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- 2021-05-10 发布
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绝密★启用前 2018中考第一次模拟物理试卷
姓名:_______________班级:_______________考号:_______________
本试卷6页,23小题,满分100分。考试用时60分钟。
注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上。将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔在答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需要改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,将试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(每空2 分,共32 分)
1、甲乙两物体通过的路程之比为4:3,速度之比为3:2,则两物体行驶时间之比为( )
A.9:8 B.8:9 C.2:1 D.1:2
2、100℃ 的水和100℃的水蒸气相比较
A.100℃的水和100℃的水蒸气冷热程度相同 B.100℃的水比100℃的水蒸气冷
C.100℃的水比100℃的水蒸气热 D.无法确定
3、黑暗的房间里有两盏电灯,只有一盏灯点亮,但人能看到未点亮的灯泡.以下对于“看到未点亮灯泡”所画的光路图,正确的是( )
A. B. C. D.
4、近期流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来了方便.如图所示,与直接拿手机自拍相比,利用自拍杆可以( )
A.增大物距,成像更大 B.增大像距,成像更大
C.增大取景范围,成像变小 D.减小取景范围,成像变小
5、随着我国航天员在轨道舱内停留时间的增加,在轨道舱内进行体育锻炼必将成为航天员需要完成的一项重要工作.下列适合航天员在轨道舱中进行体育锻炼的运动项目是( )
A.举哑铃 B.拉弹簧拉力器 C.踢毯子 D.跳绳
6、如图所示,甲、乙两个质量相等的均匀实心正方体放在水平地面上,已知铜的密度大于铁的密度,可能使甲和乙对地面的压强相等的方法是( )
A.将质量相等的铜块和铁块分别放在甲、乙的上面
B.将体积相等的铜块和铁块分别放在甲、乙的上面
C.沿水平方向分别截去质量相等的部分
D.沿水平方向分别截去体积相等的部分
7、妈妈与小明进行爬山比赛,他们选择的起点、路径和终点都相同,全程设为匀速运动,妈妈的体重是小明的2倍,妈妈所用的时间是小明的3倍,若妈妈克服重力做功为W1、功率为P1,小明克服自身重力做功为W2、功率为P2,则下列关系正确的是
A.W1:W2=1:1 B.W1:W2=2:3 C.P1:P2=1:1 D.P1:P2=2:3
8、如图所示,沙桶通过定滑轮与水平桌面上的滑块相连,当沙桶和沙的总重为5N时,滑块水平向右做匀速直线运动,若不考虑空气阻力、绳重及滑轮和轴之间的摩擦.下列分析正确的是( )
A.实验中,使用滑轮是为省力
B.当沙桶落地后,受到惯性作用滑块继续向左运动
C.滑块对桌面的压力和桌面对滑块的支持力是一对平衡力
D.若通过滑块拉动沙桶匀速上升,则施加在滑块上水平向左的拉力为10N
9、一通电螺线管中的电流方向和其周围磁感线的分布如图所示,其中正确的是( )
