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- 2021-05-10 发布
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2015 年中考数学压轴题训练
1.(北京模拟)已知抛物线 y=-x 2+2x+m-2 与 y 轴交于点 A(0,2m-7),与直线 y=
2x 交于点 B、C(B 在 C 的右侧).
(1)求抛物线的解析式;
(2)设抛物线的顶点为 E,在抛物线的对称轴上是否存在一点 F,使得∠BFE=∠CFE,若存
在,求出点 F 的坐标,若不存在,说明理由;
(3)动点 P、Q 同时从原点出发,分别以每秒 5 个单位长度、每秒 2 5 个单位长度的速度
沿射线 OC 运动,以 PQ 为斜边在直线 BC 的上方作直角三角形 PMQ(直角边分别平行于坐标
轴),设运动时间为 t 秒.若△PMQ 与抛物线 y=-x 2+2x+m-2 有公共点,求 t 的取值范
围.
解:(1)把点 A(0,2m-7)代入 y=-x 2+2x+m-2,得 m=5
∴抛物线的解析式为 y=-x 2+2x+3
(2)由 y=-x 2+2x+3
y=2x
解得
x1= 3
y1=2 3
x2=- 3
y2=-2 3
∴B( 3,2 3),C(- 3,-2 3)
∵y=-x 2+2x+3=-( x-1 )2+4
∴抛物线的对称轴为 x=1
设 F(1,y)
∵∠BFE=∠CFE,∴tan∠BFE=tan∠CFE
当点 F 在点 B 上方时, 3-1
y-2 3
= 3+1
y+2 3
解得 y=6,∴F(1,6)
当点 F 在点 B 下方时, 3-1
2 3-y
= 3+1
-y-2 3
解得 y=6(舍去)
∴满足条件的点 F 的坐标是 F(1,6)
(3)由题意,OP= 5t,OQ=2 5t,∴PQ= 5t
∵P、Q 在直线直线 y=2x 上
∴设 P(x,2x),则 Q(2x,4x)(x <0)
∴ x 2+4x 2 = 5t,∴x=-t
xO
y
A B
C
P
Q
M
xO
y
A B
C
F
E
xO
y
A B
C
P
Q
M
∴P(-t,-2t),Q(-2t,-4t)
∴M(-2t,-2t)
当 M(-2t,-2t)在抛物线上时,有-2t=-4t 2-4t+3
解得 t= 13-1
4
(舍去负值)
当 P(-t,-2t)在抛物线上时,有-2t=-t 2-2t+3
解得 t= 3(舍去负值)
∴t 的取值范围是: 13-1
4
≤t ≤ 3
2.(北京模拟)在平面直角坐标系中,抛物线 y1=ax 2+3x+c 经过原点及点 A(1,2),与
x 轴相交于另一点 B.
(1)求抛物线 y1 的解析式及 B 点坐标;
(2)若将抛物线 y1 以 x=3 为对称轴向右翻折后,得到一条新的抛物线 y2,已知抛物线 y2
与 x 轴交于两点,其中右边的交点为 C 点.动点 P 从 O 点出发,沿线段 OC 向 C 点运动,过
P 点作 x 轴的垂线,交直线 OA 于 D 点,以 PD 为边在 PD 的右侧作正方形 PDEF.
①当点 E 落在抛物线 y1 上时,求 OP 的长;
②若点 P 的运动速度为每秒 1 个单位长度,同时线段 OC 上另一点 Q 从 C 点出发向 O 点运动,
速度为每秒 2 个单位长度,当 Q 点到达 O 点时 P、Q 两点停止运动.过 Q 点作 x 轴的垂线,
与直线 AC 交于 G 点,以 QG 为边在 QG 的左侧作正方形 QGMN.当这两个正方形分别有一条边
恰好落在同一条直线上时,求 t 的值.(正方形在 x 轴上的边除外)
解:(1)∵抛物线 y1=ax 2+3x+c 经过原点及点 A(1,2)
∴
c=2
a+3+c=2
解得
a=-1
c=0
∴抛物线 y1 的解析式为 y1=-x 2+3x
令 y1=0,得-x 2+3x=0,解得 x1=0,x2=3
∴B(3,0)
(2)①由题意,可得 C(6,0)
过 A 作 AH⊥x 轴于 H,设 OP=a
可得△ODP∽△OAH,∴ DP
OP
= AH
OH
=2
∴DP=2OP=2a
∵正方形 PDEF,∴E(3a,2a)
∵E(3a,2a)在抛物线 y1=-x 2+3x 上
x
A
y
O B CP F
ED
Q
G
N
M
x
A
y
O B CP F
ED
Q
G
N
M
H
O P N Q C x
y
D
A
E
F
M G
∴2a=-9a 2+9a,解得 a1=0(舍去),a2= 7
9
∴OP 的长为 7
9
②设直线 AC 的解析式为 y=kx+b
∴
2=k+b
0=6k+b
解得 k=- 2
5
,b= 12
5
∴直线 AC 的解析式为 y=- 2
5
x+ 12
5
由题意,OP=t,PF=2t,QC=2t,GQ= 4
5
t
当 EF 与 MN 重合时,则 OF+CN=6
∴3t+2t+ 4
5
t=6,∴t= 30
29
当 EF 与 GQ 重合时,则 OF+QC=6
∴3t+2t=6,∴t= 6
5
当 DP 与 MN 重合时,则 OP+CN=6
∴t+2t+ 4
5
t=6,∴t= 30
19
当 DP 与 GQ 重合时,则 OP+CQ=6
∴t+2t=6,∴t=2
3.(北京模拟)如图,在平面直角坐标系中,抛物线 y=ax 2+bx+4 经过 A(-3,0)、B
(4,0)两点,且与 y 轴交于点 C,点 D 在 x 轴的负半轴上,且 BD=BC.动点 P 从点 A 出发,
沿线段 AB 以每秒 1 个单位长度的速度向点 B 移动,同时动点 Q 从点 C 出发,沿线段 CA 以某
一速度向点 A 移动.
(1)求该抛物线的解析式;
(2)若经过 t 秒的移动,线段 PQ 被 CD 垂直平分,求此时 t 的值;
(3)该抛物线的对称轴上是否存在一点 M,使 MQ+MA 的值最小?若存在,求出点 M 的坐标;
若不存在,请说明理由.
解:(1)∵抛物线 y=ax 2+bx+4 经过 A(-3,0)、B(4,0)两点
∴
9a-3b+4=0
16a+4b+4=0
解得 a=- 1
3
,b= 1
3
xA
y
O
C
BD P
Q
O P N Q C x
y
D
A
E
F
M G
O PN Q C x
y
D
A
E
F
M G
O PN Q C x
y
D
A
E
F
M G
xA
y
O
C
BD P
Q
∴所求抛物线的解析式为 y=- 1
3
x 2+ 1
3
x+4
(2)连接 DQ,依题意知 AP=t
∵抛物线 y=- 1
3
x 2+ 1
3
x+4 与 y 轴交于点 C
∴C(0,4)
又 A(-3,0,B(4,0)
可得 AC=5,BC=4 2,AB=7
∵BD=BC,∴AD=AB-BD=7-4 2
∵CD 垂直平分 PQ,∴QD=DP,∠CDQ=∠CDP
∵BD=BC,∴∠DCB=∠CDB
∴∠CDQ=∠DCB,∴DQ∥BC
∴△ADQ∽△ABC,∴ AD
AB
= DQ
BC
∴ AD
AB
= DP
BC
,∴ 7-4 2
7
= DP
4 2
解得 DP=4 2- 32
7
,∴AP=AD+DP= 17
7
∴线段 PQ 被 CD 垂直平分时,t 的值为 17
7
(3)设抛物线 y=- 1
3
x 2+ 1
3
x+4 的对称轴 x= 1
2
与 x 轴交于点 E
由于点 A、B 关于对称轴 x= 1
2
对称,连接 BQ 交对称轴于点 M
则 MQ+MA=MQ+MB,即 MQ+MA=BQ
当 BQ⊥AC 时,BQ 最小,此时∠EBM=∠ACO
∴tan∠EBM=tan∠ACO= 3
4
∴ ME
BE
= 3
4
,即
ME
4- 1
2
= 3
4
,解得 ME= 21
8
∴M( 1
2
,21
8
)
∴在抛物线的对称轴上存在一点 M( 1
2
,21
8
),使得 MQ+MA 的值最小
4.(北京模拟)如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=6,BC=8.动点 P 从点 A 出发,沿
AC→CB→BA 边运动,点 P 在 AC、CB、BA 边上运动的速度分别为每秒 3、4、5 个单位.直线
l 从与 AC 重合的位置开始,以每秒 4
3
个单位的速度沿 CB 方向移动,移动过程中保持 l∥AC,
且分别与 CB、AB 边交于点 E、F.点 P 与直线 l 同时出发,设运动的时间为 t 秒,当点 P 第
xA
y
O
C
BE
Q M
x= 1
2
一次回到点 A 时,点 P 和直线 l 同时停止运动.
(1)当 t=_________秒时,点 P 与点 E 重合;当 t=_________秒时,点 P 与点 F 重合;
(2)当点 P 在 AC 边上运动时,将△PEF 绕点 E 逆时针旋转,使得点 P 的对应点 P′ 落在 EF
上,点 F 的对应点为 F′ ,当 EF′⊥AB 时,求 t 的值;
(3)作点 P 关于直线 EF 的对称点 Q,在运动过程中,若形成的四边形 PEQF 为菱形,求 t
的值;
(4)在整个运动过程中,设△PEF 的面积为 S,直接写出 S 关于 t 的函数关系式及 S 的最大
值.
解:(1)3;4.5
提示:在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=6,BC=8
∴AB= 6 2+8 2 =10,∴sinB= AC
AB
= 3
5
,cosB= BC
AB
= 4
5
,tanB= AC
BC
= 3
4
当点 P 与点 E 重合时,点 P 在 CB 边上,CP=CE
∵AC=6,点 P 在 AC、CB 边上运动的速度分别为每秒 3、4 个单位
∴点 P 在 AC 边上运动的时间为 2 秒,CP=4( t-2 )
∵CE= 4
3
t,∴4( t-2 )= 4
3
t,解得 t=3
当点 P 与点 F 重合时,点 P 在 BA 边上,BP=BF
∵AC=6,BC=8,点 P 在 AC、CB、BA 边上运动的速度分别为每秒 3、4、5 个单位
∴点 P 在 AC、CB 边上运动的时间共为 4 秒,BF=BP=5( t-4 )
∵CE= 4
3
t,∴BE=8- 4
3
t
在 Rt△BEF 中, BE
BF
=cosB
∴
8- 4
3
t
5( t-4 )
= 4
5
,解得 t=4.5
(2)由题意,∠PEF=∠MEN
∵EF∥AC,∠C=90°,∴∠BEF=90°,∠CPE=∠PEF
∵EN⊥AB,∴∠B=∠MEN
∴∠CPE=∠B,∴tan∠CPE=tanB
∵tan∠CPE= CE
CP
,tanB= AC
BC
= 3
4
∴ CE
CP
= 3
4
,∴CP= 4
3
CE
∵AP=3t(0<t <2),CE= 4
3
t,∴CP=6-3t
B
C
A
P
l
F
E
B
C
A
备用图
E
B
O
C
A
P
l
F
Q
E
B
M
C
A
P
l
F
N
B
C
A
l
F
E
(P)
B
C
A
l
F
E
(P)
∴6-3t= 4
3
× 4
3
t,解得 t= 54
43
(3)连接 PQ 交 EF 于 O
∵P、Q 关于直线 EF 对称,∴EF 垂直平分 PQ
若四边形 PEQF 为菱形,则 OE=OF= 1
2
EF
①当点 P 在 AC 边上运动时
易知四边形 POEC 为矩形,∴OE=PC∴PC= 1
2
EF
∵CE= 4
3
t,∴BE=8- 4
3
t,EF=BE·tanB= 3
4
( 8- 4
3
t )=6-t
∴6-3t= 1
2
( 6-t ),解得 t= 6
5
②当点 P 在 CB 边上运动时,P、E、Q 三点共线,不存在四边形 PEQF
③当点 P 在 BA 边上运动时,则点 P 在点 B、F 之间
∵BE=8- 4
3
t,∴BF= BE
cosB
= 5
4
( 8- 4
3
t )=10- 5
3
t
∵BP=5( t-4 ),∴PF=BF-BP=10- 5
3
t-5( t-4 )=30- 20
3
t
∵∠POF=∠BEF=90°,∴PO∥BE,∴∠OPF=∠B
在 Rt△POF 中, OF
PF
=sinB
∴
1
2
( 6-t )
30- 20
3
t
= 3
5
,解得 t= 30
7
∴当 t= 6
5
或 t= 30
7
时,四边形 PEQF 为菱形
(4)S=
- 2
3
t 2+4t(0≤t ≤2)
4
3
t 2-12t+24(2<t ≤3)
- 4
3
t 2+12t-24(3<t ≤4)
8
3
t 2-28t+72(4<t ≤4.5)
- 8
3
t 2+28t-72(4.5<t ≤6)
S 的最大值为 16
3
5.(北京模拟)在等腰梯形 ABCD 中,AB∥CD,AB=10,CD=6,AD=BC=4.点 P 从点 B 出
发,沿线段 BA 向点 A 匀速运动,速度为每秒 2 个单位,过点 P 作直线 BC 的垂线 PE,垂足
为 E.设点 P 的运动时间为 t(秒).
(1)∠A=___________°;
(2)将△PBE 沿直线 PE 翻折,得到△PB′E,记△PB′E 与梯形 ABCD 重叠部分的面积为 S,
E
B
C
A P
l
F
Q
O
求 S 与 t 之间的函数关系式,并求出 S 的最大值;
(3)在整个运动过程中,是否存在以点 D、P、B′ 为顶点的三角形为直角三角形或等腰三
角形?若存在,求出 t 的值;若不存在,请说明理由.
解:(1)60°
(2)∵∠A=∠B=60°,PB=PB′
∴△PB′B 是等边三角形
∴PB=PB′=BB′=2t,BE=B′E=t,PE= 3t
当 0<t ≤2 时
S=S△PB′E = 1
2
B′E·PE= 1
2
t· 3t= 3
2
t 2
当 2<t ≤4 时
S=S△PB′E - S△FB′C = 3
2
t 2- 3
4
( 2t-4 )2=- 3
2
t 2+4 3t-4 3
当 4<t ≤5 时
设 PB′、PE 分别交 DC 于点 G、H,作 GK⊥PH 于 K
∵△PB′B 是等边三角形,∴∠B′PB=60°=∠A
∴PG∥AD,又 DG∥AP
∴四边形 APGD 是平行四边形
∴PG=AD=4
∵AB∥CD,∴∠GHP=∠BPH
∵∠GPH=∠BPH= 1
2
∠B′PB=30°
∴∠GHP=∠GPH=30°,∴PG=GH=4
∴GK= 1
2
PG=2,PK=KH=PG·cos30°=2 3
∴PH=2PK=4 3
∴S=S△PGH = 1
2
PH·GK= 1
2
×4 3×2=4 3
综上得,S 与 t 之间的函数关系式为:
S=
3
2
t 2(0<t ≤2)
- 3
2
t 2+4 3t-4 3(2<t ≤4)
4 3(4<t ≤5)
(3)①若∠DPB′=90°
A
C
B
D
P
E
B′
A
C
B
D
备用图
A
C
B
D
P
E
B′
F
A
C
B
D
P
E
B′
A
C
B
D
P
E
B′
G H
K
A
C
B
D
P
E
B′
CD
E
B′
N
∵∠B′PB=60°,∴∠DPA=30°
又∠A=60°,∴∠ADP=90°
∴AP=2AD,∴10-2t=8,∴t=1
若∠PDB′=90°
作 DM⊥AB 于 M,DN⊥B′B 于 N
则 AM=2,DM=2 3,NC=3,DN=3 3
PM=|10-2-2t|=|8-2t|
NB′=|3+4-2t|=|7-2t|
DP 2=DM 2+PM 2=( 2 3 )2+( 8-2t )2=( 8-2t )2+12
DB′ 2=DN 2+NB′=( 3 3 )2+( 7-2t )2=( 7-2t )2+27
∵DP 2+DB′ 2=B′P 2
∴( 8-2t )2+12+( 7-2t )2+27=( 2t )2
解得 t1= 15+ 73
2
>5(舍去),t2= 15- 73
2
若∠DB′P=90°,则 DB′ 2+B′P 2=DP 2
∴( 7-2t )2+27+( 2t )2=( 8-2t )2+12
解得 t1=-1(舍去),t2=0(舍去)
∴存在以点 D、P、B′ 为顶点的三角形为直角三角形,此时 t=1 或 t= 15- 73
2
②若 DP=B′P,则( 8-2t )2+12=( 2t )2
解得 t= 19
8
若 B′D=B′P,则( 7-2t )2+27=( 2t )2
解得 t= 19
7
若 DP=DB′,则( 8-2t )2+12=( 7-2t )2+27
解得 t=0(舍去)
∴存在以点 D、P、B′ 为顶点的三角形为等腰三角形,此时 t= 19
8
或 t= 19
7
6.(北京模拟)已知二次函数 y=- 3
3
mx 2+3mx-2 的图象与 x 轴交于点 A(2 3,0)、点
B,与 y 轴交于点 C.
(1)求点 B 坐标;
(2)点 P 从点 C 出发以每秒 1 个单位的速度沿线段 CO 向 O 点运动,到达点 O 后停止运动,
过点 P 作 PQ∥AC 交 OA 于点 Q,将四边形 PQAC 沿 PQ 翻折,得到四边形 PQA′C′,设点 P
的运动时间为 t.
A
C
B
D
P
E
B′
A
C
B
D
P
B′
E
①当 t 为何值时,点 A′ 恰好落在二次函数 y=- 3
3
mx 2+3mx-2 图象的对称轴上;
②设四边形 PQA′C′ 落在第一象限内的图形面积为 S,求 S 关于 t 的函数关系式,并求出 S
的最大值.
解:(1)将 A(2 3,0)代入 y=- 3
3
mx 2+3mx-2
得 0=- 3
3
m×( 2 3 )2+3m×2 3-2,解得 m= 3
3
∴y=- 1
3
x 2+ 3x-2
令 y=0,得- 1
3
x 2+ 3x-2=0,解得:x1= 3,x2=2 3
∴B( 3,0)
(2)①由 y=- 1
3
x 2+ 3x-2,令 x=0,得 y=-2
∴C(0,-2)
∵y=- 1
3
x 2+ 3x-2=- 1
3
( x- 3
2
3 )2+ 1
4
∴二次函数图象的对称轴为直线 x= 3
2
3
过 A′ 作 A′H⊥OA 于 H
在 Rt△AOC 中,∵OC=2,OA=2 3
∴∠OAC=30°,∠OCA=60°
∴∠PQA=150°,∠A′QH=60°,AQ=A′Q=2QH
∵点 A′ 在二次函数图象的对称轴上
∴
OQ+QH= 3
2
3
OQ+2QH=2 3
解得 QH= 3
2
∴AQ= 3,CP=1
∴t=1
②分两种情况:
ⅰ)当 0<t ≤1 时,四边形 PQA′C′ 落在第一象限内的图形为等腰三角形 QA′D
DQ=A′Q= 3t
A′H=AQ·sin60°= 3t· 3
2
= 3
2
t
S=S△A′DQ = 1
2
· 3t· 3
2
t= 3 3
4
t 2
∵当 0<t ≤1 时,S 随 t 的增大而增大
∴当 t=1 时,S 有最大值 3 3
4
ⅱ)当 1<t <2 时,四边形 PQA′C′ 落在第一象限内的图形为四边形 EOQA′
S 四边形 EOQA′ =S 梯形 PQA′C′ - S△OPQ - S△PC′E
A
B
C
O
A′
x
P
HC′
y
(Q)
AB
C
O
A′
x
P
Q H
D
C′
y
=[2 3- 3
2
( 2-t )2]- 3
2
( 2-t )2- 3
4
t 2
=- 5 3
4
t 2+4 3t-2 3
∵- 5 3
4
t 2+4 3t-2 3=- 5 3
4
( t- 8
5
)2+ 6 3
5
且 1< 8
5
<2,∴当 t= 8
5
时,S 有最大值 6 3
5
∵ 6 3
5
> 3 3
4
,∴S 的最大值是 6 3
5
7.(北京模拟)已知梯形 ABCD 中,AD∥BC,∠A=120°,E 是 AB 的中点,过 E 点作射线 EF
∥BC,交 CD 于点 G,AB、AD 的长恰好是方程 x 2-4x+a 2+2a+5=0 的两个相等实数根,动
点 P、Q 分别从点 A、E 出发,点 P 以每秒 1 个单位长度的速度沿 AB 由 A 向 B 运动,点 Q 以
每秒 2 个单位长度的速度沿 EF 由 E 向 F 运动,设点 P、Q 运动的时间为 t(秒).
(1)求线段 AB、AD 的长;
(2)当 t >1 时,求△DPQ 的面积 S 与时间 t 之间的函数关系
式;
(3)是否存在△DPQ 是直角三角形的情况,如果存在,求出
时间 t;如果不存在,请说明理由.
解:(1)由题意,△=4 2-4( a 2+2a+5 )=-4( a+1 )2=0
∴a=-1
原方程可化为 x 2-4+4=0,解得∴x1=x2=2
∴AB=AD=2
(2)作 AH⊥BC 于 H,交 EG 于 O,DK⊥EF 于 K,PM⊥DA 交 DA
的延长线于 M
∵AD∥BC,∠A=120°,AB=AD=2
∴∠B=60°,AH= 3
∵E 是 AB 中点,且 EF∥BC,∴AO=DK= 3
2
∵AP=t,∴PM= 3
2
t
∵t >1,∴点 P 在点 E 下方
延长 FE 交 PM 于 S,设 DP 与 EF 交于点 N
则 PS= 3
2
t- 3
2
∵AD∥BC,EF∥BC,∴EF∥AD
∴ EN
AD
= PE
PA
,∴ EN
2
= t-1
t
∴EN= 2( t-1 )
t
,∴QN=2t- 2( t-1 )
t
A
B
D
Q
C
P
E F
A
B
D
Q
C
P
E FG
AB
C
O
A′
x
P
Q H
E
C′
y
A
B
D
Q
C
P
E FN GS O K
H
M
∴S= 1
2
( 2t- 2( t-1 )
t
)( 3
2
t- 3
2
+ 3
2
)
= 3
2
t 2- 3
2
t+ 3
2
即 S= 3
2
t 2- 3
2
t+ 3
2
(t >1)
(3)由题意,AM= 1
2
t,∴DM=2+ 1
2
t
∴DP 2=DM 2+PM 2=( 2+ 1
2
t )2+( 3
2
t )2=t 2+2t+4
又 DQ 2=DK 2+KQ 2=( 3
2
)2+( 2t- 1
2
-2 )2=4t 2-10t+7
PQ 2=PS 2+SQ 2=( 3
2
t- 3
2
)2+( 2t+ t-1
2
)2=7t 2-4t+1
①若∠PDQ=90°,则 DP 2+DQ 2=PQ 2
∴t 2+2t+4+4t 2-10t+7=7t 2-4t+1
解得 t= 6-1(舍去负值)
②若∠DPQ=90°,则 PD 2+PQ 2=DQ 2
∴t 2+2t+4+7t 2-4t+1=4t 2-10t+7
解得 t= 6
2
-1(舍去负值)
③若∠DQP=90°,则 DQ 2+PQ 2=PD 2
∴4t 2-10t+7+7t 2-4t+1=t 2+2t+4
解得 t= 4± 6
5
综上所述,存在△DPQ 是直角三角形的情况,此时 t= 6-1,t= 6
2
-1,t= 4± 6
5
8.(天津模拟)如图,在平面直角坐标系中,直 y=-x+4 2 交 x 轴于点 A,交 y 轴于点 B.在
线段 OA 上有一动点 P,以每秒 2 个单位长度的速度由点 O 向点 A 匀速运动,以 OP 为边作
正方形 OPQM 交 y 轴于点 M,连接 QA 和 QB,并从 QA 和 QB 的中点 C 和 D 向 AB 作垂线,垂足
分别为点 F 和点 E.设 P 点运动的时间为 t 秒,四边形 CDEF 的面积为 S1,正方形 OPQM 与四
边形 CDEF 重叠部分的面积为 S2.
(1)直接写出 A 点和 B 点坐标及 t 的取值范围;
(2)当 t=1 时,求 S1 的值;
y
P A
Q
xO
D
C
F
B
M
E
(3)试求 S2 与 t 的函数关系式
(4)直接写出在整个运动过程中,点 C 和点 D 所走过的路程之和.
解:(1)A(4 2,0)、B(0,4 2),0≤t ≤4
(2)过 Q 作 QH⊥AB 于 H
∵C、D 分别是 QA 和 QB 的中点
∴CD∥AB,CD= 1
2
AB= 1
2
×4 2× 2=4
∵CF⊥AB,DE⊥AB,∴CF∥DE
∴四边形 CDEF 是平行四边形
又∵CF⊥AB,∴四边形 CDEF 是矩形
∵CF⊥AB,QH⊥AB,∴CF∥QH
又∵C 是 QA 中点,∴CF= 1
2
QH
连接 OQ
∵正方形 OPQM,∴∠1=∠2,OP=PQ=QM=MO
∵OA=OB,∴PA=MB
∴Rt△QPA≌Rt△QMB,∴QA=QB,∠PQA=∠MQB
∵QH⊥AB,∴∠3=∠4
∴∠1+∠MQB+∠3=180°,∴O、Q、H 三点共线
∴QH=OH-OQ
∵t=1,点 P 的运动速度为每秒 2 个单位长度
∴OP= 2,∴OQ=2
又∵OA=4 2,∴OH=4
∴QH=OH-OQ=4-2=2,∴CF=1
∴S1=CD·CF=4×1=4
(3)当点 Q 落在 AB 上时,OQ⊥AB,△QOA 是等腰直角三角形
∴t=2 2÷ 2=2
当 0≤t ≤2 时,S2=0
当点 E 落在 QM 上,点 F 落在 PQ 上时,
△CFK 和△DEG 都是等腰直角三角形
过 C 作 CT⊥PQ 于 T
则 CT= 1
2
AP= 1
2
( 4 2- 2t )= 2
2
( 4-t )
∴CF= 2CT=4-t
连接 OQ,分别交 AB、CD 于 N、R
则 ON= 2
2
OA= 2
2
×4 2=4
∵OP= 2t,∴OQ=2t,∴QN=2t-4
y
P A
Q
xO
D
C
F
B
M
E
H
1
2
3
4
y
P A
Q
xO
D
C
F
B
M E G
H
I
K
N
R
y
P A
Q
xO
D
C
F
B
M E G
KN
R
T
∴CF= 1
2
QN=t-2
∴4-t=t-2,∴t=3
当 2<t ≤3 时,重叠部分为等腰梯形 GHIK
△QGK 和△QHI 都是等腰直角三角形
∵QN=2t-4,RN=CF=t-2,∴QR=t-2
∴GK=2QR=2t-4,HI=2QN=4t-8
∴S2= 1
2
( GK+HI )·RN= 1
2
( 2t-4+4t-8 )( t-2 )=3( t-2 )2
当 3<t ≤4 时,重叠部分为六边形 GHEFIK
易知 Rt△CIK≌Rt△DHG,∴GH=KI=2CT= 2( 4-t )
∴S2=S 矩形 CDEF -2S△CIK =CD·CF-KI·CT
=4( t-2 )- 2( 4-t )· 2
2
( 4-t )=-t 2+12t-24
综上得 S2 关于 t 的函数关系式为:
S2=
0(0≤t ≤2)
3( t-2 )2(2<t ≤3)
-t 2+12t-24(3<t ≤4)
(4)8
提示:点 C 和点 D 走过的路程分别为以 OP 为边的正方形的对角线的一半
9.(上海模拟)如图,正方形 ABCD 中,AB=5,点 E 是 BC 延长线上一点,CE=BC,连接 BD.动
点 M 从 B 出发,以每秒 2 个单位长度的速度沿 BD 向 D 运动;动点 N 从 E 出发,以每秒 2
个单位长度的速度沿 EB 向 B 运动,两点同时出发,当其中一点到达终点后另一点也停止运
动.设运动时间为 t 秒,过 M 作 BD 的垂线 MP 交 BE 于 P.
(1)当 PN=2 时,求运动时间 t;
(2)是否存在这样的 t,使△MPN 为等腰三角形?若存在,求出 t 的值;若不存在,请说明
理由;
y
P A
Q
xO
D
C
F
B
M
E GH
I
K
N
R
T
(3)设△MPN 与△BCD 重叠部分的面积为 S,直接写出 S 与 t 的函数关系式和函数的定义域.
解:(1)∵正方形 ABCD,∴∠DBC=45°
∵MP⊥DB,∴△BMP 是等腰直角三角形
∵BM= 2t,∴BP= 2BM=2t
又 PN=2,NE=2t
当 0<t <2.5 时,BP+PN+NE=BE
∴2t+2+2t=10,∴t=2
当 2.5<t <5 时,BP-PN+NE=BE
∴2t-2+2t=10,∴t=3
(2)过 M 作 MH⊥BC 于 H
则△NQC∽△NMH,∴ QC
CN
= MH
HN
∴ QC
5-2t
= t
10-t-2t
,∴QC= 5t-2t 2
10-3t
令 QC=y,则 y= 5t-2t 2
10-3t
整理得 2t 2-( 3y+5 )t+10y=0
∵t 为实数,∴[-( 3y+5 )]2-4×2×10y ≥0
即 9y 2-50y+25≥0,解得 y ≥5(舍去)或 y ≤ 5
9
∴线段 QC 长度的最大值为 5
9
(3)当 0<t <2.5 时
∵∠MPN=∠DBC+∠BMP=45°+90°=135°
∴∠MPN 为钝角,∴MN >MP,MN >PN
若 PM=PN,则 2t=10-4t
解得 t= 5
7
( 4- 2 )
当 2.5<t <5 时
∵∠MNP>∠MBP=∠MPB,∴MP >MN
若 MN=PN,则∠PMN=∠MPN=45°
∴∠MNP=90°,即 MN⊥BP
∴BN=NP,BP=2BN
∴2t=2( 10-2t ),解得 t= 10
3
若 PM=PN
A
B
D
NCP
M
E
A
B
D
NCP
M
E
Q
H
A
B
D
PCN E
M
A
B
D
NCP E
M
A
B
D
PCN
M
E
A D
B PCN
M
E
∵PN=BP-BN=BP-( BE-NE )=BP+NE-BE
∴ 2t=2t+2t-10,解得 t= 5
7
( 4+ 2 )
∴当 t= 5
7
( 4- 2 ),t= 10
3
,t= 5
7
( 4+ 2 )时,△MPN 为等腰三角形
(4)S=
8t 3-50t 2+75t
20-6t
(0<t <2.5)
5t- 25
2
(2.5<t <5)
10.(重庆模拟)如图,已知△ABC 是等边三角形,点 O 是 AC 的中点,OB=12,动点 P 在线
段 AB 上从点 A 向点 B 以每秒 3 个单位的速度运动,设运动时间为 t 秒.以点 P 为顶点,
作等边△PMN,点 M,N 在直线 OB 上,取 OB 的中点 D,以 OD 为边在△AOB 内部作如图所示的
矩形 ODEF,点 E 在线段 AB 上.
(1)求当等边△PMN 的顶点 M 运动到与点 O 重合时 t 的值;
(2)求等边△PMN 的边长(用含 t 的代数式表示);
(3)设等边△PMN 和矩形 ODEF 重叠部分的面积为 S,请直接写出 S 与 t 的函数关系式及自
变量 t 的取值范围;
(4)点 P 在运动过程中,是否存在点 M,使得△EFM 是等腰三角形?若存在,求出对应的 t
的值;若不存在,请说明理由.
