2017天津物理中考 16页

‎2017年天津市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分）‎ ‎1．（3分）（2017•天津）如图所示，纺纱工人工作时戴着防噪声的耳罩，这是为了（　　）‎ A．防止噪声产生 B．监测噪声强弱 C．防止噪声进入耳朵 D．减小噪声传播速度 ‎【解答】解：工人戴着防噪声耳罩，减弱传入入耳的噪声，这是在人耳处减弱噪声，防止噪声进入耳朵．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2017•天津）北方的冬季会出现“树挂”和霜，形成这类现象的主要物态变化是（　　）‎ A．凝固 B．液化 C．升华 D．凝华 ‎【解答】解：“树挂”和霜是水蒸气遇冷凝华直接由气态变为固态形成的．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2017•天津）下列现象中由光的折射形成的是（　　）‎ A．在平静的湖面可以看到“蓝天白云”‎ B．射击瞄准时要做到“三点一线”‎ C．人在月光下，地面上会出现影子 D．游泳池注水后，看上去好像变浅了 ‎【解答】解：‎ A、在平静的湖面可以看到蓝天白云，这是光的反射现象，故A错误；‎ B、射击瞄准时要做到“三点一线”，这是利用了光的直线传播，故B错误；‎ C、人在月光下，地面上会出现影子，是由于光的直线传播形成的，故C错误；‎ D、注水的游泳池看上去好像变浅了，是由于光在界面发生折射形成的，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2017•天津）利用铅垂线和三角尺判断桌面是否水平，如图所示的做法正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：三角尺有两个直角边，把三角尺竖直放置，一个直角边放在桌面上，另一个直角边放上重锤线，因为重力的方向是竖直向下的，如果重锤线与直角边是平行的，则表明桌面是水平的，故A符合题意；BCD都无法判定是否水平．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2017•天津）下列有关压强知识的说法正确的是（　　）‎ A．马德堡半球实验证明了液体内部有压强 B．利用托里拆利实验可以测出大气压的值 C．随着大气压的减小，水的沸点会升高 D．在气体中流速越大的位置，压强越大 ‎【解答】解：A、证明大气压存在的实验有马德堡半球实验等，故A错误；‎ B、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故B正确；‎ C、液体的沸点随气压的减小而减小，如高压锅，故C错误；‎ D、气体中流速越大的位置，压强越小，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2017•天津）如图中磁体两极间磁感线的画法正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：‎ A、磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的S极，故A正确；‎ B、磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极，故B错误；‎ C、磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的N极，故C错误；‎ D、磁感线从磁体的S和N极出来，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2017•天津）某学校的前、后两个门各装一个开关，传达室内有红、绿两盏灯和电池组，若前门来人闭合开关时红灯亮，后门来人闭合开关时绿灯亮，图中的电路符合要求的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：由题意知，两个灯泡并联，且各有一个开关控制，前门开关控制红灯，后门开关控制绿灯，故C符合题意．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2017•天津）下列实例中，改变物体内能的方式与其它三个不同的是（　　）‎ A．用力搓手，手会发热 B．用炉灶烧水，水温升高 C．气缸内气体被压缩，温度升高 D．用锯条锯木头，锯条温度升高 ‎【解答】解：‎ A、用力搓手，手会发热，这是通过做功的方式增加内能的；‎ B、用炉灶烧水，水温升高，这是通过热传递的方式增加内能的；‎ C、气缸内气体被压缩，压缩空气做功，空气的温度升高；‎ D、锯木头时锯条发烫，摩擦生热，属于做功改变物体内能．