A. B. C. D.
10、下面关于汽油机与柴油机的说法中,不正确的是
A.汽油机与柴油机使用的燃料不同 B.柴油机气缸顶部有个喷油嘴,汽油机气缸顶部有个火花塞
C.柴油机与汽油机除使用的燃料不同外,在构造上完全相同 D.柴油机采用压燃式点火,汽油机采用点燃式点火
11、下列有关电阻的说法正确的是
A.导体的电阻越大,表明导体的导电能力越强 B.导体的电阻与导体两端的电压成正比
C.导体中的电流为零时电阻也为零
D.导体的电阻是导体本身的一种性质,与导体的材料、长度和横截面积等因素有关
12、无需电源电压的转换设备,能直接在家庭电路220伏电压下正常工作的用电器是( )
A.手机 B.手电筒 C.电视机 D.电视机遥控器
13、如图所示的电路中,电源电压保持不变.闭合开关S后,当滑动变阻器的滑片P向左移动时,下列判断正确的是( )
A.电流表示数变大,电压表示数变小
B.电流表示数变大,电压表示数变大
C.电流表示数变小,电压表示数变大
D.电流表示数变小,电压表示数变小
14、如图所示,C是水平地面,A、B是两个长方形物块,F是作用在物块B上沿水平方向的力,物体A和B以相同的速度做匀速直线运动.由此可知,关于A、B间摩擦力F1和B、C间摩擦力F2的分析中,正确的是( )
A.F1=0,F2=0 B.F1=0,F2≠0 C.F1≠0,F2=0 D.F1≠0,F2≠0
15、某地在江面上修建一座大桥,如图中甲是使用吊车向江底投放长方形石料的示意图.在整个投放过程中,石料以恒定速度下降.乙是钢绳的拉力F随时间t变化的图象(从开始投放到石料刚好接触湖底前).t=0时刻吊车开始下放石料,忽略水的摩擦阻力.则下列说法错误的是( )
A.石料在t=20s时开始浸入水中 B.石料的重力是1400N
C.石料受到的浮力始终是500N D.石料完全浸没水后钢绳的拉力为900N 16、如图甲所示的电路,当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中,电流表和电压表的示数关系如图乙所示,则以下说法正确的是( )
A.R0的阻值为20Ω
B.滑动变阻器的最大阻值为50Ω
C.当电压表的示数为4V时,R0的功率为0.4W
D.当电流表的示数为0.25A时,滑片P恰好移至ab的中点
二、填空题(每空1 分,共12分)
17、湖边的树木在水中的“倒影”是由光的 所形成,这些“倒影”往往看起来比树木本身“暗”一些,主要是因为树木的光射到水面时,有一部分发生 进入了水中.
18、如图所示,在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中,让同一钢球A从斜而上不同的高度由静止滚下,撞到同一木块上。实验中,通过观察_______来判断钢球动能的大小;本实验用到的科学研究方法是_______ (说出一种即可)。
19、如图所示,A、B两端间电压U=6V,且保持不变,R1=10Ω,R2=20Ω。a、b两端接不同的电阻R f时,R1的电功率不同,其最小值为______W;a、b两端不接电阻时,c、d两端的电压称为空载电压,若要求c、d两端的电压不得低于空载电压的60%,R f的阻值范围应为_________
20、一个底面积为100cm2足够高的柱形容器M装有20cm深的水,置于水平地面上;一个质量忽略不计的硬塑料瓶固定的轻杆上,内有适量的水,如图8甲所示。塑料瓶ABCD部分为柱形,柱形部分高度hAB为16cm。用手拿住轻杆,将该瓶从图甲中刚接触水面位置,缓慢竖直下降6cm,杆对瓶的拉力F随下降高度h之间的关系图像如图8乙所示。然后从该位置继续向下,直到水面与AD相平为止。则瓶内所装水的重力为 N;当水面与AD相平时,瓶外的水对容器M底部的压强为 Pa。
21、炮弹里火药燃烧产生的高温高压气体炸开弹壳后温度降低,是用 的方法减少了气体的内能。食物放进冰箱后温度降低,是用 的方法减少了食物的内能。
22、如图所示,杠杆水平放置且自重忽略不计,O是支点,左侧挂一重物,动力F1大小为3N,整个装置处于静止状态,则物体的重力为 N.此时杠杆属于 杠杆(选填“省力”或“费力”).
三、实验,探究题(每空1 分,除标注外,共30分)
23、某同学按照如图所示的操作,探究影响浮力大小的因素.
(1)物体受到的重力为 N.
(2)物体全部浸没在水中时,受到的浮力是 N.
(3)由 两图可得出结论:物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关.
(4)由 两图可得出结论:物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关.
(5)由D、E两图可得出结论:物体受到的浮力大小与液体的 有关.