解:(1)当点 M 与点 O 重合时
∵△ABC、△PMN 是等边三角形,O 为 AC 中点
∴∠AOP=30°,∠APO=90°
∵OB=12,∴AO=4 3=2AP=2 3t
解得 t=2
∴当 t=2 时,点 M 与点 O 重合
(2)由题设知∠ABM=30°,AB=8 3,AP= 3t
∴PB=8 3- 3t,PM=PB·tan30°=8-t
即等边△PMN 的边长为 8-t
A
O D
C
B
F E
备用图
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
A
O D
C
B
F E
备用图
A D
B PCN
M
E
R
A D
B NCP
M
E
Q
A
O D
C
B
P
F E
(N)(M)
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
(3)S=
2 3t+6 3(0≤t ≤1)
-2 3t 2+6 3t+4 3(1<t ≤2)
- 3
2
t 2+10 3(2<t ≤4)
2 3t 2-20 3t+50 3(4<t ≤5)
0(5<t ≤8)
提示:
①当 0≤t ≤1 时,PM 经过线段 AF
设 PM 交 AF 于点 J,PN 交 EF 于点 G,则重叠部分为直角梯形 FONG
∵AP= 3t,∴AJ=2 3t,JO=4 3-2 3t
MO=4-2t,ON=8-t-( 4-2t )=4+t
作 GH⊥ON 于 H
则 GH=FO=2 3,HN=2,FG=OH=4+t-2=2+t
∴S=S 梯形 FONG = 1
2
( FG+ON )·FO
= 1
2
( 2+t+4+t )·2 3=2 3t+6 3
②当 1<t ≤2 时,PM 经过线段 FO
设 PM 交 EF 于点 I,则重叠部分为五边形 IJONG
FJ=AJ-AF=2 3t-2 3,FI=2t-2
∴S=S 梯形 FONG -S△FIJ =2 3t+6 3- 1
2
( 2 3t-2 3 )( 2t-2 )
=-2 3t 2+6 3t+4 3
③当 2<t ≤4 时,PN 经过线段 ED
设 PN 交 ED 于点 K,则重叠部分为五边形 IMDKG
∵AP= 3t,∴PE=4 3- 3t
∴IG=GE=4-t,EK=4 3- 3t
∴KD=2 3-( 4 3- 3t )= 3t-2 3,DN=t-2
∴S=S 梯形 IMNG -S△KDN
= 1
2
( 4-t+8-t )·2 3- 1
2
( 3t-2 3 )( t-2 )
=- 3
2
t 2+10 3
④当 4<t ≤5 时,PM 经过线段 ED
设 PM 交 ED 于点 R,则重叠部分为△RMD
∵AP= 3t,∴EP= 3t-4 3
∴ER=2EP=2 3t-8 3
∴RD=2 3-( 2 3t-8 3 )=10 3-2 3t
MD=10-2t
∴S=S△RMD = 1
2
( 10-2t )( 10 3-2 3t )
=2 3t 2-20 3t+50 3
⑤当 5<t ≤8 时,S=0
A
O D B
P
N
F
M
E
A
O D
C
B
P
N
F
M
EGJ
H
A
O D
C
B
P
N
I
M
EGF
J
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
G
I
K
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
R
(4)∵MN=BN=PN=8-t,∴MB=16-2t
①若 FM=EM,则 M 为 OD 中点
∴OM=3
∵OM+MB=OB,∴3+16-2t=12
∴t=3.5
②若 FM=FE=6,则 OM= 6 2-( 2 3 )2 =2 6
∵OM+MB=OB,∴2 6+16-2t=12
∴t=2+ 6
③若 EF=EM=6,点 M 在 OD 或 DB 上
则 DM= 6 2-( 2 3 )2 =2 6
∴DB+DM=MB 或者 DB-DM=MB
∴6+2 6=16-2t 或 6-2 6=16-2t
∴t=5- 6或 t=5+ 6
综上所述,当 t=3.5、2+ 6、5- 6、5+ 6时,△MEF 是等腰三角形
11.(浙江某校自主招生)如图,正方形 OABC 的顶点 O 在坐标原点,且 OA 边和 AB 边所在直
线的解析式分别为 y= 3
4
x 和 y=- 4
3
x+ 25
3
.
(1)求正方形 OABC 的边长;
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
A
O D
C
B
P
N
F
M
E
(2)现有动点 P、Q 分别从 C、A 同时出发,点 P 沿线段 CB 向终点 B 运动,速度为每秒 1
个单位,点 Q 沿折线 A→O→C 向终点 C 运动,速度为每秒 k 个单位,设运动时间为 2 秒.当
k 为何值时,将△CPQ 沿它的一边翻折,使得翻折前后的两个三角形组成的四边形为菱形?
(3)若正方形以每秒 5
3
个单位的速度沿射线 AO 下滑,直至顶点 B 落在 x 轴上时停止下滑.设
正方形在 x 轴下方部分的面积为 S,求 S 关于滑行时间 t 的函数关系式,并写出相应自变量
t 的取值范围.
解:(1)联立
y= 3
4
x
y=- 4
3
x+ 25
3
解得
x=4
y=3
∴A(4,3),∴OA= 4 2+3 2 =5
∴正方形 OABC 的边长为 5
(2)要使△CPQ 沿它的一边翻折,翻折前后的两个三角形组成的
四边形为菱形,根据轴对称的性质,只需△CPQ 为等腰三角形即可
当 t=2 秒时
∵点 P 的速度为每秒 1 个单位,∴CP=2
分两种情况:
①当点 Q 在 OA 上时,∵PQ≥BA>PC,∴只存在一点 Q,使 QC=QP
作 QN⊥CP 于 N,则 CN= 1
2
CP=OQ=1
∴QA=5-1=4,∴k= 4
2
=2
②当点 Q 在 OC 上时,同理只存在一点 Q,使 CP=CQ=2
∴OQ+OA=10-2=8,∴k= 8
2
=4
综上所述,当 t=2 秒时,以所得的等腰三角形 CPQ 沿底边翻折,
翻折后得到菱形的 k 值为 2 或 4
(3)①当点 A 运动到点 O 时,t=3
当 0<t ≤3 时,设 O′C′ 交 x 轴于点 D
C
B
xO
A
y
C
B
xO
A
y
Q
P
C
B
xO
A
y
Q
PN
xO
y
A′
B′
D
C′
O′
则 tan∠DOO′= 3
4
,即 DO′
OO′ =
DO′
5
3
t
= 3
4
,∴DO′= 5
4
t
∴S= 1
2
DO′·OO′= 1
2
· 5
4
t· 5
3
t= 25
24
t 2
②当点 C 运动到 x 轴上时,t=( 5× 4
3
)÷ 5
3
=4
当 3<t ≤4 时,设 A′B′ 交 x 轴于点 E
∵A′O= 5
3
t-5,∴A′E= 3
4
A′O= 5t-15
4
∴S= 1
2
( A′E+O′D)·A′O′= 1
2
( 5t-15
4
+ 5
4
t )·5= 50t-75
8
③当点 B 运动到 x 轴上时,t=( 5+5× 4
3
)÷ 5
3
=7
当 4<t ≤7 时,设 B′C′ 交 x 轴于点 F
∵A′E= 5t-15
4
,∴B′E=5- 5t-15
4
= 35-5t
4
∴B′F= 4
3
B′E= 35-5t
3
∴S=5 2- 1
2
· 35-5t
4
· 35-5t
3
=- 25
24
t 2+ 175
12
t- 625
24
综上所述,S 关于滑行时间 t 的函数关系式为:
S=
25
24
t 2(0<t ≤3)
50t-75
8
(3<t ≤4)
- 25
24
t 2+ 175
12
t- 625
24
(4<t ≤7)
12.(浙江某校自主招生)如图,正方形 ABCD 的边长为 8cm,动点 P 从点 A 出发沿 AB 边以
1cm/秒的速度向点 B 匀速移动(点 P 不与点 A、B 重合),动点 Q 从点 B 出发沿折线 BC-CD
以 2cm/秒的速度匀速移动.点 P、Q 同时出发,当点 P 停止时,点 Q 也随之停止.连接 AQ
交 BD 于点 E.设点 P 运动时间为 t(秒).
(1)当点 Q 在线段 BC 上运动时,点 P 出发多少时间后,∠BEP=∠BEQ?
(2)设△APE 的面积为 S(cm2),求 S 关于 t 的函数关系式,并写出 t 的取值范围;
(3)当 4<t<8 时,求△APE 的面积为 S 的变化范围.
A
B
D
E
C
P
Q
xO
y
A′
B′
F
C′
O′
E
xO
y
A′
B′
D
C′
O′
E
解(1)AP=xcm,BQ=2xcm
∵∠BEP=∠BEQ,BE=BE,∠PBE=∠QBE=45°
∴△PBE≌△QBE,∴PB=BQ
即 8-x=2x,∴x= 8
3
∴点 P 出发 8
3
秒后,∠BEP=∠BEQ
(2)①当 0<x ≤4 时,点 Q 在 BC 上,作 EN⊥AB 于 N,EM⊥BC 于 M
∵AD∥BC,∴ AE
EQ
= AD
BQ
= 8
2x
= 4
x
即 AE
EQ
= 4
x
,∴ AE
AQ
= 4
x+4
∴ NE
BQ
= AE
AQ
,∴NE= AE·BQ
AQ
= 8x
x+4
∴S= 1
2
AP·NE= 1
2
x· 8x
x+4
= 4x 2
x+4
即 S= 4x 2
x+4
(0<x ≤4)
②当 4<x <8 时,点 Q 在 CD 上,作 QF⊥AB 于 F,交 BD 于 H
则 AE
EQ
= AD
HQ
= 8
16-2x
= 4
8-x
即 AE
EQ
= 4
8-x
,∴ AE
AQ
= 4
8-x+4
= 4
12-x
作 EN⊥AB 于 N,则 NE
FQ
= AE
AQ
∴NE= AE·FQ
FQ
= 32
12-x
∴S= 1
2
AP·NE= 1
2
x· 32
12-x
= 16x
12-x
即 S= 16x
12-x
(4<x <8)
(3)当 4<x <8 时,由 S= 16x
12-x
,得 x= 12S
16+S
∵4<x <8,∴4< 12S
16+S
<8
∵S >0,∴16+S >0,∴4( 16+S )<12S <8( 16+S )
解得 8<S <32
13.(浙江模拟)如图,菱形 ABCD 的边长为 6 且∠DAB=60°,以点 A 为原点、边 AB 所在
A
B
D
E
C
P
Q
N
M
A
B
D
E
C
P
Q
N
F H
直线为 x 轴且顶点 D 在第一象限建立平面直角坐标系.动点 P 从点 D 出发沿折线 D-C-B
向终点 B 以每秒 2 个单位的速度运动,同时动点 Q 从点 A 出发沿 x 轴负半轴以每秒 1 个单位
的速度运动,当点 P 到达终点时停止运动.设运动时间为 t,直线 PQ 交边 AD 于点 E.
(1)求出经过 A、D、C 三点的抛物线解析式;
(2)是否存在时刻 t,使得 PQ⊥BD?若存在,求出 t 值,若不存在,请说明理由;
(3)设 AE 长为 y,试求 y 与 t 之间的函数关系式;
(4)若 F、G 为 DC 边上两点,且点 DF=FG=1,试在对角线 DB 上找一点 M、抛物线对称轴
上找一点 N,使得四边形 FMNG 周长最小并求出周长最小值.
解:(1)由题意得:D(3,3 3)、C(9,3 3)
设经过 A、D、C 三点的抛物线解析式为 y=ax 2+bx
把 D、C 两点坐标代入上式,得:
9a+3b=3 3
81a+9b=3 3
解得:a=- 3
9
,b= 4 3
3
∴抛物线的解析式为:y=- 3
9
x 2+ 4 3
3
x
(2)连接 AC
∵四边形 ABCD 是菱形,∴AC⊥BD
若 PQ⊥BD,则 PQ∥AC
当点 P 在 DC 上时
∵PC∥AQ,PQ∥AC,∴四边形 PQAC 是平行四边形
∴PC=AQ,即 6-2t=t,
∴t=2
当点 P 在 CB 上时,PQ 与 AC 相交,此时不存在符合要求的 t 值
(3)①当点 P 在 DC 上,即 0≤t ≤3 时
∵DP∥AQ,∴△DEP∽△AEQ
∴ DE
y
= DP
AQ
= 2t
t
=2,∴y= 1
3
AD=2
②当点 P 在 CB 上,即 3<t ≤6 时
∵AE∥BP,∴△QEA∽△QPB
∴ AE
BP
= QA
QB
,即 y
12-2t
= t
6+t
∴y= 12-2t
6+t
综上所述,y 与 t 之间的函数关系式为:
xA
y
E
D C
B
F
G
Q
P
xA
y
F′
D C
B
F G
M N
G′H
xA
y
E
D C
B
F
G
Q
P
xA
y
E
D C
B
F
G
Q
P
y=
2 (0≤t ≤3)
12-2t
6+t
(3<t ≤6)
(4)作点 F 关于直线 BD 的对称点 F′,由菱形对称性知 F′ 在 DA 上,且 DF′=DF=1
作点 G 关于抛物线对称轴的对称点 G′,易求 DG′=4
连接 F′G′ 交 DB 于点 M、交对称轴于点 N,则点 M、N 即为所求的两点
过 F′ 作 F′H⊥DG′ 于 H,可得 HD= 1
2
,F′H= 3
2
,HG′= 9
2
∴F′G′= F′H 2+HG′ 2 = 21
∴四边形 FMNG 周长最小值为 F′G′+FG= 21+1
14.(浙江模拟)如图,直线 y=-x+5 和直线 y=kx-4 交于点 C(3,m),两直线分别交
y 轴于点 A 和点 B,一平行于 y 轴的直线 l 从点 C 出发水平向左平移,速度为每秒 1 个单位,
运动时间为 t,且分别交 AC、BC 于点 P、Q,以 PQ 为一边向左侧作正方形 PQDE.
(1)求 m 和 k 的值;
(2)当 t 为何值时,正方形的边 DE 刚好在 y 轴上?
(3)当直线 l 从点 C 出发开始运动的同时,点 M 也同时在线段 AB 上由点 A 向点 B 以每秒 4
个单位的速度运动,问点 M 从进入正方形 PQDE 到离开正方形持续的时间有多长?
解:(1)把 C(3,m)代入 y=-x+5 得 m=2
∴C(3,2),代入 y=kx-4 得 k=2
(2)由题意,点 P 横坐标为 3-t
当 x=3-t 时,y=-x+5=t+2,∴P(3-t,t+2)
∵PQ∥y 轴,∴点 Q 横坐标为 3-t
当 x=3-t 时,y=2x-4=2-2t,∴Q(3-t,2-2t)
∴PQ=t+2-( 2-2t )=3t
∵正方形 PQDE,∴PQ=PE
当正方形的边 DE 刚好在 y 轴上时,3t=3-t,∴t= 3
4
A
O
C
B
y
x
l
P
QD
E
A
O
C
B
y
x
l
P
QD
E
(3)∵直线 y=-x+5 交 y 轴于点 A,∴A(0,5)
∴点 M 坐标为(0,5-4t)
当点 M 和点 P 的纵坐标相等时,5-4t=t+2,∴t= 3
5
∵ 3
5
< 3
4
,∴点 M 进入正方形 PQDE 时,t= 3
4
当点 M 和点 Q 的纵坐标相等时,5-4t=2-2t,∴t= 3
2
∴点 M 从进入正方形 PQDE 到离开正方形持续的时间为:t= 3
2
- 3
4
= 3
4
15.(浙江模拟)如图,在平面直角坐标系中,O 为坐标原点,Rt△OAB 的直角边 OA 在 x 轴
的正半轴上,点 B 坐标为( 3,1),以 OB 所在直线为对称轴将△OAB 作轴对称变换得△OCB.动
点 P 从点 O 出发,沿线段 OA 向点 A 运动,动点 Q 从点 C 出发,沿线段 CO 向点 O 运动.P、Q
两点同时出发,速度都为每秒 1 个单位长度.设点 P 运动的时间为 t(秒).
(1)求∠AOC 的度数;
(2)记四边形 BCQP 的面积为 S(平方单位),求 S 与 t 之间的函数关系式;
(3)设 PQ 与 OB 交于点 M.
①当△OMQ 为等腰三角形时,求 t 的值.
②探究线段 OM 长度的最大值,说明理由.
解:(1)∵点 B 坐标为( 3,1),∴OA= 3,AB=1
∴在 Rt△OAB 中,tan∠AOB= AB
OA
= 1
3
= 3
3
∴∠AOB=30°
∵将△OAB 作轴对称变换得△OCB
∴△OCB≌△OAB,∴∠COB=∠AOB=30°
∴∠AOC=60°
(2)∵OP=CQ=t,AB=1,OC=OA= 3
∴AP=OQ= 3-t
∴S=2S△OAB - S△OPQ - S△PAB
=OA·AB- 1
2
OP·OQ·sin∠AOC- 1
2
PA·AB
= 3×1- 1
2
×t×( 3-t )× 3
2
- 1
2
×( 3-t )×1
= 3
4
t 2- 1
4
t+ 3
2
(3)①若△OMQ 为等腰三角形,则可能有三种情况:
(i)若 OM=MQ,则∠MQO=∠MOQ=30°
∵∠AOC=60°,∴∠OPQ=90°
∴OP= 1
2
OQ,即 t= 1
2
( 3-t )
解得:t= 3
3
B
P A
C
O
Q
x
y
M
B
P A
C
O
Q
x
y
M
B
P A
C
O
Q
x
y
M
(ii)若 OM=OQ,则∠OMQ=∠OQM=75°
∵∠AOC=60°,∴∠OPQ=45°
过点 Q 作 QD⊥OA 于 D,则 QD=DP
即 3
2
( 3-t )=t- 1
2
( 3-t )
解得:t=1
(iii)若 MQ=OQ,则∠OMQ=∠MOQ=∠MOP
得 PQ∥OA,显然不符合题意
②分别过点 P、Q 作 OB 的垂线,垂足分别为 E、F
∵OP=t,OQ= 3-t,∠MOP=∠MOQ=30°
∴S△OPQ =S△OPM + S△OOM = 1
2
OM·PE+ 1
2
OM·QF
= 1
4
OM·OP+ 1
4
OM·OQ= 1
4
OM( OP+OQ )
= 1
4
OM( t+ 3-t )= 3
4
OM
过点 Q 作 QG⊥OA 于 G
则 S△OPQ = 1
2
OP·QG = 1
2
OP·OQ·sin60°
= 3
4
t( 3-t )=- 3
4
( t 2- 3t )
∴ 3
4
OM=- 3
4
( t 2- 3t )
∴OM=-( t 2- 3t )=-( t- 3
2
)2+ 3
4
∴当 t= 3
2
时,线段 OM 的长度取得最大值 3
4
16.(浙江模拟)已知直线 y= 4
3
x+4 与 x 轴、y 轴分别相交于点 A、B,点 C 从 O 点出
发沿射线 OA 以每秒 1 个单位长度的速度匀速运动,同时点 D 从 A 点出发沿 AB 以每秒 1
个单位长度的速度向 B 点匀速运动,当点 D 到达 B 点时 C、D 都停止运动.点 E 是 CD 的
中点,直线 EF⊥CD 交 y 轴于点 F,点 E′ 与 E 点关于 y 轴对称.点 C、D 的运动时间为 t
B
P A
C
O
Q
x
y
M
D
B
P A
C
O
Q
x
y
ME
F
G
(秒).
(1)当 t=________秒时,点 F 经过原点 O;
(2)设四边形 BDCO 的面积为 S,求 S 与 t 的函数关系式;
(3)当直线 EF 与△AOB 的一边垂直时,求 t 的值;
(4)以 CD 为一边,在 CD 的右侧作菱形 CDMN,其中 DM∥x 轴.
当点 N 在直线 E′F 左侧时,直接写出菱形 CDMN 与△EFE′ 重叠部分
为轴对称图形时 t 的取值范围.
解:(1) 5
2
提示:
∵直线 y= 4
3
x+4 与 x 轴、y 轴分别相交于点 A、B
∴A(-3,0),B(0,4),∴AO=3,BO=4
∴AB= AO 2+BO 2 = 3 2+4 2 =5
当点 F 经过原点时,连接 OD
由题意,EF 是 CD 的垂直平分线
∴OD=OC=t
∵AD=t,∴AD=OD,∴∠DAO=∠DOA
∵∠DBO+∠DAO=90°,∠DOB+∠DOA=90°
∴∠DBO=∠DOB,∴OD=BD
∴AD=BD,∴AD= 1
2
AB= 5
2
(2)∵AO=3,BO=4,AB=5
∴sin∠BAO= BO
AB
= 4
5
,cos∠BAO= AO
AB
= 3
5
过 D 作 DH⊥AC 于 H
当 0≤t ≤3 时
∵CO=t,AD=t,∴AC=3-t,DH=AD·sin∠BAO= 4
5
t
∴S=S△ABO - S△ADC = 1
2
×3×4- 1
2
·( 3-t )· 4
5
t= 2
5
t 2- 6
5
t+6
当 3<t ≤5 时,AC=t-3
∴S=S△ABO + S△ADC = 1
2
×3×4+ 1
2
·( t-3 )· 4
5
t= 2
5
t 2- 6
5
t+6
综合得 S 与 t 的函数关系式为:
S= 2
5
t 2- 6
5
t+6(0≤t ≤5)
(3)当 EF⊥BO 时
∵EF⊥CD,∴CD∥BO,∴∠ACD=90°
在 Rt△ADC 中, AC
AD
=cos∠BAO
B
A
C O
D
x
y
F
E E′
B
A
C O
D
x
y
F
E E′
H
B
AC O
D
y
F
E E′
H
x
B
A O
D
y
F
E E′
xC
F
O
y
B
D
CA x
E E′
(F)
∴ 3-t
t
= 3
5
,∴t= 15
8
当 EF⊥AB 时
∵EF⊥CD,∴直线 CD 与直线 AB 重合
∴点 C 与点 A 重合,∴t=3
(4)t= 5
4
或 t= 15
4
提示:①当 0<t < 15
8
,且重叠部分为等腰梯形 PEQM 时
则∠PEQ=∠MQE
∵菱形 CDMN,∴CD∥MN
∴∠MQE=∠CEQ,∴∠PEQ=∠CEQ
∵EF⊥CD,即∠CEF=90°,∴∠CEQ=45°
∴∠ACD=∠CEQ=45°
过 D 作 DH⊥AC 于 H,则△DHC 是等腰直角三角形
∴DH=HC,∴ 4
5
t=3-t- 3
5
t,∴t= 5
4
②当 15
8
<t <5,且重叠部分为等腰梯形 EHNK 时
同理可得∠CHE=45°
连接 DH
∵EF 垂直平分 CD,∴CH=DH,∠DHE=∠CHE=45°
∴∠DHC=90°,∴DH= 4
5
t
而 CH=CO-HO=CO-( AO-AH )=t-( 3- 3
5
t )
∴t-( 3- 3
5
t )= 4
5
t,∴t= 15
4
17.(浙江模拟)如图 1,矩形 ABCD 中,AB=21,AD=12,E 是 CD 边上的一点,DE=16,M
是 BC 边的中点,动点 P 从点 A 出发,沿边 AB 以每秒 1 个单位长度的速度向终点 B 运动.设
动点 P 的运动时间是 t 秒.
(1)求线段 AE 的长;
(2)当△ADE 与△PBM 相似时,求 t 的值;
(3)如图 2,连接 EP,过点 P 作 PH⊥AE 于 H.
B
A
O
D
y
E′
xF
(C)
E
O
y
B
D
CA
F
x
E E′
M
N
P
Q
H
O
y
B
D
C A
F
x
E E′
M
N
H
K
①当 EP 平分四边形 PMEH 的面积时,求 t 的值;
②以 PE 为对称轴作线段 BC 的轴对称图形 B′C′,当线段 B′C′ 与线段 AE 有公共点时,
写出 t 的取值范围(直接写出答案).
解:(1)∵ABCD 是矩形,∴∠D=90°
∴AE= AD 2+DE 2 = 12 2+16 2 =20
(2)∵∠D=∠B=90°
∴△ADE 与△PBM 相似时,有两种情况:
当∠DAE=∠PMB 时,有 DE
PB
= AD
BM
即 16
21-t
= 12
6
,解得 t=13
当∠DAE=∠BPM 时,有 DE
BM
= AD
PB
即 16
6
= 12
21-t
,解得 t= 33
2
(3)①由题意得:S△EHP =S△EMP
∵DC∥AB,∴∠DEA=∠HAP
又∵∠D=∠AHP=90°,∴△ADE∽△PHA
∴ AH
DE
= PH
AD
= AP
AE
,即 AH
16
= PH
12
= t
20
∴AH= 4
5
t,PH= 3
5
t,EH=20- 4
5
t
∴S△EHP = 1
2
× 3
5
t×( 20- 4
5
t )
∵DC=21,DE=16,∴EC=5
∴S△EMP =S 梯形 EPBC - S△ECM - S△PBM
= 1
2
( 5+21-t )×12- 1
2
×5×6- 1
2
×( 21-t )×6
∴ 1
2
× 3
5
t×( 20- 4
5
t )= 1
2
( 5+21-t )×12- 1
2
×5×6- 1
2
×( 21-t )×6
解得 t= 75±5 17
4
∵0<t <21,∴t= 75-5 17
4
D
A
CE
B
M
P
图 1
D
A
CE
B
M
P
H
图 2
D
A
CE
B
M
备用图
D
A
CE
B
M
P
H
C′
B′
N
D
A
CE
B
M
P
H
D
A
CE
B
M
P
H
② 140
11
≤t ≤20
提示:当点 B′ 落在线段 AE 上时
连接 B′P、EB,∵B′C′ 和 BC 关于 PE 对称
∴B′P=BP=21-t,B′E=BE= BC 2+EC 2 = 12 2+5 2 =13
∴AB′=AE-B′E=20-13=7,B′H=AH-AB′= 4
5
t-7
在 Rt△B′HP 中,B′H 2+PH 2=B′P 2
∴( 4
5
t-7 )2+( 3
5
t )2=( 21-t )2,解得 t= 140
11
当点 C′ 落在线段 AE 上时
连接 C′P、CP,∵B′C′ 和 BC 关于 PE 对称
C′P 2=CP 2=12 2+( 21-t )2,C′E=CE=5
∴AC′=AE-C′E=20-5=15,C′H=AH-AC′= 4
5
t-15
在 Rt△C′HP 中,C′H 2+PH 2=C′P 2
∴( 4
5
t-15 )2+( 3
5
t )2=12 2+( 21-t )2,解得 t=20
18.(浙江模拟)如图,抛物线与 x 轴交于 A(6,0)、B(19,0)两点,与 y 轴交于点 C(0,
8),直线 CD∥x 轴交抛物线于另一点 D.动点 P、Q 分别从 C、D 两点同时出发,速度均为每
秒 1 个单位,点 P 向射线 DC 方向运动,点 Q 向射线 BD 方向运动,设 P、Q 运动的时间为 t
(秒),AQ 交 CD 于 E.
(1)求抛物线的解析式;
(2)求△APQ 的面积 S 与 t 的函数关系式;
(3)连接 BE.是否存在某一时刻 t,使得∠AEB=∠BDC?若
存在,求出 t 的值;若不存在,请说明理由.
解:(1)∵抛物线与 x 轴交于 A(6,0)、B(19,0)两点
∴设抛物线的解析式为 y=a( x-6 )( x-19 )
∵抛物线与 y 轴交于点 C(0,8)
∴8=a( 0-6 )( 0-19 ),∴a= 4
57
∴y= 4
57
( x-6 )( x-19 )
(2)作 PF⊥x 轴于 F,QG⊥x 轴于 G,DH⊥x 轴于 H,
∵CD∥x 轴,∴PF=DH=OC=8
当 y=8 时, 4
57
( x-6 )( x-19 )=8
O B
y
xA
C
P QE
D
D
A
CE
B
M
P
H
B
C
O B
y
xA
C
P QE
D
F H G
解得 x1=0,x2=25
∴D(25,8),OH=CD=25
∵B(19,0),∴BH=25-19=6
∴BD= BH 2+DH 2 = 6 2+8 2 =10
∵△BDH∽△BQG,∴ BD
BQ
= DH
QG
= BH
BG
∴ 10
10+t
= 8
QG
= 6
BG
∴QG= 4
5
t+8,BG= 3
5
t+6
∴FG=t+19+ 3
5
t+6= 8
5
t+25,AG= 3
5
t+19
∴S=S 梯形 PFGQ - S△PAF - S△QAG
= 1
2
( PF+QG )·FG- 1
2
AF·PF- 1
2
AG·QG
= 1
2
( 8+ 4
5
t+8 )( 8
5
t+25 )- 1
2
( t+6 )·8- 1
2
( 3
5
t+19 )( 4
5
t+8 )
= 2
5
t 2+ 44
5
t+100
(3)∵AC=BD=10,∴四边形 ABDC 是等腰梯形
∴∠ACD=∠BDC
若∠AEB=∠BDC,则∠AEC+∠BED=∠BED+∠EBD
∴∠AEC=∠EBD,∴△AEC∽△EBD
∴ AC
ED
= CE
DB
,即 10
ED
= 25-ED
10
解得 ED=5 或 ED=20(>AB,舍去)
∵△QED∽△QAB,∴ ED
AB
= QD
QB
即 5
13
= t
t+10
,∴t= 25
4
∴存在某一时刻 t,使得∠AEB=∠BDC,t= 25
4
19.(浙江模拟)如图,抛物线 y=ax 2+bx+c(a>0)交 x 轴于 A、B 两点(A 在 B 的左侧),
交 y 轴于 C 点,已知 B 点坐标为(8,0),tan∠ABC= 1
2
,△ABC 的面积为 8.
(1)求抛物线的解析式;
(2)直线 EF(EF∥x 轴,且分别交 y 轴、线段 CB 于 E、F 两点)从 C 点开始,以每秒 1 个
单位的速度向下运动,与 x 轴重合时停止运动;同时动点 P 从 B 点出发沿线段 BO 以每秒 2
个单位的速度向终点 O 运动,连接 FP,设运动时间为 t 秒.是否存在 t 的值,使以 P、B、F
为顶点的三角形与△ABC 相似?若存在,求出 t 的值;若不存在,请说明理由;
(3)在(2)的条件下,连接 AC 交 EF 于点 G.当 t 为何值时,A、P、F、G 所围成的图形是
y
C F
E
G
平行四边形、等腰梯形和等腰直角三角形.
解:(1)∵B(8,0),∴OB=8
∵ OC
OB
=tan∠ABC= 1
2
,∴OC=4,∴C(0,4)
∵S△ABC =8,∴ 1
2
AB·OC=8
∴AB=4,∴OA=4,∴A(4,0)
把 A、B、C 三点坐标代入 y=ax 2+bx+c,得
16a+4b+c=0
64a+8b+c=0
c=4
解得 a= 1
8
,b=- 3
2
,c=4
∴抛物线的解析式为 y= 1
8
x 2- 3
2
x+4
(2)存在
∵AB=OC=4,OB=8,∴AC=4 2,BC=4 5
由题意,BP=2t,BF=4 5- 5t
若△PBF∽△ABC,则 PB
AB
= BF
BC
即 2t
4
= 4 5- 5t
4 5
,∴t= 4
3
若△FBP∽△ABC,则 BF
AB
= BP
BC
即 4 5- 5t
4
= 2t
4 5
,∴t= 20
7
∴当 t= 4
3
或 t= 20
7
时,以 P、B、F 为顶点的三角形与△ABC 相似
(3)t= 4
3
时,A、P、F、G 所围成的图形是平行四边形
t=2 时,A、P、F、G 所围成的图形是等腰梯形
t= 24
5
时,A、P、F、G 所围成的图形是等腰直角三角形
20.(浙江模拟)已知:如图,在平面直角坐标系中,△ABC 为等腰三角形,直线 AC 的解析
式为 y=-2x+6,将△AOC 沿直线 AC 折叠,点 O 落在平面内的点 E 处,直线 AE 交 x 轴于点
D.
(1)求直线 AD 解析式;
(2)动点 P 从点 B 出发,以每秒 1 个单位的速度沿 x 轴正方向匀速运动,点 Q 是射线 CE
上的点,且∠PAQ=∠BAC.设点 P 运动时间为 t 秒,△POQ 的面积为 S,求 S 与 t 之间的函
数关系式;
(3)在(2)的条件下,直线 CE 上是否存在一点 F,使以点 F、A、D、P 为顶点的四边形是
平行四边形?若存在,求出 t 值及 Q 点坐标;若不存在,请说明理由.
