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  • 2021-05-10 发布

中考数学二模试卷含解析20

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‎2016年江苏省南京市溧水区中考数学二模试卷 一、选择题(本大题共6小题,每小题2分,共12分.在每小题所给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上)‎ ‎1.下列图形中,是中心对称图形的是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎2.计算(﹣3x)2的结果是(  )‎ A.6x2 B.﹣6x2 C.9x2 D.﹣9x2‎ ‎3.若△ABC∽△A′B′C′,AB=2,A′B′=4,则△ABC与△A′B′C′的面积的比为(  )‎ A.1:2 B.2:1 C.1:4 D.4:1‎ ‎4.无理数a满足:2<a<3,那么a可能是(  )‎ A. B. C.2.5 D.‎ ‎5.把如图中的三棱柱展开,所得到的展开图是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎6.如图,△AOB为等腰三角形,顶点A的坐标(2,),底边OB在x轴上.将△AOB绕点B按顺时针方向旋转一定角度后得△A′O′B,点A的对应点A′在x轴上,则点O′的坐标为(  )‎ A.(,) B.(,) C.(,) D.(,4)‎ ‎ ‎ 二、填空题(本大题共10小题,每小题2分,共20分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在答题卡相应位置上)‎ ‎7.﹣5的绝对值是______,4的算术平方根是______.‎ ‎8.新亚欧大陆桥东起太平洋西岸中国连云港,西达大西洋东岸荷兰鹿特丹等港口,横贯亚欧两大洲中部地带,总长约为10900公里,10900用科学记数法表示为______.‎ ‎9.若二次根式有意义,则x的取值范围是______.‎ ‎10.某地区连续5天的最高气温(单位:℃)分别是30,33,24,29,24,这组数据的中位数是______.‎ ‎11.反比例函数y=的图象过点P(2,6),那么k的值是______.‎ ‎12.如图,过正五边形ABCDE的顶点A作直线AF∥CD,则∠EAF的度数为______°.‎ ‎13.如图,在⊙O中,半径OD垂直于弦AB,垂足为C,OD=13cm,AB=24cm,则CD=______cm.‎ ‎14.已知圆心角为150°的扇形面积是15πcm2,则此扇形的半径为______.‎ ‎15.小宏准备用50元钱买甲、乙两种饮料共10瓶,已知甲饮料每瓶7元,乙饮料每瓶4元,则小宏最多能买______瓶甲饮料.‎ ‎16.如图,抛物线C1是二次函数y=x2﹣10x在第四象限的一段图象,它与x轴的交点是O、A1;将C1绕点A1旋转180°后得抛物线C2;它与x轴的另一交点为A2;再将抛物线C2绕A2点旋转180°后得抛物线C3,交x轴于点A3;如此反复进行下去…,若某段抛物线上有一点 P,则a=______.‎ ‎ ‎ 三、解答题(本大题共11小题,共88分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)‎ ‎17.解方程:x2﹣3x﹣4=0.‎ ‎18.化简,求值:÷﹣1,其中a=﹣.‎ ‎19.如图,在四边形ABCD中,AB=AD,CB=CD,点F是AC上一点,连结BF,DF.‎ ‎(1)证明:△ABF≌△ADF;‎ ‎(2)若AB∥CD,试证明四边形ABCD是菱形.‎ ‎20.甲、乙、丙三位歌手进入“我是歌手”冠、亚、季军决赛,他们通过抽签来决定演唱顺序,‎ ‎(1)求甲第一位出场的概率;‎ ‎(2)求甲比乙先出场的概率.