24、小明在“探究凸透镜成像规律”时,将焦距为20cm的凸透镜A固定在光具座上35cm刻度线处,将点燃的蜡烛放在光具座上5cm刻度线处,移动光屏,使蜡烛在光屏上成清晰的像,如图甲所示。接着他保持蜡烛的位置不变,将凸透镜A换为B,并保持位置不变,移动光屏,使蜡烛在光屏上成清晰的像,如图乙所示。
(1)请根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断:凸透镜A的焦距 凸透镜B的焦距。
(2)如图甲所示的实验现象可以说明 (填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”)的成像特点。
(3)为了研究像距与焦距的关系,他用了三个焦距不同的凸透镜进行实验,实验数据记录如表。分析表中的数据可知,物距不变时,焦距越大,则像距越 ;根据你所学的凸透镜成像规律分析,此时所成像的大小越 。
实验序号
物距u/cm
焦距/cm
像距/cm
1
15
8
17
2
10
30
3
12
60
(4)若小明将物距调整为20cm。并想在光屏上得到一个缩小的像,他应在上表给出的三个透镜中用焦距为 cm的凸透镜。
25、在某校的物理兴趣小组中,甲、乙、丙三位同学通过实验“探究质地均匀的圆柱体对水平面的压强与哪些因素有关”.他们都认为此压强跟圆柱体的密度ρ有关,但不确定是否跟圆柱体的高度和横截面积有关.于是,三位同学各自从实验室里挑选出由同种材料制成的圆柱体做实验,并用仪器测出压强的大小,表一、表二、表三依次为甲、乙、丙三位同学的实验数据记录表.
表一
序号
圆柱体高度
(m)
圆柱体横截面积
(m2)
水平面受到的压强
(Pa)
1
3.0×10﹣1
2.5×10﹣3
1.8×104
2
2.0×10﹣1
5.0×10﹣3
1.2×104
3
1.0×10﹣1
7.5×10﹣3
0.6×104
表二
序号
圆柱体高度
(m)
圆柱体横截面积
(m2)
水平面受到的压强
(Pa)
4
1.0×10﹣1
2.5×10﹣3
0.6×104
5
1.0×10﹣1
5.0×10﹣3
0.6×104
6
1.0×10﹣1
7.5×10﹣3
0.6×104
表三
序号
圆柱体高度
(m)
圆柱体横截面积
(m2)
水平面受到的压强
(Pa)
7
1.0×10﹣1
5.0×10﹣3
0.6×104
8
2.0×10﹣1
5.0×10﹣3
1.2×104
9
3.0×10﹣1
5.0×10﹣3
1.8×104
(1)甲同学分析自己测出的实验数据(表一)得出结论:圆柱体对水平面的压强跟横截面积成反比.你认为 (选填“能”或“不能”)从表一中得出此结论,理由是 .(第二空2分)
(2)分析表二中的实验数据,可得出结论: .(2分)
(3)分析表三中的实验数据,可得出结论: .(2分)
26、“测量小灯泡的电功率”:选用小灯泡L(额定电压为3.8V)、电压表、电流表、滑动变阻器R和干电池4节等.
(1)在图甲的虚线框内把实验电路图补充完整.(2分)
(2)在连接电路时,开关应处于 状态.
(3)完成电路连接,试触时发现电压表指针向右偏转,电流表指针向左偏转,原因是 .
(4)纠正错误后,闭合开关S,移动滑片P电压表示数如图乙所示,为测量小灯泡的额定功率,滑片P应向 (选填“a”或“b”)端移动,直至电压表的示数等于 V,电流表的示数如图丙所示为 A,则小灯泡的额定功率为 W.
27、表中是小明分别探究“冰熔化”和“水沸腾”实验的部分数据。
表一
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
-6
-4
-2
0
0
0
1
2
3
表二
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/℃
90
92
94
?
98
98
98
根据数据回答下列问题:
(1)表二中第3分钟时温度计的示数如图所示,是 ℃。
(2)由表一、表二数据可发现冰熔化和水沸腾的过程中温度都是 (选填“升高”“降低”或“保持不变”)。
(3)小明发现水沸腾时,杯口不断地冒出大量“白气”,这是由于水蒸气遇冷后 形成的小水珠。(填物态变化名称)
(4)小明得出水沸腾的条件:达到沸点且继续吸热,但他发现撤掉酒精灯时,烧杯内的水没有立即停止沸腾,你认为可能的原因是 。(写出一条即可,2分)
四、计算题(共28 分)
28、目前世界上最“轻”的材料是由我国科学家造出的“全碳气凝胶”,如图所示,即使把它压在狗尾草上也不会压弯狗尾草的毛尖,这种材料的密度为0.16kg/m3。
(1)一块100cm3的“全碳气凝胶”的质量是多少克?
