2018高考全国卷物理模拟试题-高中课件精选 17页

D.匀强电场的电场强度吕攀A.F=1ONB.F=20NC.Q=1OJD.Q=4J高三高考物理模拟试卷（三）14.如图所示，匀强电场中有一个0为圆心、半径为R的圆，AC为直径，电场方向与圆所在平面平行且与AB连线垂直斜向下，A、0两点电势差为U,—带正电的粒子只在电场力作用下在电场中运动，经A、B两点时速度方向均沿圆的切线方向，速度大小均为Vo.下列说法正确的是A.A、C两点的电势相等B.粒子从A到B的运动过程中，电势能先减小后增大C.匀强电场的电场强度2匕R15・如图所示，一个可视为质点的物块，质量为m=lkg,从光滑四分Z—圆弧轨道顶端由静止滑下，到达底端时恰好进入与圆弧轨道底端相切的水平传送带，传送带由电动机驱动着匀速逆时针转动，速度大小为v=3m/s.已知圆弧轨道半径R=0.45m,物块与传送带间的动摩擦因数为p=0.1,两皮带轮之间的距离为L=4m,物块滑到圆弧轨道底端时对轨道的作用力为F,物块与传送带摩擦产生的热量为Q.重力加速度取g=10m/s2.下列说法正确的是16.t=0时，将小球a从地面以一定的初速度竖直上抛，t=O.3s时，将小球b从地面上方某处静止释放，最终两球同时落地。a、b在0~0.6s内的v・t图像如图所示。不计空气阻力，重力加速度g=IOm/s2,下列说法正确的是A.小球a抛出时的速率为12m/sB.小球b释放的高度为0.45mC.t=0.6s时,a、b之间的距离为2.25mD.从t=0.3s时刻开始到落地，a相对b匀速直线运动17.如图所示，用两根长度均为I的轻绳将一重物悬挂在水平的天花板下，轻绳与天花板的夹角为6整个系统静止，这时每根轻绳中的拉力为「现将一根轻绳剪断，当小球摆至最低点时，轻绳中的拉力为r。e为某r一值时，一最大，此最大值为A.—B.2C.3>/^—24D.T5425\n如图所示，质量均为m的A、B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧拴接在一起竖直放置在水平地面上，物体A处于静止状态在A的正上方h高处有一质量也为m的小球Co现将小球C由静止释放，C与A发生碰撞后立刻粘在一起，弹簧始终在弹性限度内，忽略空气阻力，重力加速度为g.下列说法错误的是A.C与A碰撞后瞬间A的速度大小为C.C与A碰撞后弹簧的最大弹性势能为竺也2A.要使碰后物体B被拉离地面，h至少为泌KA.副线圈中电流的变化频率为50HZB.灯泡D两端电压为55VC.若交变电压u的有效值不变，频率增大，则电压表◎的示数将减小D.若交变电压u的有效值不变，频率增大，则灯泡D的亮度将变暗20.如图(a)所示，在半径为R的虚线区域内存在周期性变化的磁场，其变化规律如图(b)所示。薄挡板MN两端点恰在圆周上，且MN所对的圆心角为120\在t=0时，一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，以初速度v从A点沿直径AOB射入场区，运动到圆心0后，做一次半径为£的完整的圆周运动，再沿直线运动到B点,2在B点与挡板碰撞后原速率返回(碰撞时间不计，电荷量不变)，运动轨迹如图⑻所示。粒子的重力不计，不考虑变化的磁场所产生的电场，下列说法正确的是A.磁场方向垂直纸面向外B.图(b)中B()2mvqR”亠"R+ttRC.图(b)中厶二vD.若t=0时，质量为m、电荷量为-q的带电粒子，以初速度v从A点沿A0入射，偏转、碰撞后，仍可返回A点图(a)BB*•■-r|$|iiiiitit・■■■O752Aicvcv29.如图所示，理想变压器的原副线圈的匝数比为4：2,原线圈接有u=311sinl00nt(V)的交变电压，副线圈上接有定值电阻R、线圈L、灯泡D及理想电压表0以下说法正确的是\n21・如图所示，光滑水平桌面放置着物块A,它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B。已知A的质屋为m,B的质量为3m,重力加速度大小为g。静止释放物块A、B后A.相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1B.物块A、B的加速度之比为1:1C.细绳的拉力为晋D.当B下落高度h时，速度为22.某物理兴趣小组利用如图甲所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数的实验在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g。