‎ ‎21.我区积极开展“体育大课间”活动,引导学生坚持体育锻炼,某校根据实际情况,决定主要开设A:乒乓球,B:篮球,C:跑步.D:足球四种运动项目.为了解学生最喜欢哪一种项目,随机抽取了部分学生进行调査,并将调查结果绘制成如下统计图.请你结合图中信息解答下列问题:‎ ‎(1)求样本中最喜欢B项目的人数百分比和其所在扇形图中的圆心角的度数;‎ ‎(2)请把条形统计图补充完整;‎ ‎(3)己知该校有2000人,请根据样本估计全校最喜欢足球的人数是多少?‎ ‎22.据报道,溧水到南京的轻轨将于2017年建成通车.通车前,客运汽车从溧水到南京南站的路程约为50km;通车后,轻轨从溧水到南京南站的路程比原来缩短5km.预计,轻轨的平均速度是客运汽车的平均速度的1.5倍,轻轨的运行时间比客运汽车的运行时间要缩短15min,试求轻轨的平均速度.‎ ‎23.校车安全是近几年社会关注的重大问题,安全隐患主要是超速和超载.某中学数学活动小组设计了如下检测公路上行驶的汽车速度的实验:先在公路旁边选取一点C,再在笔直的车道L上确定点D,使CD与L垂直,测得CD的长等于24米,在L上点D的同侧取点A、B,使∠CAD=30°,∠CBD=60°.‎ ‎(1)求AB的长(结果保留根号);‎ ‎(2)已知本路段对校车限速为45千米/小时,若测得某辆校车从A到B用时2秒,这辆校车是否超速?说明理由.(参考数据:≈1.73,≈1.41)‎ ‎24.已知二次函数y=x2+mx+m﹣5(m是常数).‎ ‎(1)求证:不论m为何值,该函数的图象与x轴一定有两公共点;‎ ‎(2)若该二次函数的图象过点(0,﹣3),则将函数图象沿x轴怎样平移能使抛物线过原点?‎ ‎25.某水电站兴建了一个最大蓄水容量为12万米3的蓄水池,并配有2个流量相同的进水口和1个出水口.某天从0时至12时,进行机组试运行.其中,0时至2时打开2个进水口进水;2时,关闭1个进水口减缓进水速度,至蓄水池中水量达到最大蓄水容量后,随即关闭另一个进水口,并打开出水口,直至12时蓄水池中的水放完为止.若这3个水口的水流都是匀速的,水池中的蓄水量y(万米3)与时间t(时)之间的关系如图所示,请根据图象解决下列问题:‎ ‎(1)蓄水池中原有蓄水______万米3,蓄水池达最大蓄水量12万米3的时间a的值为______;‎ ‎(2)求线段BC、CD所表示的y与t之间的函数关系式;‎ ‎(3)蓄水池中蓄水量维持在m万米3以上(含m万米3)的时间有3小时,求m的值.‎ ‎26.已知,如图,△ABC中,AC=BC,以BC为直径的⊙O交AB于E,过点E作EG⊥AC于G,交BC的延长线于F.‎ ‎(1)求证:AE=BE;‎ ‎(2)求证:FE是⊙O的切线;‎ ‎(3)若FE=4,FC=2,求⊙O的半径及CG的长.‎ ‎27.我们定义:有一组对角相等而另一组对角不相等的四边形叫做“等对角四边形”.‎ ‎(1)已知:四边形ABCD是“等对角四边形”,∠A=70°,∠B=80°.求∠C、∠D的度数.‎ ‎(2)如图1,在Rt△ACB中,∠C=90°,CD为斜边AB边上的中线,过点D作DE⊥CD交AC于点E,求证:四边形BCED是“等对角四边形”.‎ ‎(3)如图2,在Rt△ACB中,∠C=90°,AC=4,BC=3,CD平分∠ACB,点E在AC上,且四边形CBDE为“等对角四边形”,则线段AE的长为______.‎ ‎ ‎ ‎2016年江苏省南京市溧水区中考数学二模试卷 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题(本大题共6小题,每小题2分,共12分.在每小题所给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上)‎ ‎1.