(2)它是吸油能力最强的材料,它最多能吸收自身质量900倍的有机溶剂——例如原油,可用于处理海上的漏油事故,已知原油的密度ρ=0.9×103kg/m3,则100cm3的“全碳气凝胶”最多能吸收多少立方厘米的原油?
29、我们生活在电的时代,电能的广泛使用,使电能的社会需求日趋紧张.节约电能,提高能源的利用率是一个在国民经济中具有重要战略意义的问题.改造和淘汰陈旧的设备、采用高压输电是节约能源的重要措施.其电站与用户间距离为10km,输送的电功率为6.0×104kW,每米输电导线的电阻为1.8×10﹣3Ω,若输电电压从1.0×105V提高到3.0×105V.
(1)求输电线路损耗的电功率减少了多少?
(2)现输电导线在某处发生了短路,为确定短路位置,检修员在电站利用电压表、电流表和电源接成如图1所示电路进行检测.电压表的示数为3.0V,电流表的示数为0.5A,则短路的位置离电站的距离为多少?
(3)安全用电的常识之一是不靠近高压电,而双脚站在高压线上的小鸟(两脚间距离为5cm,电阻为104Ω)居然安然无恙(图2),计算说明小鸟为什么不会触电死亡?在你的计算中运用了什么近似条件?
30、我国自行制造的履带式旋挖井机,用于建筑工地打井作业,它的结构示意图如图1所示.整机由主机B、动力连杆C和支架E及钢丝绳H组成,附属设备由空心钻杆A和钻头D(大小可根据需要更换)组成.旋挖井机工作时,主机通过C将动力传给A,A带动D竖直往下旋挖,并将挖出的泥沙填充到A内;停止旋挖时,C与A完全分离,H的拉力可把A、D和泥沙提到地面.部分数据见下表:
名称 旋挖井机
整机质量 9×104kg
钻杆质量 5×103kg
钻头 直径 质量
40cm 100kg
80cm 200kg
120cm 300kg
(1)假设旋挖井机用20s将0.5t的泥沙从井下先提高10m,接着又用5s将泥沙水平移动3m后卸到地面上,求此过程中,旋挖井机做的有用功和有用功率.
(2)把已卸掉泥沙的A和D固定好后竖直立放在井中,此时C与A完全分离且H处于松弛状态,固定在A上的D的横截面示意图如图2所示,其中S为D与泥沙的接触面积(即图中的阴影部分),R为D的半径,求D对井底泥沙的压强.
(3)假设某时旋挖井机靠近A一侧的履带离开地面向上翘起,且只有M点着地,H处于松弛状态,A对C竖直向上的力为F,请你比较此状态下整机重力G(重心在O点)与力F的大小.
2018中考第一次模拟物理试卷参考答案
一、选择题
1、B
2、A
3、D【考点】A6:光的反射.
【分析】我们之所以看到物体,是因为物体发出或反射的光线进入人的眼睛,据此分析.
【解答】解:点亮的灯泡属于光源,会发出光线,未点亮的灯泡会反射点亮的灯泡的光线,使光线进入人的眼睛,从而人看到了为点亮的灯泡.
故选:D.
4、C
5、B
6、D【考点】压强的大小及其计算;密度公式的应用.
【分析】在水平地面上,压力等于物体的重力,两物体质量相等,对地面的压力相等,但与地面的接触面积不同,对各选项逐一分析,得出结论.
【解答】解:甲、乙两物体质量相等,对地面的压力也相等,但与地面的接触面积S乙>S甲,将质量相等的铜块和铁块分别放在甲、乙的上面,对地面的压力相等,但接触面积不变,还是S乙>S甲,所以对地面的压强不可能相等.故A错误.
因为V甲<V乙,铜的密度大于铁的密度,甲、乙两物体质量相等,所以甲是铜块,乙是铁块,体积相等的铜块和铁块分别放在甲、乙的上面,铜块的质量大于铁块的质量,与地面的接触面积不变,所以压强不可能相等.故B错误.
沿水平方向分别截去质量相等的部分,甲乙对地面的压力仍然相等,接触面积还是S乙>S甲,所以对地面的压强不同,故C错误.
