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  • 2021-05-10 发布

2019年中考物理真题试题(含解析)(新版)新目标版(3)

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‎2019年中考物理真题试题 选择题 ‎(2018·荆州中考)13.下列关于水能的说法,正确的是 A. 水能是可再生能源 B. 利用水能发电不会破坏生态环境,所以要尽可能多的修建水力发电站 C. 水力发电是将水的内能转化为电能 D. 水能比电能更方便输送和转化 解析:选A。本题考查新能源。水能可以很快再生,属于可再生能源,A正确;建造水电站可能对周围的生态环境造成影响,所以要慎重建造,B错误;水力发电是把水的机械能转化为电能,C错误;水能远不如电能方便输送和转化,所以要把水能转变成电能,D错误。‎ ‎(2018·荆州中考)14.关于声现象,下列说法正确的是 A. 有些高科技产品不振动也可发声 B. 声音只可以传递信息 C. 考场周边“禁止鸣笛”是防止噪声产生 D. ‎“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的 解析:选C。本题综合考查声现象。所有的声音都是由振动产生的,A错误;声音既可以传递信息也可以传递能量,B错误;禁止鸣笛是从声源处防止声音的产生,C正确;闻其声而知其人是根据声音的音色来判断的,D错误。‎ ‎(2018·荆州中考)15.下列几个光现象中,属于光的反射现象的是 ‎ A. ‎ 路灯下的“人影”‎ B. ‎ 大桥在水中的“倒影”‎ C. ‎ 海面上的“海市蜃楼”‎ D. ‎ 雨后的“彩虹”‎ 解析:选B。本题考查光现象的判断。路灯下的人影是影子,是由光的直线传播形成的,A错误;大桥在水中的倒影是平面镜成像,是光的反射现象,B正确;海面上的海市蜃楼是光的折射现象形成的,C错误;雨后的彩虹是光的色散,D错误。‎ ‎(2018·荆州中考)16.以下说法,不正确的是 ‎ A. 春日清晨,草叶上形成露珠是液化现象 B. 夏天傍晚,院子里洒水利用汽化吸热降温 13‎ A. 晚秋时节,瓦片上出现白霜是凝固现象 B. 深冬时节,树枝上出现雾凇是凝华现象 ‎ 解析:选C。本题考查对物态变化现象的判断。露珠的形成是空气中的水蒸气液化,A正确;洒水可以利用水的蒸发来吸热降温,B正确;白霜、雾凇的出现,都是空气中的水蒸气凝华所致,C错误、D正确;故选C。‎ ‎(2018·荆州中考)17.关于平面镜成像特点及其实验探究,下列说法不正确的是 A. 物体距平面镜越近所成的像越大 B . 将蜡烛靠近玻璃板的同时像也将靠近玻璃板 C. ‎ 做多次实验是为了避免实验结果的偶然性 D. ‎ 使用光屏是为了探究平面镜所成像的虚实 解析:选A。本题考查平面镜成像的特点及其实验探究。平面镜所成的像是与物体等大的虚像,与物体与平面镜的距离无关,A错误;物体与在镜中所成的像与镜面的距离相等,所以蜡烛靠近玻璃板的时候,像也会靠近玻璃板,B正确;做多次实验是为了避免实验结果的偶然性,C正确;实像能用光屏承接,虚像不能,所以用光屏可以探究平面镜所成像的虚实,D正确;故选A。‎ ‎(2018·荆州中考)18.某同学家的电灯均正常工作,当他把“220V 16W”的台灯插入插座后,闭合台灯开关,室内电灯全部熄灭. 发生这一现象的原因可能是 A. 插座处短路 B. 台灯灯头处短路 ‎ C. 插座处断路 D. 台灯灯头处断路 解析:选B。本题考查家庭电路故障问题。如果是断路,则只会影响到台灯,不会影响到其他灯,故C、D错误;如果是插座处短路,则不用等到闭合开关就会导致保险丝烧断室内点灯全部熄灭,所以A错误;灯头处短路符合题中所述情景,闭合开关之后,保险丝被烧断,室内点灯全部熄灭,故选B。‎ ‎(2018·荆州中考)19.如图所示的几个实验装置中, 与动圈式话筒工作原理相同的是 ‎ ‎ A B. C. D.‎ 13‎ 解析:选D。本题综合考查电磁学实验。动圈式话筒是利用电磁感应工作的。A项、B项都是电流的磁效应,C项是磁场对通电导线的作用力,D项是电磁感应实验,所以选D。‎ ‎(2018·荆州中考)20.2017年10月28日,荆州国际马拉松赛激情开跑. 