程等效为一个平抛的过程，依水平位移切入求解．解题方法与技巧：如图27-4所示，设小球与墙壁碰撞前的速度为v，因为是弹性碰撞，所以在水平方向上的原速率弹回，即v⊥′=v⊥；又墙壁光滑，所以在竖直方向上速率不变，即v‖′=v‖，从而小球与墙壁碰撞前后的速度v和v′关于墙壁对称，碰撞后的轨迹与无墙壁时小球继续前进的轨迹关于墙壁对称，以后的碰撞亦然，因此，可将墙壁比作平面镜，把小球的图27-4运动转换为统一的平抛运动处理，由h=gt2和n=可得碰撞次数n==×次=10次．由于n刚好为偶数，故小球最后在A墙脚，即落地点距离A的水平距离为零．●锦囊妙计一、高考命题特点7\n对称法作为一种具体的解题方法，虽然高考命题没有单独正面考查，但是在每年的高考命题中都有所渗透和体现，（例1999年全国卷25题，2000年全国卷15题、21题，2001年全国卷4题，8题，13题，2000年上海卷4题、8题、22题），从侧面体现考生的直观思维能力和客观的猜想推理能力．既有利于高校选拔能力强素质高的优秀人才，又有利于中学教学对学生的学科素质和美学素质的培养．作为一种重要的物理思想和方法，相信在今后的高考命题中必将有所体现．二、利用对称法解题的思路1．领会物理情景，选取研究对象．在仔细审题的基础上，通过题目的条件、背景、设问，深刻剖析物理现象及过程，建立清晰的物理情景，选取恰当的研究对象如运动的物体、运动的某一过程或某一状态．2．透析研究对象的属性、运动特点及规律．3．寻找研究对象的对称性特点．在已有经验的基础上通过直觉思维，或借助对称原理的启发进行联想类比，来分析挖掘研究对象在某些属性上的对称性特点．这是解题的关键环节．4．利用对称性特点，依物理规律，对题目求解．●歼灭难点训练图27-51．（★★★★）如图27-5所示，质量为m1的框架顶部悬挂着质量分别为m2、m3的两物体（m2＞m3）．物体开始处于静止状态，现剪断两物体间的连线取走m3，当物体m2向上运动到最高点时，弹簧对框架的作用力大小等于_______，框架对地面的压力等于______．2．（★★★★）用材料相同的金属棒，构成一个正四面体如图27-6所示，如果每根金属棒的电阻为r，求A、B两端的电阻R．图27-6图27-73．（★★★★）沿水平方向向一堵竖直光滑墙壁抛出一弹性小球，抛出点离水平地面的高度7\n为h，距离墙壁的水平距离为s，小球与墙壁发生弹性碰撞后，落在水平地面上，落地点离墙壁的水平距离为2s，如图27-7所示，求小球抛出时的初速度．图27-8AB4．（★★★★★）如图27-8所示，半径为r的圆环，其上带有均匀分布的正电荷，单位长度的电荷为q，现截去圆环面部的一小段圆弧AB，=L（L＜r），求剩余部分在圆心O处的场强．5．（★★★★★）如图27-9所示在一个半径为R的绝缘橡皮圆筒中有一个沿轴向的磁感应强度为B的匀强磁场．一个质量为m，带电量为q的带负电的粒子，在很小的缺口A处垂直磁场沿半径方向射入，带电粒子与圆图27-9筒碰撞时无动能损失．要使带电粒子在里面绕行一周后，恰从A处飞出．问入射的初速度的大小应满足什么条件？（重力不计）图27-106．（★★★★★）如图27-10所示，ab是半径为R的圆的一条直径，该圆处于匀强电场中，场强为E，在圆周平面内，将一带正电q的小球从a点以相同的动能抛出，抛出方向不同时，小球会经过圆周上不同的点，在这些所有的点中，到达c点时小球的动量最大．已知∠cab=30°，若不计重力和空气阻力，试求：（1）电场方向与直线ac间的夹角θ？