采用的实验步骤如下：A.在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片；B.用天平分别测出小滑块a（含挡光片）和小球b的质量ma、mb；C•在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；D.烧断细线后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；E.记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间At；F.滑块a最终停在C点（图中未画出）用刻度尺测出AC之间的距离Sa；G.小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离Sb；H.改变弹簧压缩量，进行多次测量。⑴用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图乙所示，则挡光片的宽度为mm；⑵该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体a、b弹开后的动量大小相等，即a的动量大小等于b的动量大小;（用上述实验所涉及物理量的字母表示）⑶改变弹簣压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块a的》与亠•关系图象如图丙所示，图象的斜率为k,则平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为o（用上述实验数据字母表示）\n23・某个同学设计了一个电路，既能测量电池组的电动势E和内阻r,又能同时测量未知电阻Rx的阻值。器材如下：A.电池组（四节干电池）B.待测电阻Rx（约IOQ）C.电压表VI（量程3V、内阻很大）D.电压表V2（量程6V、内阻很大）E.电阻箱R（最大阻值99.9Q）F.开关一只，导线若干实验步骤如下：⑴将实验器材连接成如图（a）所示的电路，闭合开关，调节电阻箱的阻值，先让电压表VI接近满偏，逐渐增加电阻箱的阻值，并分别读出两只电压表的读数。图心）R25-UR图（c）/A⑵根据记录的电压表VI的读数U1和电压表V2的读数U2,以为纵坐标，以对应的电阻箱的阻值R为横坐标，得到的实验结果如图（b）所示。由图可求得待测电阻Rx二—Q（保留两位有效数字）。⑶图（c）分别是以两电压表的读数为纵坐标，以两电压表读数之差与电阻箱阻值的比值乞也为横坐标得到R结果。由图可求得电池组的电动势E.V,内阻“—Q两图线的交点的横坐标为—A,纵坐标为—Vo（结果均保留两位有效数字）24.2018年2月在平昌冬奥会中，我国运动员李馨参加了两项越野滑雪的比赛，成绩有所突破如图所示，某次滑雪训练，如果该运动员站在水平雪道上第一次利用滑雪杖对雪面的作用获得水平推力F=75N而从静止向前滑行，其作用时间为t1=1.0so撤除水平推力F后经过t2=2.0s,她第二次利用滑雪杖对面的作用获得同样的水平推力，笫二次利用滑雪杖对雪面的作用距离与笫一次相同已知该运动员连同装备的总质量为m=60kg,在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为Ff=15N运动员可视为质点，不考虑空气阻力。求：（1）运动员第一次利用滑雪杖对雪面作用后的速度大小及这段时间内的位移大小；⑵运动员第二次撤除水平推力后滑行的最大距离。\n24.如图所示的直角坐标系中，在直线x=-8L到y轴区域内存在着两个大小相等、方向相反的有界匀强电场,其中x轴上方的电场方向沿、轴负方向，x轴下方的电场方向沿y轴正方向。在x>0的区域内存在着垂直纸面的匀强磁场(图屮未画出)，磁感应强度的大小B二如。在电场左边界坐标为(-8L,—4L)的A点和坐标为(一5Lq8L,一L)的C点，将质量为m、电荷量为q的带正电粒子，先后以相同的速度V。沿x轴正方向射入电场.从A点射入的粒子，恰好从y轴上坐标为(0,4L)的A，点以速度V。沿x轴正方向射出电场，其运动轨迹如图所示。不计粒子的重力及它们之间的相互作用。⑴求匀强电场的电场强度E的大小；(2)要使两粒子在磁场中相遇，求在A、C两点射入粒子的时间差及两粒子在磁场中相遇点的坐标。33.(1)对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是A.・气体分子间距离增大，分子势能可能先增大后减小B.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变C.