解:(1)∵直线 AC 解析式为 y=-2x+6
∴A(0,6),C(3,0),∴OA=6,OC=3
由题意,∠AEC=∠AOC=90°,AE=AO=6,CE=CO=3
设 CD=x,则 OD=x+3
易证△CED∽△AOD,∵AO=2CE
∴OD=2DE,即 DE= x+3
2
在 Rt△CED 中,3 2+( x+3
2
)2=x 2
解得 x=5(舍去负值),∴CD=5
∴OD=8,D(8,0)
设直线 AD 解析式为 y=kx+6,则有:
8k+6=0,∴k=- 3
4
∴y=- 3
4
x+6
(2)①当 P 在线段 BO 上时,即 0<t <3 时
∵∠PAQ=∠BAC,∴∠BAP=∠CAQ
又∵∠ABP=∠ACQ=∠ACO,AB=AC
∴△ABP≌△ACQ,∴BP=CQ=t,OP=3-t
作 QH⊥OD 于 H,则 QH=CQ·sin∠ECD= 4
5
t
∴S= 1
2
OP·QH= 1
2
( 3-t )· 4
5
t=- 2
5
t 2+ 6
5
t
即 S=- 2
5
t 2+ 6
5
t
②当 P 在 x 轴正半轴上时,即 t >3 时
同①可得:BP=CQ=t,OP=t-3
∴S= 1
2
OP·QH= 1
2
( t-3 )· 4
5
t= 2
5
t 2- 6
5
t
即 S= 2
5
t 2- 6
5
t
OB
y
x
A
C
E
D
OB
y
x
A
C
E
D
OB
y
x
A
C
E
DP
Q
H
OB
y
x
A
C
E
DP
Q
H
综上可知:S=
- 2
5
t 2+ 6
5
t(0<t <3)
S= 2
5
t 2- 6
5
t(t >3)
(3)以点 F、A、D、P 为顶点的四边形是平行四边形
则 AF∥PD,AF=PD
易得直线 CE 解析式为 y= 4
3
x-4
当 y=6 时, 4
3
x-4=6,∴x= 15
2
即 AF= 15
2
,∴PD= 15
2
∴t=BP=BD-PD=3+8- 15
2
= 7
2
∴CQ=BP= 7
2
,∴CH=CQ·cos∠ECD= 7
2
× 3
5
= 21
10
OH=OC+CH=3+ 21
10
= 51
10
QH=CQ·sin∠ECD= 7
2
× 4
5
= 14
5
∴Q( 51
10
,14
5
)
或 t=BP=BD+PD=3+8+ 15
2
= 37
2
∴CQ=BP= 37
2
,∴CH=CQ·cos∠ECD= 37
2
× 3
5
= 111
10
OH=OC+CH=3+ 111
10
= 141
10
QH=CQ·sin∠ECD= 37
2
× 4
5
= 74
5
∴Q(141
10
,74
5
)
综上所述,存在符合条件的点 F,此时 t= 7
2
,Q( 51
10
,14
5
);或 t= 37
2
,Q(141
10
,74
5
)
21.(江苏无锡)如图,菱形 ABCD 的边长为 2cm,∠DAB=60°.点 P 从 A 点出发,以 3 cm/s
的速度,沿 AC 向 C 作匀速运动;与此同时,点 Q 也从 A 点出发,以 1cm/s 的速度,沿射线
AB 作匀速运动.当 P 运动到 C 点时,P、Q 都停止运动.设点 P 运动的时间为 t s.
(1)当 P 异于 A、C 时,请说明 PQ∥BC;
(2)以 P 为圆心、PQ 长为半径作圆,请问:在整个运动过程中,t 为怎样的值时,⊙P 与
边 BC 分别有 1 个公共点和 2 个公共点?
OB
y
x
A
C
E
D P
F
OB
y
x
A
C
E
DP
F
解:(1)∵四边形 ABCD 为菱形,∴AB=BC=2,∠BAC= 1
2
∠DAB
又∵∠DAB=60°,∴∠BAC=∠BCA=30°
如图 1,连接 BD 交 AC 于点 O
∵四边形 ABCD 为菱形,∴AC⊥BD,OA= 1
2
AC
∴OB= 1
2
AB=1,∴OA= 3,AC=2 3
运动 t 秒时,AP= 3t,AQ=t,∴ AP
AQ
= AC
AB
= 3
又∵∠PAQ=∠CAB,∴△PAQ∽△CAB
∴∠APQ=∠ACB,∴PQ∥BC
(2)如图 2,设⊙P 与 BC 切于点 M,连接 PM,则 PM⊥BC
在 Rt△CPM 中,∵∠PCM=30°,∴PM= 1
2
PC= 3- 3
2
t
由 PQ=AQ=t,即 3- 3
2
t=t
解得 t=4 3-6,此时⊙P 与边 BC 有一个公共点
如图 3,⊙P 过点 B,此时 PQ=PB
∵∠PQB=∠PAQ+∠APQ=60°
∴△PQB 为等边三角形
∴QB=PQ=AQ=t,∴t=1
∴当 4 3-6<t ≤1 时,⊙P 与边 BC 有 2 个公共点
如图 4,⊙P 过点 C,此时 PC=PQ
即 2 3- 3t=t,∴t=3- 3
∴当 1<t ≤3- 3 时,⊙P 与边 BC 有一个公共点
当点 P 运动到点 C,即 t=2 时,⊙P 过点 B
此时⊙P 与边 BC 有一个公共点
∴当 t=4 3-6 或 1<t ≤3- 3 或 t=2 时,⊙P 与菱形 ABCD 的边 BC 有 1 个公共点
当 4 3-6<t ≤1 时,⊙P 与边 BC 有 2 个公共点
22.(江苏苏州)如图,正方形 ABCD 的边 AD 与矩形 EFGH 的边 FG 重合,将正方形 ABCD 以
lcm/s 的速度沿 FG 方向移动,移动开始前点 A 与点 F 重合.在移动过程中,边 AD 始终与边
FG 重合,连接 CG,过点 A 作 CG 的平行线交线段 GH 于点 P,连接 PD.已知正方形 ABCD 的边
长为 lcm,矩形 EFGH 的边 FG、GH 的长分别为 4cm、3cm.设正方形移动时间为 x(s),线段
GP 的长为 y(cm),其中 0≤x ≤2.5.
B
P
A
D C
Q
A BQ
D C
P
图 1
O
A BQ
D C
P
图 2
M
A BQ
D C
P
图 3
A BQ
D C
P
图 4
(1)试求出 y 关于 x 的函数关系式,并求当 y=3 时相应 x 的值;
(2)记△DGP 的面积为 S1,△CDG 的面积为 S2,试说明 S1-S2 是常数;
(3)当线段 PD 所在直线与正方形 ABCD 的对角线 AC 垂直时,求线段 PD 的长.
解:(1)∵CG∥AP,∴∠CGD=∠PAG
∴tan∠CGD=tan∠PAG,∴ CD
GD
= PG
AG
∵GF=4,CD=DA=1,AF=x,∴GD=3-x,AG=4-x
∴ 1
3-x
= y
4-x
,即 y= 4-x
3-x
∴y 关于 x 的函数关系式为 y= 4-x
3-x
当 y=3 时, 4-x
3-x
=3,解得 x=2.5
(2)∵S1= 1
2
GP·GD= 1
2
·4-x
3-x
·( 3-x )= 4-x
2
S2= 1
2
GD·CD= 1
2
( 3-x )·1= 3-x
2
∴S1-S2= 4-x
2
- 3-x
2
= 1
2
,即为常数
(3)延长 PD 交 AC 于点 Q
∵正方形 ABCD 中,AC 为对角线,∴∠CAD=45°
∵PQ⊥AC,∴∠ADQ=45°
∴∠GDP=∠ADQ=45°
∴△DGP 是等腰直角三角形,∴GD=GP
∴3-x= 4-x
3-x
,解得 x= 5± 5
2
∵0≤x ≤2.5,∴x= 5- 5
2
在 Rt△DGP 中,PD= GD
cos45°
= 2( 3-x )= 2+ 10
2
23.(江苏连云港)如图,甲、乙两人分别从 A(1, 3)、B(6,0)两点同时出发,点 O 为
坐标原点.甲沿 AO 方向、乙沿 BO 方向均以 4km/h 的速度行走,t h 后,甲到达 M 点,乙到
达 N 点.
(1)请说明甲、乙两人到达 O 点前,MN 与 AB 不可能平行.
(2)当 t 为何值时,△OMN∽△OBA?
A
H
C B
FD
E
P
G
A
H
C B
FD
E
P
G
Q
(3)甲、乙两人之间的距离为 MN 的长,设 s=MN 2,求 s 与 t 之间的函数关系式,并求甲、
乙两人之间距离的最小值.
解:(1)∵A(1, 3),∴OA=2,∠AOB=60°
假设 MN∥AB,则有 OM
OA
= ON
OB
∵OM=2-4t,ON=6-4t,∴2-4t
2
= 6-4t
6
解得 t=0
即在甲、乙两人到达 O 点前,只有当 t=0 时,△OMN∽△OAB
∴MN 与 AB 不可能平行
(2)∵甲达到 O 点时间为 t= 2
4
= 1
2
,乙达到 O 点时间为 t= 6
4
= 3
2
∴甲先到达 O 点,∴t= 1
2
或 t= 3
2
时,O、M、N 三点不能构成三角形
①当 t < 1
2
时,若△OMN∽△OBA,则有 2-4t
6
= 6-4t
2
解得 t=2> 1
2
,∴△OMN 与△OBA 不相似
②当 1
2
<t < 3
2
时,∠MON>∠OAB,显然△OMN 与△OBA 不相似
③当 t > 3
2
时,4t-2
6
= 4t-6
2
,解得 t=2> 3
2
∴当 t=2 时,△OMN∽△OBA
(3)①当 t ≤ 1
2
时,如图 1,过点 M 作 MH⊥x 轴,垂足为 H
在 Rt△MOH 中,∵∠AOB=60°
∴MH=OM·sin60°=( 2-4t )× 3
2
= 3( 1-2t )
∴NH= 1
2
( 4t-2 )+( 6-4t )=5-2t
∴s=[ 3( 1-2t )]2+( 5-2t )2=16t 2-32t+28
②当 1
2
<t ≤ 3
2
时,如图 2,作 MH⊥x 轴,垂足为 H
在 Rt△MNH 中,MH= 3
2
( 4t-2 )= 3( 2t-1 )
O B
y
x
A
O B
y
x
A
M
H
图 1
N
O B
y
x
A
M
H
图 2
N
NH= 1
2
( 4t-2 )+( 6-4t )=5-2t
∴s=[ 3( 1-2t )]2+( 5-2t )2=16t 2-32t+28
③当 t > 3
2
时,同理可得 s=[ 3( 1-2t )]2+( 5-2t )2=16t 2-32t+28
综上所述,s=16t 2-32t+28
∵s=16t 2-32t+28=16( t-1 )2+12
∴当 t=1 时,s 有最小值为 12
∴甲、乙两人距离的最小值为 2 3km
24.(江苏南通)如图,在△ABC 中,AB=AC=10 厘米,BC=12 厘米,D 是 BC 的中点.点 P
从 B 出发,以 a 厘米/秒(a>0)的速度沿 BA 匀速向点 A 运动,点 Q 同时以 1 厘米/秒的速
度从 D 出发,沿 DB 匀速向点 B 运动,其中一个动点到达端点时,另一个动点也随之停止运
动,设它们运动的时间为 t 秒.
(1)若 a=2,△BPQ∽△BDA,求 t 的值;
(2)设点 M 在 AC 上,四边形 PQCM 为平行四边形.
①若 a= 5
2
,求 PQ 的长;
②是否存在实数 a,使得点 P 在∠ACB 的平分线上?若存在,请求出 a 的值;若不存在,请
说明理由.
解:(1)∵BC=12,D 是 BC 的中点
∴BD=CD=6
∵a=2,∴BP=2t,DQ=t,BQ=6-t
∵△BPQ∽△BDA,∴ BP
BD
= BQ
BA
∴ 2t
6
= 6-t
10
,∴t= 18
13
(2)①∵a= 5
2
,∴BP= 5
2
t
∵四边形 PQCM 为平行四边形,∴PQ∥AC
∴△BPQ∽△BAC,∴ BP
BA
= BQ
BC
∴
5
2
t
10
= 6-t
12
,∴t= 3
2
,∴BP= 15
4
CB D
A
Q
P
CB D
A
Q
P M
∵AB=AC,∴PQ=BP= 15
4
②不存在
理由:假设存在实数 a,使得点 P 在∠ACB 的角平分线上
则四边形 PQCM 为菱形,∴BP=PQ=CQ=6+t
由①知, BP
BA
= BQ
BC
,∴ 6+t
10
= 6-t
12
∴t=- 6
11
<0
∴不存在实数 a,使得点 P 在 ACB 的角平分线上
25.(江苏宿迁)如图,在平面直角坐标系 xOy 中,已知直线 l1:y= 1
2
x 与直线 l2:y=-
x+6 相交于点 M,直线 l2 与 x 轴相交于点 N.
(1)求 M、N 的坐标;
(2)在矩形 ABCD 中,已知 AB=1,BC=2,边 AB 在 x 轴上,矩形 ABCD 沿 x 轴自左向右以
每秒 1 个单位长度的速度移动.设矩形 ABCD 与△OMN 的重合部分的面积为 S,移动的时间为
t(从点 B 与点 O 重合时开始计时,到点 A 与点 N 重合时计时结束).直接写出 S 与自变量 t
之间的函数关系式(不需要给出解答过程);
(3)在(2)的条件下,当 t 为何值时,S 的值最大?并求出最大值.
解:(1)对于 y=-x+6,令 y=0,得 x=6
∴点 N 的坐标为(6,0)
由题意,得
y= 1
2
x
y=-x+6
解得
x=4
y=2
∴点 M 的坐标为(4,2)
(2)当 0≤t ≤1 时,S= 1
4
t 2
当 1<t ≤4 时,S= 1
2
t- 1
4
当 4<t <5 时,S=- 3
4
t 2+ 13
2
t- 49
4
A B
l1
N
M
x
l2
CD
y
O A
B
l1
N
M
x
l2
CD
y
O
A
l1
N
M
x
l2
CD
y
O B
A
l1
N
M
x
l2
CD
y
O B
当 5≤t <6 时,S=-t+ 13
2
当 6≤t ≤7 时,S= 1
2
( 7-t )2
(3)解法一:当 0≤t ≤1 时,S 最大= 1
4
当 1<t ≤4 时,S 最大= 7
4
当 4<t <5 时,S=- 3
4
( t- 13
3
)2+ 11
6
∴当 t= 13
3
时,S 最大= 11
6
当 5≤t <6 时,S 最大= 3
2
当 6≤t ≤7 时,S 最大= 1
2
综上可知,当 t= 13
3
时,S 的值最大,且最大值是 11
6
解法二:由(2)中的函数关系式可知,
S 的最大值一定在 4<t <5 时取得
当 4<t <5 时,S=- 3
4
( t- 13
3
)2+ 11
6
∴当 t= 13
3
时,S 的值最大,且最大值是 11
6
26.(江苏模拟)已知抛物线与 x 轴交于 B、C(1,0)两点,与 y 轴交于点 A,顶点坐标为
( 5
2
,- 27
16
).P、Q 分别是线段 AB、OB 上的动点,它们同时分别从点 A、O 向 B 点匀速运
动,速度均为每秒 1 个单位,设 P、Q 运动时间为 t(0≤t≤4).
(1)求此抛物线的解析式,并求出 P 点的坐标(用 t 表示);
(2)当△OPQ 面积最大时求△OBP 的面积;
(3)当 t 为何值时,△OPQ 为直角三角形?
(4)△OPQ 是否可能为等边三角形?若可能请求出 t 的值;若不可能请说明理由,并改变 Q
点的运动速度,使△OPQ 为等边三角形,求出 Q 点运动的速度和此时 t 的值.
解:(1)设抛物线的解析式为 y=a( x- 5
2
)2- 27
16
∵抛物线过点 C(1,0)
y
O x
A
BC Q
P
A
l1
N
M
x
l2
CD
y
O B
A
l1
N
M
x
l2
CD
y
O
B
∴0=a( 1- 5
2
)2- 27
16
,∴a= 3
4
∴y= 3
4
( x- 5
2
)2- 27
16
令 y=0,得 x1=1,x2=4,∴B(4,0)
令 x=0,得 y=3,∴A(0,3)
∴AB= 3 2+4 2 =5
过点 P 作 PM⊥y 轴于 M
则△AMP∽△AOB,∴ AM
AO
= PM
OB
= AP
AB
即 AM
3
= PM
4
= t
5
,∴AM= 3
5
t,PM= 4
5
t
∴P( 4
5
t,3- 3
5
t)
(2)过点 P 作 PN⊥x 轴于 N
∴S△OPQ = 1
2
OQ·PN= 1
2
·t·( 3- 3
5
t )
=- 3
10
t 2+ 3
2
t=- 3
10
( t- 5
2
)2+ 15
8
∴当 t= 5
2
时,△OPQ 面积最大
此时 OP 为 AB 边上的中线
∴S△OBP = 1
2
S△AOB = 1
2
× 1
2
×3×4=3
(3)若∠OPQ=90°,则 OP 2+PQ 2=OQ 2
∴( 4
5
t )2+( 3- 3
5
t )2+( t- 4
5
t )2+( 3- 3
5
t )2=t 2
解得 t1=3,t2=15(舍去)
若∠OQP=90°,则 PM=OQ∴ 4
5
t=t,∴t=0(舍去)
∴当 t=3 时,△OPQ 为直角三角形
(4)∵OP 2=( 4
5
t )2+( 3- 3
5
t )2,PQ 2=( t- 4
5
t )2+( 3- 3
5
t )2
∴OP≠PQ,∴△OPQ 不可能是等边三角形
设 Q 的速度为每秒 k 个单位时,△OPQ 为等边三角形
则 OQ=2PM,∴kt=2· 4
5
t,得 k= 8
5
PN= 3
2
OP= 3
2
OQ,∴3- 3
5
t= 3
2
· 8
5
t ∴t= 20 3-15
13
27.(江苏模拟)如图,在梯形纸片 ABCD 中,BC∥AD,∠A+∠D=90°,tanA=2,过点 B
作 BH⊥AD 于 H,BC=BH=2.动点 F 从点 D 出发,以每秒 1 个单位的速度沿 DH 运动到点 H
停止,在运动过程中,过点 F 作 FE⊥AD 交折线 D-C-B 于点 E,将纸片沿直线 EF 折叠,点
O x
A
BC Q
P
y
M
N
C、D 的对应点分别是点 C1、D1.设 F 点运动的时间是 t(秒).
(1)当点 E 和点 C 重合时,求 t 的值;
(2)在整个运动过程中,设△EFD1 或四边形 EFD1C1 与梯形 ABCD 重叠部分面积为 S,求 S 与
t 之间的函数关系式和相应自变量 t 的取值范围;
(3)平移线段 CD,交线段 BH 于点 G,交线段 AD 于点 P.在直线 BC 上是否存在点 Q,使△
PGQ 为等腰直角三角形?若存在,求出线段 BQ 的长;若不存在,说明理由.
解:(1)过点 C 作 CK⊥AD 于 K
则四边形 BHKC 是矩形,∴HK=BC=2,CK=BH=2
在 Rt△CKD 中,∠DCK+∠D=90°
∵∠A+∠D=90°,∴∠DCK=∠A
∴tan∠DCK=tanA=2,即 DK
CK
=2
∴DK=4,即 t=4
(2)∵ BH
AH
=tanA=2,BH=2,∴AH=1
∴AD=AH+HK+DK=1+2+4=7
①当 0<t ≤3.5 时,重叠部分为△EFD1
由题意,D1F=DF=t
在 Rt△EFD 中,∠DEF+∠D=90°
∵∠A+∠D=90°,∴∠DEF=∠A
∴tan∠DEF=tanA=2,即 DF
EF
=2,∴EF= 1
2
t
∴S=S△EFD1 = 1
2
D1F·EF= 1
2
t· 1
2
t= 1
4
t 2
②当 3.5<t ≤4 时,重叠部分为四边形 AFEM
过点 M 作 MN⊥AD 于 N
则 tanA=D1A=2t-7, MN
AN
=tanA=2,得 AN= 1
2
MN
MN
D1A+AN
=tanD1=tanD=cotA= 1
2
即
MN
2t-7+ 1
2
MN
= 1
2
,得 MN= 2
3
( 2t-7 )
∴S=S△EFD1 - S△MD1A = 1
4
t 2- 1
2
( 2t-7 )· 2
3
( 2t-7 )
=- 13
12
t 2+ 28
3
t- 49
3
D1A
B C
F
E
DH A
B C
DH
备用图
A
B C
DH K
D1A
B C
F
E
DH
D1 A
B C
F
E
DHN
M
D1 A
B C
F
E
DHN
M
C1
D1 A
B C
F
E
DH
C1
③当 4<t ≤5 时,重叠部分为五边形 AFEC1M
S=S△C1D1FE - S△MD1A = 1
2
( t-4+t )·2- 1
2
( 2t-7 )· 2
3
( 2t-7 )
=- 4
3
t 2+ 34
3
t- 61
3
④当 5<t ≤6 时,重叠部分为梯形 AFEB
S=S 梯形 AFEB = 1
2
( 6-t+7-t )·2=-2t+13
(3)①当点 P 为直角顶点时
作 QO⊥AD 于 O,则∠GPH+∠QPO=90°
∵∠GPH+∠PGH=90°,∴∠PGH=∠QPO
又∵PG=PQ,∠GHP=∠POQ=90°
∴△GHP≌△POQ,∴HP=OQ=2,PO= 1
2
OQ=1
∴BQ=HO=3
②当点 Q 为直角顶点时
同①可证△BQG≌△OQP,∴BQ=OQ=2
③当点 G 为直角顶点时
同①可证△BQG≌△HGP,∴BG=HP=2GH=2BQ
∵BG+GH=BH,∴2BQ+BQ=2,∴BQ= 2
3
∴在直线 BC 上存在点 Q,使△PGQ 为等腰直角三角形,线段 BQ 的长为 3,2, 2
3
28.(江苏模拟)如图 1,直线 l:y=- 3
4
x+3 分别交 x 轴、y 轴于 B、A 两点,等腰 Rt△
CDE 的斜边 C D 在 x 轴上,且 C D=6.若直线 l 以每秒 3 个单位的速度向上匀速运动,同时
点 C 从(6,0)开始以每秒 2 个单位的速度向右匀速运动(如图 2),设运动后直线 l 分别
交 x 轴、y 轴于 N、M 两点,以 OM、ON 为边作如图所示的矩形 OMPN.设运动时间为 t 秒.
(1)运动 t 秒后点 E 坐标为______________,点 N 坐标为______________(用含 t 的代数
式表示);
(2)设矩形 OMPN 与运动后的△CDE 的重叠部分面积为 S,求 S 与 t 的函数关系式,并写出
相应的 t 的取值范围;
(3)若直线 l 和△CDE 运动后,直线 l 上存在点 Q 使∠OQC=90°,则当在线段 MN 上符合
条件的点 Q 有且只有两个时,求 t 的取值范围;
(4)连接 PC、PE,当△PCE 是等腰三角形时,直接写出 t 的值.
A
B xC D
y
O
E
l
图 1
N
M
xC
y
O
P
Dl
E
图 2
A
B C
DH P O
Q
G
A
B C
DH PO
G
(Q)
A
B C
DH P
G
Q
解:(1)E(9+2t,3),N(4+4t,0)
(2)运动 t 秒时,ON=4+4t,OC=6+2t,OD=12+2t
当点 N 与点 C 重合时,4+4t=6+2t,得 t=1
当点 E 在边 PN 上时,4+4t=9+2t,得 t=2.5
当点 N 与点 D 重合时,4+4t=12+2t,得 t=4
①当 1<t ≤2.5 时,重叠部分为等腰 Rt△CFN
CN=FN=4+4t-( 6+2t )=2t-2
∴S= 1
2
( 2t-2 )2=2t 2-4t+2
②当 2.5<t <4 时,重叠部分为四边形 CEGN
ND=12+2t-( 4+4t )=8-2t
∴S=S△CDE - S△NGD = 1
2
×6×3- 1
2
( 8-2t )2=-2t 2+16t-23
③当 t ≥4 时,重叠部分为△CDE
∴S= 1
2
×6×3=9
(3)①当直线 l 过点 C,即 C、N 重合时,则线段 MN 上只存在一点 Q 使∠OQC=90°
由(2)知,此时 t=1
②以 OC 为直径作⊙O′,当直线 l 切⊙O′ 于点 Q 时,则线段 MN 上只存在一点 Q 使∠OQC=
90°
OO′=O′Q= 1
2
OC=3+t
O′N=ON-OO′=4+4t-(3+t )=1+3t
由 O′Q
O′N
=sin∠O′NQ=sin∠MNO= 3
5
得 3+t
1+3t
= 3
5
,解得 t=3
所以当在线段 MN 上符合条件的点 Q 有且只有两个时,t 的取值范围是 1<t <3
(4)t= 3 10-5
13
,t= 2
5
,t= 7
13
,t=1
N xD
y
O
E
l
M
(C)
Q
xC D
y
O
E
lN
M
F
P
N
M
xC
y
O
P
D l
E
G
提示:∵P(4+4t,3+3t),C(6+2t,0),E(9+2t,3)
∴PC 2=( 2t-2 )2+( 3+3t )2
PE 2=( 2t-5 )2+( 3t )2,CE 2=18
若 PC=PE,则( 2t-2 )2+( 3+3t )2=( 2t-5 )2+( 3t )2
解得 t= 2
5
若 PC=CE,则( 2t-2 )2+( 3+3t )2=18
解得 t= 3 10-5
13
(舍去负值)
若 PE=CE,则( 2t-5 )2+( 3t )2=18
解得 t=1 或 t= 7
13
29.(江苏模拟)如图,抛物线 y=ax 2+bx+c 的顶点为 C(0,- 3),与 x 轴交于点 A、B
(A 在 B 的左侧),连接 AC、BC,得等边△ABC.点 P 从点 B 出发,以每秒 1 个单位的速度向
点 A 运动,同时点 Q 从点 C 出发,以每秒 3 个单位的速度向 y 轴负方向运动,连接 PQ 交
射线 BC 于点 D,当点 P 到达点 A 时,点 Q 停止运动.设运动时间为 t 秒.
(1)求抛物线的解析式;
(2)设△PQC 的面积为 S,求 S 关于 t 的函数关系式;
(3)以点 P 为圆心,PB 为半径的圆与射线 BC 交于点 E,试说明:在点 P 运动的过程中,线
段 DE 的长是一定值,并求出该定值.
解:(1)∵抛物线 y=ax 2+bx+c 的顶点为 C(0,- 3)
∴抛物线的对称轴是 y 轴,∴b=0
可设抛物线的解析式为 y=ax 2- 3
∵△ABC 是等边三角形,且 CO⊥AB,CO= 3
∴AO=1,∴A(-1,0)
A
C
O B x
y
备用图
A
C
O B
Q
x
y
P
C xD
y
O
E
l
M
Q
NO′
A
C
O B
D
x
H
Q
P
E
y
把 A(-1,0)代入 y=ax 2- 3,得 a= 3
∴抛物线的解析式为 y= 3x 2- 3
(2)当 0<t <1 时,OP=1-t,CQ= 3t
∴S= 1
2
CQ·OP= 1
2
· 3t·( 1-t )=- 3
2
t 2+ 3
2
t
当 1<t <2,OP=t-1,CQ= 3t
∴S= 1
2
CQ·OP= 1
2
· 3t·( t-1 )= 3
2
t 2- 3
2
t
(3)连接 PE,过 D 作 DH⊥y 轴于 H,设 DH=a
①当 0<t <1 时
∵PB=PE,∠PBE=60°
∴△PBE 为等边三角形∴BE=PB=t
∵△QDH∽△QPO
∴ DH
PO
= QH
QO
,即 a
1-t
= 3a+ 3t
3t+ 3
∴a= 1-t
2
,∴DC=1-t
∴DE=CB-EB-DC=2-t-( 1-t )=1
②当 1<t <2 时
同理,△QDH∽△QPO,得 DH
PO
= QH
QO
∴ a
t-1
= 3t- 3a
3t+ 3
∴a= t-1
2
,∴DC=t-1∴DE=DC+CE=t-1+( 2-t )=1
综上所述,在点 P 运动的过程中,线段 DE 的长是定值 2
30.(河北)如图,点 A(-5,0),B(-3,0),点 C 在 y 轴的正半轴上,∠CBO=45°,
CD∥AB,∠CDA=90°.点 P 从点 Q(4,0)出发,沿 x 轴向左以每秒 1 个单位长的速度运
动,运动时间为 t 秒.
(1)求点 C 的坐标;
(2)当∠BCP=15°,求 t 的值;
(3)以点 P 为圆心,PC 为半径的⊙P 随点 P 的运动而变化,当⊙P 与四边形 ABCD 的边(或
边所在的直线)相切时,求 t 的值.
解:(1)∵∠BCO=∠CBO=45°,∴OC=OB=3
又∵点 C 在 y 轴的正半轴上,∴点 C 的坐标为(0,3)
(2)当点 P 在点 B 右侧时,如图 2
若∠BCP=15°,得∠PCO=30°
故 OP=OC·tan30°= 3
此时 t=4+ 3
当点 P 在点 B 左侧时,如图 3
BA Q xP O
y
CD
A
C
O B
H
x
D
Q
P
E
y
由∠BCP=15°,得∠PCO=60°
故 OP=OC·tan60°=3 3
此时 t=4+3 3
∴t 的值为 4+ 3 或 4+3 3
(3)由题意知,若⊙P 与四边形 ABCD 的边相切,有以下三种情况:
①当⊙P 与 BC 相切于点 C 时,有∠BCP=90°
从而∠OCP=45°,得到 OP=3,此时 t=1
②当⊙P 与 CD 相切于点 C 时,有 PC⊥CD
即点 P 与点 O 重合,此时 t=4
③当⊙P 与 AD 相切时,由题意,∠DAO=90°
∴点 A 为切点,如图 4
PC 2=PA 2=( 9-t )2,PO 2=( t-4 )2
于是( 9-t )2=( t-4 )2+32,解得:t=5.6
∴t 的值为 1 或 4 或 5.6
31.(河北模拟)如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AB=10,AC=6.点 P 从点 A 出发沿 AB
以每秒 2 个单位长的速度向点 B 匀速运动;点 Q 从点 C 出发沿 CA 以每秒 1 个单位长的速度
向点 A 匀速运动.运动过程中 DE 保持垂直平分 PQ,且交 PQ 于点 D,交折线 PB-BC 于点 E.点
P、Q 同时出发,当点 P 到达点 B 时停止运动,点 Q 也随之停止.设点 P、Q 运动的时间是 t
秒.
(1)当 t=______________秒,直线 DE 经过点 B;当 t=______________秒,直线 DE 经过
点 A;
(2)四边形 DPBE 能否成为直角梯形?若能,求 t 的值;若不能,请说明理由;
(3)当 t 为何值时,点 E 是 BC 的中点?
(4)以 E 为圆心,EC 长为半径的圆能否与 AB、AC、PQ 同时相切?若能,直接写出 t 的值;
若不能,请说明理由.