这是荆州有史以来规模最大、影响最广的一次国际体育赛事,向世界展示了一个生态、人文、健康、创新、开放的荆州. 以下说法正确的是 A. 某选手冲线后没有立即停下来,是因为受到惯性力的作用 B. 运动员鞋底面刻有凹凸不平的花纹,主要是为了增大压力 C. 奔跑中的运动员看到路旁的树向后退去,是以大地为参照物 D. 某选手跑前1km用时5min,最后100m用时20s,该选手跑最后100m平均速度大 解析:选D。本题综合考查力与运动。选手冲线后没有立即停下来,是因为他有惯性,而不是受到惯性力的作用,A错误;运动鞋的地面刻有凹凸不平的花纹,是为了增大摩擦力,而不是压力,B错误;奔跑中的选手看到路边的树向后退,是以自己为参照物的,C错误;v1=s1/t1=1km/5min=1000m/300s=3.3m/s,v2=s2/t2=100m/20s=5m/s,所以该选手最后100m平均速度大,D正确。‎ ‎(2018·荆州中考)21. 如图所示,用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动,下列说法正确的是 A. 木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力 B. 木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力 C. 木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力 D. 木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力 解析:选C。本题考查平衡力和相互作用力的辨析。木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力的方向不在同一条直线上,所以二者不是一对平衡力,A错误;木块对细绳的拉力和细绳对木块的拉力是一对相互作用力,所以B、D均错误;木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力,C正确。‎ ‎(2018·荆州中考)22. 如图所示,将滑动变阻器R1与定值电阻R2接入电源电压不变的电路中. 闭合开关S,各表均有一定示数,滑动变阻器的滑片向右滑动到某一位置,电压表V1、V2示数的变化量分别为△U1、△U2.下列说法正确的是 13‎ A.V1示数变大,V2示数不变 B.V1示数变大,△U1>△U2‎ C.V2示数变小,V2示数和电流表示数之比变小 D.V2示数变小,V2示数和电流表示数之比不变 解析:选D。本题考查欧姆定律在串联电路中的应用。滑动变阻器的滑片右移,滑动变阻器连入电路的电阻变大,电路中的电流变小,所以V2的示数变小,R1 与R2串联,V1、V2示数之和为电源电压,不变,所以V1的示数变大,且△U1=△U2,A、B两项都错误;V2示数和电流表示数之比为R2阻值,不变,C错误,D正确。‎ ‎(2018·荆州中考)23. 如图所示的电路,电源电压U=12V保持不变,滑动变阻器R0标有“100Ω 1A”字样,灯泡L标有“6V 6W”字样(灯丝电阻不随温度而变化),电流表量程为0~0.6A,电压表量程为0~15V. 为了确保测量准确,要求电表的示数不小于其最大测量值的1/3,要使测量准确并确保电路安全,下列判断正确的是 A.灯泡L消耗的最小功率是0.24W B.正常发光时灯丝的电阻是12Ω C.电路中电流的变化范围是0.11A~0.6A D.滑动变阻器阻值的变化范围是14Ω~48Ω 解析:选A。本题综合考查电功率、欧姆定律、串并联电路的规律。灯泡灯丝的电阻R,代入数据可得R=6Ω,B错误;考虑到电表示数要求,电流表的示数为I1=0.6A/3=0.2A时,电路中电流最小,灯泡L消耗的功率最小,这时P=I2R=(0.2A)2×6Ω=0.24W,A正确;当灯泡正常发光时,电路中电流最大,Imax=P/U=6W/6V=1A,,所以电路中电流的变化范围是 13‎ ‎0.2A~1A,C错误;当电路中电流最小时,电路中总电阻为R1=U总/I1=12V/0.2A=60Ω,这时滑动变阻器连入电路的阻值为R01=R1-R=60Ω-6Ω=54Ω,当电路中电流最时大,电路中的总电阻为R2=U总/Imax=12V/1A=12Ω,这时滑动变阻器连入电路的阻值为R02=R2-R=12Ω-6Ω=6Ω,当滑动变阻器的阻值在6Ω~54Ω范围内变动时,电压表的示数符合要求,所以滑动变阻器的阻值变化范围为6Ω~54Ω,D错误。