在完全失重的状态下，气体的压强为零D.如果气体从外界吸收热10J,同时对外做功8J,则该气体的内能一定增大2JE.气体温度不变时，体积减小，则每秒撞击单位面积器壁的分子数增多(2)如图所示粗细均匀的U形管左端封闭，0处由橡皮软管连接，左右两端竖直管内有高为19cm的水银柱封住两部分理想气体A和右端水银柱上方和大气相通。大气压强等于76cm汞柱，初始平衡时B部分气体总长度为96cm,现将U形管右边倾斜^=37°角，同时改变环境温度，重新达到平衡时发现左边水银柱恰好在\n原位置，且右边水银柱没有进入水平管内。试求:①U形管倾斜前后的环境的热力学温度之比为多少②右管内水银柱沿管移动的距离\n14.如图(a),超级高铁(Hyperloop)是一种以“真空管道运输〃为理论核心设计的交通工具，它具有超高速、低能耗、无噪声、零污染等特点。如图(b),已知管道屮固定着两根平行金属导轨MN、PQ,两导轨问距为、疗r；运输车的质量为m,横截面是半径为r的圆。运输车上固定着间距为D、与导轨垂直的两根导体棒［和2,每根导体棒的电阻为R，每段长度为D的导轨的电阻也为R。其他电阻忽略不计，重力加速度为g。H(0)QXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXH—D—D—导体棒】导体悸2|?|(d)•XXX.*图(e)XXXxXXXXXX导体棒2°(1)如图(c),当管道屮的导轨平面与水平面成9=30°时，运输车恰好能无动力地匀速下滑。求运输车与导轨间的动摩擦因数U；(2)在水平导轨上进行实验，不考虑摩擦及空气阻力。①当运输车由静止离站时，在导体棒2后间距为D处接通固定在导轨上电动势为E的直流电源，此时导体棒1、2均处于磁感应强度为B,垂直导轨平向下的匀强磁场中，如图(d)。求刚接通电源时运输车的加速度的大小；(电源内阻不计，不考虑电磁感应现象)②当运输车进站时，管道内依次分布磁感应强度为B,宽度为D的匀强磁场，且相邻的匀强磁场的方向相反。求运输车以速度vo从如图(e)通过距离D后的速度V。\n参考答案14.D【解析】带电粒子仅在电场力作用下，由于粒子在&、B两点动能相等，则电势能也相等。因为匀强电场，所以两点的连线AB即为等势面，所以&、C两点不在同一等势面上，所以A、C的电势不相等，根据等势面与电场线垂直特性，从而画出电场线CO,如图所示：由曲线运动条件可知，正电粒子所受的电场力沿着CO方向，因此粒子从人到B做抛体运动，速度方向与电场力方向夹角先大于90。后小于90。，电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，故AB错误；匀强电场的电场强度U=Ed式中的d是沿着电场强度方向的距离，因而由几何关系可知，Ua°=Ex耳R,解得：E=〈辺，故c错误，D正确。R14.C【解析】物块滑到圆弧轨道底端的过程屮，由机械能守恒：mgR=-mv^解得："二斤=3加心，2在轨道的底端，由牛顿第二定律得：=代入数据解得F=30N,故AB错误；物块滑上传送带r将作匀减速运动，设匀减速运动的最大距离Sm，加速度大小为a,由牛顿笫二定律得：ymg二ma,解得a=lm/s2,v232可得：$—加=4.5加，因为两皮带轮Z间的距离为£=4m,所以物块将从传送带的右端离开传送”2a2x1带。设物块在传送带滑行时间为r,则有：L=v.t-^at2,解得：t=2s,在=2s时间内传送带的位移大小为x=vt=2x3m=6m,物块相对于传送带的位移为Ax=x+£=10m,热量Q=/LzmgAx=10J,所以C正确，D错误。所以C正确,ABD错误。15.D【解析】由v・t图像可知，a球经0.6s到达最高点，则抛出时的速率为岭“=gf=10x6"?/$=6加/$,选项A错误；两球同时落地，则小球b落地的时间为tb=1.2s-0.3s=0.9s,则小球b释放的高度为hh=^gtl=|xl0x0.92m=4.05m,选项B错误；t=0.6s时，a到达最高点，距离地面的高度为11hl}=—xl0x0.6m=1.8?；b距离地面的高度为4.05m——x10x0.3^/77=3.6/77,此时ab之间的距离为221.8m,选项C错误；从t=0.3s时刻开始到落地，两物体的加速度相同，则a相对b匀速直线运动，选项D正确；故选D.点睛：此题关键是能从v・t图像中获取信息，弄清两物体运动的时间、速度及加速度关系；知道竖直上抛和自由落体运动的相对运动是匀速直线运动.16.A\n【解析】剪断细线之前：剪断细线后，摆到最低点吋：-mv2=;^/(1-sin^),由牛顿第二V2Tr9定律：r-mg=m—；联立解得一=6sin&-4sii?