下列图形中,是中心对称图形的是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】中心对称图形.‎ ‎【分析】根据中心对称的定义,结合所给图形即可作出判断.‎ ‎【解答】解:A、是中心对称图形,故本选项正确;‎ B、不是中心对称图形,故本选项错误;‎ C、不是中心对称图形,故本选项错误;‎ D、不是中心对称图形,故本选项错误;‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎2.计算(﹣3x)2的结果是(  )‎ A.6x2 B.﹣6x2 C.9x2 D.﹣9x2‎ ‎【考点】幂的乘方与积的乘方.‎ ‎【分析】根据积的乘方进行计算即可.‎ ‎【解答】解:(﹣3x)2=9x2,‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎3.若△ABC∽△A′B′C′,AB=2,A′B′=4,则△ABC与△A′B′C′的面积的比为(  )‎ A.1:2 B.2:1 C.1:4 D.4:1‎ ‎【考点】相似三角形的性质.‎ ‎【分析】根据相似三角形的面积之比等于相似比的平方,可以直接求出结果.‎ ‎【解答】解:∵△ABC∽△A′B′C′,相似比为2:4=1:2,‎ ‎∴,‎ 故选C ‎ ‎ ‎4.无理数a满足:2<a<3,那么a可能是(  )‎ A. B. C.2.5 D.‎ ‎【考点】估算无理数的大小.‎ ‎【分析】在A,B,C,D中无理数为A,D,再估算,的范围,即可解答.‎ ‎【解答】解:∵,,‎ ‎∴无理数a可能是,‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎5.把如图中的三棱柱展开,所得到的展开图是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】几何体的展开图.‎ ‎【分析】根据三棱柱的概念和定义以及展开图解题.‎ ‎【解答】解:根据两个全等的三角形,在侧面三个长方形的两侧,这样的图形围成的是三棱柱.‎ 把图中的三棱柱展开,所得到的展开图是B.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎6.如图,△AOB为等腰三角形,顶点A的坐标(2,),底边OB在x轴上.将△AOB绕点B按顺时针方向旋转一定角度后得△A′O′B,点A的对应点A′在x轴上,则点O′的坐标为(  )‎ A.(,) B.(,) C.(,) D.(,4)‎ ‎【考点】坐标与图形变化-旋转.‎ ‎【分析】过点A作AC⊥OB于C,过点O′作O′D⊥A′B于D,根据点A的坐标求出OC、AC,再利用勾股定理列式计算求出OA,根据等腰三角形三线合一的性质求出OB,根据旋转的性质可得BO′=OB,∠A′BO′=∠ABO,然后解直角三角形求出O′D、BD,再求出OD,然后写出点O′的坐标即可.‎ ‎【解答】解:如图,过点A作AC⊥OB于C,过点O′作O′D⊥A′B于D,‎ ‎∵A(2,),‎ ‎∴OC=2,AC=,‎ 由勾股定理得,OA===3,‎ ‎∵△AOB为等腰三角形,OB是底边,‎ ‎∴OB=2OC=2×2=4,‎ 由旋转的性质得,BO′=OB=4,∠A′BO′=∠ABO,‎ ‎∴O′D=4×=,‎ BD=4×=,‎ ‎∴OD=OB+BD=4+=,‎ ‎∴点O′的坐标为(,).‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ 二、填空题(本大题共10小题,每小题2分,共20分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在答题卡相应位置上)‎ ‎7.﹣5的绝对值是 5 ,4的算术平方根是 2 .‎ ‎【考点】算术平方根;绝对值.‎ ‎【分析】根据绝对值、算术平方根,即可解答.