沿水平方向分别截去体积相等的部分,乙减小的质量小,甲减小的质量大,两物体对地面的压力甲小于乙,又因为与地面的接触面积S乙>S甲,所以对地面的压强有可能相等,故D正确.
故选D.
7、D
【解析】
试题分析:他们选择的起点、路径和终点都相同,全程设为匀速运动,妈妈的体重是小明的2倍,妈妈所用的时间是小明的3倍,若妈妈克服重力做功为W1=2Gh、功率为P1=2Gh/3t,小明克服自身重力做功为W2=Gh、功率为P2=Gh/t,故本题正确选项是D。
8、D【考点】定滑轮及其工作特点;惯性;平衡力的辨别.
【分析】(1)使用定滑轮可以改变力的方向;
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性,一切物体都有惯性,惯性是物体的一种属性;
(3)二力平衡的条件是:作用在同一物体上的两个力,如果大小相等,方向相反,并且在一条直线上;
(4)分析滑块受到的力,滑块向左进行匀速直线运动,受到平衡力作用,根据平衡力条件判断摩擦力大小.对滑块施加一个水平向右的力时,滑块向右进行匀速直线运动,受到平衡力作用,根据平衡力条件判断拉力大小.
【解答】解:A、使用定滑轮可以改变力的方向,不能省力,故A错误;
B、水桶通过定滑轮与水平桌面上的滑块相连,滑块水平向左做匀速直线运动,当沙桶落地后,由于滑块具有惯性,仍要保持原来的运动状态,所以滑块继续向左运动;惯性是一种性质,不是作用,故B错误;
C、滑块对桌面的压力和桌面对滑块的支持力不是作用在同一个物体上,不是一对平衡力,故C错误;
D、滑块通过定滑轮拉着沙桶向左进行匀速直线运动,滑块水平方向上受到水平向左5N的拉力和水平向右的滑动摩擦力作用,这两个力是平衡力,大小相等,所以滑动摩擦力是f=5N.
对滑块施加一个水平向右的拉力F,使滑块拉动沙桶匀速上升,滑块向右进行匀速直线运动,滑块水平方向上受到水平向右的拉力F、水平向左的滑动摩擦力、水平向左的拉力F′=G,水平向右的拉力F与水平向左的拉力F′、滑动摩擦力是平衡力,所以F=F′+f=5N+5N=10N.故D正确.
故选D.
9、B
【考点】CA:通电螺线管的磁场.
【分析】(1)安培定则的内容:用右手握住螺线管,四指弯向螺线管中电流的方向,大拇指所指的就是螺线管的N极.(2)在磁体的外部,磁感线从磁体的N极出发,回到S极;
【解答】解:A、据安培定则判断,该螺线管的右端是N极,左端是S极,故磁感线的方向错误,故错误;
B、据安培定则判断,该螺线管的左端是N极,右端是S极,且磁感线的方向正确,故正确;
C、据安培定则判断,该螺线管的右端是N极,左端是S极,故磁感线的方向错误,故错误;
D、据安培定则判断,该螺线管的左端是N极,右端是S极,故磁感线的方向错误,故错误;
故选B.
10、C
11、D
12、C【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法.
【分析】手机电池的电压是3.6V;两节电池的手电筒的电源电压是3V,三节电池的手电筒的电源电压是4.5V;电视机的额定电压是220V;电视机遥控器的电源电压是3V.
【解答】解:A、手机电池的电压是3.6V,直接接在220V电源上会被烧坏.不符合题意.
B、手电筒的电源电压是3V或4.5V,直接接在220V电源上会被烧坏.不符合题意.
C、电视机的额定电压是220V,直接接在220V电源上会正常工作.符合题意.
D、电视机遥控器电源电压是3V,直接接在220V电源上会被烧坏.不符合题意.
故选C.
13、C解:(1)由电路图知,滑片P向左移动时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,滑动变阻器的分压变大,电压表示数变大,由于电源电压不变,则灯泡两端电压变小;
(2)当滑动变阻器接入电路的阻值变大时,电路总电阻变大,电源电压不变,则电路电流变小,即电流表示数变小.
14、B【考点】7D:摩擦力的大小.
【分析】物块A和B以相同的速度做匀速直线运动,合力均为零,分别以A和整体为研究对象,研究A与B间、B与地间的摩擦力.