‎ ACD都是通过做功的方式改变内能的，B是通过热传递的方式改变内能的，故B正确．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2017•天津）在家庭电路中，从进户开始要顺次安装下列元器件再接用电器，其先后次序正确的是（　　）‎ A．电能表、保险装置、总开关 B．电能表、总开关、保险装置 C．保险装置、电能表、总开关 D．总开关、电能表、保险装置 ‎【解答】解：电能表的测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面．‎ 总开关控制整个电路，为了检修电路比较方便，要安装的电能表的后面．‎ 电路中电流过大会熔断保险丝，为了更换保险丝比较方便，保险盒安装在总开关的后面．故B正确．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2017•天津）如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片P向右移动时，电表示数变大的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：‎ A、该电路为并联电路，电流表测量R0的电流，滑动变阻器在另一条支路中，滑动变阻器滑片移动时对另一条支路无影响，电流表示数不变，故A错误；‎ B、该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，由欧姆定律可知通过变阻器的电流减小，通过另一条支路电流不变，故干路中的电流变小，故B错误；‎ C、该电路为串联电路，电压表测量R0的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故C错误；‎ D、该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，R0的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎11．（3分）（2017•天津）小明同学在探究凸透镜成像成像规律时，用焦距分别为f1、f2的甲、乙两个凸透镜进行实验．先将点燃的蜡烛、透镜甲和光屏放置在光具坐上，调整后的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像（图中未标出）：再用透镜乙替换透镜甲，且保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像．下列判断正确的是（　　）‎ A．图中光屏上的像是放大的 B．图中光屏上的像是缩小的 C．f1＜f2 D．f1＞f2‎ ‎【解答】解：AB、由U＞v知成倒立缩小的实像，故A错误，B正确；‎ CD、由“保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像”可知，像距减小，像变小，相当于物距变大，但物距没变，是焦距变小了，故f1＞f2，故C错误，D正确．‎ 故选BD．‎ ‎　‎ ‎12．（3分）（2017•天津）当定值电阻R两端的电压由U1（U1≠0）增大到U2时，通过它的电流由I1增大到I2．电压增加量△U=U2﹣U1，电流增加量△I=I2﹣I1，电功率增加量为△P，则（　　）‎ A．R= B．R= C．△P=△U△I D．△P=△U（I1+I2）‎ ‎【解答】解：因定值电阻的阻值不变，‎ 所以，由I=可得，前后两次电压分别为：U1=I1R，U2=I2R，‎ 所以，电压增加量△U=U2﹣U1=I2R﹣I1R=（I2﹣I1）R=△IR，‎ 变形可得R=，故A正确、B错误；‎ 由P=UI可得，前后两次电阻消耗的功率分别为：‎ P1=U1I1，P2=U2I2，‎ 所以，电功率增加量△P=P2﹣P1=U2I2﹣U1I1，‎ 因△U△I=（U2﹣U1）（I2﹣I1）=U2I2﹣U2I1﹣U1I2+U1I1，‎ 所以，△P≠△U△I，故C错误；‎ ‎△U（I1+I2）=（U2﹣U1）（I1+I2）=（I2R﹣I1R）（I1+I2）=（I2﹣I1）（I1+I2）R=（I22﹣I12）R=I22R﹣I12R=P2﹣P1=△P，故D正确．‎ 故选AD．‎ ‎　‎ ‎13．（3分）（2017•天津）如图所示，某人用扁担担起两筐质量为m1，m2的货物，当他的肩处于O点时，扁担水平平衡，已知l1＞l2，扁担和筐的重力不计．若将两筐的悬挂点向O点移近相同的距离△I，则（　　）‎ A．扁担左端向下倾斜 B．扁担右端向下倾斜 C．