解:(1)20-2 73
3
;2
提示:在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AB=10,AC=6
∴BC= AB 2-AC 2 = 10 2-6 2 =8
当直线 DE 经过点 B 时,连接 QB,则 PB=QB
B
Q
A
D
C
E
P
B
Q
A
D
C
P
(E)
BA Q xP O
y
CD
图 2
BA Q xP O
y
CD
图 4
BA Q xP O
y
CD
图 3
∴(10-2t )2=t 2+8 2,解得 t= 20+2 73
3
(舍去)或 t= 20-2 73
3
当直线 DE 经过点 A 时,AP=AQ
∴2t=6-t,即 t=2
(2)①当 DE∥PB 时,四边形 DPBE 是直角梯形
此时∠APQ=90°,由△AQP∽△ABC,得 AP
AC
= AQ
AB
即 2t
6
= 6-t
10
,解得 t= 18
13
②当 PQ∥BC 时,四边形 DPBE 是直角梯形
此时∠AQP=90°,由△APQ∽△ABC,得 AQ
AC
= AP
AB
即 6-t
6
= 2t
10
,解得 t= 30
11
(3)连接 QE、PE,作 EG⊥PB 于 G,则 QE=PE
∵QE 2=t 2+4 2
PE 2=PG 2+EG 2=(10-2t- 4
5
×4)2+( 3
5
×4)2
∴t 2+4 2=(10-2t- 4
5
×4)2+( 3
5
×4)2
解得 t= 68+2 481
15
(舍去)或 t= 68-2 481
15
(4)不能
设⊙E 与 AB 相切于 F 点,连接 EF、EP、EQ
则 EC=EF,EQ=EP,∠ECQ=∠EFP=90°
∴△ECQ≌△EFP,∴QC=PF
∵∠C=90°,∴⊙E 与 AC 相切于 C 点
∴AC=AF,∴AQ=AP
又 AD=AD,DQ=DP
∴△ADQ≌△ADP,∴∠ADQ=∠ADP=90°
又∠QDE=90°,∴A、D、E 三点在同一直线上
由(1)知,此时 t=2,AQ=6-t=4
∵AB=10,AC=6,∴sinB= AC
AB
= 6
10
= 3
5
设 EC=EF=x,则 EB= EF
sinB
= 5
3
x
∵EC+EB=BC,∴x+ 5
3
x=8
∴x=3,∴EC=EF=3
∴AE= AC 2+EC 2 = 6 2+3 2 =3 5
易知△ADQ∽△ACE,∴ AD
AC
= AQ
AE
B
Q
A
D
C
P
E
B
Q
A
D
C
P
E
B
Q
A
D
C
P
E
B
Q
A
D
C
E
P G
B
Q
A
D
C
P
E
F
∴ AD
6
= 4
3 5
,∴AD= 8
5
5
∴ED=AE-AD=3 5- 8
5
5= 7
5
5= 49
5
而 EC=3= 45
5
,∴ED>EC
∴此时⊙E 与 PQ 相离
∴⊙E 不能与 AB、AC、PQ 同时相切
32.(山东青岛)如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90º,AC=6cm,BC=8cm,D、E 分别是 AC、AB
的中点,连接 DE.点 P 从点 D 出发,沿 DE 方向匀速运动,速度为 1cm/s;同时,点 Q 从点
B 出发,沿 BA 方向匀速运动,速度为 2cm/s,当点 P 停止运动时,点 Q 也停止运动.连接
PQ,设运动时间为 t(s)(0<t <4).解答下列问题:
(1)当 t 为何值时,PQ⊥AB?
(2)当点 Q 在 B、E 之间运动时,设五边形 PQBCD 的面积为 y(cm2),求 y 与 t 之间的函数
关系式;
(3)在(2)的情况下,是否存在某一时刻 t,使 PQ 分四边形 BCDE 两部分的面积之比为 S△PQE :
S 五边形 PQBCD =1 : 29?若存在,求出此时 t 的值以及点 E 到 PQ 的距离 h;若不存在,请说明理
由.
解:(1)如图①,在 Rt△ABC 中,∠C=90º,AC=6,BC=8
∴AB= 6 2+8 2 =10
∵D、E 分别是 AC、AB 的中点
AD=DC=3,AE=EB=5,DE∥BC 且 DE= 1
2
BC=4
∵PQ⊥AB,∴∠PQB=∠C=90°
又∵DE∥BC,∴∠AED=∠B
∴△PQE∽△ACB,∴ PE
AB
= QE
BC
由题意得:PE=4-t,QE=2t-5
∴ 4-t
10
= 2t-5
8
,解得 t= 41
14
(2)如图②,过点 P 作 PM⊥AB 于 M
由△PME∽△ACB,得 PM
AC
= PE
AB
A
BC
备用图
ED
A
P
Q
BC
ED
A
P
Q
BC
ED
①
A
P Q
BC
ED
②
M
∴ PM
6
= 4-t
10
,得 PM= 3
5
( 4-t )
∴S△PQE = 1
2
EQ·PM= 1
2
( 2t-5 )· 3
5
( 4-t )= 3
5
t 2- 39
10
t+6
S 梯形 DCBE = 1
2
×( 4+8 )×3=18
∴y=18-( 3
5
t 2- 39
10
t+6)=- 3
5
t 2+ 39
10
t+12
(3)假设存在时刻 t,使 S△PQE : S 五边形 PQBCD =1 : 29
此时 S△PQE = 1
30
S 梯形 DCBE
∴ 3
5
t 2- 39
10
t+6= 1
30
×18,解得 t1=2,t2= 9
2
(舍去)
当 t=2 时,PM= 3
5
( 4-2 )= 6
5
,ME= 4
5
( 4-2 )= 8
5
EQ=5-2×2=1,MQ=ME+EQ= 8
5
+1= 13
5
PQ= PM 2+MQ 2 = 205
5
∵ 1
2
PQ·h= 3
5
,∴h= 6
5
× 5
205
= 6 205
205
33.(山东烟台)如图,在平面直角坐标系中,已知矩形 ABCD 的三个顶点 B(1,0),C(3,
0),D(3,4),以 A 为顶点的抛物线 y=ax 2+bx+c 过点 C.动点 P 从点 A 出发,沿线段 AB
向点 B 运动,同时动点 Q 从点 C 出发,沿线段 CD 向点 D 运动.点 P,Q 的运动速度均为每秒
1 个单位,运动时间为 t 秒.过点 P 作 PE⊥AB 交 AC 于点 E.
(1)直接写出点 A 的坐标,并求出抛物线的解析式;
(2)过点 E 作 EF⊥AD 于 F,交抛物线于点 G.当 t 为何值时,△ACG 的面积最大?最大值
为多少?
(3)在动点 P,Q 运动的过程中,当 t 为何值时,在矩形 ABCD 内(包括边界)存在点 H,
使以 C,Q,E,H 为顶点的四边形为菱形?请直接写出 t 的值.
解:(1)A(1,4)
由题意,可设抛物线解析式为 y=a( x-1 )2+4
∵抛物线过点 C(3,0)
∴0=a( 3-1 )2+4,∴a=-1
∴抛物线的解析式为 y=-( x-1 )2+4
即 y=-x 2+2x+3
xO
y
A D
C
B
F
G
EP
Q
xO
y
A D
C
B
F
G
EP
Q
(2)∵A(1,4),C(3,0)
∴可求直线 AC 的解析式为 y=-2x+6
P(1,4-t)
将 y=4-t 代入 y=-2x+6 中,解得点 E 的横坐标为 x=1+ t
2
∴点 G 的横坐标为 1+ t
2
,代入抛物线的解析式中,可求点 G 的纵坐标为 4- t 2
4
∴GE=( 4- t 2
4
)-( 4-t )=t- t 2
4
又点 A 到 GE 的距离为 t
2
,C 到 GE 的距离为 2- t
2
即 S△ACG =S△AEG + S△CEG = 1
2
EG· t
2
+ 1
2
EG( 2- t
2
)= 1
2
·2( t- t 2
4
)=- 1
4
( t-2 )2+1
当 t=2 时,S△ACG 的最大值为 1
(3)t= 20
13
或 t=20-8 5
提示:∵A(1,4),C(3,0),∴AB=4,BC=2
∴AC= 2 2+4 2 =2 5,∴cos∠BAC= AB
AC
= 4
2 5
= 2 5
5
∵PE⊥AB,AP=t,∴AE= AP
cos∠BAC
= 5
2
t
∴CE=2 5- 5
2
t
若 EQ=CQ,则在矩形 ABCD 内存在点 H,使四边形 CQEH 为菱形
过点 Q 作 QN⊥EC 于 N,则 CE=2CN
在 Rt△QNC 中,CN=CQ·cos∠ACD=CQ·cos∠BAC= 2 5
5
t
∴2 5- 5
2
t= 4 5
5
t,解得 t= 20
13
若 CE=CQ,则在矩形 ABCD 的 AD 边上存在点 H,使四边形 CQHE 为菱形
∴2 5- 5
2
t=t,解得 t=20-8 5
34.(山东模拟)把 Rt△ABC 和 Rt△DEF 按图 1 摆放(点 C 与点 E 重合),点 B、C(E)、F
在同一条直线上.∠BAC=∠DEF=90°,∠ABC=45°,BC=9,DE=6,EF=8.如图 2,
△DEF 从图 1 的位置出发,以 1 个单位/秒的速度沿 CB 向△ABC 匀速移动,在△DEF 移动的
同时,点 P 从△DEF 的顶点 F 出发,以 3 个单位/秒的速度沿 FD 向点 D 匀速移动.当点 P 移
动到点 D 时,P 点停止移动,△DEF 也随之停止移动.DE 与 AC 相交于点 Q,连接 BQ、PQ,
设移动时间为 t(s).
(1)设△BQE 的面积为 y,求 y 与 t 之间的函数关系式,并写出自变量 t 的取值范围;
(2)当 t 为何值时,三角形 DPQ 为等腰三角形?
(3)是否存在某一时刻 t,使 P、Q、B 三点在同一条直线上?若存在,求出此时 t 的值;
若不存在,说明理由.
(E)
A
B
D
C F
图 1
A
B
D
E F
图 2
P
Q
C
xO
y
A D
C
B
EP
Q
H
N
xO
y
A D
C
B
EP Q
H
解:(1)∵∠ACB=45°,∠DEF=90°,∴∠EQC=45°
∴EC=EQ=t,∴BE=9-t
∴y= 1
2
BE·EQ= 1
2
( 9-t )t
即 y=- 1
2
t 2+ 9
2
t(0<t ≤ 10
3
)
(2)在 Rt△DEF 中,∵∠DEF=90°,DE=6,EF=8
∴DF= DE 2+EF 2 = 6 2+8 2 =10
①当 DQ=DP 时,则 6-t=10-3t,解得 t=2
②当 PQ=PD 时,过 P 作 PG⊥DQ 于 G
则 DH=HQ= 1
2
( 6-t )
∵HP∥EF,∴△DHP∽△DEF
∴ DH
DE
= DP
DF
,即
1
2
( 6-t )
6
= 10-3t
10
,解得 t= 30
13
③当 QP=QD 时,过 Q 作 QH⊥DP 于 H
则 DH=HP= 1
2
( 10-3t )
可得△DHQ∽△DEF,∴ DH
DE
= DQ
DF
即
1
2
( 10-3t )
6
= 6-t
10
,解得 t= 14
9
(3)假设存在某一时刻 t,使 P、Q、B 三点在同一条直线上
过 P 作 PK⊥BF 于 K,则△PKF∽△DEF
∴ PK
DE
= KF
EF
= PF
DF
,即 PK
6
= KF
8
= 3t
10
∴PK= 9
5
t,KF= 12
5
t
∵P、Q、B 三点共线,∴△BQE∽△BPK
∴ BE
QE
= BK
PK
,即 9-t
t
=
9-t+8- 12
5
t
9
5
t
,解得 t= 1
2
即当 t= 1
2
秒时,P、Q、B 三点在同一条直线上
A
B
D
E F
PQ
C K
A
B
D
E F
P
Q
C
G
A
B
D
E F
H
Q
C
P
A
B
D
E F
P
Q
C
35.(山东模拟)如图,在△ABC 中,AB=AC=10cm,BD⊥AC 于 D,且 BD=8cm.点 M 从点 A
出发,沿 AC 方向匀速运动,速度为 2cm/s;同时直线 PQ 由点 B 出发沿 BA 方向匀速运动,
速度为 1cm/s,运动过程中始终保持 PQ∥AC,直线 PQ 交 AB 于 P,交 BC 于 Q,连接 PM,设
运动时间为 t(s).
(1)当四边形 PQCM 是等腰梯形时,求 t 的值;
(2)当点 M 在线段 PC 的垂直平分线上时,求 t 的值;
(3)当 t 为何值时,①△PQM 是等腰三角形;②△PQM 是直角三角形;
(4)是否存在时刻 t,使以 PM 为直径的圆与 BC 相切?若存在,求出 t 的值;若不存在,
请说明理由.
解:(1)作 PE⊥AC 于 E,作 QF⊥AC 于 F
若四边形 PQCM 是等腰梯形,则 ME=CF
易知四边形 PQFE 是矩形,∴EF=PQ
∵PQ∥AC,∴△PBQ∽△ABC
∵AB=AC,∴PQ=PB=t,∴EF=t
∵AB=10,BD=8,∴AD= 10 2-8 2 =6
易证△APE∽△ABD,∴ AE
AD
= AP
AB
即 AE
6
= 10-t
10
,∴AE=6- 3
5
t
∴ME=AE-AM=6- 3
5
t-2 t=6- 13
5
t
CF=AC-( AE+EF )=10-( 6- 3
5
t+t )=4- 2
5
t
由 ME=CF,得 6- 13
5
t=4- 2
5
t,解得 t= 10
11
∴当 t= 10
11
s 时,四边形 PQCM 是等腰梯形
(2)若点 M 在线段 PC 的垂直平分线上,则 MP=MC
作 MG⊥AB 于 G,则△AMG∽△ABD
∴ AG
AD
= MG
BD
= AM
AB
,∴ AG
6
= MG
8
= 2t
10
∴AG= 6
5
t,MG= 8
5
t
E
A
C
F
B
D
P
Q
M
A
CB
D
P
Q
MG
A
CB
D
P
Q
M
∴PG=10-t- 6
5
t=10- 11
5
t
在 Rt△GPM 中,MP 2=( 8
5
t )2+( 10- 11
5
t )2= 37
5
t 2-44t+100
又∵MC 2=( 10-2t )2=4t 2-40t+100
由 MP=MC,得 37
5
t 2-44t+100=4t 2-40t+100
解得 t1= 20
17
,t2=0(舍去)
∴当 t= 20
17
s 时,点 M 在线段 PC 的垂直平分线上
(3)①若 PQ=PM,则 t 2= 37
5
t 2-44t+100
即 8t 2-55t+125=0
△=(-55) 2-4×8×125=-975<0,方程无实数解
若 MP=MQ,则点 M 在线段 PQ 的垂直平分线上
作 PE⊥AC 于 E,∴EM= 1
2
PQ= 1
2
t
由(1)知,AE=6- 3
5
t
∵AE+EM=AM,∴6- 3
5
t+ 1
2
t=2t
解得 t= 20
7
若 PQ=MQ,作 PE⊥AC 于 E,作 QF⊥AC 于 F
由(1)知,QF=PE
∵△APE∽△ABD,∴ PE
BD
= AP
AB
即 PE
8
= 10-t
10
,∴QF=PE=8- 4
5
t
又 FM=AM-( AE+EF )=2t-( 6- 3
5
t+t )= 8
5
t-6
∴MQ 2=(8- 4
5
t )2+( 8
5
t-6)2= 16
5
t 2-32t+100
由 PQ=MQ,得 t 2= 16
5
t 2-32t+100 解得 t1= 50
11
,t2=10(舍去)
∴当 t= 20
7
s 或 t= 50
11
s 时,△PQM 是等腰三角形
②若∠MPQ=90°,则 AM=6- 3
5
t
∴2t=6- 3
5
t,∴t= 30
13
若∠PMQ=90°,则 PM 2+QM 2=PQ 2
E
A
CB
D
P
Q
M
E
A
CB
DP
Q
M
F
A
CB
D
P
Q
M
∴37
5
t 2-44t+100+ 16
5
t 2-32t+100=t 2
即 12t 2-95t+250=0
△=(-55) 2-4×8×125=-2975<0,方程无实数解
若∠PQM=90°,作 PE⊥AC 于 E
则 AE=6- 3
5
t,EM=PQ=t
∵AE+EM=AM,∴6- 3
5
t+t=2t ∴t= 15
4
∴当 t= 30
13
s 或 t= 15
4
s 时,△PQM 是直角三角形
(4)设 PM 的中点为 N,分别过 P、N、M 作 BC 的垂线,垂足为 G、K、H
易证△PBG∽△BCD,△MCH∽△BCD
∴ PG
BD
= PB
BC
, MH
BD
= MC
BC
∵AC=10,AD=6,∴DC=4
∴BC= 8 2+4 2 =4 5
∴ PG
8
= t
4 5
, MH
8
= 10-2t
4 5
∴PG= 2
5
t,MH= 2
5
(10-2t )
∴NK= 1
2
( PG+MH )= 1
5
(10-t )
若以 PM 为直径的圆与 BC 相切,则 PM=2NK
∴PM 2=4NK 2
∴37
5
t 2-44t+100= 4
5
(10-t )2
解得 t1= 10
11
,t2= 10
3
∴当 t= 10
11
s 或 t= 10
3
s 时,以 PM 为直径的圆与 BC 相切
36.(内蒙古包头、乌兰察布)如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=4cm,BC=5cm,点 D
在 BC 上,且 CD=3cm.现有两个动点 P、Q 分别从点 A 和点 B 同时出发,其中点 P 以 l cm/
秒的速度沿 AC 向终点 C 运动;点 Q 以 1.25cm/秒的速度沿 BC 向终点 C 运动.过点 P 作 PE∥BC
交 AD 于点 E,连接 EQ.设动点运动时间为 t 秒(t>0).
(1)连接 DP,经过 1 秒后,四边形 EQDP 能够成为平行四边形吗?请说明理由;
(2)连接 PQ,在运动过程中,不论 t 取何值时,总有线段 PQ 与线段 AB 平行,为什么?
(3)当 t 为何值时,△EDQ 为直角三角形. A
DQ C
P
B
E
E
A
CB
DP
Q
M
A
CB
D
P
Q
M
G HK
N
解:(1)能.
∵点 P 的速度为 l cm/秒,点 Q 的速度为 1.25 cm/秒,t=1 秒
∴AP=1,BQ=1.25
∴QD=BC-CD-BQ=5-3-1.25=0.75
∵PE∥BC,∴△APE∽△ACD
∴ PE
CD
= AP
AC
,即 PE
3
= 1
4
∴PE=0.75,∴PE=QD
∴四边形 EQDP 是平行四边形
(2)∵AC=4,BC=5,AP=t,BQ=1.25t
∴CP=4-t,CQ=5-1.25t
∴ CP
CA
= 4-t
4
, CQ
CB
= 5-1.25t
5
= 4-t
4
∴ CP
CA
= CQ
CB
,∴PQ∥AB
(3)①当∠EQD=90°时
易证△EDQ∽△ADC,∴ DQ
DC
= EQ
AC
显然点 Q 在点 D 右侧,DQ=1.25t-2,EQ=PC=4-t
∴ 1.25t-2
3
= 4-t
4
,解得 t=2.5
②当∠DEQ=90°时易证△DEQ∽△DCA,∴ DE
DC
= DQ
DA
∵PE∥BC,∴△APE∽△ACD,∴ AE
AD
= AP
AC
∵AC=4,CD=3,∴AD=5
∴ AE
5
= t
4
,∴AE=1.25t,DE=5-1.25t
显然点 Q 在点 D 右侧,DQ=1.25t-2
∴ 5-1.25t
3
= 1.25t-2
5
,解得 t=3.1
∴当 t=2.5 秒或 t=3.1 秒时,△EDQ 为直角三角形
37.(内蒙古呼伦贝尔)如图①,在平面直角坐标系内,Rt△ABC≌Rt△FED,点 C、D 与原点
O 重合,点 A、F 在 y 轴上重合,∠B=∠E=30°,AC=FD= 3.△FED 不动,△ABC 沿直线
BE 以每秒 1 个单位的速度向右平移,直到点 B 与点 E 重合为止.设平移时间为 x(秒),平
移过程中 AB 与 EF 的交点为 M.
(1)求出图①中点 B 的坐标;
(2)如图②,当 x=4 秒时,求出过 F、M、A 三点的抛物线的解析式;此抛物线上有一动点
P,以点 P 为圆心,以 2 为半径的⊙P 在运动过程中是否存在与 y 轴相切的情况,若存在,
直接写出 P 点的坐标;若不存在,请说明理由;
(3)设移动 x 秒后两个三角形重叠部分的面积为 S,求出整个运动过程中 S 与 x 的函数关
系式.
A
DQ C
P
B
E
A
D Q C
P
B
E
A
D Q C
P
B
E
A
B C E
(F)
(D)O x
y
F
BD EO x
y
C
A
M
解:(1)如图①,在 Rt△ABC 中,AC= 3,∠B=30°
∴BC= 3AC=3,∴B(-3,0)
(2)如图②,∵x=4,∴A(4, 3),B(1,0)
过 M 作 MH⊥BE 于 H
由题意,OE=BC=3,∴BE=2
∵∠B=∠E,∴MB=ME
∴BH= 1
2
BE=1,∴OH=2,MH= 3
3
∴M(2, 3
3
)
设抛物线的解析式为 y=ax 2+bx+c,把 F、M、A 三点坐标代入
c= 3
4a+2b+c= 3
3
16a+4b+c= 3
解得
a= 3
6
b=- 2 3
3
c= 3
∴抛物线的解析式为 y= 3
6
x 2- 2 3
3
x+ 3
P1(2, 3
3
)或 P2(-2,3 3)
提示:若半径为 2 的⊙P 与 y 轴相切,那么点 P 的横坐标为 2 或-2
当 x=2 时,y= 3
6
x 2- 2 3
3
x+ 3= 3
3
当 x=-2 时,y= 3
6
x 2- 2 3
3
x+ 3=3 3
∴存在符合条件的点 P,坐标为 P1(2, 3
3
)或 P2(-2,3 3)
(3)当点 B、O 重合时,x=3,所以整个运动过程可分为两个阶段:
①当 0≤x <3 时,如图③
BO=3-x,CD=x,OG=CH= 3
3
BO= 3
3
( 3-x )
FG= 3- 3
3
( 3-x )= 3
3
x
∴S=S 梯形 FDCH - S△FGM
A
B C E
(F)
(D)O x
y
图①
F
B D EO x
y
图③
C
AM
HG
F
BD EO x
y
图②
C
A
M
H
= 1
2
[ 3+ 3
3
( 3-x )]·x- 1
2
· 3
3
x· 3
2
· 3
3
x
=- 3
4
x 2+ 3x
②当 3≤x ≤6 时,如图④,BE=3-( x-3 )=6-x
∴S=S△BME = 1
2
( 6-x )· 1
2
( 6-x )· 3
3
= 3
12
x 2- 3x+3 3
综上所述,S 与 x 的函数关系式为:
S=
- 3
4
x 2+ 3x(0≤x <3)
3
12
x 2- 3x+3 3(3≤x ≤6)
38.(哈尔滨模拟)如图,在平面直角坐标系中,O 为坐标原点,Rt△OAB 的直角边 OA 在 x
轴正半轴上,且 OA=4,AB=2,将△OAB 沿某条直线翻折,使 OA 与 y 轴正半轴的 OC 重合.点
B 的对应点为点 D,连接 AD 交 OB 于点 E.
(1)求 AD 所在直线的解析式:
(2)连接 BD,若动点 M 从点 A 出发,以每秒 2 个单位的速度沿射线 AO 运动,线段 AM 的垂
直平分线交直线 AD 于点 N,交直线 BD 于点 Q.设线段 QN 的长为 y(y≠0),点 M 的运动时
间为 t 秒,求 y 与 t 之问的函数关系式(直接写出自变量 t 的取值范围);
(3)在(2)的条件下,连接 MN,当 t 为何值时,直线 MN 与过 D、E、O 三点的圆相切,并
求出此时切点的坐标.
解:(1)由题意,△OAB≌△OCD
∴OC=OA=4,CD=AB=2 ∴D(2,4)
设直线 AD 的解析式为 y=kx+b,把 A(4,0),D(2,4)代入
0=4k+b
4=2k+b
解得
k=-2
b=8
∴y=-2x+8
(2)由 B(4,2),D(2,4),可得直线 BD 的解析式为 y=-x+6
∵直线 NQ 垂直平分线段 AM
∴NH⊥AM,AH=MH= 1
2
AM= 1
2
×2t=t
∴OH=4-t,∴H(4-t,0)∴点 Q、N 的横坐标为为 4-t
AO
C
x
E B
D
y
备用图
AO
C
x
E B
D
y
F
BD EO x
y
图④
C
A
M
AO
C
x
N
B
D
y
E
Q
HM
AO
C
x
N
B
D
y
E
Q
HM
∴QH=-( 4-t )+6=t+2,NH=-2( 4-t )+8=2t
当 0<t <2 时,点 Q 在点 N 上方
y=QN=t+2-2t=-t+2
当 t >2 时,点 Q 在点 N 下方
y=QN=2t-( t+2 )=t-2
(3)过点 D 作 DF⊥OA 于 F,则 CD∥OF,CD=OF=2
∵OA=4,∴AF=OF=2
∵DF⊥OA,∴OD=AD,∠ODC=∠DOF=∠DAF
∵△OAB≌△OCD,∴∠COD=∠AOB
∵∠COD+∠AOD=90°,∴∠OED=∠AOB+∠OAD=90°
∴OD 为经过 D、E、O 三点的圆的直径,OD 的中点 O′ 为圆心
在 Rt△OCD 中,OD= OC 2+CD 2 =2 5
tan∠COD= CD
OC
= 1
2
,tan∠ODC= OC
CD
=2
∵NH 垂直平分线段 AM,∴∠NMA=∠NAM
∵∠DOA=∠NAM,∠NMA=∠DOA,∴MN∥OD
设直线 MN 与⊙O′ 相切于 G 点,连接 O′G,作 GK⊥OA 于 K,MI⊥OD 于 I
则∠OO′G=∠O′GM=90°
∵MI⊥OD,∴四边形 O′IMG 为矩形
∴IM=O′G= 5,MG=O′I
∴OI= 5
2
,OM= 5
2
,∴MG=O′I= 5
2
∴KG=1,MK= 1
2
,∴OK=3,∴G(3,1)
∵OM+AM=OA,∴ 5
2
+2t=4,∴t= 3
4
同理可求当 t= 13
4
时,切点 G(-1,3)
∴当 t= 3
4
或 t= 13
4
时,直线 MN 与过 D、E、O 三点的圆相切,切点分别为 G(3,1)或 G
(-1,3)
39.(哈尔滨模拟)如图,在平面直角坐标系中,直线 y=x+b 与 x 轴交于点 A,与正比例
函数 y=- 4
3
x 的图象交于点 B,过 B 点作 BC⊥y 轴,点 C 为垂足,C(0,8).
(1)求直线 AB 的解析式;
(2)动点 M 从点 A 出发沿线段 AO 以每秒 1 个单位的速度向终点 O 匀速移动,过点 M 作 x
轴的垂线交折线 A-B-O 于点 P.设 M 点移动的时间为 t 秒,线段 BP 的长为 d,求 d 与 t
之间的函数关系式,并直接写出自变量 t 的取值范围;
(3)在(2)的条件下,动点 Q 同时从原点 O 出发,以每秒 1 个单位的速度沿折线 O-C-B
向点 B 移动,当动点 M 停止移动时,点 Q 同时停止移动.当 t 为何值时,△BPQ 是等腰三角
形?
CB
y
A O
CB
y
x A O
CB
y
x
AO
C
x
E B
D
y
F K
GI
M
O′
N
AO
C
x
E B
D
y
FK
G
I
M
O′
N
解:(1)∵BC⊥y 轴,点 C 为垂足,C(0,8)
∴点 B 的纵坐标为 8
∵y=- 4
3
x,当 y=8 时,x=-6,∴B(-6,8)
把(-6,8)代入 y=x+b,得 8=-6+b,∴b=14
∴直线 AB 的解析式为 y=x+14
(2)由题意得 AM=t
∵直线 AB:y=x+14 交 x 轴于点 A
∴A(-14,0),∴OA=14
过点 B 作 BD⊥x 轴于点 D
∵B(-6,8),∴BD=8,OD=6
∴AD=14-6=8,∴AB= 8 2+8 2 =8 2
OB= 8 2+6 2 =10,∴∠BAD=45°,cos∠DOB= 3
5
①当点 M 在 AD 上时
∵PM⊥x 轴,∴∠PMA=90°,∴AP= 2t
∴d=BP=AB-AP=8 2- 2t(0≤t <8)
②当点 M 在 OD 上时,OM=14-t
∵∠PMO=90°,cos∠DOB= 3
5
,∴OP= 5
3
( 14-t )
∴d=BP=OB-OP=10- 5
3
( 14-t )= 5
3
t- 40
3
(8<t ≤14)
综上,d=
8 2- 2t(0≤t <8)
5
3
t- 40
3
(8<t ≤14)
(3)①当点 P 在 AB 上时(0≤t <8),Q 在 OC 上
BQ 2=BC 2+CQ 2=6 2+( 8-t )2
∵PM=OQ=t,∠PMO=∠MOQ=90°
∴四边形 PMOQ 为矩形,∴PQ=OM=14-t
∵PM=OQ=t,∴PQ∥AO
∴∠BPQ=∠BAO=∠ABD
∵∠PBQ>∠ABD,∴∠PBQ>∠BPQ,∴PQ≠BQ
当 BP=BQ 时,( 8 2- 2t )2=6 2+( 8-t )2
A O
CB
y
x
P
MD
A O
CB
y
x
P
M D
A O
CB
y
x
P
M D
Q
解得 t1=2 或 t2=14
∵0≤t <8,∴t2=2
当 PB=PQ 时,( 8 2- 2t )2=( 14-t )2,解得 t=2±6 2
∵0≤t <8,∴t=2±6 2 不合题意,舍去
②当点 P 在 BO 上时(8<t ≤14),Q 在 BC 上
BQ=6+8-t=14-t
当 BP=BQ 时, 5
3
t- 40
3
=14-t,解得 t= 41
4
当 PB=PQ 时,过点 P 作 PH⊥BC 于 H
∴BQ=2BH
∵BH=DM=t-8,∴14-t=2( t-8 ),解得 t=10
当 QB=QP 时,过点 Q 作 QK⊥BC 于 K
∴BP=2BK
∵BP= 5
3
( t-8 ),BK= 3
5
( 14-t )
∴ 5
3
( t-8 )= 6
5
( 14-t ),解得 t= 452
43
综上,当 t=2 或 t=10 或 t= 41
4
或 t= 452
43
时,△BPQ 是等腰三角形
40.(哈尔滨模拟)如图,直线 y= 4
3
x+12 分别与 x 轴、y 轴交于点 A、B,直线 BC 交 x
轴于点 C,且 AB=AC.
(1)求直线 BC 的解析式;
(2)点 P 从点 C 出发沿线段 CO 以每秒 1 个单位的速度向点 O 运动,过点 P 作 y 轴的平行线,
分别交直线 BC、直线 AB 于点 Q、M,过点 Q 作 QN⊥AB 于点 N.设点 P 的运动时间为 t(秒),
线段 MN 的长为 d,求 d 与 t 的函数关系式,并直接写出自变量 t 的取值范围;
(3)若经过 A、N、Q 三点的圆与直线 BC 交于另一点 K,当 t 为何值时,KQ:AQ= 10 :10?
A O C
N
y
xP
Q
B
M
K
A O
CB
y
x
P
MD
QH
A O
CB
y
x
P
MD
Q
K
解:(1)∵直线 y= 4
3
x+12 分别与 x 轴、y 轴交于点 A、B
∴A(-9,0),B(0,12),∴OA=9,OB=12
∴AB= 9 2+12 2 =15,∴sin∠BAO= OB
AB
= 4
5
∵AB=AC,∴AC=15,∴C(6,0)
设直线 BC 的解析式为 y=kx+b
∴
c=12
6k+b=0
解得
k=-2
b=12
∴直线 BC 的解析式为 y=-2x+12
(2)由题意,PC=t,∴OP=6-t
∴点 P 的横坐标为 6-t
∴PM= 4
3
( 6-t )+12,PQ=-2( 6-t )+12
∴MQ=PM-PQ=20- 10
3
t
∵∠AMP+∠MAP=∠AMP+∠MQN=90°
∴∠MQN=∠MAP=∠BAO
∴sin∠MQN=sin∠BAO= 4
5
∴MN=MQ·sin∠MQN= 4
5
( 20- 10
3
t )=16- 8
3
t
∴d=16- 8
3
t(0≤t <6)
(3)连接 AK、AQ
∵∠ANQ=90°,∴AQ 为经过 A、N、Q 三点的圆的直径
∴∠AKQ=90°
∵OB=12,OC=6,∴BC= 6 2+12 2 =6 5
由 S△ABC = 1
2
AC·OB= 1
2
BC·AK,得 AK=6 5
∵KQ : AQ= 10 : 10,∴设 KQ=m,则 AQ= 10m
在 Rt△AKQ 中,AK 2+KQ 2=AQ 2
∴( 6 5)2+m 2=( 10m )2,m=2 5
∴AQ= 10m=10 2
∵tan∠BCO= OB
OC
=2,∴PQ=PC·tan∠BCO=2t
A O C
N
y
xP
Q
B
M
K
在 Rt△AQP 中,AP 2+PQ 2=AQ 2
∴( 15-t )2+( 2t )2=( 10 2 )2
解得 t1=1,t2=5
∴当 t=1 或 t=5 时,KQ : AQ= 10 : 10
41.(哈尔滨模拟)如图,直线 y=-kx+6k(k >0)与 x 轴、y 轴分别相交于点 A、B,且
△AOB 的面积是 24.