【解答】解:
先以A为研究对象,A做匀速运动,合力为零,由平衡条件分析可知,A不受摩擦力,否则水平方向上A的合力不为零,不可能做匀速直线运动;
再以整体为研究对象,由平衡条件分析可知,地面对B一定有摩擦力,故B正确.
故选:B.
15、C【考点】阿基米德原理;力的合成与应用.
【分析】图象可以分成三个过程分析:
①前20s,钢绳的拉力不变,等于物体的重力,此时物体在水面以上;
②中间10s,钢绳的拉力减小,物体从与水面接触到完全浸没;
③最后90s,钢绳的拉力不变,此时物体完全浸没在水中.
【解答】解:
A、由图象可以看出,物体在第20s开始浸入水中.此选项正确,不符合题意;
B、在前20s,物体的重力等于受到的拉力为1400N.此选项正确,不符合题意;
C、在第20s~30s的过程中,物体排开水的体积不断增大,由公式F浮=ρ液gV排知,浮力不断增大.此选项错误,符合题意;
D、石料完全浸没后,浮力不变,钢绳的拉力不变,始终为900N.此选项正确,不符合题意.
16、【专题】应用题;欧姆定律;电能和电功率.
【分析】AB、分析滑片在a、b端时电路的连接,判断与图乙对应的点的坐标,从而由图中相关数据,根据欧姆定律求出变阻器的最大电阻;再由串联电路电压的规律列方程求出电源电压和定值电阻大小;
C、由图乙判断当电压表示数为4V时,电路中的电流,根据P=I02 R0 求R0的功率;
D、当电流表示数I′=0.25A时,由欧姆定律和电阻的串联规律,求出变阻器连入电路中的电阻:
【解答】解:
AB、当滑动变阻器的滑片P在a端时,变阻器连入电路中的电阻为0,电路为R0的简单电路,此时电路中的电流最大,由图知为I′=0.6A,由I=
U
R
可得,电源电压U=I′R0=0.6A×R0-------①
滑片移至b端的过程中,变阻器的最大阻值与定值电阻串联,此时电路中的电流最小,由图知,变阻器的电压为:U滑=5V,通过的电流为0.1A,
由I=
U
R
可得,变阻器的最大电阻:
R滑=
U
I
=
5V
0.1A
=50Ω,故B正确;
根据串联电路的电压规律和欧姆定律可得,电压电压U=IR0+U滑=0.1A×R0+5V------②
由①②解得:R0=10Ω,U=6V,
故A错误;
C、由图知,当电压表示数为4V时,电路中的电流为I0=0.2A,
R0的功率为:P=I02R0=(0.2A)2×10Ω=0.4W,故C正确;
D、当电流表示数I′=0.25A时,由欧姆定律和电阻的串联规律可得,变阻器连入电路中的电阻:
R滑′=
U
I′
-R0=
6V
0.25A
-10Ω=14Ω≠
1
2
×50Ω,故D错误.
故选BC.
【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律及电功率公式的运用,关键是根据电路图中变阻器的两个端点找到图象对应的点的位置。
二、填空题
17、【考点】光的反射;光的折射现象及其应用.
【分析】①平面镜成像的原理是光的反射形成的,成的像是虚像,是由光的反向延长线形成的,是人的主观感觉,不能用光屏承接.②光射到水面时,一部分光线发生了反射,另一部分发生了折射而进入水中.
【解答】解:①倒影属于平面镜成像,平面镜成像是由于光的反射形成的,成的像是虚像;所以树木在湖中的“倒影”是由光的反射形成的虚像;
②光射到水面时,一部分光线发生了反射,另一部分发生了折射而进入水中,所以这些“倒影”看起来比建筑物本身“暗”一些.
故答案为:反射;折射.