&),由数学知识可知，此比值的最大值为一，故选/T4A.14.C【解析】对C自由下落过程，由机械能守恒得：mgh=1mvl,解得:*)=J顽，对C与A组成的系统,取向下为止方向，由动量守恒定律得：mvQ=2mvl,解得：%=密^~,故A正确；C与A碰撞时产生的内能为：=寸?［此-勺=~^mgh,故B止确；当AC速度为零时，弹簧的弹性势能有最大值，EP^=-2mv；+2mg\x丄ngh,故C错误；开始时弹簧的压缩量为：H=些，碰后物体B刚被拉离22K地面时弹簧伸长量为：H=竺,则AC将上升2H,弹簧弹性势能不变，由系统的机械能守恒得：k丄2”诉=2加g・2H,解得：h=沁,故D正确。所以ABD正确，C错误。1k15.AD【解析】变压器不会改变电流的频率，电流的频率为f=-=—=^^Hz=50Hzf故A正确；由瞬时值=220V,在根据T2兀2兀的表达式可知，原线圈的电压最大值为311V,所以原线圈的电压的有效值为:电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V,在副线圈屮接有电阻&电感线圈L和灯泡D,它们的总的电压为55V,所以灯泡-两端电压一定会小于55V,故B错误；在根据电压与匝数成正比可知副线圈的电压不变，所以电压表的示数不变，故C错误；交流电的频率越大，电感线圈对交流电有阻碍作用就越大，所以电路的电流会减小，灯泡D的亮度要变暗，故D正确。所以AD正确，BC错误。16.BC【解析】根据轨迹可知，带正电的粒子从0点向上偏转做圆周运动，由左手定则可知，磁场方向垂直纸面向V里，选项A错误；粒子在磁场屮做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvBo=m^-,解得K22//1V磁感应强度：Bo=——，选项B正确；虚线区域不加磁场时粒子做匀速直线运动，粒子做匀速直线运动的时间:qRR人=—,虚线区域加速磁场后粒子做匀速圆周运动，粒子做匀速圆周运动的时间:V\ncvcv\n磁场变化的周期：T0=t1+t2=,选项C正确；若t=0时，质量为m、电荷量为・q的带电粒子，以初速度v从A点沿A0入射，到达0点后向下，与板碰撞后，到达B板，与B碰撞后向上偏转90°然后从磁场中飞出，则不能返回A点，选项D错误；故选BC.点睛：此题关键是要搞清粒子在磁场中的运动情况即轨迹，结合圆周运动的知识求解运动时间；注意用左手定则判断洛伦兹力的方向时要注意四指的指向.14.AC【解析】根据动滑轮的特点可知，相同时间内，A、B运动的路程Z比为2:1,选项A正确；根据x丄at?可知,物块A、B的加速度之比为2:1,选项B错误；设细绳的拉力为T,B的加速度为a,则对A：T=m-2a；对B:3mg—gh,选项D错误;16■2T=3ma；解得护尹T=7mg；选项C正甌当BF落高度h时,速度为-故选AC.点睛：此题是隔离法的应用问题；关键是先搞清两物体的位移关系即可知道加速度和速度关系了；知道动滑轮的特点.【解析】（1）螺旋测微器的读数为：2.5mm+0.050mm=2.550mmo（2）烧断细线后，a向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a经过光电门的速度为：儿斗故ad19的动量为：Pa=ma-9b离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：h=-gt2及=vbt联立解t2（3）对物体a由光电门向左运动过程分析，则有：亡"叭,经过光电门的速度：vw=y,由牛顿第二定律可得：0=岀竺=联立可得：5.=-—-,则由图象可知：“=卫一。m"2“g尸尸2kg23.8.06.04.00.504.0【解析】（2）由欧姆定律可知：U.=U、旦R,即^=1+—/?；由图像可知图像与纵轴的截距等于2,「KU、比13-11则斜率—=-—=-,即心二&OQ。&168（3）由电路图可知5一5=/,则过原点的直线表示电阻Rx的伏安线，函数关系为U二幻；倾斜的直线表A/1.5示电源的U7线，则由图像可知E=6.OV；r=—=—Q=4.0Q；U-/关系为UM-41,解方程组可得，两图像的交点为：I9SA：U=4.OV.\n点睛；此题先要搞清电路图的结构，然后根据实验的步骤搞清实验的原理，结合欧姆定律找出函数关系，结合图像的斜率和截距的意义求解。24.