‎ ‎【解答】解:﹣5的绝对值是5,4的算术平方根2,‎ 故答案为:5,2.‎ ‎ ‎ ‎8.新亚欧大陆桥东起太平洋西岸中国连云港,西达大西洋东岸荷兰鹿特丹等港口,横贯亚欧两大洲中部地带,总长约为10900公里,10900用科学记数法表示为 1.09×104 .‎ ‎【考点】科学记数法—表示较大的数.‎ ‎【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数.‎ ‎【解答】解:10900=1.09×104.‎ 故答案为:1.09×104.‎ ‎ ‎ ‎9.若二次根式有意义,则x的取值范围是 x≥2 .‎ ‎【考点】二次根式有意义的条件.‎ ‎【分析】根据二次根式有意义的条件,可得x﹣2≥0,解不等式求范围.‎ ‎【解答】解:根据题意,使二次根式有意义,即x﹣2≥0,‎ 解得x≥2;‎ 故答案为:x≥2.‎ ‎ ‎ ‎10.某地区连续5天的最高气温(单位:℃)分别是30,33,24,29,24,这组数据的中位数是 29 .‎ ‎【考点】中位数.‎ ‎【分析】首先将数据按从小到大排列,进而找出最中间求出答案.‎ ‎【解答】解:数据从小到大排列为:24,24,29,30,33,‎ 则最中间为:29,‎ 故这组数据的中位数是:29.‎ 故答案为:29.‎ ‎ ‎ ‎11.反比例函数y=的图象过点P(2,6),那么k的值是 12 .‎ ‎【考点】反比例函数图象上点的坐标特征.‎ ‎【分析】根据反比例函数图象上点的坐标特征:图象上的点(x,y)的横纵坐标的积是定值k,即xy=k即可算出k的值.‎ ‎【解答】解:∵反比例函数y=的图象过点P(2,6),‎ ‎∴k=2×6=12,‎ 故答案为:12.‎ ‎ ‎ ‎12.如图,过正五边形ABCDE的顶点A作直线AF∥CD,则∠EAF的度数为 36 °.‎ ‎【考点】多边形内角与外角.‎ ‎【分析】首先连接BE,易得AF∥BE∥CD,又由正五边形ABCDE,可求得∠BAE的度数,继而求得∠FAE的度数.‎ ‎【解答】解:连接BE,‎ ‎∵五边形ABCDE是正五边形,‎ ‎∴∠BAE=108°,AB=AE,‎ ‎∴∠AEB=∠ABE=36°,‎ ‎∵BE∥CD,AF∥CD,‎ ‎∴BE∥AF,‎ ‎∴∠FAE=∠AEB=36°.‎ 故答案为:36.‎ ‎ ‎ ‎13.如图,在⊙O中,半径OD垂直于弦AB,垂足为C,OD=13cm,AB=24cm,则CD= 8 cm.‎ ‎【考点】垂径定理;勾股定理.‎ ‎【分析】根据垂径定理,可得AC的长,根据勾股定理,可得OC的长,根据线段的和差,可得答案.‎ ‎【解答】解:由垂径定理,‎ AC=AB=12cm.‎ 由半径相等,得 OA=OD=13cm.‎ 由勾股定理,得 OC===5.‎ 由线段的和差,得 CD=OD﹣OC=13﹣5=8cm,‎ 故答案为:8.‎ ‎ ‎ ‎14.已知圆心角为150°的扇形面积是15πcm2,则此扇形的半径为 6cm .‎ ‎【考点】扇形面积的计算.‎ ‎【分析】利用扇形面积公式直接代入求出r即可.‎ ‎【解答】解:∵扇形的圆心角为150°,它的面积为15πcm2,‎ ‎∴设扇形的半径为:r,则:‎ ‎15π=,‎ 解得:r=6.‎ 故答案为:6cm.‎ ‎ ‎ ‎15.小宏准备用50元钱买甲、乙两种饮料共10瓶,已知甲饮料每瓶7元,乙饮料每瓶4元,则小宏最多能买 3 瓶甲饮料.‎ ‎【考点】一元一次不等式的应用.‎ ‎【分析】首先设小宏能买x瓶甲饮料,则可以买(10﹣x)瓶乙饮料,由题意可得不等关系:甲饮料的花费+乙饮料的花费≤50元,根据不等关系可列出不等式,再求出整数解即可.‎ ‎【解答】解:设小宏能买x瓶甲饮料,则可以买(10﹣x)瓶乙饮料,由题意得:‎ ‎7x+4(10﹣x)≤50,‎ 解得:x≤,‎ ‎∵x为整数,‎ ‎∴x=0,1,2,3,‎ 则小宏最多能买3瓶甲饮料.‎ 故答案为:3.‎ ‎ ‎ ‎16.