要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2﹣m1）‎ D．要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2﹣m1）‎ ‎【解答】解：（1）原来平衡时，m1gl1=m2gl2，‎ 由图知，l1＞l2，所以m1＜m2，‎ 设移动相同的距离L，则左边：m1g（l1﹣△l）=m1gl1﹣m1g△l，‎ 右边：m2g（l2﹣△l）=m2gl2﹣m2g△l，‎ 因为m1＜m2，所以m1△lg＜m2△Lg，m1（l1﹣△l）g＞m2（l2﹣△l）g，则杠杆的左端向下倾斜．故A正确，B错误；‎ ‎（2）因为m1（l1﹣△l）g＞m2（l2﹣△l）g，故往右边加入货物后杠杆平衡即m1（l1﹣△l）g=（m2+mg）（l2﹣△l），且m1gl1=m2gl2，‎ 得m=（m2﹣m1），故C正确，D错误．‎ 故选AC．‎ ‎　‎ 二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）‎ ‎14．（4分）（2017•天津）一束平行光与镜面成30°角射到平面镜上，反射角大小是　60°　，人迎着反射光的方向可以看到刺眼的光，而在其他方向却看不到反射光，这是由于发生了　镜面反射　（选填“镜面反射”或“漫反射”）．‎ ‎【解答】解：一束光与镜面成30°角入射在平面镜上，则入射角为90°﹣30°=60°．则其反射角也是60°，‎ 光线射向平面镜，经平面镜反射后，平行射出，正好反射到有的人眼睛上，就得很刺眼，这种反射是镜面反射．而从某些方向上得到的反射光线较少，所以看到平面镜很暗．‎ 故答案为：60°；镜面反射．‎ ‎　‎ ‎15．（4分）（2017•天津）在校运会上，小明和小亮的百米跑成绩分别为14s和15s，比较两人百米全程的平均速度，小明的　大于　（选填“大于”“小于”或“等于”）小亮的；当到达终点时，他们不能立即停下来，是由于他们具有　惯性　．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）小明和小亮运动的路程相同，小明用的时间少，由v=可知，小明的速度大；‎ ‎（2）跑到终点时，人由于惯性仍然要继续向前运动，不能马上停下来．‎ 故答案为：大于；惯性．‎ ‎　‎ ‎16．（4分）（2017•天津）图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息估测此时运动员脚尖到床面的距离为　1.8m　（选填“0.8m”“1.8m”或“3.8m”）；运动员在空中下落的过程中，他的　重力势　能转化为动能．‎ ‎【解答】解：由图可知，脚尖与床面的距离大约为运动员的高度，运动的高度约为1.8m，故运动员脚尖到床面的距离为1.8m；运动员在空中下落的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，他的重力势能转化为动能．‎ 故答案为：1.8m；重力势．‎ ‎　‎ ‎17．（4分）（2017•天津）一只电烙铁的铭牌上标着“220V 100W”的字样，它正常工作时，电压是　220　V，电阻是　484　Ω．‎ ‎【解答】解：“220V 100W”表示电烙铁的额定电压为220V，额定电功率为100W；‎ 由P=可得正常工作时的电阻：‎ R===484Ω．‎ 故答案为：220；484．‎ ‎　‎ ‎18．（4分）（2017•天津）利用如图所示的滑轮组，在5s内将重为360N的物体匀速向上提起2m，作用在绳端竖直向上的拉力F为150N，该滑轮组的机械效率是　80%　，拉力F的功率是　180　W．‎ ‎【解答】解：‎ 由图可知，n=3，则绳端移动的距离：‎ s=nh=3×2m=6m，‎ 拉力做的功：‎ W总=Fs=150N×6m=900J，‎ 有用功：‎ W有=Gh=360N×2m=720J，‎ 滑轮组的机械效率：‎ η=×100%=×100%=80%；‎ 拉力F的功率：‎ P===180W．‎ 故答案为：80%；180．‎ ‎　‎ ‎19．（4分）（2017•天津）图甲所示电路中，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转角度相同，指针位置如图乙所示．电阻R2两端的电压为　1.6　V，电阻R1、R2的阻值之比为　4：1　．‎ ‎【解答】解：因为电压表的大量程的分度值是小量程的5倍，两个电压表示数之比是1：5．‎ 又因为在串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之和，所以电阻R1两端的电压为电压表V1的示数减去电压表V2的示数，即电阻R1和R2两端的电压之比为（5﹣1）1：=4：1，根据公式U=IR可知，电流相同，则电阻之比为4：1．