‎ ‎(2018·荆州中考)24.如图所示,竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组,已知每个滑轮重均为50N,滑轮组下端挂有物体B,滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连,物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动,此时测力计的示数为550N;在物体B下加挂重为90N的物体C后,用水平向左的力F拉动物体A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动,此时物体B上升的速度大小为5cm/s. 若不计绳重及滑轮的摩擦,g取10N/kg,则下列说法中正确的是 A.物体A所受滑动摩擦力大小为275N B. F的大小为530N C. F做功的功率为42w D.B的重力为500N 解析:选B。本题考查滑轮组。设物体A所受摩擦力大小为f,则有2f+50N=550N,所以f=250N,A错误;对于物体B,有3f=GB+G滑,即250N×3=GB+50N,所以GB=700N,D错误;加挂物体C后,有3(F—f)=GB+GC+G滑,即3(F-250N)=700N+90N+50N,解得F=530N,B正确;物体B上升的速度为5cm/s,则拉力F端移动的速度v=3×5cm/s=0.15m/s,F的功率P=Fv=530N×0.15m/s=79.5W,C错误。‎ 二、填空题(本大题包括4小题,每小题4分,共16分) (2018·荆州中考)25.(1)据报道,荆州机场已在沙市区岑河镇动工,机场的建成将为我们的出行带来极大方便. 飞机升空过程中,机翼___上__方(选填“上”或“下”)的空气流速大,压强小;随着海拔高度的升高,外界大气压强会___变小__(选填“变大”、“变小”或“不变”).‎ 13‎ 解析:本题考查流体的压强与流速的关系、大气压。飞机机翼横截面上方是圆弧状,下方是直线,飞机运动时上方空气流速大,压强小,下方空气流速小,压强大,从而形成升力;大气压随海波的升高而降低。‎ ‎(2)游乐园的小朋友从滑梯上匀速下滑过程中,动能__不变___(选填“增大”、“减小”或“不变”),同时臀部有灼热感,这是通过___做功____方式来改变内能的.‎ 解析:本题考查动能及内能改变的方式。匀速下滑,速度不变,所以动能不变;臀部有灼热感是通过摩擦做功,把机械能变为内能。‎ ‎(2018·荆州中考)26.小明的爸爸新买了一辆燃油小汽车,小明估测了一下小汽车的宽度约为200___cm__(填长度单位);刚打开车门,他就闻到一股气味,爸爸告诉他这其实是物理学中的___扩散___现象;汽车对地面的压力是由于__轮胎___(选填“轮胎”、“地面”)发生形变而产生的;汽车依靠发动机工作时的___做功__冲程获得动力.‎ 解析:本题综合考查长度估测、分子动理论、弹力、热机。小汽车的宽度在2m左右,也就是200cm;汽车中的气味是因为汽车中物质的扩散而来;轮胎变形对地面产生了压力;汽油机工作时,做功冲程对外做功提供动力。‎ ‎(2018·荆州中考)27.某家庭用的电热水器将体积为60L,温度为20℃的自来水加热到50℃,则水吸收的热量为__ 7.56×106___J[水的比热容4.2×103J/(kg·℃)]. 若热水器的功率为2000w,用时5000s,则该热水器的效率为____75.6%_____.‎ 解析:本题考查热量的相关计算。Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1.0×103kg/m3×60×10-3m3×(50℃-20℃)=7.56×106 J;效率η==== 75.6%‎ ‎(2018·荆州中考)28.如图所示,一轻质杠杆水平支在支架上,OA=20cm,G1是边长为5cm的正方体,G2重为20N. 