如图,抛物线C1是二次函数y=x2﹣10x在第四象限的一段图象,它与x轴的交点是O、A1;将C1绕点A1旋转180°后得抛物线C2;它与x轴的另一交点为A2;再将抛物线C2绕A2点旋转180°后得抛物线C3,交x轴于点A3;如此反复进行下去…,若某段抛物线上有一点 P,则a= 24 .‎ ‎【考点】二次函数图象与几何变换.‎ ‎【分析】先通过解方程x2﹣10x=0得到A1(10,0),则OA1=10,利用旋转的性质得A1A2=A2A3=10,由于2010=10×201,则可判断P在抛物线C202上,由于抛物线C202‎ 的开口向下,与x轴的两交点坐标为,则可求出抛物线C201的解析式为y=﹣(x﹣2010)(x﹣2020),然后把P代入可计算出a的值.‎ ‎【解答】解:当y=0时,x2﹣10x=0,解得x1=10,x2=0,则A1(10,0)‎ 所以OA1=10,‎ 所以A1A2=A2A3=10,‎ 而2010=10×201,‎ ‎∴P在抛物线C202上,抛物线C202的开口向下,与x轴的两交点坐标为,‎ 所以抛物线C201的解析式为y=﹣(x﹣2010)(x﹣2020),‎ 当x=2016时,y=﹣=24,即a=24.‎ 故答案为24.‎ ‎ ‎ 三、解答题(本大题共11小题,共88分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)‎ ‎17.解方程:x2﹣3x﹣4=0.‎ ‎【考点】解一元二次方程-因式分解法.‎ ‎【分析】先把方程化为两个因式积的形式,再求出x的值即可.‎ ‎【解答】解:∵原方程可化为:(x+1)(x﹣4)=0,‎ ‎∴x+1=0或x﹣4=0,‎ 解得,x1=4,x2=﹣1.‎ ‎ ‎ ‎18.化简,求值:÷﹣1,其中a=﹣.‎ ‎【考点】分式的化简求值.‎ ‎【分析】先算除法,再算减法,最后把x的值代入进行计算即可.‎ ‎【解答】解:原式=•﹣1‎ ‎=﹣1‎ ‎=﹣.‎ 当a=﹣时,则原式=﹣2.‎ ‎ ‎ ‎19.如图,在四边形ABCD中,AB=AD,CB=CD,点F是AC上一点,连结BF,DF.‎ ‎(1)证明:△ABF≌△ADF;‎ ‎(2)若AB∥CD,试证明四边形ABCD是菱形.‎ ‎【考点】菱形的判定;全等三角形的判定与性质.‎ ‎【分析】(1)首先得出△ABC≌△ADC(SSS),进而利用全等三角形的性质得出∠BAC=∠DAC,再证明△ABF≌△ADF(SAS);‎ ‎(2)利用平行线的性质得出∠BAC=∠DCA,进而得出AB=DC,再利用平行的判定方法得出答案.‎ ‎【解答】(1)证明:在△ABC和△ADC中 ‎∵,‎ ‎∴△ABC≌△ADC(SSS),‎ ‎∴∠BAC=∠DAC,‎ 在△ABF和△ADF中 ‎∵,‎ ‎∴△ABF≌△ADF(SAS);‎ ‎(2)解:∵AB∥CD,‎ ‎∴∠BAC=∠DCA,‎ ‎∵∠BAF=∠ADC,‎ ‎∴∠DAC=∠DCA,‎ ‎∴AD=DC,‎ 由(1)得:AB=DC,‎ ‎∴四边形ABCD是平行四边形,‎ ‎∵AB=AD,‎ ‎∴平行四边形ABCD是菱形.‎ ‎ ‎ ‎20.甲、乙、丙三位歌手进入“我是歌手”冠、亚、季军决赛,他们通过抽签来决定演唱顺序,‎ ‎(1)求甲第一位出场的概率;‎ ‎(2)求甲比乙先出场的概率.‎ ‎【考点】列表法与树状图法.‎ ‎【分析】(1)由甲、乙、丙三位歌手进入“我是歌手”冠、亚、季军决赛,直接利用概率公式求解即可求得答案;‎ ‎(2)利用列举法可得:出场情况为:甲乙丙,甲丙乙,乙甲丙,乙丙甲,丙甲乙,丙乙甲共6种情况,继而可求得答案.‎ ‎【解答】解:(1)∵甲、乙、丙三位歌手进入“我是歌手”冠、亚、季军决赛,‎ ‎∴甲第一位出场的概率为;‎ ‎(2)∵出场情况为:甲乙丙,甲丙乙,乙甲丙,乙丙甲,丙甲乙,丙乙甲共6种情况,‎ ‎∴甲比乙先出场的情况有:甲乙丙,甲丙乙,丙甲乙,‎ ‎∴甲比乙先出场的概率为: =.