(1)求直线 AB 的解析式;
(2)点 P 从点 O 出发,以每秒 2 个单位的速度沿折线 OA-AB 运动;同时点 E 从点 O 出发,
以每秒 1 个单位的速度沿 y 轴正半轴运动,过点 E 作与 x 轴平行的直线 l,与线段 AB 相交
于点 F,当点 P 与点 F 重合时,点 P、E 均停止运动.连接 PE、PF,设△PEF 的面积为 S,点
P 运动的时间为 t 秒,求 S 与 t 的函数关系式,并直接写出自变量 t 的取值范围;
(3)在(2)的条件下,过 P 作 x 轴的垂线,与直线 l 相交于点 M,连接 AM,当 tan∠MAB
= 1
2
时,求 t 的值.
解:(1)∵y=-kx+6k,当 x=0 时,y=6k;当 y=0 时,x=6
∴OA=6,OB=6k
∵S△AOB =24,∴ 1
2
×6×6k=24,∴k= 4
3
∴直线 AB 的解析式为 y=- 4
3
x+8
(2)根据题意,OE=t,EF∥OA,∴△BEF∽△BOA
∴ EF
OA
= BE
BO
,即 EF
6
= 8-t
8
,∴EF= 3
4
( 8-t )
①当 0<t ≤3 时,点 P 在 OA 上运动
过点 P 作 PH⊥EF 于 H,则 PH=OE=t
∴S= 1
2
EF·PH= 1
2
· 3
4
( 8-t )·t=- 3
8
t 2+3t
②当点 P 在 AB 上运动时
过点 P 作 PG⊥OA 于 G,设直线 PG 与 EF 相交于点 M,则 MG=OE=t
易知△APG∽△ABO,∴ PG
BO
= AP
AB
∵OA=6,OB=8,∴AB= 6 2+8 2 =10
B
O
y
xA
备用图
B
O
y
x
E
A
F
P
l
B
O
y
x
E
A
F
P
lH
B
O
y
x
E
A
F
P
l
G
M
∴ PG
8
= 2t-6
10
,∴PG= 4
5
( 2t-6 )
当点 P 与点 F 重合时,有 PG=OE
∴ 4
5
( 2t-6 )=t,解得 t=8,即 PG=8
点 P 与点 F 重合前,MP=MG-PG=t- 4
5
( 2t-6 )=- 3
5
t+ 24
5
∴S= 1
2
EF·MP= 1
2
· 3
4
( 8-t )(- 3
5
t+ 24
5
)= 9
40
t 2- 18
5
t+ 72
5
综上,S=
- 3
8
t 2+3t(0<t ≤3)
9
40
t 2- 18
5
t+ 72
5
(3<t <8)
(3)①当点 P 在 OA 上,点 M 在点 F 左侧时
作 MC⊥AB 于 C,FD⊥OA 于 D
则 FD=OE=t,EM=OP=2t,MF=EF-EM= 3
4
( 8-t )-2t
在 Rt△CMF 中, CM
CF
=tan∠MFC=tan∠BAO= OB
OA
= 4
3
设 CM=4k,则 CF=3k,MF= ( 4k )2+( 3k )2 =5k
在 Rt△MAC 中, CM
AC
=tan∠MAC=tan∠MAB= 1
2
∴AC=2CM=8k,∴AF=5k,∴MF=AF
在 Rt△AFD 中, FD
AF
= t
AF
=sin∠FAD=sin∠BAO= 4
5
∴AF= 5
4
t,∴ 3
4
( 8-t )-2t= 5
4
t,解得 t= 3
2
当点 P 在 OA 上,点 M 在点 F 右侧时,可求得 t= 11
4
②当点 P 在 AB 上时,过点 M 作 MK⊥AB 于 K
在 Rt△PMK 中, MK
PK
=tan∠MPK=tan∠ABO= 3
4
设 MK=3m,则 PK=4m,MP=5m,AK=6m
∴AP=AK-PK=2m,∴2t-6=2m
∵MP=t- 4
5
( 2t-6 ),∴t- 4
5
( 2t-6 )=5m
∴t- 4
5
( 2t-6 )= 5
2
( 2t-6 ),解得 t= 99
28
综上所述,满足条件的 t 值是 3
2
或 11
4
或 99
28
42.(哈尔滨模拟)如图,在平面直角坐标系中,O 为坐标原点,点 A 在 x 轴的正半轴上,
△AOB 为等腰三角形,且 OA=OB=10,过点 B 作 y 轴的垂线,垂足为 D,直线 AB 的解析式
B
O
y
x
E
A
F
P
l
CM
D
B
O
y
x
E
A
F
P
l
G
M
K
为 y=-3x+30,点 C 在线段 BD 上,点 D 关于直线 OC 的对称点在腰 OB 上.
(1)求点 B 坐标;
(2)点 P 从点 B 出发,以每秒 1 个单位的速度沿折线 BC-CO 运动;同时点 Q 从点 O 出发,
以每秒 1 个单位的速度沿对角线 OB 向终点 B 运动,当一点停止运动时,另一点也随之停止
运动.设△PQC 的面积为 S,运动时间为 t,求 S 与 t 的函数关系式,并写出自变量 t 的取
值范围;
(3)在(2)的条件下,连接 PQ,设 PQ 与 OB 所成的锐角为α,当α=90°-∠AOB 时,求
t 的值.
解:(1)过点 B 作 BF⊥OA 于 F,设 B(a,-3a+30)
在 Rt△OBF 中,a 2+( -3a+30 )2=10 2
解得 a1=10(舍去),a2=8
当 a=8 时,-3a+30=6
∴B(8,6)
(2)设点 D 关于直线 OC 的对称点为 D′,连接 CD′
∵D′ 在腰 OB 上,∴OD=OD′,∠DOC=∠D′OC
又 OC=OC,∴△DOC≌△D′OC
∴CD′=CD,∠CDO′=∠CDO=90°
∴S△POQ = 1
2
OD·BD = 1
2
OD·CD + 1
2
OB·CD′
∴CD= OD·BD
OD+OB
= 6×8
6+10
=3,∴BC=5
①当 0≤t <5 时,点 P 在线段 BC 上
过点 Q 作 QE⊥BD 于 E,则△BQE∽△BOD
∴ QE
OD
= BQ
BO
,即 QE
6
= 10-t
10
,∴QE=6- 3
5
t
∴S= 1
2
PC·QE= 1
2
( 5-t )( 6- 3
5
t )
即 S= 3
10
t 2- 9
2
t+15
②当 5<t ≤10 时,点 P 在线段 CO 上
过点 Q 作 QF⊥OC 于 F
∵COQ=∠COD,∠QFO=∠CDO=90°
∴△QFO∽△CDO,∴ QF
CD
= OQ
OC
C
O
y
x
D
A
B
C
O
y
x
D
A
B
备用图
C
O
y
x
D
A
BE P
Q
C
O
y
x
D
A
B
F
D′
C
O
y
x
D
A
B
QP
F
即 QF
3
= t
3 5
,∴QF= 5
5
t
∴S= 1
2
PC·QF= 1
2
( t-5 )· 5
5
t
即 S= 5
10
t 2- 5
2
t
(3)①当 0≤t <5 时
∵α=90°-∠AOB=∠BOD,即∠PQB=∠DOB
∴PQ∥DO,∴△BPQ∽△BDO
∴ BP
BD
= BQ
BO
,即 t
8
= 10-t
10
,∴t= 40
9
②当 5<t ≤10 时,过点 P 作 PH⊥OB 于 H
∵∠PQO=∠BOD,∴tan∠PQO=∠BOD= 4
3
设 PH=4k,则 QH=3k,OH=8k,OP=4 5k
∴OQ=11k,∴11k=t,∴k= t
11
∴OP=4 5k= 4 5
11
t
又∵OP=3 5-( t-5 )=3 5+5-t
∴4 5
11
t=3 5+5-t,∴t= 143 5-55
41
∴当α=90°-∠AOB 时,t 的值为 40
9
或 143 5-55
41
43.(哈尔滨模拟)如图,在平面直角坐标系中,点 A(25
6
,0),点 B(3,4),将△OAB 沿
直线 OB 翻折,点 A 落在第二象限内的点 C 处.
(1)求点 C 的坐标;
(2)动点 P 从点 O 出发,以每秒 5 个单位的速度沿 OB 向终点 B 运动,连接 AP,将射线 AP
绕着点 A 逆时针旋转与 y 轴交于一点 Q,且旋转角α= 1
2
∠OAB.设线段 OQ 的长为 d,点 P
运动的时间为 t 秒,求 d 与 t 的函数关系式(直接写出时间 t 的取值范围);
(3)在(2)的条件下,连接 CP.点 P 在运动的过程中,是否存在 CP∥AQ,若存在,求此
时 t 的值,并辨断点 B 与以点 P 为圆心,OQ 长为半径的⊙P 的位置关系;若不存在,请说明
理由.
B
O
C
xA
y
备用图
B
O
C
xA
y
C
O
y
x
D
A
B
P
Q
H
C
O
y
x
D
A
BP
Q
解:(1)过点 B 作 BG⊥x 轴于 G,过点 C 作 CH⊥x 轴于 H
∵A(25
6
,0),B(3,4),∴OA= 25
6
,OG=3,BG=4
∴AG= 7
6
,∴AB= AG 2+BG 2 = 25
6
,∴AB=OA
∵△OAB 沿直线 OB 翻折得到△OCB
∴△OAB≌△OCB,∴AB=OA=BC=CO
∴四边形 ABCO 是菱形
∴CO∥AB,∴∠COH=∠BAG
∴Rt△CHO≌Rt△BGA,∴CH=BG=4,OH=AG= 7
6
∴C(- 7
6
,4)
(2)连接 AC 交 BO 于点 E
∵菱形 ABCO,∴AC⊥BO,∠OAE= 1
2
∠OAB
∵α= 1
2
∠OAB,∴∠OAP=∠OAE,∴∠OAQ=∠EAP
∵∠AOQ=∠AEP=90°,∴△AOQ≌△AEP
∴ PE
OQ
= AE
AO
由(1)知,CH=4,AH= 16
3
∴AC= AH 2+CH 2 = 20
3
,∴AE= 10
3
,同理 OE= 5
2
①当 0≤t < 1
2
时
∵OP=5t,∴PE= 5
2
-5t,∴
5
2
-5t
d
=
10
3
25
6
∴d=- 25
4
t+ 25
8
②当 1
2
<t ≤1 时,同理可求 d= 25
4
t- 25
8
(3)过点 P 作 PK⊥AB 于 K
∵AQ∥CP,∴∠PCE=∠QAE
∵AE=CE,AC⊥BO,∴PC=PA
B
O
C
xA
y
E
P
Q
B
O
C
xA
y
GH
B
O
C
xA
y
E
P
Q
F
K
∴∠PAE=∠PCE=∠QAE= 1
2
∠PAQ
∴∠PAB=∠QAE,∴∠PAE=∠PAB,∴PE=PK
∵菱形 ABCO,∴∠PBK=∠OBF
∴sin∠PBK=sin∠OBF= OF
OB
= PK
PB
= 4
5
∵OP=5t,OB=5,∴PE=5t- 5
2
,PB=5-5t
∴
5t- 5
2
5-5t
= 4
5
,解得 t= 13
18
∴存在 CP∥AQ,此时 t= 13
18
∵ 1
2
< 13
18
<1,∴当 t= 13
18
时,OQ=d= 25
4
t- 25
8
= 25
18
BP=OB-OP=5-5t= 25
18
∴BP=OQ,即点 B 与圆心 P 的距离等于⊙P 的半径,点 B 在⊙P 上
∴存在 CP∥AQ,此时 t= 13
18
,且点 B 在⊙P 上
44.(黑龙江大庆)已知等边△ABC 的边长为 3 个单位,若点 P 由 A 出发,以每秒 1 个单位
的速度在三角形的边上沿 A→B→C→A 方向运动,第一次回到点 A 处停止运动,设 AP=S,
用 t 表示运动时间.
(1)当点 P 由 B 到 C 运动的过程中,用 t 表示 S;
(2)当 t 取何值时,S 等于 7(求出所有的 t 值);
(3)根据(2)中 t 的取值,直接写出在哪些时段 AP< 7?
解:(1)当点 P 在 BC 上时,有 3≤t ≤6
作 PM⊥AB,垂足为 M
由 PB=t-3,∠B=60°,得 PM= 3
2
( t-3 ),BM= 1
2
( t-3 )
∴AM=3- 1
2
( t-3 )
于是 S=AP= AM 2+BM 2 = ( t-3 )2-3( t-3 )+9 (3≤t ≤6)
A
C
B
(2)当 S= 7 时
(i)当点 P 在 AB 上时,有 t= 7
(ii)当点 P 在 CA 上时,有 t=9- 7
(iii)当点 P 在 BC 上时,S= ( t-3 )2-3( t-3 )+9 = 7
解得 t=4 或 t=5
综上 t= 7 或 t=9- 7 或 t=4 或 t=5
(3)根据(2)可知 0<t < 7,4<t <5,9- 7<t ≤9
这三个时间段内 AP< 7
45.(黑龙江大兴安岭、鸡西、齐齐哈尔、黑河、七台河)如图,在平面直角坐标系中,已
知 Rt△AOB 的两条直角边 OA、OB 分别在 y 轴和 x 轴上,并且 OA、OB 的长分别是方程 x 2-
7x+12=0 的两根(OA<OB),动点 P 从点 A 开始在线段 AO 上以每秒 1 个单位长度的速度向
点 O 运动;同时,动点 Q 从点 B 开始在线段 BA 上以每秒 2 个单位长度的速度向点 A 运动,
设点 P、Q 运动的时间为 t 秒.
(1)求 A、B 两点的坐标.
(2)求当 t 为何值时,△APQ 与△AOB 相似,并直接写出此时点 Q 的坐标.
(3)当 t=2 时,在坐标平面内找一点 M,使以 A、P、Q、M 为顶点的四边形是平行四边形,
求 M 点的坐标;
(4)在 P、Q 运动过程中,在坐标平面内是否存在点 N,使以 A、P、Q、N 为顶点的四边形
是菱形?若存在,请直接写出 N 点的坐标;若不存在,请说明理由.
解:(1)解方程 x 2-7x+12=0,得 x1=3,x2=4
∵OA<OB,∴OA=3,OB=4
∴A(0,3),B(4,0)
(2)由题意得,AP=t,AQ=5-2t
可分两种情况讨论:
①当∠APQ=∠AOB 时,△APQ∽△AOB
如图 1, t
3
= 5-2t
5
,解得 t= 15
11
∴Q( 20
11
,18
11
)
②当∠AQP=∠AOB 时,△APQ∽△ABO
如图 2, t
5
= 5-2t
3
,解得 t= 25
13
∴Q( 12
13
,30
13
)
B
Q
x
P
O
y
A
图 1
B
Q
x
P
O
y
A
图 2
B
Q
x
P
O
y
A
(3)当 t=2 时,AP=2,AQ=5-2t=1
∴PO=1,∴P(0,1),
点 Q 的横坐标为:1×cos∠ABO= 4
5
,纵坐标为:3-1×sin∠ABO= 12
5
∴Q( 4
5
,12
5
)
若 AP 是平行四边形的边,则 MQ∥AP,MQ=AP=2,如图 3、图 4
∴点 M 的横坐标为 4
5
,纵坐标为:12
5
+2= 22
5
或 12
5
- 2= 2
5
∴M1( 4
5
,22
5
),M2( 4
5
,2
5
)
若 AP 是平行四边形的对角线,则△AMP≌PQA,如图 5
∵点 Q 的横坐标为 4
5
,∴点 M 的横坐标为- 4
5
∵点 A 的纵坐标比点 Q 的纵坐标大 3
5
∴点 M 的纵坐标比点 P 的纵坐标大 3
5
即点 M 的纵坐标为:1+ 3
5
= 8
5
∴M3(- 4
5
,8
5
)
(4)存在.N1( 4
3
,1
3
),N2( 3
2
,55
16
),N3(- 20
17
,36
17
)
提示:有三种情况
若 AP=AQ,则在坐标平面内存在点 N,
使四边形 APNQ 是菱形,如图 6
∴t=5-2t,解得 t= 5
3
,∴AQ= 5
3
∴Q( 4
3
,2),∴N1( 4
3
,1
3
)
若 AP=PQ,则在坐标平面内存在点 N,
使四边形 APQN 是菱形,如图 7
由题意,P(0,3-t),Q(4- 8
5
t, 6
5
t)
∴PQ 2=( 4- 8
5
t )2+( 3-t- 6
5
t )2
∴t 2=( 4- 8
5
t )2+( 3-t- 6
5
t )2,解得 t= 25
16
或 t= 5
2
当 t= 5
2
时,点 Q 与点 A 重合,不合题意,舍去
∴t= 25
16
,∴Q( 3
2
,15
8
)
B
Q
x
P
O
y
A
图 4
M
B
Q
x
P
O
y
A
图 3
M
B
Q
x
P
O
y
A
图 5
M
B
Q
x
P
O
y
A
图 6
N
B
Q
x
P
O
y
A
图 7
N
∴N2( 3
2
,55
16
)
若 AQ=PQ,则在坐标平面内存在点 N,
使四边形 ANPQ 是菱形,如图 8
连接 NQ 交 AP 于 O′,则 NQ⊥AP,AO′=O′P
∴AP=2AO′,∴t= 6
5
( 5-2t )
解得 t= 30
17
,∴Q( 20
17
,36
17
)
∴N3(- 20
17
,36
17
)
46.(吉林)如图,在△ABC 中,∠A=90°,AB=2cm,AC=4cm.动点 P 从点 A 出发,沿 AB
方向以 1cm/s 的速度向点 B 运动,动点 Q 从点 B 同时出发,沿 BA 方向以 1cm/s 的速度向点
A 运动.当点 P 到达点 B 时,P,Q 两点同时停止运动.以 AP 为一边向上作正方形 APDE,过
点 Q 作 QF∥BC,交 AC 于点 F.设点 P 的运动时间为 t s,正方形 APDE 和梯形 BCFQ 重合部
分的面积为 S cm2.
(1)当 t=_________s 时,点 P 与点 Q 重合;
(2)当 t=_________s 时,点 D 在 QF 上;
(3)当点 P 在 Q,B 两点之间(不包括 Q,B 两点)时,求 S 与 t 之间的函数关系式.
解:(1)1
(2) 4
5
提示:点 D 在 QF 上时
∵QF∥BC,∠DPQ=CAB=90°
∴△PQD∽△ABC,∴ PD
PQ
= AC
AB
即 t
2-2t
= 4
2
,解得 t= 4
5
(3)如图①,当点 D 在 BC 上时
由四边形 APDE 是正方形,得 DP∥AC
∴△BDP∽△BCA,∴ PB
DP
= AB
CA
= 2
4
= 1
2
BQ
D
P
C
A
E
F
B
C
A
(备用图)
B
Q
x
P
O
y
A
图 8
N O′
BQ
D
P
C
A
E(F)
∴PB= 1
2
DP= 1
2
t
由 AP+PB=AB,得 t+ 1
2
t=2,解得 t= 4
3
此时点 E 与点 F 重合
当 1<t ≤ 4
3
时
解法 1:
如图②,设 DE 交 FQ 于点 H,则重合部分为梯形 DHQP
PQ=AP+QB-AB=t+t-2=2t-2
过点 Q 作 QG⊥DE 于点 G,则 DG=PQ=2t-2
由△HGQ∽△BAC,得 HG= 1
2
∴HD=HG+GD= 1
2
t+2t-2= 5
2
t-2
∴S= 1
2
( PQ+HD )·DP= 1
2
( 2t-2+ 5
2
t-2 )·t= 9
4
t 2-2t
解法 2:
如图②,设 DE 交 FQ 于点 H
由△FAQ∽△CAB,得 AF=2AQ=2( 2-t )=4-2t
∴EF=AF-AE=4-2t-t=4-3t
由△FEH∽△CAB,得 EH= 1
2
EF=2- 3
2
t
∴S 梯形 AQHE = 1
2
( AQ+EH )·AE= 1
2
( 2-t+2- 3
2
t )·t=- 5
4
t 2+2t
∴S=S 正方形 APDE - S 梯形 AQHE =t 2-( - 5
4
t 2+2t )= 9
4
t 2-2t
由题意,当 t=2 时,点 P 到达点 B
当 4
3
<t <2 时
如图③,设 DE 交 BC 于点 M,DP 交 BC 于点 N
则重合部分为六边形 EFQPNM
由△FAQ∽△CAB,得 AF=4-2t
∴S△FAQ = 1
2
AQ·AF= 1
2
( 2-t )( 4-2t )=( 2-t )2
由△NPB∽△CAB,得 PN=4-2t
∴DN=DP-NP=t-( 4-2t )=3t-4
由△DMN∽△ABC,得 DM= 1
2
( 3t-4 )
∴S△DMN = 1
2
DM·DN= 1
2
· 1
2
( 3t-4 )( 3t-4 )= 1
4
( 3t-4 )2
∴S=S 正方形 APDE - S△DMN - S△FAQ =t 2- 1
4
( 3t-4 )2-( 2-t )2=- 9
4
t 2+10t-8
BQ
D
P
C
A
E
F
图②
GH
BQ
D
P
C
A
E
图③
F
M
N
综上所述,S=
9
4
t 2-2t(1<t ≤ 4
3
)
- 9
4
t 2+10t-8( 4
3
<t <2)
47.(吉林模拟)如图,梯形 OABC 中,OA 在 x 轴上,CB∥OA,∠OAB=90°,B(4,4),BC
=2.动点 E 从点 O 出发,以每秒 1 个单位的速度沿线段 OA 运动,到点 A 停止,过点 E 作
ED⊥x 轴交折线 O-C-B 于点 D,以 DE 为一边向右作正方形 DEFG.设运动时间为 t(秒),
正方形 DEFG 与梯形 OABC 重叠面积为 S(平方单位).
(1)求 tan∠AOC 的值;
(2)求 S 与 t 的函数关系式,并求出 S 的最大值;
(3)连接 AC,AC 的中点为 M,t 为何值时,△DMG 为等腰三角形?
解:(1)过 C 作 CD⊥x 轴于 H
∵B(4,4),BC=2,∴OH=2,CH=4
∴tan∠AOC= CH
OH
= 4
2
=2,
(2)当点F 与点A 重合时,OE=t,AE=DE=4-t
∴tan∠AOC= DE
OE
= 4-t
t
=2,解得 t= 4
3
当0<t ≤ 4
3
时,S=DE 2=( 2OE )2=( 2t )2=4t 2
当 4
3
≤t ≤2 时,S=DE·AE=2t·( 4-t )=-2t 2+8t
当2≤t ≤4 时,S=4AE=4( 4-t )=-4t+16
当0<t ≤ 4
3
时,t= 4
3
时,S 最大= 64
9
当 4
3
≤t ≤2 时,t=2 时,S 最大=8
当2≤t ≤4 时,t=2 时,S 最大=8
综上,t=2 时,S 的最大值为 8
(3)t1= 13-2 13
9
,t2= 3
2
,t3=2 3-1
提示:由题意,A(4,0),C(2,4)
∴M(3,2)
D
A
BC
G
O E F xH
y
D
A
BC
G
O E x(F)
y
D
A
BC
G
O E F x
y
D
A
BC G
O E F x
y
D
A
BC
G
O E F x
M
y
D
A
BC
G
O E F x
y
D
A
BC
G
O E F x
备用图
y
当0<t ≤2 时,D(t,2t),G(3t,2t)
∴DM 2=( t-3 )2+( 2t-2 )2,DG 2=4t 2
MG 2=( 3t-3 )2+( 2t-2 )2
若 DG=MG,则 4t 2=( 3t-3 )2+( 2t-2 )2
解得 t= 13+2 13
9
>2(舍去)或 t= 13-2 13
9
若 MD=MG,则( t-3 )2+( 2t-2 )2=( 3t-3 )2+( 2t-2 )2
解得 t=0(舍去)或 t= 3
2
若 DM=DG,则( t-3 )2+( 2t-2 )2=4t 2,无实数解
当 2<t ≤4 时,D(t,4),G(t+4,4)
∴DM 2=( t-3 )2+ 2 2,DG 2=4 2
MG 2=( t+1 )2+ 2 2
若 DG=MG,则 4 2=( t+1 )2+ 2 2
解得 t=2 3-1 或 t=-2 3-1(舍去)
若 MD=MG,则( t-3 )2+ 2 2=( t+1 )2+ 2 2
解得 t=1(舍去)
若 DM=DG,则( t-3 )2+ 2 2=4 2
解得 t=3±2 3(舍去)
48.(吉林长春)如图,在 Rt△ABC 中,∠ACB=90°,AC=8cm,BC=4cm.D、E 分别为边
AB、BC 的中点,连接 DE.点 P 从点 A 出发,沿折线 AD-DE-EB 运动,到点 B 停止.点 P
在线段 AD 上以 5cm/s 的速度运动,在折线 DE-EB 上以 1cm/s 的速度运动.当点 P 与点 A
不重合时,过点 P 作 PQ⊥AC 于点 Q,以 PQ 为边作正方形 PQMN,使点 M 落在线段 AQ 上.设
点 P 的运动时间为 t(s).
(1)当点 P 在线段 DE 上运动时,线段 DP 的长为______________cm(用含 t 的代数式表示).
(2)当点 N 落在 AB 边上时,求 t 的值.
(3)当正方形 PQMN 与△ABC 重叠部分图形为五边形时,设五边形的面积为 S(cm2),求 S
与 t 的函数关系式.
(4)连接 CD.当点 N 与点 D 重合时,有一点 H 从点 M 出发,在线段 MN 上以 2.5cm/s 的速
度沿 M-N-M 连续做往返运动,直至点 P 与点 E 重合时,点 H 停止往返运动;当点 P 在线段
EB 上运动时,点 H 始终在线段 MN 的中心处.直接写出在点 P 的整个运动过程中,点 H 落在
线段 CD 上时 t 的取值范围.
D
A
BC
G
O E F x
M
y
D
A
BC G
O E F x
M
(1)( t-2 )
(2)①当点 P 在线段 DE 上时,如图①
PD=PN=PQ=2,∴t-2=2
∴t=4
②当点 P 在线段 EB 上时,如图②
PN=2PB
∵PN=PC=( t-6 )+2=t-4
PB=2-( t-6 )=8-t
∴t-4=2( 8-t ),解得 t= 20
3
∴当点 N 落在 AB 边上时,t 的值为 4 或 20
3
(3)①当 2<t <4 时,如图③
S=2 2- 1
4
( 4-t )2
即 S=- 1
4
t 2+2t
②当 20
3
<t <8 时,如图④
S=( t-4 )2- 1
4
( 3t-20 )2
即 S=- 5
4
t 2+22t-84
(4)t= 14
3
或 t=5 或 6≤t ≤8
提示:当点 H 第一次落在线段 CD 上时
2.5( t-4 )+ 1
2
( t-4 )=2,解得t= 14
3
当点 H 第二次落在线段 CD 上时
2.5( t-4 )-2= 1
2
( t-4 ),解得t=5
当点 H 第三次落在线段 CD 上时
6-2.5( t-4 )= 1
2
( t-4 ),解得t=6
当 6≤t ≤8 时,点 H 恒在线段 CD 上
49.(长春模拟)如图,在△AOB 中,∠AOB=90°,OA=OB=6,C 为 OB 上一点,射线 CD⊥
M CA
B
Q
PN
D E
M CA
B
Q
PD E
图①
(N)
M CA
B
N
D E
图②
P
(Q)
M CA
B
N D E
图③
P
Q
M CA
B
N
D E
图④
P
(Q)
OB 交 AB 于点 D,OC=2.点 P 从点 A 出发以每秒 2 个单位长度的速度沿 AB 方向运动,点 Q
从点 C 出发以每秒 2 个单位长度的速度沿 CD 方向运动,P,Q 两点同时出发,当点 P 到达点
B 时停止运动,点 Q 也随之停止.过点 P 作 PE⊥OA 于点 E,PF⊥OB 于点 F,得到矩形 PEOF,
以点 Q 为直角顶点向下作等腰直角三角形 QMN,斜边 MN∥OB,且 MN=QC.设运动时间为 t
(秒).
(1)求 t=1 时 FC 的长度.
(2)求 MN=PF 时 t 的值.
(3)当△QMN 和矩形 PEOF 有重叠部分时,求重叠(阴影)部分图形
面积 S 与 t 的函数关系式.
(4)直接写出△QMN 和矩形 PEOF 的边有三个公共点时 t 的值.
解:(1)根据题意,△AOB、△AEP 都是等腰直角三角形
∵AP= 2t,∴OF=EP=t
∵OC=2,∴FC=|2-t |
∴当 t=1 时,FC=1
(2)∵AP= 2t,∴AE=t,PF=OE=6-t
∵MN=QC=2t,MN=PF
∴2t=6-t,∴t=2
(3)当点 F 在点 C 左侧时,设 MQ、MN 分别与 PF 交于点 G、H
当△QMN 和矩形 PEOF 有重叠部分时
则 MH=GH=t-( 2-t )=2t-2≥0,得 t ≥1
当点 F 与点 C 重合时,t=2
当 1≤t ≤2 时,重叠部分为△MGH,如图①
∵MH=GH=t-( 2-t )=2t-2
∴S = 1
2
( 2t-2 )2=2t 2-4t+2
当点 E 落在 MQ 上时,如图②
∵AE=t,EK=MK=t-2,AK=6-t,AE+EK=AK
∴t+( t-2 )=6-t,∴t= 8
3
当 2<t ≤ 8
3
时,重叠部分为五边形 IJKLP,如图③
∵JK=MK=t-2,AK=6-t,∴AJ=6-t-( t-2 )=8-2t
∴EK=6-t-t=6-2t,EI=EJ=8-2t-t=8-3t
∴S =S 矩形 EKLP - S△EJI=t( 6-2t )- 1
2
( 8-3t )2=- 13
2
t 2+30t-32
当 MN 与 EP 重合时,t=3
当 8
3
<t ≤3 时,重叠部分为矩形 EKLP,如图④
∴S =t( 6-2t )=-2t 2+6t
P
A
BC
M
O F
DE
N
Q
P
A
C
M
O F
DE
N
Q
B
图①
G
H
P
A
F
M
O C
D
E
N
Q
B
图③
I
J
K L
P
A
F
M
O C
D
E
N
Q
B
图④
K L
P
A
C
M
O F
D
E
N
Q
B
图②
K
A
C
M
O
DE
N
Q
B
图⑤
(F)
(P)
(F)
(4)t=2 或 t= 8
3
提示:如图⑤、图②
50.(长春模拟)如图,在平面直角坐标系中,梯形 ABCD 的顶点 A、B、D 的坐标分别为 A(-
3,0),B(15,0),D(0,4),且 CD=10.一条抛物线经过 C、D 两点,其顶点 M 在 x 轴上.点
P 从点 A 出发以每秒 5 个单位的速度沿 AD 向点 D 运动,到点 D 后又以每秒 3 个单位的速度
沿 DC 向点 C 运动,到点 C 停止;同时,点 E 从点 B 出发以每秒 5 个单位的速度沿 BO 运动,
到点 O 停止.过点 E 作 y 轴的平行线,交边 BC 或 CD 于点 Q,交抛物线于点 R.设 P、E 两点
运动的时间为 t(秒).
(1)写出点 M 的坐标,并求这条抛物线的解析式;
(2)当点 Q 和点 R 之间的距离为 8 时,求 t 的值;
(3)直接写出使△MPQ 成为直角三角形时 t 值的个数;
(4)设 P、Q 两点直径的距离为 d,当 2≤d≤7 时,求 t 的取值范围.