当OC=l0cm时,绳子的拉力为__10___N,此时G1对地面的压强为2×104Pa. 现用一水平拉力使G2以5cm/s的速度向右匀速直线运动,经过___10___s后,可使G1对地面的压力恰好为零.‎ 解析:本题考查杠杆的平衡条件的应用。根据杠杆的平衡条件,当OC=10cm时,G2×OC=F×OA,即20N×10cm=F×20cm,所以F=10N。此时G1对地面的压强为2×104Pa,即 13‎ ‎=2×104Pa,其中S=0.05m×0.05m=2.5×10-3m2,代入前面的式子得,G1=60N。当G1对地面的压力为零时,G1×OA=G2×L,即60N×20cm=20N×L,解得L=60cm,根据题意有OC+vt=L,即10cm+5cm/s·t=60cm,所以t=10s。‎ 三.实验与探究题(本大题包括5小题,每空1分,共24分)‎ ‎(2018·荆州中考)29.(5分)如图甲是小明、小红两名同学分别探究“水的沸腾”的实验装置,他们所用的器材规格完全相同.‎ ‎(1)安装实验器材时,应按照      自下而上  的顺序进行(选填“自下而上”或“自上而下”).‎ ‎(2)安装好器材开始实验后,小红如图甲所示进行读数,其错误之处是:读数时,视线没有与温度计中液柱的上表面   相平      .‎ ‎(3)读数时小明发现A点有小水滴影响读数,小水滴的成因是       液化      (填物态变化名称),而按乙图改进后可以顺利读数.‎ ‎(4)图丙是两名同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像.‎ ‎①由图像可知,实验室当时的大气压      低于    (选填“高于”、“低于”或“等于”)1标准大气压.‎ ‎②若小明和小红所选水的质量分别为m1、m2,根据图像丙分析可知m1  _<___m2(选填“>”、“<”或“=”).‎ 解析:本题考查水的沸腾的实验探究。‎ ‎(1)为便于更好地确定位置,实验装置要按照从下到上的顺序进行安装;‎ ‎(2)温度计读数时要注意实现与刻度相平;‎ ‎(3)温度计上的小水滴是沸腾时产生的水蒸气遇冷液化而成;‎ ‎(4)由图像知,实验时水的沸点是98℃,不到100℃,所以这时的大气压低于1标准大气压,小明的实验中,水用更短的时间达到沸点,而加热的装置相同,所以小明用的水的质量更小,即m1  <m2。‎ ‎(2018·荆州中考)30.(‎ 13‎ ‎6分)在探究凸透镜成像规律时,如图甲所示,将A凸透镜固定在光具座上35cm刻线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上5cm刻线处,移动光屏,使烛焰在光屏上成清晰的像,由A凸透镜成像中物距和像距的变化关系画出图像如图乙所示;接着他保持蜡烛的位置不变,将凸透镜A换为凸透镜B并保持位置不变,移动光屏,使烛焰在光屏上成清晰的像,如图丙所示.‎ (1) 请根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断:凸透镜A的焦距是      10         cm,凸透镜A的焦距           小于    凸透镜B的焦距(选填“大于”、“小于”或“等于”).‎ (2) 在甲图中,保持凸透镜不动,把蜡烛向右移动5cm,要想在光屏上再次得到清晰的像,应该把光屏向____右__(选填“左”、“右”)移动一段距离,像将 变大 (选填“变大”、“变小”或“不变”).‎ (3) 图丙所示的实验现象可以说明 幻灯机 的成像特点(选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”);若将远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间,光屏上原来清晰的像变模糊了,若保持凸透镜和光屏的位置不动,应使蜡烛 靠近 (选填“靠近”、“远离”)凸透镜,则又能在光屏上看到蜡烛清晰的像.‎ 解析:本题考查凸透镜成像规律的实验探究。‎ ‎(1)根据图乙可知,当u=v=20cm时,蜡烛成等大的实像,这时u=v=2f,所以f=10cm,即凸透镜A的焦距是10cm。