18、木块B被撞的距离 控制变量法或转换法
【解析】
19、0.4,Rf ≥ 10Ω
20、2 2400
21、本题考查内能的改变。火药燃烧化学能转化为气体内能,当弹壳内的气体压强达到一定程度时弹壳被炸开,此现象说明,气体对外(弹壳)做功,本身内能减少,温度降低;食物放进冰箱后,食物和冰箱内有温差,它们之间发生热传递,使得食物温度降低,内能减少。
答案:做功 热传递
22、6 省力
三、实验,探究题
23、解:
(1)测力计拉着物体静止在空气中的示数为物体的重力:G=4N;(2)由图可知,物体浸没在水中时受到的浮力:F水=G﹣F=4N﹣3N=1N;(3)探究物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积的关系时,应控制液体的密度相同,排开液体的体积不同,故选B、C两图进行比较;(4)探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度的关系时,应控制液体的密度、排开液体的体积相同,深度不同,故选C、D两图进行比较;(5)物体浸没在水中受到的浮力F水=G﹣F=4N﹣3N=1N,物体浸没在酒精中受到的浮力F酒=G﹣F′=4N﹣3.2N=0.8N,
所以,在排开液体的体积相同的情况下,液体的密度不同,受到的浮力不同,则物体受到的浮力大小与液体的密度有关.
故答案为:(1)4;(2)1;(3)B、C;(4)C、D;(5)密度.
24、本题考查探究凸透镜成像规律的实验。(1)由图甲知,凸透镜成倒立放大的实像,则此时物距处于A凸透镜的一倍焦距和2倍焦距之间;由图乙知,凸透镜成倒立缩小的实像,则此时物距大于B凸透镜的2倍焦距;甲、乙两图蜡烛到凸透镜的距离相等,可知A凸透镜焦距大于B凸透镜焦距。
(2)由图甲可以得出,2f>u>f,成倒立、放大的实像,应用于幻灯机和投影仪。
(3)根据表格中的数据分析物距一定时,焦距增大,像距逐渐增大,像距增大,则成的像也变大。
(4)若小明将物距调整为20cm,并想在光屏上得到一个缩小的像,此时的像一定是倒立、缩小的实像,则20cm>2f,f<10cm,所以f=8cm的凸透镜。
答案:(1)大于 (2)幻灯机 (3)大 大 (4)8
25、【考点】控制变量法与探究性实验方案.
【分析】(1)探究实心圆柱体对水平地面压强跟高度的关系,控制材料和横截面积不变;
(2)表二中圆柱体的材料和高度不变,横截面积在变,根据得出的压强的关系,可得出结论;
(3)表三中圆柱体的高度越来越大,材料和横截面积都不变,根据得出的压强的关系,可得出结论.
【解答】解:(1)从表一中不能得出圆柱体对水平面的压强跟圆柱体的高度h有关,且与h成正比的结论,因为没有保持横截面积不变;
(2)从表二中可以看出,同一种材料制成的高度相同的圆柱体,对水平面的压强与横截面积大小无关;
(3)从表三中可以看出,同一种材料制成的横截面积相同的圆柱体,高度越高,对水平面的压强越大.
故答案为:(1)不能;在研究圆柱体对水平面的压强与圆柱体高度是否有关时,应控制圆柱体的横截面积大小不变;
(2)同一种材料制成的高度相同的圆柱体,对水平面的压强与横截面积大小无关;
(3)同一种材料制成的横截面积相同的圆柱体,高度越高,对水平面的压强越大.
【点评】当猜想实心圆柱体对水平地面压强与底面积、材料密度、高度有关时,采用控制变量法和转换法,探究实心圆柱体对水平地面压强影响因素.
26、
27、(1)由题图知,温度计的分度值为1℃,所以温度计的读数为96℃。
(2)冰是晶体,晶体的特点是在熔化过程中吸热温度保持不变;液体沸腾前吸收热量,温度不断升高,液体沸腾时吸收热量,温度保持不变。
(3)杯口不断地冒出大量“白气”,这是由于水蒸气遇冷后液化形成的小水珠。
(4)用酒精灯加热时,铁圈和石棉网的温度升高,高于水的温度,当撤掉酒精灯时,水还会从铁圈和石棉网吸收热量,继续沸腾。
答案:(1)96 (2)保持不变 (3)液化 (4)烧杯底(石棉网或铁圈)的温度仍然高于水的沸点,水能继续吸热(答出温度高于水的沸点或水能继续吸热也可)
四、计算题(本大题共2小题,共18分)
28、本题考查密度公式的应用。(1)气凝胶的密度0.16kg/m3=0.16×10-3g/cm3,则100cm3气凝胶的质量m=ρV=0.16×10-3g/cm3×100cm3=0.016g。
(2)0.016g气凝胶可吸收原油的质量m=900×0.016g=14.4g,原油的密度ρ=0.9×103kg/m3=0.9g/cm3,原油的体积V===16 cm3。
答案:(1)0.016g (2)16cm3
29、【考点】JA:电功率的计算;IH:欧姆定律的应用.