解:(1)M(5,0)
设抛物线的解析式为 y=a( x-5)2
∵抛物线经过点 D(0,4),∴25a=4,∴a= 4
25
∴抛物线的解析式为 y= 4
25
( x-5 )2 或 y= 4
25
x 2- 8
5
x+4
(2)作 CN⊥AB 于 N,则 CN=4,BN=5
①当 0≤t ≤1 时,由△BQE∽△BCN 得: BE
QE
= BN
CN
= 5
4
∵BE=5t,∴QE=4t
∵RQ=8,∴RE=4t+8
∴R(15-5t,4t+8)
∵点 R 在抛物线 y= 4
25
( x-5 )2 上,∴ 4
25
( 15-5t-5 )2=4t+8
解得 t1= 5+ 17
2
>1(舍去) ,t2= 5- 17
2
②当 1≤t ≤3 时,QR≤CN=4
∴当 t= 5- 17
2
时,点 Q 和点 R 之间的距离为 8
(3)4
提示:
当 0≤t ≤1 时,P 在线段 AD 上,Q 在线段 BC 上,∠PMQ ≥∠DMC >90°
当 1<t ≤ 13
3
时(P 到达 C 时,t=1+ 10
3
=13
3
),P、Q 均在 CD 上
A B
R
xE
C
Q
D
P
MO
y
A B
R
xE
C
Q
D
P
MO
y
N
若∠PMQ=90°,则由射影定理得:(8-3t )(10-5t )=4 2
解得 t1= 35- 265
15
,t2= 35+ 265
15
若∠PQM=90°,则 Q 到达 M 的正上方,t= 10
5
=2
若∠QPM=90°,则 P 到达 M 的正上方,t=1+ 5
3
= 8
3
所以使△MPQ 成为直角三角形时的 t 值有 4 个
(4)∵当 t=1 时,P、Q 分别到达 D、C 两点,CD=10
∴当 2≤d ≤7 时,P、Q 均在 CD 上
当点 P 和点 Q 相遇前,d=PQ=3+15-( 3t+5t )=18-8t
∴2≤18-8t ≤7,解得 11
8
≤t ≤2
当点 P 和点 Q 相遇后,d=PQ=8t-18
∴2≤8t-18≤7,解得 5
2
≤t ≤ 25
8
∵25
8
>3,而 3t-3=7 时,t= 10
3
∴ 5
2
≤t ≤ 10
3
综上所述,当 2≤d ≤7 时,t 的取值范围为 11
8
≤t ≤2 或 5
2
≤t ≤ 10
3
51.(辽宁大连)如图,△ABC 中,∠C=90°,AC=8cm,BC=6cm,点 P、Q 同时从点 C 出
发,以 1cm/s 的速度分别沿 CA、CB 匀速运动,当点 Q 到达点 B 时,点 P、Q 同时停止运动.过
点 P 作 AC 的垂线 l 交 AB 于点 R,连接 PQ、RQ,并作△PQR 关于直线 l 对称的图形,得到
△PQ′R.设点 Q 的运动时间为 t(s),△PQ′R 与△PAR 重叠部分的面积为 S(cm2).
(1)t 为何值时,点 Q′ 恰好落在 AB 上?
(2)求 S 与 t 的函数关系式,并写出 t 的取值范围;
(3)S 能否为 9
8
cm2?若能,求出此时的 t 值,若不能,说明理由.
B l
AC
Q
P
R
Q′
B
A
备用图
C
B
A
备用图
C
解:(1)过点 Q′ 作 Q′H⊥AC,垂足为 H(如图 1)
∴∠Q′HA=90°=∠C,Q′H∥BC
∴AQ′H△∽△ABC,∴ Q′H
BC
= AH
AC
由题意知 QC=CP=PH=Q′H=t
∴ t
6
= AH
8
,即 AH= 4
3
t
∵CP+PH+HA=CA,即 t+t+ 4
3
t=8
∴t= 12
5
,即 t 为 12
5
s 时,点 Q′ 恰好落在 AB 上
(2)①当 0<t ≤ 12
5
时(如图 2)
同理 RP
BC
= AP
AC
,即 RP
6
= 8-t
8
∴RP= 3
4
( 8-t )
∴S=S△PQ′R =S△PQR = 1
2
RP·CP= 1
2
× 3
4
( 8-t )×t=- 3
8
t 2+3t
②当 12
5
<t ≤6 时(如图 3)
设 PQ′ 与 AB 相交于点 M,过点 M 作 MH⊥AC,垂足为 H
设 MH=a,由对称性知,∠MPH=∠QPC=45°,则 PH=MH=a
同理 MH
BC
= AH
AC
,即 a
6
= AH
8
,∴AH= 4
3
a
∵CP+PH+HA=CA,即 t+a+ 4
3
a=8
∴a= 3
7
( 8-t )
∴S= 1
2
RP·PH= 1
2
× 3
4
( 8-t )× 3
7
( 8-t )= 9
56
( 8-t )2=- 9
56
t 2- 18
7
t+ 72
7
综上,S=
- 3
8
t 2+3t(0<t ≤ 12
5
)
- 9
56
t 2- 18
7
t+ 72
7
(12
5
<t ≤6)
(3)若 S= 9
8
,则
①当 0<t ≤ 12
5
时,- 3
8
t 2+3t= 9
8
,解得 t1=4+ 13(舍去),t2=4- 13
②当 12
5
<t ≤6 时, 9
56
( 8-t )2= 9
8
,解得 t1=8+ 7(舍去),t2=8- 7
即 S 能为 9
8
cm2,此时 t 为( 4- 13 )s 或( 8- 7 )s
B l
AC
Q
P
R
Q′
图 1
H
B l
AC
Q
P
R
Q′
图 2
B l
AC
Q
P
R Q′
图 3
M
H
52.(辽宁葫芦岛)△ABC 中,BC=AC=5,AB=8,CD 为 AB 边的高,如图 1,A 在原点处,
点 B 在 y 轴正半轴上,点 C 在第一象限.若 A 从原点出发,沿 x 轴向右以每秒 1 个单位长的
速度运动,则点 B 随之沿 y 轴下滑,并带动△ABC 在平面内滑动,如图 2.设运动时间为 t
秒,当 B 到达原点时停止运动.
(1)当 t=0 时,求点 C 的坐标;
(2)当 t=4 时,求 OD 的长及∠BAO 的大小;
(3)求从 t=0 到 t=4 这一时段点 D 运动路线的长;
(4)当以点 C 为圆心,CA 为半径的圆与坐标轴相切时,求 t 的值.
解:(1)∵BC=AC,CD⊥AB
∴D 为 AB 的中点,∴AD= 1
2
AB=4
在 Rt△CAD 中,CD= 5 2-4 2 =3
∴点 C 的坐标为(3,4)
(2)如图 2,当 t=4 时,AO=4
在 Rt△ABO 中,D 为 AB 的中点
∴OD= 1
2
AB=4
∴△AOD 为等边三角形,∴∠BAO=60°
(3)如图 3,从 t=0 到 t=4 这一时段点 D 的运动路线是DD′︵
其中 OD=OD′=4,又∠D′OD=90°-60°=30°
∴DD′︵
的长为 30π×4
180
= 2π
3
(4)由题意,AO=t
当⊙C 与 x 轴相切时,A 为切点,如图 4
∴CA⊥OA,∴CA∥y 轴
∴∠CAD=∠ABO,∴Rt△CAD∽Rt△ABO
∴ AB
CA
= AO
CD
,即 8
5
= t
3
∴t= 24
5
y
B
C
D
xO
图 2
A
y
B
CD
xO (A)
图 1
y
B
C
D
xO
图 2
A
y
B
C
D′
xO
图 3
A
D
y
B C
xO
图 5
A
D
y
B
C
xO
图 4
A
D
当⊙C 与 y 轴相切时,B 为切点,如图 5
同理可得 t= 32
5
∴t 的值为 24
5
或 32
5
53.(辽宁丹东)已知抛物线 y=ax 2-2ax+c 与 y 轴交于 C 点,与 x 轴交于 A、B 两点,点
A 的坐标是(-1,0),O 是坐标原点,且|OC|=3|OA|.
(1)求抛物线的函数表达式;
(2)直接写出直线 BC 的函数表达式;
(3)如图 1,D 为 y 轴负半轴上的一点,且 OD=2,以 OD 为边向左作正方形 ODEF.将正方
形 ODEF 以每秒 1 个单位的速度沿 x 轴的正方向移动,当点 F 与点 B 重合时停止移动.在移
动过程中,设正方形 O′DEF 与△OBC 重叠部分的面积为 S,运动时间为 t 秒.
①求 S 与 t 之间的函数关系式;
②在运动过程中,S 是否存在最大值?如果存在,直接写出这个最大值;如果不存在,请说
明理由;
(4)如图 2,点 P(1,k)在直线 BC 上,点 M 在 x 轴上,点 N 在抛物线上,是否存在以 A、
M、N、P 为顶点的平行四边形?若存在,请直接写出 M 点坐标;若不存在,请说明理由.
解:(1)∵A(-1,0),|OC|=3|OA|,∴C(0,-3)
∵抛物线 y=ax 2-2ax+c 经过 A、C 两点
∴
a+2a+c=0
c=-3
解得
a=1
b=-3
∴抛物线的函数表达式为 y=x 2-2x-3
(2)直线 BC 的函数表达式为 y=x-3
(3)①设 D(m,-2),则 E(m-2,-2)
当正方形 ODEF 的顶点 D 运动到直线 BC 上时
有-2=m-3,∴m=1
正方形 ODEF 的边 EF 运动到与 OC 重合时
m=2
当正方形 ODEF 的顶点 E 运动到直线 BC 上时
有-2=( m-2 )-3,∴m=3
BO
C
A x
y
P
图 2
BO
C
A x
y
DE
F
图 1
B
O′
C
A x
y
DE
F
O
G
B
O′
C
A x
y
DE
F O
G H
I
在 y=x-3 中,当 y=0 时,x=3,∴B(3,0)
当正方形 ODEF 的顶点 F 运动到与点 B 重合时
有 m=3+2=5
当 0<t ≤1 时,重叠部分为矩形 OGDO′
S=2t
当 1<t ≤2 时,重叠部分为五边形 OGHIO′
HD=ID=t-1
S=S 矩形 OGDO′ - S△HID =2t- 1
2
( t-1 )2=- 1
2
t 2+3t- 1
2
当 2<t ≤3 时,重叠部分为五边形 FEHIO′
S=S 正方形 O′DEF - S△HID =2 2- 1
2
( t-1 )2=- 1
2
t 2+t+ 7
2
当 3<t ≤5 时,重叠部分为△FKB
FB=FK=2-( t-3 )=5-t
S= 1
2
( 5-t )2= 1
2
t 2-5t+ 25
2
②当 t=2 秒时,S 有最大值,最大值为 7
2
(4)存在.
M1(- 2-1,0),M2( 2-1,0)
M3(3- 6,0),M4(3+ 6,0)
提示:如图
54.(辽宁本溪)如图,已知抛物线 y=ax 2+bx+3 经过点 B(-1,0)、C(3,0),交 y 轴
于点 A,将线段 OB 绕点 O 顺时针旋转 90°,点 B 的对应点为点 M,过点 A 的直线与 x 轴交
于点 D(4,0).直角梯形 EFGH 的上底 EF 与线段 CD 重合,∠FEH=90°,EF∥HG,EF=EH
=1.直角梯形 EFGH 从点 D 开始,沿射线 DA 方向匀速运动,运动的速度为 1 个长度单位/
秒,在运动过程中腰 FG 与直线 AD 始终..重合,设运动时间为 t 秒.
(1)求此抛物线的解析式;
(2)当 t 为何值时,以 M、O、H、E 为顶点的四边形是特殊的平行四边形;
(3)作点 A 关于抛物线对称轴的对称点 A′,直线 HG 与对称轴交于点 K.当 t 为何值时,
以 A、A′、G、K 为顶点的四边形为平行四边形,请直接写出符合条件的 t 值.
B
A
C
O (E)
D(F)
H G
x
y
A′
K
B
A
C
O
M
(E)
D(F)
H G
x
y
B
O′
C
A x
y
DE
F
O
H
I
B
O′
C
A x
y
DE
F
O
K
BO
C
A x
y
P
M3M1
N1 N2
N3
M4
N4
解:(1)∵抛物线 y=ax 2+bx+3 经过点 B(-1,0)、C(3,0)
∴
a-b+3=0
9a+3b+3=0
解得
a=-1
b=2
∴抛物线的解析式为 y=-x 2+2x+3
(2)过点 F′ 作 F′N⊥OD 轴于点 N,延长 E′H′ 交 x 轴于点 P
∵点 M 是点 B 绕 O 点顺时针旋转 90° 后得到的
∴点 M 的坐标为(0,1)
∵点 A 是抛物线与 y 轴的交点
∴A 点坐标为(0,3),∴OA=3
∵D(4,0),∴OD=4
∴AD= 3 2+4 2 =5
∵E′H′∥OM,E′H′=OM=1
∴四边形 MOH′E′ 是平行四边形(当 EH 不与 y 轴重合时)
∵F′N∥OA,∴△F′ND∽△AOD,∴ F′N
AO
= ND
OD
= F′D
AD
∵直角梯形 E′F′G′H′ 是直角梯形 EFGH 沿射线 DA 方向平移得到的
∴F′D=t,∴ F′N
3
= ND
4
= t
5
,∴F′N= 3
5
t,ND= 4
5
t
∵E′F′=PN=1,∴OP=OD-ND-PN=4- 4
5
t-1=3- 4
5
t
∵E′P=F′N= 3
5
t,E′H′=1,∴H′P= 3
5
t-1
若平行四边形 MOH′E′ 是矩形,则∠MOH′=90°
此时 H′G′ 与 x 轴重合,∴F′N=1
∵ 3
5
t=1,∴t= 5
3
B
A
C
O
M
D
x
y
备用图
B
A
C
O
M
D
x
y
E′ F′
G′
H′
P N
B
A
C
O
M
D
x
y
E′ F′
H′ N (G′)
B
A
C
M
D
y
A′
E
H G
F
K
即当 t= 5
3
秒时平行四边形 MOH′E′ 是矩形
若平行四边形 MOH′E′ 是菱形,则 OH′=E′H′=1
在 Rt△H′OP 中,( 3- 4
5
t )2+( 3
5
t-1 )2=1 2
解得 t=3
即当 t=3 秒时平行四边形 MOH′E′ 是菱形
综上:当 t= 5
3
秒时平行四边形 MOH′E′ 是矩形;
当 t=3 秒时平行四边形 MOH′E′ 是菱形
(3)t1= 35
12
秒,t2= 95
12
秒
提示:∵KG∥AA′,∴当 KG=AA′=2 时,
以 A、A′、G、K 为顶点的四边形为平行四边形
当点 E 与点 C 重合、点 F 与点 D 重合时
KG=KH+HG=KH+CD+ CH
tan∠ADO
=2+1+ 4
3
= 13
3
∴移动 t 秒时,KG= 13
3
- 4
5
t(直线 HG 在 AA′ 下方)
或 KG= 4
5
t- 13
3
(直线 HG 在 AA′ 上方)
由 13
3
- 4
5
t=2,得 t= 35
12
由 4
5
t- 13
3
=2,得 t= 95
12
55.(辽宁模拟)将 Rt△ABC 和 Rt△DEF 按图 1 摆放(点 F 与点 A 重合),点 A、E、F、B 在
同一直线上。∠ACB=∠DEF=90°,∠BAC=∠D=30°,BC=8cm,EF=6cm.
如图 2,△DEF 从图 1 位置出发,以 1cm/s 的速度沿射线 AB 下滑,DE 与 AC 相交于点 H,DF
与 AC 相交于点 G,设下滑时间为 t(s)(0<t ≤6).
(1)当 t=___________s 时,△GHD 经过旋转后与△AFG 能够组成菱形;
(2)当 t 为何值时,点 G 在线段 AE 的垂直平分线上?
(3)是否存在某一时刻 t,使 B、C、D 三点在同一条直线上,若存在,求出 t 的值;若不
存在,请说明理由;
(4)设△DEF 与△ABC 的重合部分的面积为 S,直接写出 S 与 t 之间的函数关系式以及 S 的
最大值(不需要给出解答过程).
A
B
D
C
E
(F) A
B
D
G
C
E
H
F
A
B C
B
A
C
O
M
D
x
y
A′
K
E F
H G
解:(1)6 3-6
提示:由题意,∠A=∠AGF=∠DGH=∠D=30°
若△GHD 经过旋转后与△AFG 能够组成菱形
则 AG=DG,即 3t=12-t
∴t=6 3-6
(2)连接 EG
∵点 G 在线段 AE 的垂直平分线上
∴AG=EG,∴AE=2AG·cos30°= 3AG=3AF
∴t+6=3t,∴t=3
(3)假设存在存在某一时刻 t,使 B、C、D 三点在同一条直线上
∵∠BFD=∠B=60°,∴△BFD 是等边三角形
∵DE⊥BF,∴BE=EF,BF=2EF=12
∵AF+BF=AB=2BC
∴t+12=16,∴t=4
(4)S=
- 3
12
t 2+2 3t+6 3(0<t ≤6)
- 3 3
4
t 2+10 3t-18 3(6<t ≤8)
- 3
4
t 2+2 3t+14 3(8<t ≤10)
3
4
t 2-8 3t+64 3(10<t ≤16)
0(t >16)
S 的最大值为 46 3
3
56.(辽宁模拟)如图,抛物线 y=ax 2+bx+ 15
2
(a≠0)经过 A(-3,0),B(5,0)两点,
点 C 为抛物线顶点,抛物线的对称轴与 x 轴交于点 D.
(1)求抛物线的解析式;
(2)动点 P 从点 C 出发,以每秒 1 个单位的速度沿线段 CD 向终点
D 匀速运动,过点 P 作 PM⊥CD,交 BC 于点 M,以 PM 为一边向上作
正方形 PMNQ,边 QN 交 BC 于点 R,延长 NM 交 x 轴于点 E.设运动时
O
N
y
xA D E B
C
RQ
P M
A
B C
E
D
F
G
H
A
B C
E
D
F
G
H
A
B C
E
D
F
G
H
A
B C
E
D
F
G
H
A
B C
E
D
F
G
K
A
B C
E
D
F
G
K L
A
B CE
D
F G
L
间为 t(秒).
①当 t 为何值时,点 N 落在抛物线上;
②在点 P 运动过程中,是否存在某一时刻,使得四边形 QEBR 为平行四边形?若存在,求出
此时刻的 t 值;若不存在,请说明理由.
解:(1)∵抛物线 y=ax 2+bx+ 15
2
(a≠0)经过 A(-3,0),B(5,0)两点
∴
9a-3b+ 15
2
=0
25a+5b+ 15
2
=0
解得:
a=- 1
2
b=1
∴抛物线的解析式为 y=- 1
2
x 2+x+ 15
2
(2)①∵y=- 1
2
x 2+x+ 15
2
=- 1
2
( x-1)2+8,∴C(1,8)
∴CD=8,OD=1,BD=4
又∵PM⊥CD,CD⊥AB,∴PM∥AB
∴Rt△CPM∽Rt△CDB
∴ PM
DB
= CP
CD
,即 PM
4
= t
8
,∴PM= 1
2
t
∵四边形 PDEM 为矩形,∴DE=PM= 1
2
t
∴OE=1+ 1
2
t,即点 E 的横坐标为 1+ 1
2
t
∴点 N 的横坐标为 1+ 1
2
t
若点 N 落在抛物线上,则点 N 的纵坐标为- 1
2 (1+ 1
2
t )
2
+(1+ 1
2
t )+ 15
2
∴NE=- 1
2 (1+ 1
2
t )
2
+(1+ 1
2
t )+ 15
2
=- 1
8
t 2+8
∵CP=t,PD=ME,∴ME=8-t
∴NM=NE-ME=- 1
8
t 2+8-( 8-t )=- 1
8
t 2+t
∵四边形 PMNQ 是正方形,∴PM=NM
∴ 1
2
t=- 1
8
t 2+t,即 t1=0(舍去),t2=4
∴当 t=4 秒时,点 N 落在抛物线上
②由于 QR∥EB,要使四边形 QEBR 为平行四边形,只需 QR=EB
∵Rt△CQR∽Rt△CDB,∴ QR
DB
= CQ
CD
N
y
C
RQ
P M
O
N
y
xA D E B
C
RQ
P M
∵CQ=CP-QP=CP-PM=t- 1
2
t= 1
2
t
∴ QR
4
=
1
2
t
8
,∴QR= 1
4
t
而 EB=5-(1+ 1
2
t )=4- 1
2
t
∴ 1
4
t=4- 1
2
t,∴t= 16
3
∴当 t= 16
3
秒时,四边形 QEBR 为平行四边形
57.(辽宁模拟)如图 1,已知点 A(8,4),点 B(0,4),线段 CD 的长为 3,点 C 与原点 O
重合,点 D 在 x 轴正半轴上.线段 CD 沿 x 轴正方向以每秒 1 个单位长度的速度向右平移,
过点 D 作 x 轴的垂线交线段 AB 于点 E,交 OA 于点 G,连接 CE 交 OA 于点 F(如图 2),设运
动时间为 t.当 E 点与 A 点重合时停止运动.
(1)求线段 CE 的长;
(2)记△CDE 与△ABO 公共部分的面积为 S,求 S 关于 t 的函数关系式;
(3)如图 2,连接 DF.
①当 t 取何值时,以 C、F、D 为顶点的三角形为等腰三角形?
②△CDF 的外接圆能否与 OA 相切?如果能,直接写出此时 t 的值;如果不能,请说明理由.
解:(1)在 Rt△CDE 中,CD=3,DE=4
∴CE= 3 2+4 2 =5
C
AB
O
E
xD
y
GF
图 2
AB
O
E
xD
y
G
图 1
(C)
(2)作 FH⊥CD 于 H
∵AB∥OD,∴△OCF∽△AEF,△ODG∽△AEG
∴ CF
EF
= OC
AE
= t
8-3-t
, DG
EG
= OD
AE
= t+3
8-3-t
又∵CF+EF=5,DG+EG=4,∴CF=t,EG= 5-t
2
∵FH∥ED,∴ HD
CD
= EF
CE
,∴HD= EF
CE
·CD= 3
5
(5-t )
∴S= 1
2
EG·HD= 1
2
×5-t
2
× 3
5
(5-t )= 3
20
(5-t )2(0≤t≤5)
(3)①由(2)知 CF=t
(i)当 CF=CD 时,则 t=3
(ii)当 CF=DF 时,则 CH= 1
2
CD
∵FH∥ED,∴CF= 1
2
CE= 5
2
,∴t= 5
2
(iii)当 DF=CD 时
作 DK⊥CF 于 K,则 CK= 1
2
CF= 1
2
t
∵CK=CD·cos∠ECD,∴ 1
2
t=3× 3
5
,∴t= 18
5
综上,当 t=3 或 5
2
或 18
5
时,△CDF 为等腰三角形
②能 t= 15
11
提示:
作 FH⊥CD 于 H,则△FCH∽△ECD
∴ CH
CD
= FH
ED
= CF
CE
,即 CH
3
= FH
4
= t
5
∴CH= 3
5
t,FH= 4
5
t,OH=t+ 3
5
t = 8
5
t
若△CDF 的外接圆与 OA 相切,则 F 点为切点
由切割线定理,得:OF 2=OC·OD
∴( 8
5
t )
2
+( 4
5
t )
2
=t( t+3 ),解得 t= 15
11
58.(贵州安顺)如图所示,在平面直角坐标系 xOy 中,矩形 OABC 的边长 OA、OC 分别为 12cm、
6cm,点 A、C 分别在 y 轴的负半轴和 x 轴的正半轴上,抛物线 y=ax 2+bx+c 经过点 A、B,
且 18a+c=0.
(1)求抛物线的解析式;
(2)如果点 P 由点 A 开始沿 AB 边以 1cm/s 的速度向终点 B 移动,同时点 Q 由点 B 开始沿
BC 边以 2cm/s 的速度向终点 C 移动.移动开始后第 t 秒时,设△PBQ 的面积为 S.
①试写出 S 与 t 之间的函数关系式,并写出 t 的取值范围;
②当 S 取得最大值时,在抛物线上是否存在点 R,使得以 P、B、Q、R 为顶点的四边形是平
C
Q
O x
y
C
AB
O
E
xD
y
GF
H
C
AB
O
E
xD
y
GF
K
C
AB
O
E
xD
y
GF
H
行四边形?如果存在,求出 R 点的坐标;如果不存在,请说明理由.
解:(1)设抛物线的解析式为 y=ax 2+bx+c
由题意知点 A(0,-12),∴c=-12
又∵18a+c=0,∴a= 2
3
∵AB∥OC,且 AB=6
∴抛物线的对称轴是 x=- b
2a
=3,∴b=-4
∴抛物线的解析式为 y= 2
3
x 2-4x-12
(2)①S= 1
2
·2t·( 6-t )=-t 2+6t=-( t-3 )2+9(0<t <6)
②当 t=3 时,S 取得最大值为 9
此时点 P 的坐标(3,-12),点 Q 坐标(6,-6)
若以 P、B、Q、R 为顶点的四边形是平行四边形,则有以下三种情况:
(Ⅰ)当点 R 在 BQ 左侧,且在 PB 下方时,点 R 的坐标(3,-18)
将(3,-18)代入抛物线的解析式中,满足解析式
所以存在点 R,点 R 的坐标为(3,-18)
(Ⅱ)当点 R 在 BQ 左侧,且在 PB 上方时,点 R 的坐标(3,-6)
将(3,-6)代入抛物线的解析式中,不满足解析式,所以点 R 不满足条件
(Ⅲ)当点 R 在 BQ 右侧,且在 PB 上方时,点 R 的坐标(9,-6)
将(9,-6)代入抛物线的解析式中,不满足解析式,所以点 R 不满足条件
综上所述,点 R 坐标为(3,-18)
59.(贵州六盘水)如图 1,已知△ABC 中,AB=10cm,AC=8cm,BC=6cm.如果点 P 由 B
出发沿 BA 方向向点 A 匀速运动,同时点 Q 由 A 出发沿 AC 方向向点 C 匀速运动,它们的速度
均为 2cm/s.连接 PQ,设运动的时间为 t(单位:s)(0≤t ≤4).解答下列问题:
(1)当 t 为何值时,PQ∥BC.
(2)设△AQP 的面积为 S(单位:cm2),当 t 为何值时,S 取得最大值,并求出最大值.
(3)是否存在某时刻 t,使线段 PQ 恰好把△ABC 的面积平分?若存在,求出此时 t 的值;
若不存在,请说明理由.
(4)如图 2,把△AQP 沿 AP 翻折,得到四边形 AQPQ′ .那么是否存在某时刻 t,使四边形
AQPQ′ 为菱形?若存在,求出此时菱形的面积;若不存在,请说明理由.
B
A C
P
Q
图 1
B
A C
P
Q
图 2
Q′
解:(1)若 PQ∥BC,则△APQ∽△ABC
∴ AP
AB
= AQ
AC
,∴ 10-2t
10
= 2t
8
,解得 t= 20
9
∴当 t= 20
9
s 时 PQ∥BC
(2)∵8 2+6 2=10 2,∴△ABC 为直角三角形,且∠C=90°
过 P 作 PH⊥AC 于 H,则 PH∥BC
∴△APH∽△ABC,∴ PH
BC
= AP
AB
∴ PH
6
= 10-2t
10
,∴PH=- 6
5
t+6
∴S= 1
2
AQ·PH= 1
2
×2t(- 6
5
t+6 )=- 6
5
t 2+6t=- 6
5
( t- 5
2
)2+ 15
2
∴当 t= 5
2
s 时,S 取最大值为 15
2
cm2
(3)不存在
理由是:若 PQ 把△ABC 的面积平分,即 S△APQ = 1
2
S△ABC
则- 6
5
t 2+6t= 1
2
× 1
2
×6×8,整理得 t 2-5t+10=0
∵△=25-40=-15<0,∴此方程无实数解
∴不存在某时刻 t,使线段 PQ 恰好把△ABC 的面积平分
(4)存在
理由是:连接 QQ′,交 AP 于 E,若四边形 AQPQ′ 是菱形
则 QE⊥AP,AE=PE= 1
2
AP= 1
2
( 10-2t )=5-t
易知△AQE∽△ABC,∴ AE
AC
= AQ
AB
∴ 5-t
8
= 2t
10
,解得 t= 25
13
∵0< 25
13
<4,∴存在
当 t= 25
13
s 时,四边形 AQPQ′ 为菱形
此时 AP=10-2t=10-2× 25
13
= 80
13
∵△AQE∽△ABC,∴ QE
BC
= AQ
AB
∴ QE
6
= 2t
10
,∴QE= 6
5
t= 6
5
× 25
13
= 30
13
,∴QQ′=2QE= 60
13
B
A C
P
Q H
B
A C
P
Q
Q′
E
∴S 菱形 AQPQ′ = 1
2
AP·QQ′= 1
2
× 80
13
× 60
13
= 2400
169
(cm2)
60.(贵州模拟)如图(1),在 Rt△AOB 中,∠A=90°,AB=6,OB=4 3,∠AOB 的平分线
OC 交 AB 于 C,过 O 点作与 OB 垂直的直线 OF.动点 P 从点 B 出发沿折线 BC→CO 方向以每秒
1 个单位长度的速度向终点 O 运动,同时动点 Q 从点 C 出发沿折 CO→OF 方向以相同的速度
运动.设点 P 的运动时间为 t 秒,当点 P 到达点 O 时 P、Q 同时停止运动.
(1)求 OC、BC 的长;
(2)设△CPQ 的面积为 S,求 S 与 t 的函数关系式;
(3)如图(2),当点 P 在 OC 上、点 Q 在 OF 上运动时,PQ 与 OA 交于点 E.
①当 t 为何值时,△OPE 为等腰三角形?
②直接写出线段 OE 长度的最大值.
解:(1)在 Rt△AOB 中,∠A=90°,AB=6,OB=4 3
∴sin∠AOB= OA
OB
= 6
4 3
= 3
2
,∴∠AOB=60°
∵OC 平分∠AOB,∴∠AOC=30°,OA= 1
2
OB=2 3
在 Rt△AOC 中,∠A=90°,∠AOC=30°,AC= OA
3
=2
OC=2AC=4
∴BC=AB-AC=6-2=4
(2)①当 0<t <4 时,点 P 在 BC 上,点 Q 在 OC 上,如图(1)
CP=4-t,CQ=t
过点 P 作 PM⊥OC 于 M
在 Rt△CPM 中,∠M=90°,∠MCP=60°
∴CM= 1
2
PC= 1
2
( 4-t ),PM= 3CM= 3
2
( 4-t )
∴S= 1
2
QC·PM= 1
2
t· 3
2
( 4-t )=- 1
2
t 2+ 3
4
t
②当 t=4 时,点 P 与点 C 重合,点 Q 与点 O 重合,此时不能构成△CPQ
③当 4<t ≤8 时,点 P 在 OC 上,点 Q 在 OQ 上,如图(2)
PC=t-4,OQ=t-4
过点 Q 作 QN⊥OC 于 N
在 Rt△OQN 中,∠QNO=90°,∠QON=60°,ON= 1
2
OQ= 1
2
( t-4 )
QN= 3ON= 3
2
( t-4 )
A
B
P
O
Q
F
C
图(2)
E
A
B
P
O
Q
F
C
图(1)
A
B
P
O
Q
F
C
图(1)
M
A
B
P
O
Q
F
C
图(2)
N
A
B
P
O
Q
F
C
图(3)
E H
∴S= 1
2
PC·QN= 1
2
( t-4 )· 3
2
( t-4 )= 3
4
( t-4 )2
(3)①(i)若 OP=OE,则∠OPE=∠OEP=75°
∴∠EQO=∠OEP-∠AOQ=75°-30°=45°
过点 E 作 EH⊥OQ 于 H,如图(3)
则 QH=EH= 1
2
OE,OH= 3
2
OE
∴OQ=QH+OH=( 1
2
+ 3
2 )OE
∴OE= 2OQ
1+ 3
= 2( t-4 )
1+ 3
,
又∵OP=8-t,∴2( t-4 )
1+ 3
=8-t
解得 t= 12+4 3
3
(ii)若 EP=EO,则∠EPO=∠EOP=30°,如图(4)
∴∠PQO=90°,OQ= 1
2
OP
∴t-4= 1
2
( 8-t ),解得 t= 16
3
(iii)若 PE=PO,则 PE∥OF,PE 不与 OF 相交,故舍去
综上所述,当 t= 12+4 3
3
或 t= 16
3
时,△OPE 为等腰三角形
②线段 OE 长的最大值为 3
提示:作 PF⊥OQ 于 F,PG⊥OA 于 G,QH⊥OA 于 H,如图(5)
则 PF= 3
2
OP= 3
2
( 8-t ),PG= 1
2
OP,QH= 1
2
OQ
∴△POQ = 1
2
OQ·PF= 1
2
( t-4 )· 3
2
( 8-t )=- 3
4
t 2+3 3t-8 3
△POQ =S△POE + S△QOE = 1
2
OE·PG+ 1
2
OE·QH
= 1
2
OE( PG+QH )= 1
4
OE( OP+OQ )= 1
4
OE( 8-t+t-4 )=OE
∴OE=- 3
4
t 2+3 3t-8 3= - 3
4
( t-6)2+ 3
∴当 t=6 时,线段 OE 的长取得最大值 3
61.(四川广元)如图,在矩形 ABCO 中,AO=3,tan∠ACB= 4
3
.以 O 为坐标原点,OC 为 x
轴,OA 为 y 轴建立平面直角坐标系.设 D,E 分别是线段 AC,OC 上的动点,它们同时出发,
点 D 以每秒 3 个单位的速度从点 A 向点 C 运动,点 E 以每秒 1 个单位的速度从点 C 向点 O
运动.设运动时间为 t(秒).