‎ 故答案为：1.6；4：1．‎ ‎　‎ 三、解答题（共6小题，满分37分）‎ ‎20．（7分）（2017•天津）某电热水器的铭牌如下表所示，现将水箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20°C加热到60°C．已知C水=4.2×103J/（kg•℃），不计热量损失，求：‎ ‎（1）水吸收的热量；‎ ‎（2）加热所需要的时间． ‎ ‎ 型号 ‎×××‎ ‎ 额定电压 ‎ 220V ‎ 加热功率 ‎ 2000W ‎ 频率 ‎ 50Hz ‎ 水箱容量 ‎ 50kg ‎【解答】解：（1）使水温由20℃升高到60℃，水需要吸收热量为：‎ Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃）=8.4×106J．‎ ‎（2）不计热量损失，电热丝所产生热量的全部被水吸收，‎ ‎ 由Q放=Q吸=W=Pt得：‎ t====4200s．‎ 答：（1）使水温由20℃升高到60℃，水需要吸收8.4×106J的热量；‎ ‎（2）电热水器正常工作时电热丝的加热需4200s．‎ ‎　‎ ‎21．（6分）（2017•天津）下面是小明同学的实验报告，请按要求帮他将报告补充完整．‎ 实验：测量食用油的密度 实验目的：测量油的密度 实验器材：天平（砝码）、量筒、烧杯、油 实验原理：　ρ=　‎ 主要实验步骤：‎ ‎（1）调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向　左　（选填“左”或“右”）侧调节．‎ ‎（2）往量筒中倒入适量的油，测出油的体积，如图1所示．‎ ‎（3）用天平测出空烧杯的质量为30g．‎ ‎（4）将量筒中的油全部倒入烧杯中，测出烧杯和油的总质量，如图2所示．‎ 实验数据记录：‎ 在虚线框内设计一个记录本次实验数据的表格，并将测量数据及计算结果填入表中．‎ 实验评估：‎ 按照上述实验方案测出的油的密度值比真实值　偏小　（选填“偏大”或“偏小”）．‎ ‎【解答】解：实验原理：利用天平和量筒测量密度的原理是ρ=；‎ ‎（1）调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，应将平衡螺母向左侧调节使横梁平衡；‎ 由实验步骤可知，实验中需要测量的量有：油的体积V=40cm3、空烧杯的质量m1=30g、烧杯和油的总质量m250g+10g+2g=62g；根据空烧杯的质量、烧杯和油的总质量可以求出油的质量m=m2﹣m1=62g﹣30g=32g；根据质量和体积可以求出油的密度ρ===0.8g/cm3‎ ‎，故实验的表格为：‎ 油的体积V/cm3‎ 空烧杯的质量m1/g 烧杯和油的总质量m2/g 量筒中油的质量m/g 油的密度ρ/g/cm3‎ ‎ 40‎ ‎ 30‎ ‎ 62‎ ‎ 32‎ ‎ 0.8‎ 在测量的过程中，把量筒中的油倒入量筒中时，量筒中会有油的残留，到时测得的总质量减小，即油的质量偏小，体积不变，故所测的密度会偏小．‎ 故答案为：ρ=；左；如上表格；偏小．‎ ‎　‎ ‎22．（6分）（2017•天津）小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想：‎ 猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关 猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关 猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积有关 为了验证猜想，准备了如下器材：弹簧测力计、长木板、长方体木块和砝码．‎ 他利用上述器材进行了如下实验：‎ ‎①将木块平放在长木板上组装成如图1所示的装置．匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数．‎ ‎②在木块上加砝码，如图2所示．匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数．‎ 完成下列任务：‎ ‎（1）在图3中画出长木板被匀速拉动时（木块相对桌面静止），长木板在水平方向上的受力示意图．‎ ‎（2）通过实验步骤①②可验证猜想　一　．‎ ‎（3）要完成对“猜想三”的验证，需在实验步骤①的基础上进一步实验，请你写出下一步的实验方案．