【分析】(1)根据输送功率P=UI求出输电电流,再计算出输电导线电阻,根据P=I2R可得输电线上减少的电功率;
(2)根据欧姆定律求出导线的总电阻,由此求出导线的长度,再根据导线是两根从而确定出短路的位置离电站的距离;
(3)小鸟双脚站在高压线上时,小鸟与两脚间输电线并联,先求出长5cm输电线的电阻,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出小鸟两端的电压,再根据欧姆定律求出通过小鸟的电流,根据通过小鸟的电流很小判断出小鸟不会触电死亡的原因.
【解答】解:
(1)采用高压输电时,输送功率不变,由P=UI可得提高输电电压前后导线上的电流:
I1 ===600A,
I2===200A,
每米输电导线的电阻为1.8×10﹣3Ω,电站与用户间距离为10km,输电电线有两根,
所以电站与用户间输电导线的电阻:R=1.8×10﹣3Ω/m×10×103m×2=36Ω,
由P=I2R可得输电线上减少的电功率:
△P=P1﹣P2=I12 R﹣I22R=2×36Ω﹣2×36Ω=1.152×107W;
(2)由I=可得,短路的位置与电站间导线的电阻:
R′===6Ω,
短路的位置与电站间导线的长度:L==×103m,
则短路位置离电站的距离:s=L=××103m≈1.67×103m;
(3)由题可知,小鸟与两脚间的输电线并联,
长5cm输电线的电阻:R线′=1.8×10﹣3Ω/m×5×10﹣2m=9×10﹣5Ω,
并联电路中各支路两端的电压相等,由1小题可知提高输电电压后的电流I=200A,
由I=可得:
U鸟=U线′=IR线′=200A×9×10﹣5Ω=1.8×10﹣2V,
通过小鸟的电流:
I鸟===1.8×10﹣6A=1.8μA,
由此可知,通过小鸟的电流很小,所以小鸟不会触电死亡.
小鸟两脚间的导线与小鸟是并联的,干路电流为200A,计算时小鸟两脚间导线上的电流取值近似等于干路中的电流.
答:(1)输电线路损耗的电功率减少了1.152×107W;
(2)短路的位置离电站的距离为1.67×103m;
(3)通过小鸟的电流很小,所以小鸟不会触电死亡;计算时小鸟两脚间导线上的电流取值近似等于干路中的电流.
30、 解:
(1)根据功的定义,旋挖井机提高泥沙时对泥沙做功,水平移动移动时不做功,
W有=Gh=mgh=0.5×103kg×10N/kg×10m=5×104J;
有用功率:
P有===2.5×103W.
(2)卸掉泥沙的A和D固定好后竖直立放在井中,此时C与A完全分离且H处于松弛状态,
由图D半径40cm,由表格此钻头质量100kg,
所以D对井底泥沙压力:F=G=(m杆+m钻头)g=(5×103kg+100kg)×10N/kg=5.1×104N,
由题S为D与泥沙的接触面积,S=500cm2,
D对井底泥沙的压强:
p====1.02×106Pa;
(3)旋挖井机在D对C向上力F的作用下履带离开地面向上翘起,且只有M点着地,相当于一个杠杆,M点为支点,如图所示:
H处于松弛状态,对杠杆没有力的作用,根据杠杆的平衡条件:
FLF=GLG,
由图可知:LF>LG,所以F<G.
答:(1)旋挖井机做的有用功为5×104J,有用功率为2.5×103W;
(2)D对井底泥沙的压强为1.02×106Pa;
(3)旋挖井机M点着地,H处于松弛状态,此状态下整机重力G大于力F.
点评: 本题考查了功和功率、压强的计算和杠杆平衡条件的应用,综合性强,过程较复杂.明确题意,熟练运用相关的公式是解题的关键.
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