‎ ‎ ‎ ‎21.我区积极开展“体育大课间”活动,引导学生坚持体育锻炼,某校根据实际情况,决定主要开设A:乒乓球,B:篮球,C:跑步.D:足球四种运动项目.为了解学生最喜欢哪一种项目,随机抽取了部分学生进行调査,并将调查结果绘制成如下统计图.请你结合图中信息解答下列问题:‎ ‎(1)求样本中最喜欢B项目的人数百分比和其所在扇形图中的圆心角的度数;‎ ‎(2)请把条形统计图补充完整;‎ ‎(3)己知该校有2000人,请根据样本估计全校最喜欢足球的人数是多少?‎ ‎【考点】条形统计图;用样本估计总体;扇形统计图.‎ ‎【分析】(1)用整体1减去A,C、D所占的百分比,即可求出B所占的百分比,再用B所占的百分比乘以360°即可得出答案;‎ ‎(2)根据C所占的百分比与所给的人数,求出总人数,再用总人数乘以B所占的百分比,从而补全图形;‎ ‎(3)根据D所占的百分比乘以总人数即可得出全校最喜欢足球的人数.‎ ‎【解答】解:(1)样本中最喜欢B项目的人数百分比是1﹣44%﹣28%﹣8%=20%,‎ 其所在扇形图中的圆心角的度数是20%×360°=72°;‎ ‎(2)总人数是8÷8%=100(人),‎ B的人数是:100×20%=20(人),‎ 如图:‎ ‎;‎ ‎(3)根据题意得:‎ ‎2000×28%=560(人),‎ 答:全校最喜欢足球的人数是560人.‎ ‎ ‎ ‎22.据报道,溧水到南京的轻轨将于2017年建成通车.通车前,客运汽车从溧水到南京南站的路程约为50km;通车后,轻轨从溧水到南京南站的路程比原来缩短5km.预计,轻轨的平均速度是客运汽车的平均速度的1.5倍,轻轨的运行时间比客运汽车的运行时间要缩短15min,试求轻轨的平均速度.‎ ‎【考点】分式方程的应用.‎ ‎【分析】等量关系为:轻轨的运行时间比客运汽车的运行时间要缩短15分钟=小时,把相关数值代入列出方程,解方程即可.‎ ‎【解答】解:设客运汽车的平均速度是xkm/h,‎ 则轻轨的平均速度是1.5xkm/h.‎ 根据题意,得:﹣=,‎ 解得:x=80.‎ 经检验,x=80是原方程的解.‎ ‎1.5x=120;‎ 答:轻轨的平均速度为120km/h.‎ ‎ ‎ ‎23.校车安全是近几年社会关注的重大问题,安全隐患主要是超速和超载.某中学数学活动小组设计了如下检测公路上行驶的汽车速度的实验:先在公路旁边选取一点C,再在笔直的车道L上确定点D,使CD与L垂直,测得CD的长等于24米,在L上点D的同侧取点A、B,使∠CAD=30°,∠CBD=60°.‎ ‎(1)求AB的长(结果保留根号);‎ ‎(2)已知本路段对校车限速为45千米/小时,若测得某辆校车从A到B用时2秒,这辆校车是否超速?说明理由.(参考数据:≈1.73,≈1.41)‎ ‎【考点】解直角三角形的应用.‎ ‎【分析】(1)分别在Rt△ADC与Rt△BDC中,利用正切函数,即可求得AD与BD的长,继而求得AB的长;‎ ‎(2)由从A到B用时2秒,即可求得这辆校车的速度,比较与40千米/小时的大小,即可确定这辆校车是否超速.‎ ‎【解答】解:(1)由題意得,‎ 在Rt△ADC中,AD===24≈36.33(米),‎ 在Rt△BDC中,BD===8,‎ 则AB=AD﹣BD=16;‎ ‎(2)不超速.‎ 理由:∵汽车从A到B用时2秒,‎ ‎∴速度为24.2÷2=12.1(米/秒),‎ ‎∵12.1×3600=43560(米/时),‎ ‎∴该车速度为43.56千米/小时,‎ ‎∵小于45千米/小时,‎ ‎∴此校车在AB路段不超速.‎ ‎ ‎ ‎24.已知二次函数y=x2+mx+m﹣5(m是常数).‎ ‎(1)求证:不论m为何值,该函数的图象与x轴一定有两公共点;‎ ‎(2)若该二次函数的图象过点(0,﹣3),则将函数图象沿x轴怎样平移能使抛物线过原点?‎ ‎【考点】抛物线与x轴的交点;二次函数图象与几何变换.