设凸透镜B的 焦距为fB,由图丙知fB<30cm<2fB,所以15cm<fB<30cm,所以凸透镜A的焦距小于凸透镜B的焦距。‎ ‎(2)原来蜡烛距离凸透镜30cm,蜡烛右移5cm后,物距变为25cm,根据凸透镜成像特点,物距变小,像距变大,所以光屏应向右移动,像距比原来更大,所以像将变大;‎ 13‎ ‎(3)图丙所示实验中,蜡烛通过凸透镜成放大倒立的实像,与幻灯机的工作原理一致;把远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间,远视眼镜相当于一个放大镜,所以通过透镜B成像的是蜡烛的放大的虚像,像的位置在蜡烛的左侧,要想还在原来的装置上成像,需要蜡烛靠近透镜,使其通过远视眼镜所成的放大虚像在原来蜡烛的位置上。‎ ‎(2018·荆州中考)31.(5分)为了探究物体动能大小与哪些因素有关,同学们设计了如图甲、乙所示的实验装置来进行实验. 图甲是让不同质量的小球沿同一光滑斜面从B处由静止自由释放,然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块,木块在水平面上运动一段距离后静止时的情景;图乙是让质量相同的小球沿同一光滑斜面分别从A、B处由静止自由释放,然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块,木块在水平面运动一段距离后静止时的情景.‎ (1) 若要探究动能大小与速度的关系,应选择图_ __乙___(选填“甲”、“乙”)进行实验.(2)木块在水平面上滑动时,受到水平面的摩擦力 不变 (选填“变大”、“变小”或“不变”),克服摩擦力做功的功率 变小 (选填“变大”、“变小”或“不变”).‎ ‎(3)本实验装置的水平面如果绝对光滑,还能得出结论吗? 不能 ,原因是 光滑水平面上,木块将不会停下来 .‎ 解析:本题考查动能大小决定因素的探究。(1)本实验需要采用控制变量法,要探究动能大小与速度的关系,则需要控制小球质量相同,从不同高度滑下,所以应选择图乙进行实验。‎ (2) 木块在水平面上滑动时,对水平面的压力不变,接触面情况不变,所以摩擦力大小不变,但木块的运动速度越来越小,所以克服摩擦力做功的功率变小。‎ (3) 如果实验装置中的水平面绝对光滑,将不能得出结论,因为在光滑水平面上,木块不能停下来,也就无从比较小球动能的大小了。‎ ‎(2018·荆州中考)32.(5分)小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时,老师只给她提供了如下器材:标有“3.8V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表V1和V2(没有电流表)、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干. 她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路,如图甲是该电路的不完整电路图.‎ 13‎ ‎(1)请你将图甲中电路图补充完整.‎ ‎(2)闭合开关后,为了测量小灯泡的额定功率,应调节滑动变阻器,使电压表V1的示数 为 3.8  V,此时电压表V2的示数如图乙所示,小灯泡的额定功率为  0.76 W.‎ ‎(3)她还进一步设计出了如图丙所示电路图测量小灯泡额定功率,调节滑动变阻器,使电流表A2的示数为  0.38  A时,再读出电流表A1的示数,即可计算小灯泡的额定功率.‎ ‎(4)小明说,利用丙图,把R0更换成未知电阻Rx,把小灯泡的额定电流和额定功率当作已知条件(灯丝电阻随温度而变化),可以测出未知电阻Rx的阻值. 方法为:调节滑动变阻器,使电流表A1的示数为____0.2___A时,读出电流表A2的示数,即可计算Rx的阻值.‎ 解析:本题考查小灯泡功率的特殊测量实验。‎ ‎(1)小灯泡的额定电压已知,只要测出在额定电压下通过它的电流即可,而实验器材中没有电流表,所以需要通过间接测量法,根据欧姆定律,测出通过定值电阻的电流,从而知道通过小灯泡的电流,所以需要在R0两端并联电压表;‎ ‎(2)要测量小灯泡的额定功率,需要其两端电压为额定电压,所以需要使V1的示数为3.8V,读图乙可知,此时R0两端的电压为2.0V,根据欧姆定律可以算出,电路中的电流为I==‎ ‎=0.2A,这就是小灯泡的额定电流,所以小灯泡的额定功率为P=UI=3.8V×0.2A=0.76W。