(1)求直线 AC 的解析式;
(2)用含 t 的代数式表示点 D 的坐标;
A
B
P
O
Q
F
C
图(4)
E
A
B
P
O
Q
F
C
图(5)
E
F
H
G
(3)当 t 为何值时,△ODE 为直角三角形?
(4)在什么条件下,以 Rt△ODE 的三个顶点能确定一条对称轴平行于 y 轴的抛物线?并请
选择一种情况,求出所确定抛物线的解析式.
解:(1)在 Rt△ABC 中,BC=AO=3,tan∠ACB= AB
BC
= 4
3
∴CO=AB=4,∴A(0,3),B(4,3),C(4,0)
设直线 AC 的解析式为 y=kx+b
∴
b=3
4k+b=0
解得 k=- 3
4
,b=3
∴y=- 3
4
x+3
(2)在 Rt△AOC 中,AO=3,OC=4,∴AC=5
过点 D 作 DF⊥AO 于 F,则△AFD∽△AOC
∴ AF
AO
= FD
OC
= AD
AC
,∴ AF
3
= FD
4
= 3t
5
∴AF= 9
5
t,FD= 12
5
t
∴D(12
5
t,3- 9
5
t)
(3)①若∠DOE=90°,则点 D 与点 A 重合,点 E 与点 C 重合
此时 t=0
②若∠ODE=90°,过点 D 作 DG⊥OC 于 G
则△ODG∽△DEG,∴ DG
OG
= EG
DG
∴
3- 9
5
t
12
5
t
=
4- 12
5
t-t
3- 9
5
t
,解得 t= 15
19
或 t=1
③若∠OED=90°,则△DEC∽△AOC
∴ DE
AO
= EC
OC
,∴
3- 9
5
t
3
= t
4
,解得 t= 20
17
综上,当 t=0 或 t= 15
19
或 t=1 或 t= 20
17
时,△ODE 为直角三角形
(4)∵抛物线过 Rt△ODE 的三个顶点,且对称轴平行于 y 轴
∴∠ODE=90°
BA
C
D
EO x
y
BA
C
D
EO x
y
F
BA
C
D
EO x
y
F
G
BA
C
D
EO x
y
F
选择 t=1 时的情况,则 D(12
5
,6
5
),E(3,0)
∵抛物线过 O(0,0),∴设抛物线的解析式为 y=ax 2+bx
将点 D,E 坐标代入,求得 a=- 5
6
,b= 5
2
∴抛物线的解析式为 y=- 5
6
x 2+ 5
2
x
62.(湖南张家界)如图,抛物线 y=-x 2+ 5
3
3x+2 与 x 轴交于 C、A 两点,与 y 轴交于
点 B,点 O 关于直线 AB 的对称点为 D.
(1)分别求出点 A、点 C 的坐标;
(2)求直线 AB 的解析式;
(3)若反比例函数 y= k
x
的图象经过点 D,求 k 的值;
(4)现有两动点 P、Q 同时从点 A 出发,分别沿 AB、AO 方向向 B、O 移动,点 P 每秒移动 1
个单位,点 Q 每秒移动 1
2
个单位,设△POQ 的面积为 S,移动时间为 t.问:在 P、Q 移动
过程中,S 是否存在最大值?若存在,求出这个最大值,并求出此时的 t 值;若不存在,请
说明理由.
解:(1)令 y=0,即-x 2+ 5
3
3x+2=0,解得 x1=- 3
3
,x2=2 3
∴C(- 3
3
,0),A(2 3,0)
(2)令 x=0,即 y=2,∴B(0,2)
设直线 AB 的解析式为 y=k1x+2,把 A(2 3,0)代入
得 0=2 3k1+2,∴k1=- 3
3
∴直线 AB 的解析式为 y=- 3
3
x+2
(3)连接 DA
∵OA=2 3,OB=2,∴∠BAO=30°
∵D 点与 O 点关于 AB 对称
1O x
y
C Q A
P
B
D
1
2
1O x
y
C Q A
P
B
D
1
2
∴OD⊥AB,DA=OA,∴∠BAD=∠BAO=30°
∴△DOA 是等边三角形
∴OD=OA=2 3,∠DOA=60°
∴D 点的横坐标为 3,纵坐标为 3,即 D( 3,3)
∵反比例函数 y= k
x
的图象经过点 D ∴3= k
3
,∴k=3 3
(4)AP=t,AQ= 1
2
t,点 P 到 OQ 的距离为 1
2
t
∴S= 1
2
( 2 3- 1
2
t )· 1
2
t=- 1
8
t 2+ 3
2
t=- 1
8
( t-2 3)2+ 3
2
依题意,
0<t ≤4
0< 1
2
t ≤2 3 得 0<t ≤4
∴当 t=2 3 时,S 有最大值为 3
2
63.(湖北鄂州)已知:如图 1,抛物线 y=ax 2+bx+c 与 x 轴正半轴交于 A、B 两点,与 y
轴交于点 C,直线 y=x-2 经过 A、C 两点,且 AB=2.
(1)求抛物线的解析式;
(2)若直线 DE 平行于 x 轴并从 C 点开始以每秒 1 个单位的速度沿 y 轴正方向平移,且分别
交 y 轴、线段 BC 于点 E、D,同时动点 P 从点 B 出发,沿 BO 方向以每秒 2 个单位的速度运
动(如图 2),当点 P 运动到原点 O 时,直线 DE 与点 P 都停止运动,连接 DP,若点 P 运动时
间为 t 秒,设 s= ED+OP
ED·OP
,当 t 为何值时,s 有最小值,并求出最小值;
(3)在(2)的条件下,是否存在 t 的值,使以 P、B、D 为顶点的三角形与△ABC 相似?若
存在,求 t 的值;若不存在,请说明理由.
(1)∵直线 y=x-2 与 x 轴正半轴交于点 A,与 y 轴交于点 C
∴A(2,0),C(0,-2)
又 AB=2,∴B(4,0)
设抛物线解析式为 y=a( x-2 )( x-4 ),把 C 点坐标代入,得 a=- 1
4
∴抛物线的解析式为 y=- 1
4
( x-2 )( x-4 )=- 1
4
x 2+ 3
2
x-2
(2)依题意,CE=t,PB=2t,∴OP=4-2t
O x
y
C
A B
图 1
O x
y
C
A B
图 2
E
D
P
O x
y
C
A B
E
D
P
∵DE∥BA,∴ ED
OB
= CE
CO
即 ED
4
= CE
2
,∴ED=2CE=2t
又 s= ED+OP
ED·OP
= 2t+4-2t
2t( 4-2t )
= 1
-t 2+2t
∵-t 2+2t=-( t-1 )2+1
∴当 t=1 时,-t 2+2t 有最大值 1
∴当 t=1 时,s 有最小值= 1
1
=1
(3)由题意可求:CD= 5t,BC=2 5
∴BD=2 5- 5t
∵∠PBD=∠ABC
∴以 P、B、D 为顶点的三角形与△ABC 相似有两种情况
①当 BP
BA
= BD
BC
时,即 2t
2
= 2 5- 5t
2 5
,解得 t= 2
3
②当 BP
BC
= BD
BA
时,即 2t
2 5
= 2 5- 5t
2
,解得 t= 10
7
∴当 t= 2
3
或 t= 10
7
时,以 P、B、D 为顶点的三角形与△ABC 相似
64.(湖北咸宁)如图,在平面直角坐标系中,点 C 的坐标为(0,4),动点 A 以每秒 1 个单
位长的速度,从点 O 出发沿 x 轴的正方向运动,M 是线段 AC 的中点.将线段 AM 以点 A 为中
心,沿顺时针方向旋转 90°,得到线段 AB.过点 B 作 x 轴的垂线,垂足为 E,过点 C 作 y
轴的垂线,交直线 BE 于点 D.运动时间为 t 秒.
(1)当点 B 与点 D 重合时,求 t 的值;
(2)设△BCD 的面积为 S,当 t 为何值时,S= 25
4
?
(3)连接 MB,当 MB∥OA 时,如果抛物线 y=ax 2-10ax 的顶点在△ABM 内部(不包括边),
求 a 的取值范围.
解:(1)当点 B 与点 D 重合时,BE=4
∵∠CAB=90°,∴∠CAO+∠BAE=90°
∵∠ABE+∠BAE=90°,∴∠CAO=∠ABE
∴Rt△CAO∽Rt△ABE
∴ CA
AB
= AO
BE
,∴ 2AB
AB
= t
4
∴t=8
y
xO
C
备用图
y
xO A
B
C
M
D
E
O
x
y
C
A B
E D
P
y
xO A
B
C
M
D
E
(2)由 Rt△CAO∽Rt△ABE 可知:BE= 1
2
t,AE=2
当 0<t <8 时,S= 1
2
CD·BD= 1
2
( 2+t )( 4- 1
2
t )= 25
4
∴t1=t2=3
当 t >8 时,S= 1
2
CD·BD= 1
2
( 2+t )( 1
2
t- 4 )= 25
4
∴t1=3+5 2,t1=3-5 2(舍去)
∴当 t=3 或 3+5 2 时,S= 25
4
(3)过 M 作 MN⊥x 轴于 N,则 MN= 1
2
CO=2
当 MB∥OA 时,BE=MN=2,OA=2BE=4
抛物线 y=ax 2-10ax 的顶点坐标为(5,-25a)
它的顶点在直线 x=5 上移动.
直线 x=5 交 MB 于点(5,2),交 AB 于点(5,1)
∴1<-25a <2
∴=- 2
25
<a <- 1
25
65.(湖北宜昌)如图,在平面直角坐标系中,直线 y= 3
3
x+1 分别与两坐标轴交于 B,A
两点,C 为该直线上一动点,以每秒 1 个单位长度的速度从点..A.开始..沿直线 BA 向右上移动,
作等边△CDE,点 D 和点 E 都在 x 轴上,以点 C 为顶点的抛物线 y=a(x-m)2+n 经过点 E.⊙M
与 x 轴、直线 AB 都相切,其半径为 3(1- 3)a.
(1)求点 A 的坐标和∠ABO 的度数;
(2)当点 C 与点 A 重合时,求 a 的值;
(3)点 C 移动多少秒时,等边△CDE 的边 CE 第一次与⊙M 相切?
解:(1)当 x=0 时,y=1;当 y=0 时,x=- 3
∴OA=1,OB= 3
∴A 的坐标是(0,1),∠ABO=30°
(2)∵△CDE 为等边三角形,点 A(0,1)
∴D 的坐标是(- 3
3
,0),E 的坐标是( 3
3
,0)
把点 A(0,1),D(- 3
3
,0),E( 3
3
,0)代入 y=a( x-m )2+n
B
A
D EO x
y
(C)
(图 1)
B
A
O x
y
(图 2)
M
y
xO A
B
C
M
D
EN
x=5
y
xO A
B
C
M
D
E
解得:a=-3
(3)如图,设切点分别是 Q,N,P,连接 MQ,MN,MP,ME,过 C 点作 CH⊥x 轴,H 为垂足,
过 A 作 AF⊥CH,F 为垂足
∵△CDE 为等边三角形,∠ABO=30°
∴∠BCE=90°,∠ECN=90°
∵CE,AB 分别与⊙M 相切,∴∠MPC=∠CNM=90°
∴四边形 MPCN 为矩形
∵MP=MN,∴四边形 MPCN 为正方形
方法一:
∴MP=MN=CP=CN=3(1- 3)a(a <0)
∵EC 和 x 轴都与⊙M 相切,∴EP=EQ
∵∠NBQ+∠NMQ=180°,∴∠PMQ=60°,∴∠EMQ=30°
∴在 Rt△MEP 中,tan30°= PE
PM
,∴PE=( 3-3 )a
∴CE=CP+PE=3(1- 3)a+( 3-3 )a=-2 3a
∴DH=HE=- 3a,CH=-3a,BH=-3 3a
∴OH=-3 3a- 3,OE=-4 3a- 3
∴C(-3 3a- 3,- 3a),E(-4 3a- 3,0)
设二次函数的解析式为 y=a( x+3 3a+ 3 )2-3a
∵E 在该抛物线上
∴a(-4 3a- 3+3 3a+ 3 )2-3a=0
得 a 2=1,解得 a1=1,a2=-1
∵a <0,∴a=-1
∴AF=2 3,CF=2,∴AC=4
∴点 C 移动 4 秒时,等边△CDE 的边 CE 第一次与⊙M 相切
方法二:
∵C(m,n)在直线 AB:y= 3
3
x+1 上
∴n= 3
3
m+1 ①
在 Rt△EPM 中,∠PEM=60°,EP= 3(1- 3)a
3
=( 3-3 )a
∴CE=CP+PE=3(1- 3)a+( 3-3 )a=-2 3a
∵sin∠HEC= CH
CE
,∴ 3
2
= n
-2 3a
即 n=-3a ②
由①、②两式得 m=-3 3a- 3
∴C(-3 3a- 3,- 3a),E(-4 3a- 3,0)
以下同方法一
66.(广东珠海)如图,在等腰梯形 ABCD 中,AB∥DC,AB=3 2,DC= 2,高 CE=2 2,对
角线 AC、BD 交于 H,平行于线段 BD 的两条直线 MN、RQ 同时从点 A 出发沿 AC 方向向点 C 匀
速平移,分别交等腰梯形 ABCD 的边于 M、N 和 R、Q,分别交对角线 AC 于 F、G;当直线 RQ
到达点 C 时,两直线同时停止移动.记等腰梯形 ABCD 被直线 MN 扫过的图形面积为 S1、被直
B
A
O x
y
M
D H E Q
PF
C
N
线 RQ 扫过的图形面积为 S2,若直线 MN 平移的速度为 1 单位/秒,直线 RQ 平移的速度为 2
单位/秒,设两直线移动的时间为 x 秒.
(1)填空:∠AHB=__________;AC=__________;
(2)若 S2=3S1,求 x;
(3)设 S2=mS1,求 m 的变化范围.
(1)90°;4
(2)直线移动有两种情况:0<x < 3
2
及 3
2
≤x ≤2
①当 0<x < 3
2
时
∵MN∥BD,∴△AMN∽△ARQ,△ANF∽△AQG
∴ S2
S1
= ( AG
AF )
2
=4,∴S2=4S1≠3S1
②当 3
2
≤x ≤2 时
CG=4-2x,CH=1,S△BCD = 1
2
×4×1=2,S△CRQ =2×( 4-2x
1 )
2
=8( 2-x )2
∴S1= 2
3
x 2,S2=8-8( 2-x )2
由 S2=3S1,得方程 8-8( 2-x )2=3× 2
3
x 2,解得 x1= 6
5
(舍去),x2=2
∴x 的值为 2
(3)当 0<x < 3
2
时,m=4
当 3
2
≤x ≤2 时,由 S2=mS1,得 m=
8-8( 2-x )2
2
3
x 2
=- 36
x 2 + 48
x
-12=-36( 1
x
- 2
3
)2
+4
m 是 1
x
的二次函数,当 3
2
≤x ≤2 时,即当 1
2
≤ 1
x
≤ 2
3
时,m 随 1
x
的增大而增大
当 x= 3
2
时,m 最大,最大值为 4;当 x=2 时,m 最小,最小值为 3
∴3≤m≤4
A B
M
N Q
D C
H
R
G
F
E
备用图A B
M
N Q
D C
H
R
G
F
E
67.(广东茂名)如图所示,抛物线 y=ax 2+ 3
2
x+c 经过原点 O 和 A(4,2),与 x 轴交于
点 C,点 M、N 同时从原点 O 出发,点 M 以 2 个单位/秒的速度沿 y 轴正方向运动,点 N 以 1
个单位/秒的速度沿 x 轴正方向运动,当其中一个点停止运动时,另一点也随之停止.
(1)求抛物线的解析式和点 C 的坐标;
(2)在点 M、N 运动过程中,
①若线段 MN 与 OA 交于点 G,试判断 MN 与 OA 的位置关系,并说明理由;
②若线段 MN 与抛物线相交于点 P,探索:是否存在某一时刻 t,使得以 O、P、A、C 为顶点
的四边形是等腰梯形?若存在,请求出 t 值;若不存在,请说明理由.
解;(1)依题意,得
c=0
16a+ 3
2
×4+c=2 解得
a=- 1
4
c=0
∴抛物线的解析式为 y=- 1
4
x 2+ 3
2
x
令 y=0,则有- 1
4
x 2+ 3
2
x=0 解得 x1=0,x2=6,∴点 C 坐标为(6,0)
(2)①MN⊥OA,理由如下:
过点 A 作 AB⊥x 轴于点 B,则 OB=4,AB=2
由已知可得: OM
ON
= OB
AB
= 2
1
,∴Rt△MON∽Rt△OBA
∴∠AOB=∠NMO
∵∠NMO+∠MNO=90°,∴∠AOB+∠MNO=90°
O x
y
C
N
A
M
P
G
O x
y
C
N
A
M
G
B
∴∠OGN=90°,∴MN⊥OA
②存在
设点 P 的坐标为(x,y),依题意可得:当点 P 是点 A 关于抛物线对称轴的对称点时,四边
形 APOC 为等腰梯形
易知点 P 坐标为(2,2)
过点 P 作 PD⊥x 轴于点 D,则 PD=2,OD=2
由 Rt△PDN∽Rt△MON,得 PD
DN
= OM
ON
= 2
1
∴DN=1,∴ON=OD+DN=2+1=3
∴t= 3
1
=3
∴当 t=3 秒时,以 O、P、A、C 为顶点的四边形是等腰梯形
68.(广东湛江)如图,在平面直角坐标系中,直角三角形 AOB 的顶点 A、B 分别落在坐标轴
上,O 为原点,点 A 的坐标为(6,0),点 B 的坐标为(0,8).动点 M 从点 O 出发,沿 OA
向终点 A 以每秒 1 个单位的速度运动,同时动点 N 从点 A 出发,沿 AB 向终点 B 以每秒 5
3
个
单位的速度运动.当一个动点到达终点时,另一个动点也随之停止运动,设动点 M、N 运动
的时间为 t 秒(t>0).
(1)当 t=3 秒时,直接..写出点 N 的坐标,并求出经过 O、A、N 三点的抛物线的解析式;
(2)在此运动的过程中,△MNA 的面积是否存在最大值?若存在,请求出最大值;若不存
在,请说明理由;
(3)当 t 为何值时,△MNA 是一个等腰三角形?
解:(1)N(3,4)
设抛物线的解析式为 y=ax 2+bx+c
把 O(0,0),A(6,0),N(3,4)代入,得:
c=0
36a+6b+c=0
9a+3b+c=4
解得
a=- 4
9
b= 8
3
c=0
∴抛物线的解析式为 y=- 4
9
x 2+ 8
3
x
(2)∵A(6,0),B(0,8),∴OA=6,OB=8
∴AB= 6 2+8 2 =10
过点 N 作 NH⊥OA 于 H,则△ANH∽△ABO
∴ AH
AO
= NH
BO
= AN
AB
,∴ AH
6
= NH
8
=
5
3
t
10
∴AH=t,NH= 4
3
t
O x
y
B
AM
N
O x
y
C
N
A
M
P
D
O x
y
B
AM
N
H
G
∴S△MNA = 1
2
AM·NH= 1
2
( 6-t )· 4
3
t=- 2
3
t 2+4t=- 2
3
( t-3 )2+6
∴当 t=3 秒时△MNA 的面积有最大值,且最大值为 6
(3)①若 AM=AN,则 6-t= 5
3
t,∴t= 9
4
②若 NM=NA,则 AM=2AH ∴6-t=2t,∴t=2
③若 MN=MA,过点 M 作 MG⊥AB 于 G
则△AMG∽△ABO,得 AG= 3
5
MA= 3
5
( 6-t )
∴AN=2AG,∴ 5
3
t= 6
5
( 6-t ),∴t= 108
43
∴当 t=2 或 t= 9
4
或 t= 108
43
时,△MNA 是等腰三角形
69.(广西玉林、防城港)如图,在平面直角坐标系 xOy 中,矩形 AOCD 的顶点 A 的坐标是(0,
4),现有两动点 P、Q,点 P 从点 O 出发沿线段 OC(不包括端点 O,C)以每秒 2 个单位长度
的速度匀速向点 C 运动,点 Q 从点 C 出发沿线段 CD(不包括端点 C,D)以每秒 1 个单位长
度的速度匀速向点 D 运动.点 P,Q 同时出发,同时停止.设运动时间为 t(秒),当 t=2
(秒)时,PQ=2 5.
(1)求点 D 的坐标,并直接写出 t 的取值范围;
(2)连接 AQ 并延长交 x 轴于点 E,把 AE 沿 AD 翻折交 CD 延长线于点 F,连接 EF,则△AEF
的面积 S 是否随 t 的变化而变化?若变化,求出 S 与 t 的函数关系式;若不变化,求出 S
的值;
(3)在(2)的条件下,t 为何值时,四边形 APQF 是梯形?
解:(1)当 t=2(秒)时,OP=4,CQ=2
在 Rt△PCQ 中,PC= PQ 2-CQ 2 = ( 2 5)2-2 2 =4
∴OC=OP+PC=4+4=8,CD=OA=4
∴D(8,4)
0<t <4
(2)S 值不变化
∵Rt△QCE∽Rt△QDA,∴ CE
CQ
= DA
DQ
即 CE
t
= 8
4-t
,∴CE= 8t
4-t
由题意,QF=2QD=2( 4-t )
O x
y
Q
P
A D
F
C E O x
y
Q
P
A D
F
C E
∴S= 1
2
QF( AD+CE )=( 4-t )( 8+ 8t
4-t
)=32
∴S 值不发生变化,S=32
(3)若四边形 APQF 是梯形,则 PQ∥AF
∴△PCQ∽△ADF,∴ PC
CQ
= AD
DF
又 PC=8-2t,DF=DQ=4-t,∴ 8-2t
t
= 8
4-t
解得 t=6±2 5
∵0<t <4,∴t=6+2 5不合题意,舍去
∴当 t=6-2 5(秒)时,四边形 APQF 是梯形
70.(福建福州)如图①,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=6,BC=8,动点 P 从点 A 开始沿
边 AC 向点 C 以每秒 1 个单位长度的速度运动,动点 Q 从点 C 开始沿边 CB 向点 B 以每秒 2
个单位长度的速度运动,过点 P 作 PD∥BC,交 AB 于点 D,连接 PQ.点 P、Q 分别从点 A、C
同时出发,当其中一点到达端点时,另一点也随之停止运动,设运动时间为 t 秒(t ≥0).
(1)直接用含 t 的代数式分别表示:QB=______________,PD=_______________.
(2)是否存在 t 的值,使四边形 PDBQ 为菱形?若存在,求出 t 的值;若不存在,说明理由.并
探究如何改变点 Q 的速度(匀速运动),使四边形 PDBQ 在某一时刻为菱形,求点 Q 的速度;
(3)如图②,在整个运动过程中,求出线段 PQ 中点 M 所经过的路径长.
34.解:(1)8-2t 4
3
t
(2)不存在
在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=6,BC=8,∴AB=10
∵PD∥BC,∴△ADP∽△ABC
∴ AD
AB
= AP
AC
,即 AD
10
= t
6
,∴AD= 5
3
t
∵BQ∥DP,∴当 BQ=DP 时,四边形 PDBQ 是平行四边形
即 8-2t= 4
3
t,解得 t= 12
5
AC
B
D
P
Q
图①
AC
B
D
P
Q
图②
M
AC
B
D
P
Q
图①
当 t= 12
5
时,DP= 4
3
×12
5
= 16
5
,BD=10- 5
3
×12
5
=6
∴DP≠BD,∴□PDBQ 不能为菱形
设点 Q 的运动速度为每秒 v 个单位长度
则 BQ=8-vt,DP= 4
3
t,BD=10- 5
3
t
要使四边形 PDBQ 为菱形,则 DP=BD=BQ
当 DP=BD 时,即 4
3
t=10- 5
3
t,解得 t= 10
3
当 DP=BQ,t= 10
3
时,即 4
3
×10
3
=8- 10
3
v,解得 v= 16
15
∴当点 Q 的运动速度为每秒 16
15
个单位长度时,经过 10
3
秒,四边形 PDBQ 是菱形
(3)解法一:
以 C 为原点,AC 所在直线为 x 轴,建立平面直角坐标系
依题意,可知 0≤t ≤4,当 t=0 时,点 M1 的坐标为(3,0)
当 t=4 时,点 M2 的坐标为(1,4)
设直线 M1M2 的解析式为 y=kx+b,则:
3k+b=0
k+b=4
解得:
k=-2
b=6
∴直线 M1M2 的解析式为 y=-2x+6
∵P(6-t,0),Q(0,2t)
∴在运动过程中,线段 PQ 中点 M3 的坐标为(6-t
2
,t)
把 x= 6-t
2
代入 y=-2x+6,得 y=-2×6-t
2
+6=t
∴点 M3 在直线 M1M2 上
过点 M2 作 M2N⊥x 轴于点 N,则 M2N=4,M1N=2
∴M1M2= 2 2+4 2 =2 5
∴线段 PQ 中点 M 所经过的路径长为 2 5 单位长度
解法二:
设 E 是 AC 中点,连接 ME
当 t=4 时,点 Q 与点 B 重合,运动停止
设此时 PQ 中点为 F,连接 EF
过点 M 作 MN⊥AC 于点 N,则 MN∥BC
∴△PMN∽△PQC,∴ MN
QC
= PN
PC
= PM
PQ
即 MN
2t
= PN
6-t
= 1
2
,∴MN=t,PN=3- 1
2
t
∴CN=PC-PN=6-t-(3- 1
2
t )=3- 1
2
t
∴EN=CE-CN=3-(3- 1
2
t )= 1
2
t
AC
B
D
P
Q
图②
N
M2
M3
M1 x
y
AC
B
D
P
Q
图③
H N E
F
M
∴tan∠MEN= MN
EN
=2
∵tan∠MEN 的值不变,∴点 M 在直线 EF 上
过点 F 作 FH⊥AC 于点 H,则 EH=2,FH=4
∴EF= 2 2+4 2 =2 5
当 t=0 时,点 M 与点 E 重合;当 t=4 时,点 M 与点 F 重合
∴线段 PQ 中点 M 所经过的路径长为 2 5 单位长度
71.(福建漳州)如图,在□OABC 中,点 A 在 x 轴上,∠AOC=60°,OC=4cm.OA=8cm.动
点 P 从点 O 出发,以 1cm/s 的速度沿线段 OA→AB 运动;动点 Q 同时..从点 O 出发,以 acm/s
的速度沿线段 OC→CB 运动,其中一点先到达终点 B 时,另一点也随之停止运动.设运动时
间为 t 秒.
(1)填空:点 C 的坐标是(_____,_____),对角线 OB 的长度是__________cm;
(2)当 a=1 时,设△OPQ 的面积为 S,求 S 与 t 的函数关系式,并直接写出当 t 为何值时,
S 的值最大?
(3)当点 P 在 OA 边上,点 Q 在 CB 边上时,线段 PQ 与对角线 OB 交于点 M.若以 O、M、P
为顶点的三角形与△OAB 相似,求 a 与 t 的函数关系式,并直接写出 t 的取值范围.
解:(1)C(2,2 3),OB=4 7
(2)①当 0<t ≤4 时
过点 Q 作 QD⊥x 轴于点 D,则 QD= 3
2
t
∴S= 1
2
OP·QD= 3
4
t 2
②当 4≤t ≤8 时
过点 Q 作 QE⊥x 轴于点 E,则 QE=2 3
∴S= 1
2
OP·QE= 3t
③当 8≤t <12 时
延长 QP 交 x 轴于点 F,过点 P 作 PH⊥AF 于点 H
易证△PBQ 与△PAF 均为等边三角形
∴OF=OA+AF=OA+AP=t,AP=t-8
O x
y
Q
P
BC
A
O x
y
Q
D
BC
AP
O x
y
Q
E
BC
AP
∴PH= 3
2
( t-8 )
∴S=S△OQF - S△OPF
= 1
2
t·2 3- 1
2
t· 3
2
( t-8 )
=- 3
4
t 2+3 3t
当 t=8 时,S 最大
(3)①当△OPM∽△OAB 时,则 PQ∥AB
∴CQ=OP
∴at-4=t,a=1+ 4
t
t 的取值范围是 0<t ≤8
②当△OPM∽△OBA 时,则 OP
OB
= OM
OA
∴ t
4 7
= OM
8
,∴OM= 2 7
7
t
又∵QB∥OP,∴△BQM∽△OPM
∴ BQ
OP
= BM
OM
,∴ 12-at
t
=
4 7- 2 7
7
t
2 7
7
t
整理得 t-at=2,∴a=1- 2
t
t 的取值范围是 6≤t ≤8
综上所述:a=1+ 4
t
(0<t ≤8)或 a=1- 2
t
(6≤t ≤8)
72.(福建模拟)如图,已知在矩形 ABCD 中,AD=12,CD=6,点 E 从点 D 出发,沿线段 DA
以每秒 1 个单位的速度向点 A 方向移动,同时点 F 从点 C 出发,沿射线 CD 方向以每秒 2 个
单位的速度移动,当 B、E、F 三点共线时,两点同时停止移动.设点 E 移动的时间为 t(秒).
(1)求当 t 为何值时,E、F 两点同时停止移动;
(2)设四边形 BCFE 的面积为 S,求 S 与 t 之间的函数关系式,并写出自变量 t 的取值范围;
(3)求当 t 为何值时,以 E、F、C 三点为顶点的三角形是等腰三角形;
(4)求当 t 为何值时,∠BEC=∠BFC;
(5)在运动过程中 BF、CE 有怎样的位置关系?证明你的结论.
A
B
D
O
C
E
F
O x
y
Q
F
BC
A
P
H
O x
y
Q
M
BC
AP
O x
y
Q
M
BC
AP
A
B
D
C
E
F
解:(1)当 B、E、F 三点共线时,E、F 两点同时停止运动
由题意,ED=t,BC=12,FD=2t-6,FC=2t
∵ED∥BC,∴△FED∽△FBC.∴ FD
FC
= ED
BC
∴ 2t-6
2t
= t
12
,解得 t=6
∴当 t=6 秒时,E、F 两点同时停止运动
(2)∵ED=t,CF=2t
∴S=S△BCE + S△ECF = 1
2
×12×6+ 1
2
×2t×t=t 2+36
即 S=t 2+36(0≤t ≤6)
(3)EF 2=( 2t-6 )2+t 2=5t 2-24t+36,FC 2=4t 2
EC 2=6 2+t 2=t 2+36
①若 EF=EC,则点 F 只能在 CD 的延长线上
∴5t 2-24t+36=t 2+36,∴t=0(舍去)或 t=6
②若 CE=CF,则 t 2+36=4t 2,∴t=2 3(舍去负值)
③若 FE=FC,则 5t 2-24t+36=4t 2
∴t=12+6 3(舍去)或 t=12-6 3
(4)∵∠BCF=∠CDE=90°, BC
CD
= CF
DE
=2
∴△BCF∽△CDE,∴∠BFC=∠CED
∵AD∥BC,∴∠BCE=∠CED
若∠BEC=∠BFC,则∠BEC=∠BCE
∴BE=BC,∴( 12-t )2+6 2=12 2
∴t=12+6 3(舍去)或 t=12-6 3
∴当 t=12-6 3 时,∠BEC=∠BFC
(5)BF⊥CE
∵△BCF∽△CDE,∴∠BFC=∠CED
∵∠ECD+∠CED=90°,∴∠ECD+∠BFC=90°
∴∠COF=90°,∴BF⊥CE
73.(福建模拟)如图,在△ABC 中,AB=AC=10cm,BC=16cm,长为 4cm 的动线段 DE(端
点 D 从点 B 开始)沿 BC 边以 1cm/s 的速度向点 C 运动,当端点 E 到达点 C 时运动停止.过
点 E 作 EF∥AC 交 AB 于点 F,连接 DF,设运动的时间为 t 秒.