‎ ‎【分析】(1)框将函数问题转化为方程问题,然后证明△>0即可;‎ ‎(2)将点(0,﹣3)代入可求得m的值,从而得到抛物线的接下来,然后再求得抛物线与x轴的交点坐标,然后可确定出平移的方向和距离.‎ ‎【解答】解:(1)令y=0得关于x的一元二次方程:x2+mx+m﹣5=0,则△=b2﹣4ac=m2﹣4(m﹣5)=m2﹣4m+20=(m﹣2)2+16.‎ ‎∵不论m为何值,(m﹣2)2≥0,‎ ‎∴(m﹣2)2+16>0.‎ ‎∴不论m为何值,一元二次方程x2+mx+m﹣5=0一定有两个不相等的实数根,‎ ‎∴不论m为何值,该函数的图象与x轴一定有两公共点.‎ ‎(2)∵函数图象过点(0,﹣3),‎ ‎∴m﹣5=﹣3,m=2,‎ ‎∴二次函数表达式为y=x2+2x﹣3,‎ ‎∵令y=0得:x2+2x﹣3=0解得:x1=1,x2=﹣3.‎ ‎∴函数的图象与x轴的两个交点为:(1,0)和(﹣3,0).‎ ‎∴将函数图象沿x 轴向右平移3个单位或向左平移1个单位就能使抛物线过原点.‎ ‎ ‎ ‎25.某水电站兴建了一个最大蓄水容量为12万米3的蓄水池,并配有2个流量相同的进水口和1个出水口.某天从0时至12时,进行机组试运行.其中,0时至2时打开2个进水口进水;2时,关闭1个进水口减缓进水速度,至蓄水池中水量达到最大蓄水容量后,随即关闭另一个进水口,并打开出水口,直至12时蓄水池中的水放完为止.若这3个水口的水流都是匀速的,水池中的蓄水量y(万米3)与时间t(时)之间的关系如图所示,请根据图象解决下列问题:‎ ‎(1)蓄水池中原有蓄水 4 万米3,蓄水池达最大蓄水量12万米3的时间a的值为 6 ;‎ ‎(2)求线段BC、CD所表示的y与t之间的函数关系式;‎ ‎(3)蓄水池中蓄水量维持在m万米3以上(含m万米3)的时间有3小时,求m的值.‎ ‎【考点】一次函数的应用.‎ ‎【分析】(1)根据函数图象可以得到蓄水池中原有蓄水的体积,由2个流量相同的进水口和图象可以求得a的值;‎ ‎(2)根据函数图象可以分别求得线段BC、CD所表示的y与t之间的函数关系式;‎ ‎(3)由题意可知,BC上的函数值和CD上的函数值相等,且分别对应的时间差值为3,从而可以求得m的值.‎ ‎【解答】解:(1)由图象可知,蓄水池中原有蓄水4万米3,蓄水池达最大蓄水量12万米3的时间a的值为:2+(12﹣8)÷()=6,‎ 故答案为:4,6;‎ ‎(2)∵B(2,8),C(6,12),设直线BC的函数关系式为y=k1x+b1,‎ 由题意,得 解得:‎ 即直线BC所对应的函数关系式为y=x+6(2≤x≤6),‎ ‎∵C(6,12),D(12,0),设直线CD的函数关系式为y=k2x+b2,‎ 由题意,得 解得:‎ 即直线CD所对应的函数关系式为y=﹣2x+24(6≤x≤12);‎ ‎(3)设在BC上蓄水量达到m万米3的时间为t,则在CD上蓄水量达到m万米3的时间为(t+3)h,‎ 由题意,得t+6=﹣2(t+3)+24,‎ 解得:t=4,‎ ‎∴当 t=4时,y=4+6=10‎ 即m的值是10.‎ ‎ ‎ ‎26.已知,如图,△ABC中,AC=BC,以BC为直径的⊙O交AB于E,过点E作EG⊥AC于G,交BC的延长线于F.‎ ‎(1)求证:AE=BE;‎ ‎(2)求证:FE是⊙O的切线;‎ ‎(3)若FE=4,FC=2,求⊙O的半径及CG的长.‎ ‎【考点】切线的判定.‎ ‎【分析】(1)连接CE和OE,因为BC是直径,所以∠BEC=90°,即CE⊥BE;再根据等腰三角形三线合一性质,即可得出结论;‎ ‎(2)证明OE是△ABC的中位线,得出OE∥AC,再由已知条件得出FE⊥OE,即可得出结论;‎ ‎(3)由切割线定理求出直径,得出半径的长,由平行线得出三角形相似,得出比例式,即可得出结果.‎ ‎【解答】(1)证明:连接CE,如图1所示:‎ ‎∵BC是直径,‎ ‎∴∠BEC=90°,‎ ‎∴CE⊥AB;‎ 又∵AC=BC,‎ ‎∴AE=BE.