‎ ‎【解答】解；（1）长木板在水平方向上受到三个力的共同作用：水平向右的拉力F、水平向左的木块对木板的摩擦力f1、水平向左的桌面对木板的摩擦力f2，力的示意图如下：‎ ‎；‎ ‎（2）通过实验步骤①②可知，接触面相同，压力不同，故探究的是压力与摩擦力的关系，探究的是猜想一；‎ ‎（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而故可以将①中的木块侧放，拉动长木板，记录下弹簧测力计的示数，并与实验①中的示数进行比较．‎ 故答案为：（1）如图；（2）一；（3）将①中的木块侧放，拉动长木板，记录下弹簧测力计的示数，并与实验①中的示数进行比较．‎ ‎　‎ ‎23．（6分）（2017•天津）如图1所示的电路中，定值电阻R1为10Ω，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变．闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图2所示．求：‎ ‎（1）电源电压；‎ ‎（2）滑动变阻器的最大阻值．‎ ‎【解答】解：（1）由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ 当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知I1=0.6A，‎ 由I=可得，电源的电压：‎ U=I1R1=0.6A×10Ω=6V；‎ ‎（2）由欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值：‎ R2===20Ω．‎ 答：（1）电源电压为6V；‎ ‎（2）滑动变阻器的最大阻值为20Ω．‎ ‎　‎ ‎24．（6分）（2017•天津）现有一个阻值为20Ω的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为0～1A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干．请你利用上述器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值．要求：‎ ‎（1）画出实验电路图；‎ ‎（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；‎ ‎（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）．‎ ‎【解答】解：（1）将电流表和已知电阻串联在干路上，将待测电路接在一个支路上，如下所示：‎ ‎（2）①按上图连接电路；‎ ‎②将开关的刀掷向1，记下电流表的示数I1；‎ ‎③将开关的刀掷向2，记下电流表的示数I2；‎ ‎（3）在②中，由欧姆定律的变形公式，电源电压U=I1R0；‎ 在③中，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律的变形公式，电路的总电阻：‎ R==，根据电阻的串联，待测电阻的电阻：‎ RX=R﹣R0=﹣R0=R0．‎ 故答案为：（1）如上所示；‎ ‎（2）①按上图连接电路；‎ ‎②将开关的刀掷向1，记下电流表的示数I1；‎ ‎③将开关的刀掷向2，记下电流表的示数I2；‎ ‎（3）RX=R0．‎ ‎　‎ ‎25．（6分）（2017•天津）某同学制作了一个”浮子“．他用质量为2m、高为h、横截面积为2S的质地均匀实心圆柱体，将其中间挖掉横截面积为S、高为h的圆柱体，做成”空心管“；然后用另一个不同材质、质地均匀的实心圆柱体将管的空心部分恰好填满，做成”浮子“，如图1所示．将”浮子“放入盛有足量水、底面积为S0的圆柱形薄壁容器中．”浮子“刚好悬浮在水中，如图2所示．已知水的密度为ρ0，请解答下列问题：‎ ‎（1）该“浮子”的平均密度是多少？‎ ‎（2）实验中，组成“浮子”的“空心管”和“填充柱体”在水中完全脱离，致使容器中水面高度发生了变化，待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了多少？‎ ‎【解答】解：（1）因为浮子悬浮在水中，所以ρ浮子=ρ水=ρ0；‎ ‎（2）①若空心管漂浮，水面高度的变化为△h；‎ F浮=G ρ0g（Sh﹣△hS0）=mg ‎△h=‎ 所以△p=ρ0g△h=．‎ ‎②若“填充柱体”漂浮，因为ρ浮子=ρ水=ρ0；‎ 所以填充柱体的质量m′=2ρ0Sh﹣m；‎ ρ0g（Sh﹣△hS0）=m′g=2ρ0Sh﹣m，‎ 同理可得：△h′=‎ 由P=ρgh可得，△P′=ρ0g△h=．‎ 答：（1）该”浮子“的平均密度是ρ0；‎ ‎（2）待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了或．‎ ‎　‎