(1)0.5m(2)2.5m【解析】试题分析：根据牛顿第二定律求出利用雪仗作用时的加速度，根据速度时间公式求出第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小，根据位移与时I'可关系求出这段时间内的位移；根据牛顿第二定律求出撤去推力后的加速度，结合速度时间公式求出2s后的速度，根据速度位移公式求出雪仗笫2次对雪面作用后的速度，再结合速度位移公式求出第二次撤除水平推力后滑行的最大距离。(1)运动员在雪道上用滑雪杖对雪面作用时根据牛顿第二定律：F-f=ma}解得加速度为：ax=\m/s2h=i.0s时的速度为：Vj=a^=\m!s这段时间内的位移：x,=o.5加(2)无雪仗后，运动员减速，根据牛顿第二定律：f=ma2解得加速度为：a.=0.25m/?撤除水平推力F后经过2s时的速度为：v2=V)-a2t2=0.5m/5第二次利用滑雪杖对雪面的作用获得同样的水平推力，作用距离与第一次相同，则有：话一讶=2qX]解得：叫=£皿/s此后在水平方向仅受摩擦力作用做匀减速运动,滑行的最大距离为：v；=2ax2解得：x2=2.5m点睛：本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，加速度是解决问题的小间桥梁，明确运动过程是解决问题的关键。225.(1)如(2)①一屈L,-3.5L②一巧厶6.5厶2qL<2丿<2丿【解析】试题分析：将带电粒子的运用沿水平和竖直方向正交分解，水平方向做匀速直线运动，竖直方向在x轴上下方都做匀变速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式列式分析；画出轨迹根据牛顿第二定律和运动动学公式结合几何关系，即可求出在A、C两点射入粒子的时间差及两粒子在磁场屮相遇点的坐标。(1)设从人点射入的粒子在x方向：8L=v^t在y方向先做匀加速后做匀减速运动:4L\n加速度为：qE=ma(2)从C点入射的粒子在y轴上的C'点射出与从A点射入的粒子在电场中运动时间相同C'的纵坐标为:=—L1仃丫—a—速度大小仍为％，方向沿X轴方向①当粒子从人点先射入，磁场的方向垂直纸面向外才能相遇，根据儿何关系:yJaL严、\\-c才Jr172根据牛顿第二定律：qv.B=m乞r圆周公式：T=—vo解得：r=5L时间差为：A5/rL^t=tAL=Q3v0横坐标为:x=rsin60°=—a/3£2纵坐标为：y=一(厶+rcos60°)=-3.5Lcvcv\n所以相遇点为：評-3.5厶、兀I②当粒子从&点先射入’磁场的丿J向垂-直纸面向外才能相遇’同①得肓横坐标：/=rsin60°=-^L2纵坐标：#=4厶+7Tos60°=6.5厶所以相遇点为：［-a/3L,6.5LU丿点睛：本题主要考查了粒子在电磁场中的运动，将粒子的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解，然后根据牛顿运动定律和运动学公式列式分析求解；解题过程中要画出轨迹图分析。33.（1）BDEt（1）由题意可知，A部分气体等容变化，而其始末状态压强乙、戸人分别为：（1分）（1分）（1分）PA=h=16cmHg^tPA=kQ4-/?cosar-/?=72.^.cmHg£_巳_76_207\=^=722=19根据查里走律：弘（2）对B部分气体其始末状态压强、马=妬+必=95cmHg（1分）PB=Ao+Acosa=9\.2cmHg设u形管的横截面积为S，倾斜后气体的总长度为厂，由理想气体状态方程:\n（2分）,即水银柱沿管向下移动了lcm（2分）点睛：本题主要考查了气体的温度之比、水银柱移动的距离，分析清楚题意、选择恰当的研究对象、根据题意求出气体状态参量，应用查理定律与理想气体状态方程即可正确解题。14'(1)T⑵①常②勺一3r2B2DmR【解析】（1）分析运输车的受力，将运输车的重力分解，如图久轨道对运输车的支持力为N八S如图b.由几何关系N、=mgcos0,N2=加geos0运输车匀速运动MgsMgfi+f?/?解得：//=—6（2）①运输车到站时，电路图如图（c）,A/AUR~4~p由闭合电路的欧姆定律/二——\n导体棒所受的安培力：F\=BI\®F2=BI2y(3r运输午的加速度。=m解得"壘1\mR②运输车进站时，电路如图/当车速为#吋，由法拉第电磁感应定律：匕=B•羽①；E*=B•\firv由闭合电路的欧姆定律/=垃也4R导体棒所受的安培力：F、=BI・d；F2=BI^rB2-3r2v运输车所受的合力:F=R选収一小段时间运输车速度的变化量为△#,由动量定律：・"6%=仙R即.B2-3r2Ax=mAv两边求和:3B2r2DR解得3BVDmRcvcv\n