‎ ‎(2)证明:连接OE,如图2所示:‎ ‎∵BE=AE,OB=OC,‎ ‎∴OE是△ABC的中位线,‎ ‎∴OE∥AC,AC=2OE=6.‎ 又∵EG⊥AC,‎ ‎∴FE⊥OE,‎ ‎∴FE是⊙O的切线.‎ ‎(3)解:∵EF是⊙O的切线,∴FE2=FC•FB.‎ 设FC=x,则有2FB=16,‎ ‎∴FB=8,‎ ‎∴BC=FB﹣FC=8﹣2=6,‎ ‎∴OB=OC=3,‎ 即⊙O的半径为3;‎ ‎∴OE=3,‎ ‎∵OE∥AC,‎ ‎∴△FCG∽△FOE,‎ ‎∴,‎ 即,‎ 解得:CG=.‎ ‎ ‎ ‎27.我们定义:有一组对角相等而另一组对角不相等的四边形叫做“等对角四边形”.‎ ‎(1)已知:四边形ABCD是“等对角四边形”,∠A=70°,∠B=80°.求∠C、∠D的度数.‎ ‎(2)如图1,在Rt△ACB中,∠C=90°,CD为斜边AB边上的中线,过点D作DE⊥CD交AC于点E,求证:四边形BCED是“等对角四边形”.‎ ‎(3)如图2,在Rt△ACB中,∠C=90°,AC=4,BC=3,CD平分∠ACB,点E在AC上,且四边形CBDE为“等对角四边形”,则线段AE的长为 1或 .‎ ‎【考点】四边形综合题.‎ ‎【分析】(1)根据“等对角四边形”的定义,当四边形ABCD是“等对角四边形”时,可分两种情况进行讨论:①若∠A=∠C,∠B≠∠D,则∠C=70°,再利用四边形内角和定理求出∠D;②若∠B=∠D,∠A≠∠C,则∠D=80°,再利用四边形内角和定理求出∠C;‎ ‎(2)根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出AD=DB=DC,由等边对等角得出∠DCB=∠B,再由∠B+∠ACD=∠DCB+∠ACD=90°,∠CED+∠ACD=90°,利用同角的余角相等得出∠CED=∠B,又∠ECB≠∠EDB,根据“等对角四边形”的定义,即可证明四边形BCED是“等对角四边形”;‎ ‎(3)根据“等对角四边形”的定义,当四边形CBDE为“等对角四边形”时,可分两种情况进行讨论:①若∠B=∠DEC,∠BCE≠∠BDE,根据AAS证明△CDE≌△CDB,利用全等三角形对应边相等得出EC=BC=3,那么AE=AC﹣EC=1;②若∠BCE=∠BDE=90°,∠B≠∠DEC,先利用勾股定理求出AB==5,再根据角平分线定理得出==,求出AD=AB=,再证明△ADE∽△ACB,根据相似三角形对应边成比例即可求出AE.‎ ‎【解答】(1)解:①若∠A=∠C,∠B≠∠D,‎ 则∠C=70°,∠D=360°﹣70°﹣70°﹣80°=140°;‎ ‎②若∠B=∠D,∠A≠∠C,‎ 则∠D=80°,∠C=360°﹣80°﹣80°﹣70°=130°;‎ ‎(2)证明:如图1,在Rt△ABC中,‎ ‎∵CD为斜边AB边上的中线,‎ ‎∴AD=DB=DC,‎ ‎∴∠DCB=∠B,‎ ‎∵∠ACB=90°,‎ ‎∴∠DCB+∠ACD=90°,‎ ‎∴∠B+∠ACD=90°.‎ ‎∵DE⊥CD,‎ ‎∴∠CED+∠ACD=90°,‎ ‎∴∠CED=∠B,‎ 且∠ECB≠∠EDB,‎ ‎∴四边形BCED是“等对角四边形”;‎ ‎(3)解:①若∠B=∠DEC,∠BCE≠∠BDE,如图2.‎ 在△CDE与△CDB中,‎ ‎,‎ ‎∴△CDE≌△CDB,‎ ‎∴EC=BC=3,‎ ‎∴AE=AC﹣EC=4﹣3=1;‎ ‎②若∠BCE=∠BDE=90°,∠B≠∠DEC,如图3.‎ ‎∵在Rt△ACB中,∠C=90°,AC=4,BC=3,‎ ‎∴AB===5,‎ ‎∵CD平分∠ACB,‎ ‎∴==,‎ ‎∴AD=AB=.‎ 在△ADE与△ACB中,‎ ‎,‎ ‎∴△ADE∽△ACB,‎ ‎∴=,即=,‎ ‎∴AE=.‎ 综上所述,线段AE的长为1或.‎ 故答案为1或.‎