‎ ‎(3)图丙的方法是利用并联电路的特点,调节小灯泡两端的电压,使其达到3.8V,这时候R0两端电压也是3.8V,电流A2的示数为I2=3.8V/10Ω=0.38A。‎ ‎(4)因为灯丝电阻会发生变化,所以必须使通过小灯泡的电流是其额定电流,即0.2A,这时小灯泡两端的电压是其额定电压3.8V,Rx两端电压也是3.8V,通过欧姆定律可以求出Rx。‎ 13‎ ‎(2018·荆州中考)33.(3分)小金在实验室做测量电阻实验时,设计了如图所示的电路,用来测量接入1、2两点间导体的电阻,已知电源电压为6V.‎ ‎(1) 用导线直接连接1、2两点,电流表示数刚好达到最大测量值,则电阻R为 10 Ω.‎ ‎(2)把待测电阻Rx接入1、2两点之间,此时电流表读数为0.2A,则Rx的阻值是___20___Ω.‎ ‎(3)小金实验时,发现电流表损坏,于是找来另外一块表盘模糊不清但其他均完好的电流表做实验. 在实验过程中,先将电阻R1接在1、2两点之间,再将R2=30Ω并联在R1两端,前后两次电流表指针偏转角度之比为20:21,则R1= 5 Ω.‎ 解析:本题考查伏安法测电阻。(1)用导线直接连接1、2两点,则电路中只接有R一个电阻,其两端电压为电源电压,电流为0.6A,所以R=U/I=6V/0.6A=10Ω;‎ ‎(2)把Rx接入电路,则电路中的总电阻R总===30Ω=R+Rx,所以Rx=20Ω;‎ ‎(3)把R2并联在R1两端,假设其等效电阻为R0,则,解得R0=根据欧姆定律及题意可知,:=20:21,联立以上两个方程可以解得,R1=5Ω。‎ 四.综合应用题(本大题包括2小题,8分+8分=16分.解题时要写出必要的文字说明、解答依据、重要演算步骤等)‎ ‎(2018·荆州中考)34.如图,已知电源电压为24V,R2上标有“100Ω 3A”的字样,灯泡上标有“12V 3W”的字样,电流表A1的量程为0~0.6A,电流表A的量程为0~3A. ‎ (1) 求灯泡正常工作时的电阻;‎ 13‎ (1) 当闭合S,断开S1,S2时,灯泡正常工作,求R1的电阻;‎ (2) 当S、S1、S2都闭合时,调节滑动变阻器,求R2的电功率变化范围.‎ 解:(1)RL= (2分)‎ ‎(2) 闭合S,断开S1、S2时,R1与L串联,灯L发光正常, ‎ ‎ U1=U电-UL=24v-12v=12v IL额= I=IL额 R1= (3分)‎ ‎(3)当S、S1、S2都闭合时,R1、R2并联,U1=U2=U电=24V I1=‎ I干max=3A I2max=I干max-I1=3A-0.5A=2.5A P2max=UI2max=24V×2.5A=60W R2max=100Ω P2min=‎ R2的电功率范围为5.76W~60W (3分)‎ ‎(其他正确解法参照此标准给分)‎ ‎(2018·荆州中考)35.如图所示是蒙华铁路荆州段长江大桥施工现场,工程师用起吊装置在江中起吊工件. 己知工件重4000N,每个滑轮重500N,声音在水中的传播速度是1500m/s.在水面上用超声测位仪向江底的工件垂直发射超声波,经过0.02s后收到回波.(不计绳重和摩擦,g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3) ‎ ‎(1)求工件在水下的深度;‎ ‎(2)不计工件的高度,求水对工件产生的压强;‎ (3) 当工件在水面下匀速上升时,绳子自由端的拉力为500N,求工件的体积;‎ ‎(4)不计动滑轮体积,求工件在水下匀速上升时滑轮组的机械效率(结果在小数点后保留一位数字).‎ 13‎ 解:(1)h=vt=×1500m/s×0.02s=15m (2分)‎ ‎(2)P=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa (2分)‎ ‎(3) 不计绳重及摩擦,F拉= ‎ ‎ F浮=G物+G轮-nF拉=4000N+500N-3×500N=3000N ‎ F浮= ρ水gV排 V排= (2分) ‎ (1) 工件在水中匀速上升时,η= (2分)‎ 13‎