（2）若小球在a点时初速度方向与电场方向垂直，则小球恰能落在c点，则初动能为多少？7\n难点27对称思想在物理解题中的应用参考答案［难点磁场］1．D2．设粒子射入磁场区的速度为v，根据能量守恒，有mv２＝ｑＵ①设粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动的半径为R，由洛伦兹力公式和牛顿定律得：ｑBv=m②由对称性可知，要回到S点，粒子从a到ｄ必经过圆周．所以半径R必定等于筒的外半径r０，即R=r０③由以上各式解得：U=［歼灭难点训练］1．(m2-m3)g;(m1+m2-m3)g2．由于C、D两点为对称点，因此这两点为等势点，即C、D间无电流通过，所以可将C、D断开，其等效电路如图27′-1所示，显然R=，C、D两点为等电势点，当然也可将等势点重合在一起，其等效电路如图27′-2所示，很显然，R=．图27′-2图27′-17\n3．如图27′-3因小球与墙壁发生弹性碰撞，故小球在垂直于墙壁的方向上以速率v0弹回，故碰撞前后，小球在垂直于墙壁方向上的速率为v⊥=v⊥′=v0．图27′-3在平行墙壁的方向上，因墙壁光滑，碰撞前、后的速率不变，即v∥=v∥′从而使小球与墙壁碰撞前、后的速率对墙壁对称，即∠β=∠α，碰撞后小球的运动轨迹与无墙阻挡时小球继续前进的轨迹对称，如图27′-3所示，所以小球的运动可以转换成平抛运动处理．根据h=gt2得t=，因为抛出点到B′的距离为3s所以3s=v0tv0==3s=4．圆环缺顶后，失去对称性．已不能直接使用点电荷的场强公式求解．设想将缺失的带电圆环再补上，根据对称性，圆心O处的场强应当为零，即缺口圆在O处的场强与截弧AB在O处的场强等值反向．因截弧AB可等效为一点电荷，其在O处的场强太小：E=k，方向向下．5．带电粒子在筒内碰一次从A处飞出是不可能的，因为带电粒子在磁场内不可能是直线运动的．如果带电粒子在圆筒内碰撞两次可以从A处飞出，譬如在B点、C点处两次再从A点飞出．如图27′-4所示，由于带电粒子轨迹弧AB是对称的，当带电粒子在A点的速度是半径方向，则在B点的速度方向也是沿半径方向，同样在C点速度方向也是沿半径方向，最后从A点出来时的速度也沿半径方向出来．设∠AOC=2θ，则2θ=，θ=π图27′-4又轨迹半径r=Rtanθ,由于qv0B=m∴v0===碰撞次数只要大于两次，均有可能从A处飞出，故v0的一般解为：7\nθ=v0=tan(其中n=2,3,4……)6．（1）用对称性直接判断电场方向：由题设条件，在圆周平面内，从a点以相同的动能向不同方向抛出带正电的小球，小球会经过圆周上图27′-5不同点，且以经c点时小球的动能最大，可知，电场线平行于圆平面，又据动能定理，电场力对到达c点的小球做功最多，为Wac=qUac．因此，Uac最大．即c点的电势比圆周上的任何一点都低．又因为圆周平面处在匀强电场中，故连Oc，圆周上各点电势关于Oc对称（或作过c点且与圆周相切的线cf,cf是等势线），Oc方向即为电场方向（如图27′-5所示），其与直径ac夹角为θ=∠acO=∠cab=30°．（2）小球在匀强电场中做类平抛运动．小球沿ab方向抛出，设其初速度为v0，小球质量为m．在垂直电场方向，有=v0t,①在沿着电场线方向有=at2=t2,②由几何关系可得=2Rcosθ=R,③=·sinθ=R,④=·cosθ=R,⑤将③④⑤式代入①②两式并解得v0=．所以Ek0=mv02=qER．7