(1)当 t 为何值时,△DEF 为等腰三角形;
(2)设 M、N 分别是 DF、EF 的中点,求在整个运动过程中 MN 所扫过的面积.
解:(1)∵EF∥AC,∴ EF
AC
= BE
BC
A
B CD E
F
即 EF
10
= t+4
16
,∴EF= 5
8
( t+4)
①当 DF=EF 时,则∠EDF=∠DEF=∠B
∴点 B 与点 D 重合,∴t=0
②当 DE=EF 时,则 4= 5
8
( t+4),解得 t= 12
5
③当 DE=DF 时,则∠DFE=∠DEF=∠B=∠C
∴△DEF∽△ABC,∴ DE
AB
= EF
BC
即 4
10
=
5
8
( t+4)
16
,解得 t= 156
25
综上所述,当 t=0 或 12
5
或 156
25
秒时,△DEF 为等腰三角形
(2)设 P 是 AC 的中点,连接 BP
∵ EF
AC
= BE
BC
,∴ EN
CP
= BE
BC
又∠BEN=∠C,∴△BNE∽△BPC
∴∠NBE=∠PBC
∴点 N 沿直线 BP 运动,MN 也随之平移
如图,设 MN 从 ST 位置运动到 PQ 位置,则四边形 PQST 是平行四边形
∵M、N 分别是 DF、EF 的中点
∴MN∥DE,且 ST=MN= 1
2
DE=2
分别过点 T、P 作 TK⊥BC 于 K,PL⊥BC 于 L,延长 ST 交 PL 于点 R,则四边形 TKLR 是矩形
当 t=0 时,EF= 5
8
( 0+4)= 5
2
,TK= 1
2
EF·sin∠DEF= 1
2
× 5
2
× 3
5
= 3
4
当 t=12 时,EF=AC=10,PL= 1
2
AC·sinC= 1
2
×10× 3
5
=3
∴PR=PL-RL=PL-TK=3- 3
4
= 9
4
∴S□PQST =ST·PR=2× 9
4
= 9
2
∴在整个运动过程中,MN 所扫过的面积为 9
2
cm2
74.(福建模拟)如图,已知 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=8,BC=6,点 P 以每秒 1 个单位
的速度从 A 向 C 运动,同时点 Q 以每秒 2 个单位的速度沿 A→B→C 方向运动,⊙P 和⊙Q 的
半径都为 1.求:
(1)求圆心距 PQ 的最大值;
(2)设运动时间为 t,求两圆相切时 t 的值;
(3)当 t 为何值时,两圆相离.
A
B CD E
F
M N
P
A
B C
R
L
S
KT
PQ
A
B
C
Q
P
解:(1)在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=8,BC=6
∴AB= 8 2+6 2 =10
当点 Q 在 AB 上时, AQ
AP
= 2t
t
=2
当点 Q 在 BC 上时, CQ
CP
= 16-2t
8-t
=2
∴PQ 在运动过程中保持平行
∴当点 Q 运动到点 B 时,PQ 的值最大
过点 B 作 BE∥PQ 交 AC 于 E,则 AE= 1
2
AB=5
∴CE=3,∴BE= 3 2+6 2 =3 5
即圆心距 PQ 的最大值为 3 5
(2)∵⊙P 和⊙Q 是等圆,∴两圆相切只能是外切
①当点 Q 在 AB 上,两圆外切时,PQ=2
∵PQ∥BE,∴△AQP∽△ABE
∴ AQ
AB
= PQ
BE
,即 2t
10
= 2
3 5
∴t= 2 5
3
②当点 Q 在 BC 上,两圆外切时,PQ=2
∵PQ∥BE,∴△CPQ∽△CAB
∴ CQ
CB
= PQ
BE
,即 16-2t
6
= 2
3 5
∴t=8- t=8- 2 5
3
∴当 t= 2 5
3
或 t=8- 2 5
5
时,两圆相切
(3)当2 5
3
<t <8- 2 5
5
时,两圆相离
75.(海南模拟)在平行四边形 ABOC 中,AO⊥BO,且 AO=BO.以 AO、BO 所在直线为坐标轴
建立如图所示的平面直角坐标系,已知 B(-6,0),直线 y=3x+b 过点 C 且与 x 轴交于点
D.
(1)求点 D 的坐标;
(2)点 E 为 y 轴正半轴上一点,当∠BED=45°时,求直线 EC 的解析式;
(3)在(2)的条件下,设直线 EC 与 x 轴交于点 F,ED 与 AC 交于点 G.点 P 从点 O 出发以
每秒 1 个单位的速度沿折线 OF-FE 运动,在运动过程中直线 PA 交 BE 于 H,设运动时间为 t.当
以 E、H、A 为顶点的三角形与△EGC 相似时,求 t 的值.
A
B
C
Q
P E
A
B
C
Q
PE
解:(1)∵B(-6,0),∴BO=6
∵AO=BO,∴AO=6
∵□ABOC,AC∥OB,∴AC=BO=6
∴C(6,6)
∵直线 y=3x+b 过点 C,∴6=18+b
∴b=-12,∴y=3x-12
令 y=0,得 0=3x-12
∴x=4,∴D(4,0)
(2)过 B 作 BK⊥AD 于 K,交 AO 于 I
则∠1=∠2=90°-∠3
∵∠BED=45°,∴∠EBK=45°
∴BK=EK,∴Rt△BDK≌Rt△EIK
∴EI=BD=BO+OD=6+4=10
∵∠1=∠2,∴△BOI∽△EOD
∴ OI
OD
= BO
EO
,∴ OI
4
= 6
10+OI
解得 OI=2(舍去负值)
∴EO=EI+OI=10+2=12
∴E(0,12)
设直线 EC 的解析式为 y=kx+m
∴
12=m
6=6k+m
解得
k=-1
m=12
∴直线 EC 的解析式为 y=-x+12
(3)∵y=-x+12,当 y=0 时,x=12
∴F(12,0),∴OF=12
∴OE=OF,∴∠OEF=45°
∵∠BED=45°,∴∠4=∠5
∵∠OEF=45°,∴∠ECG=45°
①当∠EAH=∠ECG=45°时,△EHA∽△EGC
∴∠OAP=∠EAH=45°,∴OP=OA=6
∴t=6
②当∠EHA=∠ECG=45°时,△EAH∽△EGC
B
A C
xO
y
D
B
A C
O
y
K
D
E
x
I
1
2
3
B
A C
O
y
D
E
G
F xP
H
4 5
∴ EH
EC
= EA
EG
∵EA=EO-AO=6,AC=6,∴EC=6 2
∵EO=12,OD=4,∴ED= 4 2+12 2 =4 10
∵EA=AO=6,AG∥OD,∴EG= 1
2
ED=2 10
∴ EH
6 2
= 6
2 10
,∴EH= 18 5
5
∵∠EHP=∠EFB=45°,∠PEH=∠BEF
∴△EHP∽△EFB,∴ EP
EB
= EH
EF
∴ EP
6 2+12 2 =
18 5
5
12 2
,∴EP= 9 2
2
∴t=12+12 2- 9 2
2
=12+ 15 2
2
∴当以 E、H、A 为顶点的三角形与△EGC 相似时,t 的值为 6 或 12+ 15 2
2
76.(哈尔滨模拟)如图,在平面直角坐标系 xOy 中,直线 y=x+4 分别交 x 轴、y 轴于点 A、
B,直线 y=-2x+b 分别交 x 轴、y 轴于点 C、D,且 OC=2OB,直线 AB、CD 相交于点 E.
(1)求直线 CD 的解析式;
(2)动点 P 从点 B 出发沿线段 BC 以每秒 5 个单位的速度向点 C 匀速运动,同时动点 Q 从
点 D 出发沿线段 DC 以每秒 2 5 个单位的速度向点 C 匀速运动,当 P 到达点 C 时,P、Q 两点
同时停止运动.设运动时间为 t 秒,线段 PQ 的长为 d(d≠0),求 d 与 t 之间的函数关系
式,并直接写出自变量 t 的取值范围;
(3)在(2)的条件下,在 P、Q 的运动过程中,设直线 PQ 与直线 AB 相交于点 N.当 t 为
何值时, NQ
PQ
= 2
3
?并判断此时以点 Q 为圆心,以 3 2 为半径的⊙Q 与直线 AB 位置关系,
请说明理由.
解:(1)由题意得:A(-4,0),B(0,4),∴OA=OB=4
D
O
y
x
B
C
E
A
D
O
y
x
B
C
E
A
备用图
D
O
y
x
B
C
E
A
备用图
B
A C
O
y
D
E
G
F x
P
H
4 5
D
y
B
E
Q
∵OC=2OB,∴OC=8,∴C(8,0)
把 C(8,0)代入 y=-2x+b,得 b=16
∴直线 CD 的解析式为 y=-2x+16
(2)过点 P 作 PG⊥OB 于 G,则△BGP∽△BOC
由题意得:BP= 5t,DQ=2 5t
在 Rt△OBC 中,OB=4,OC=8,∴BC=4 5
∴ BG
BO
= GP
OC
= BP
BC
,∴ BG
4
= GP
8
= 5t
4 5
∴BG=t,GP=2t,∴P(2t,4-t)
同理 Q(2t,16-4t),∴PQ∥y 轴
∴d=PQ=16-4t-( 4-t )=12-3t(0≤t <4)
(3)联立
y=x+4
y=-2x+16
解得
x=4
y=8
∴E(4,8)
∵PQ∥y 轴,点 N 是直线 PQ 与直线 AB 的交点
∴N(2t,2t+4)
∵ NQ
PQ
= 2
3
,∴3NQ=2PQ
过点 C 作 CH⊥AB 于 H,过点 Q 作 QM⊥AB 于 M
①当点 Q 在 DE 上时,NQ=16-4t-( 2t+4 )=12-6t
∴3( 12-6t )=2( 12-3t )
∴t=1,∴DQ=2 5
∵C(8,0),D(16,0),E(4,8),∴DE=CE=4 5
∴EQ=4 5-2 5=2 5
∵OA=OB=4,OC=8,∴AC=12,∠BAO=45°
∴CH=AC·sin45°=6 2
由△QEM∽△CEH,得 QM
CH
= QE
CE
,即 QM
6 2
= 2 5
4 5
,∴QM=3 2
∴t=1 时,以点 Q 为圆心,以 3 2 为半径的⊙Q 与直线 AB 相切
②当点 Q 在 EC 上时,NQ=2t+4-( 16-4t )=6t-12
∴3( 6t-12 )=2( 12-3t ),∴t= 5
2
∴DQ=5 5,∴EQ=5 5-4 5= 5
由△QEM∽△CEH,得 QM
CH
= QE
CE
,即 QM
6 2
= 5
4 5
,∴QM= 3
2
2
∴t= 5
2
时,以点 Q 为圆心,以 3 2 为半径的⊙Q 与直线 AB 相交
综上所述,t=1 或 t= 5
2
时, NQ
PQ
= 2
3
;t=1 时,以点 Q 为圆心,以 3 2 为半径的⊙Q
与直线 AB 相切;t= 5
2
时,以点 Q 为圆心,以 3 2 为半径的⊙Q 与直线 AB 相交
D
O
y
x
B
C
E
A
Q
P
M N
H
D
O
y
x
B
C
E
A
Q
P
M
N H
77.(江苏模拟)如图,抛物线 y=- 1
8
x 2+bx+c 与 x 轴交于 A、B 两点,交 y 轴交于点 C,
cos∠ABC= 4
5
,抛物线的对称轴为直线 x=1.动点 P 从点 A 出发,沿折线 AB→BC 向终点 C
运动;同时动点 Q 从点 B 出发,沿射线 BC 方向运动.P、Q 两点的运动速度均为每秒 1 个单
位长度,当点 P 到达点 C 时,运动停止,设运动时间为 t 秒.
(1)求抛物线的解析式;
(2)设△APQ 的面积为 S,求 S 与 t 的函数关系式,并写出自变量 t 的取值范围;
(3)在运动过程中,是否存在这样的 t 值,使△APQ 是等腰三角形?若存在,请求出所有
符合条件的 t 值;若不存在,请说明理由.
解:(1)∵抛物线 y=- 1
8
x 2+bx+c 的对称轴为直线 x=1
∴-
b
2×( - 1
8
)
=1,∴b= 1
4
∴y=- 1
8
x 2+ 1
4
x+c,∴C(0,c),∴OC=c
在 Rt△BOC 中,∵cos∠ABC= OB
BC
= 4
5
∴设 OB=4k,则 BC=5k,由勾股定理得 OC=3k
∴OB= 4
3
OC= 4
3
c,∴B( 4
3
c,0)
把 B 点坐标代入 y=- 1
8
x 2+ 1
4
x+c,得- 1
8
×16
9
c 2+ 1
4
× 4
3
c+c=0
∵c≠0,∴c=6
∴抛物线的解析式为 y=- 1
8
x 2+ 1
4
x+6
(2)由(1)知,B(8,0),C(0,6)
∴OB=8,OC=6,∴BC=10
令 y=- 1
8
x 2+ 1
4
x+6=0,解得 x1=-6 或 x2=8
∴A(-6,0),∴OA=6
O x
y
C
B
Q
A P
O x
y
C
B
Q
A P D
∴AB=6+8=14,AB+BC=14+10=24
①当 0<t ≤14 时,点 P 在 AB 上
过点 Q 作 QD⊥AB 于 D
则△BDQ∽△BOC,得 QD= 3
5
t
∴S= 1
2
AP·QD= 1
2
t· 3
5
t= 3
10
t 2
②当 14≤t ≤24 时,点 P 在 BC 上
过点 A 作 AE⊥PQ 于 E
则 AE= 3
5
AB= 42
5
,又 PQ=t-( t-14 )=14
∴S= 1
2
PQ·AE= 1
2
×14×42
5
= 294
5
∴S 与 t 的函数关系式为:S=
3
10
t 2(0<t ≤14)
294
5
(14≤t ≤24)
(3)①当 0<t ≤14 时
若 AP=AQ,∵AP=BQ,∴AQ=BQ 过点 Q 作 QD⊥AB 于 D
则 AB=2BD= 8
5
t=14,∴t= 35
4
若 PA=PQ,∵AP=BQ,∴PQ=BQ
过点 Q 作 QD⊥AB 于 D
则 AB=AP+2BD=t+ 8
5
t=14,∴t= 70
13
若 QA=QP,过点 Q 作 QD⊥AB 于 D
则 AP=2PD=2[ 4
5
t-( 14-t )]=t,∴t= 140
13
②当 14≤t ≤24 时
若 AP=AQ,过点 A 作 AE⊥PQ 于 E
则 PE= 1
2
PQ=7,BE= 4
5
AB= 56
5
,BP=t-14
∴7+t-14= 56
5
,∴t= 91
5
若 PA=PQ,则[ 3
5
( t-14 )]2+[14- 4
5
( t-14 )]2=14 2
解得 t=14 或 t= 182
5
(舍去)
若 QA=QP,则( 3
5
t )2+( 14- 4
5
t )2=14 2
解得 t=0(舍去)或 t= 112
5
综上所述,符合条件的 t 值有 6 个:t1= 70
13
,t2= 35
4
,t3= 140
13
,t4=14,t5= 91
5
,t6=
O x
y
C
B
Q
A
P
E
112
5
78.(江苏模拟)已知点 A(2 3,0),直线 y=(2- 3)x-2 与 x 轴交于点 F,与 y 轴交于
点 B,直线 l 从 AB 出发,以每秒 1 个单位的速度沿 y 轴正方向向上平移,平移后的直线交 y
轴于点 C,交 x 轴于点 D,点 A 关于直线 l 的对称点为 A′,连接 AA′、A′D.过点 C 作直
线 AB 的垂线交直线 y=(2- 3)x-2 于点 E,以点 C 为圆心 CE 为半径作⊙C.设移动时间为
t(秒).
(1)求点 A′ 的坐标(用含 t 的代数式表示);
(2)当 t 为何值时:①⊙C 经过点 D;②⊙C 与 A′A 相切;
(3)探索:⊙C 是否能为△A′DA 的外接圆?请说明理由.
解:(1)∵直线 y=( 2- 3)x-2 与 x 轴交于点 F,与 y 轴交于点 B
∴B(0,-2),F(4+2 3,0)
∴OB=2,OF=4+2 3
由题意 l∥AB,∴∠ODC=∠OAB
∵A(2 3,0),∴OA=2 3
∴tan∠OAB= OB
OA
= 2
2 3
= 3
3
∴∠ODC=∠OAB=30°
∵BC=t
∴当 0<t ≤2 时,OC=2-t,∴OD= 3( 2-t )
∴AD=2 3- 3( 2-t )= 3t
当 t >2 时,OC=t-2,∴OD= 3( t-2 )
∴AD=2 3+ 3( t-2 )= 3t
综合得 AD= 3t
∵点 A 和 A′,关于直线 l 对称
∴A′D=AD= 3t,∠A′DA=60°
∴△A′DA 是等边三角形
过点 A′,作 A′H⊥AD 于 H
∴AH= 3
2
t,A′H= 3
2
t
∴A′(2 3- 3
2
t, 3
2
t)
(2)①∵OA=2 3,OF=4+2 3,∴AF=4
O x
y
C
A
A′
B
D F
l
O x
y
A
A′
B
D F
l
C
E
G
O
x
y
A
A′
B
D F
l
C
E
O x
y
C
A
A′
B
D F
l
H
在 Rt△OAB 中,OB=2,∠OAB=30°
∴∠OBA=60°,AB=2OB=4
∴AB=AF,∴∠ABF=∠AFB=15°
∴∠CBF=75°,∴∠BCE=30°
∵CE⊥AB,∴∠BCE=30°
∴∠CEB=75°,∴∠CBE=∠CEB
∴CB=CE
当⊙C 经过点 D 时,CD=CE
∴CD=CB=t,∴OC= 1
2
CD= 1
2
t
∵OC+CB=OB,∴ 1
2
t+t=2,∴t= 4
3
②设⊙C 与 A′A 相切于点 G,则 CG=CB=t
∵CD+CG=DG,CD=2OC=2( t-2 ),DG= 3
2
AD= 3
2
t
∴2( t-2 )+t= 3
2
t,∴t= 8
3
(3)能
理由:∵△A′DA 是等边三角形
∴当⊙C 是△A′DA 的外接圆时,点 A′,在 y 轴正半轴上
∴OD=OA=2 3,∴ 3( t-2 )=2 3
∴t=4
∴当 t=4 秒时,⊙C 是△A′DA 的外接圆
79.(北京模拟)如图 1,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=9,BC=12,在 Rt△DEF 中,∠
DFE=90°,EF=6,DF=8,E、F 两点在 BC 边上,DE、DF 两边分别与 AB 边交于点 G、H.固
定△ABC 不动,△DEF 从点 F 与点 B 重合的位置出发,沿 BC 边以每秒 1 个单位的速度向点 C
运动;同时点 P 从点 F 出发,在折线 FD-DE 上以每秒 2 个单位的速度向点 E 运动.当点 E
到达点 C 时,△DEF 和点 P 同时停止运动.设运动时间为 t(秒).
(1)当 t=2 时,PH=_________,DG=_________;
(2)当 t 为何值时,△PDE 为等腰三角形?请说明理由;
(3)当 t 为何值时,点 P 与点 G 重合?写出计算过程;
(4)求 tan∠PBF 的值(用含 t 的代数式表示).
A
B
D
G
C
H
E F
P
A
BC
备用图
O xA
A′
B
D F
l
C
E
y
解:(1) 5
2
26
5
提示:当 t=2 时,BF=2,PF=4
由△HBF∽△ABC,得 HF= 3
2
,∴PH=4- 3
2
= 5
2
,DH=8- 3
2
= 13
2
由△DHG∽△BAC,得 DG= 26
5
(2)只有点 P 在 DF 边上运动时,△PDE 才能成为等腰三角形,且 PD=PE
∵BF=t,PF=2t,DF=8,∴PD=8-2t
在 Rt△PEF 中,PE 2=PF 2+EF 2=4t 2+36
得(8-2t )2=4t 2+36,解得 t= 7
8
∴当 t= 7
8
时,△PDE 为等腰三角形
(3)当点 P 与点 G 重合时,点 P 一定在 DE 边上,DP=DG
∵tanB= AC
BC
= 9
12
= 3
4
,tanD= EF
DF
= 6
8
= 3
4
,∴∠B=∠D
∴∠DGH=∠BFH=90°
∴HF=BF·tanB= 3
4
t,DH=DF-HF=8- 3
4
t
DG=DH·cosD=(8- 3
4
t )× 4
5
=- 3
5
t+ 32
5
由 DP=DG 得 2t-8=- 3
5
t+ 32
5
,解得 t= 72
13
∵4< 72
13
<6,∴此时点 P 在 DE 边上
∴当 t= 72
13
时,点 P 与点 G 重合
(4)当 0<t ≤4 时,点 P 在 DF 边上运动,tan∠PBF= EF
DF
=2
当 4<t ≤6 时,点 P 在 DE 边上运动,作 PM⊥BC 于 M,则 tan∠PBF= PM
BM
可得 PE=DE-DP=10-(2t-8)=18-2t
PM=PE·cos∠EPM=PE·cosD= 4
5
(18-2t )=- 8
5
t+ 72
5
EM=PE·sin∠EPM=PE·sinD= 3
5
(18-2t )=- 6
5
t+ 54
5
BM=BF+EF-EM=t+6-(- 6
5
t+ 54
5
)= 11
5
t- 24
5
∴tan∠PBF= PM
BM
= 72-8t
11t-24
A
B
D
G
C
H
E F
P
A
BC E FM
P
G
H
D
综上所述,tan∠PBF=
2(0<t ≤4)
72-8t
11t-24
(4<t ≤6)
80.(浙江模拟)如图,在直角坐标系中,△ABC 是等边三角形,点 A 在 y 轴的正半轴上,
点 B(-8,0),点 C(8,0).直线 l 从 y 轴出发,以每秒 1 个单位长度的速度沿 x 轴向右
平移,直线 l 与线段 AC 交于点 D,与直线 y= 3
3
x 交于点 E,与 x 轴交于点 P.以 DE 为边
向左侧作等边△DEF,DF 与 y 轴交于点 G.当点 D 与点 E 重合时,直线 l 停止移动,设直线
l 的移动时间为 t(秒).
(1)当 t 为何值时,四边形 OEDG 是菱形;
(2)是否存在 t 值,使点 G 恰好落在以 DE 为直径的圆上?若存在,求出 t 值;若不存在,
请说明理由;
(3)设△DEF 与△ABC 重叠部分的面积为 S,求 S 关于 t 的函数关系式;
(4)直接写出点(1,2 3)落在△DEF 内部时 t 的取值范围.
解:(1)由题意,E(t, 3
3
t),OP=t,EP= 3
3
t
∴tan∠EOP= EP
OP
= 3
3
,∴∠EOP=30°,∴∠OEP=60°
∵△DEF 是等边三角形,∴∠FDE=60°
∴∠OEP=∠FDE,∴GD∥OE
又∵GO∥DE,∴四边形 OEDG 是平行四边形
当 OE=DE 时,四边形 OEDG 是菱形
∵△ABC 是等边三角形,点 A 在 y 轴的正半轴上
∴A(0,8 3)
由 A(0,8 3),C(8,0)可求得直线 AC 的解析式为
y=- 3x+8 3
∴D(t,- 3t+8 3)
∴DE=- 3t+8 3- 3
3
t=- 4 3
3
t+8 3
∵OE=2EP= 2 3
3
t,∴- 4 3
3
t+8 3= 2 3
3
t
解得 t=4
y= 3
3 x
A
B
E
D
CO
F
y
G
P x
l
y= 3
3
x
A
B
E
D
CO
F
y
G
P x
l
y= 3
3
x
A
B
E
D
CO
F
y
G
P x
l
∴当 t=4 秒,四边形 OEDG 是菱形
(2)连接 EG,当∠DGE=90°时,点 G 恰好落在以 DE 为直径的圆上
∵△DEF 是等边三角形,∴点 G 为 DF 的中点
∴DG= 1
2
DF= 1
2
DE
∵四边形 OEDG 是平行四边形,∴OE=DG= 1
2
DE
∵DE=- 4 3
3
t+8 3,OE= 2 3
3
t
∴2 3
3
t= 1
2
(- 4 3
3
t+8 3 ),解得 t=3
∴当 t=3 秒时,点 G 恰好落在以 DE 为直径的圆上
(3)过点 F 作 FH⊥DE 于 H
则 FH= 3
2
DF= 3
2
DE= 3
2
(- 4 3
3
t+8 3)=-2t+12
∵D(t,- 3t+8 3),E(t, 3
3
t),∴H(t,- 3
3
t+4 3)
∴点 F 横坐标为 t-(-2t+12 )=3t-12
∴F(3t-12,- 3
3
t+4 3)
由 A(0,8 3),B(-8,0)可求得直线 AB 的解析式为
y= 3x+8 3
当点 F 落在 AB 上时,有- 3
3
t+4 3= 3( 3t-12 )+8 3
解得 t= 12
5
当点 D 与点 E 重合时,DE=0
即- 4 3
3
t+8 3=0,解得 t=6
①当 0≤t ≤ 12
5
时,重叠部分为四边形 DMNE
∵△ABC 是等边三角形,AO⊥BC
∴∠OAC=30°,∴∠ADE=150°
∵∠FDE=60°,∴∠ADG=90°
∴∠FMN=∠AMD=30°,∴∠FNM=90°
∵OP=t,∴AD=2t,∴DM=2 3t
∴FM=- 4 3
3
t+8 3-2 3t=- 10 3
3
t+8 3
∴FN=- 5 3
3
t+4 3,MN= 3FN=-5t+12
∴S=S△DEF - S△FMN = 1
2
( 8 3- 4 3
3
t )(12-2t )- 1
2
( 8 3- 10 3
3
t )(12-5t )
=-7 3t 2+24 3t
y= 3
3 x
A
B
E
D
CO
F
y
G
P x
l
H
M
N
y= 3
3 x
A
B
E
D
CO
F
y
G
P x
l
H
②当 12
5
≤t ≤6 时,重叠部分为△DEF
S= 1
2
( 8 3- 4 3
3
t )(12-2t )= 4 3
3
t 2-16 3t+48 3
综上,S=
-7 3t 2+24 3t(0≤t ≤ 12
5
)
4 3
3
t 2-16 3t+48 3(12
5
≤t ≤6)
(4)1<t < 7
2
提示:∵0≤t ≤6,∴2 3≤- 3
3
t+4 3≤4 3
∴点(1,2 3)始终在线段 DF 下方
当点(1,2 3)落在线段 DE 上时,t=1
当点(1,2 3)落在线段 EF 上时,则有
- 3
3
t+4 3-2 3
1-( 3t-12 )
=
2 3- 3
3
t
t-1
,解得 t= 7
2
∵点(1,2 3)落在△DEF 内部
∴1<t < 7
2
81.(辽宁模拟)如图,梯形 ABCD 中,AB∥CD,AB=10,BC=5,CD=3,∠A=45°,∠B
>∠A.动点 P 从点 A 出发,以每秒 2 个单位的速度沿 A→B→C→D 向点 D 运动;动点 Q 从点
B 出发,以每秒 1 个单位的速度沿 B→C→D→A 向点 A 运动.P、Q 两点同时出发,当其中一
点到达终点时,另一点也停止运动,设运动时间为 t(秒).
(1)当 t 为何值时 PQ∥AD?
(2)设△PBQ 的面积为 S,求 S 关于 t 的函数关系式;
(3)是否存在实数 t,使△PBQ 为等腰三角形?若存在,求 t 的值;若不存在,请说明理由.
解:(1)作 DE⊥AB 于 E,CF⊥AB 于 F,设 DE=x
则四边形 DEFC 是矩形,∴EF=CD=3,CF=DE=x
∵∠A=45°,∴AE=DE=x
∴BF=AB-AE-EF=10-x-3=7-x
在 Rt△BCF 中,( 7-x )2+x 2=5 2
解得 x1=3,x2=4
∵∠A=45°,∠B>∠A,∴∠B>45°,∴∠BCF<45°
∴∠B>∠BCF,∴CF>BF
当 x=3 时,CF=3,BF=7-3=4,CF<BF
∴x=3 不合题意,舍去
∴x=4,即 DE=CF=4,BF=7-4=3
过点 Q 作 QG⊥AB 于 G
A BP
C
Q
D
A BP
C
Q
D
E F G
∵PQ∥AD,∴∠QPG=∠A=45°
∴PG=QG
∵PG=AB-AP-BG=10-2t- 3
5
t,QG= 4
5
t
∴10-2t- 3
5
t= 4
5
t,∴t= 50
17
∴当 t= 50
17
秒时,PQ∥AD
(2)①当 0<t ≤5 时,点 P 在 AB 上,点 Q 在 BC 上
S= 1
2
PB·QG= 1
2
( 10-2t )× 4
5
t=- 4
5
t 2+4t
②当 5<t ≤7.5 时,点 P 在 BC 上,点 Q 在 CD 上
S= S△BCQ - S△BCQ = 1
2
( t-5 )×4- 1
2
( t-5 )× 4
5
( 15-2t )= 4
5
t 2-10t+30
③当 7.5<t ≤8 时,点 P、Q 都在 CD 上
S= 1
2
[( t-5 )-( 2t-15 )]×4=-2t+20
④当 8<t ≤9 时,点 P 在 CD 上,点 Q 在 DA 上
S= S 梯形 ABCD - S△ABQ - S△BCP - S△PDQ
= 1
2
( 3+10 )×4- 1
2
×10× 2
2
( 8+4 2-t )- 1
2
( 2t-15 )×4- 1
2
( 18-2t )× 2
2
( t
-8 )
=- 2
2
t 2+( 11 2-4 )t+36-56 2
∴S=
- 4
5
t 2+4t(0<t ≤5)
4
5
t 2-10t+30(5<t ≤7.5)
-2t+20(7.5<t ≤8)
- 2
2
t 2+( 11 2-4 )t+36-56 2(8<t ≤9)
(3)①当 0<t ≤5 时,点 P 在 AB 上,点 Q 在 BC 上
若 QP=QB,过点 Q 作 QG⊥AB 于 G
则 BP=2BG,即 10-2t=2× 3
5
t
∴t= 25
8
若 BP=BQ,则 10-2t=t
∴t= 10
3
若 PB=PQ,过点 P 作 PH⊥BC 于 H
则 BQ=2BH,即 t=2× 3
5
( 10-2t )
A B
P
CQD H
A B
PCQD
A B
P C
Q
D
N
M
A BP
C
Q
D
G
A BP
C
Q
D
H
∴t= 60
17
②当 5<t ≤7.5 时,点 P 在 BC 上,点 Q 在 CD 上
∵∠BPQ>∠C>90°,∴只能 PB=PQ
过点 P 作 PH⊥CD 于 H
则 CH= 3
5
( 15-2t ),PH= 4
5
( 15-2t ),QC=t-5
∴PQ 2=PH 2+QH 2=[ 4
5
( 15-2t )]2+[ t-5+ 3
5
( 15-2t )]2
∴( 2t-10 )2=[ 4
5
( 15-2t )]2+[ t-5+ 3
5
( 15-2t )]2
∴t= 10 21
7
③当 7.5<t ≤8 时,点 P、Q 都在 CD 上
过点 P 作 PH⊥AB 于 H
∵∠BPQ>∠C>90°,∴BQ>BP
又∵PQ<CD=3,BP>PH=4,∴BP>PQ
∴BQ>BP>PQ
此时△PBQ 不可能是等腰三角形
④当 8<t ≤9 时,点 P 在 CD 上,点 Q 在 DA 上
作 PH⊥AB 于 H,QN⊥AB 于 N,交 CD 于 M
∵8<t ≤9,∴0≤DP<2,0<DQ≤1
∴4 2<BP≤2 13,2 13<BQ≤ 53+2 2,1≤PQ<2
∴BQ>BP>PQ
此时△PBQ 不可能是等腰三角形
综上所述,满足条件的 t 值为 25
8
、10
3
、 60
17
、10 21
7
A B
P
CQD H
A B
PCQD
H
A B
P C
Q
D
HN
M