2017天津物理中考 16页

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2017天津物理中考

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‎2017年天津市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题(共13小题,每小题3分,满分39分)‎ ‎1.(3分)(2017•天津)如图所示,纺纱工人工作时戴着防噪声的耳罩,这是为了(  )‎ A.防止噪声产生 B.监测噪声强弱 C.防止噪声进入耳朵 D.减小噪声传播速度 ‎【解答】解:工人戴着防噪声耳罩,减弱传入入耳的噪声,这是在人耳处减弱噪声,防止噪声进入耳朵.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎2.(3分)(2017•天津)北方的冬季会出现“树挂”和霜,形成这类现象的主要物态变化是(  )‎ A.凝固 B.液化 C.升华 D.凝华 ‎【解答】解:“树挂”和霜是水蒸气遇冷凝华直接由气态变为固态形成的.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎3.(3分)(2017•天津)下列现象中由光的折射形成的是(  )‎ A.在平静的湖面可以看到“蓝天白云”‎ B.射击瞄准时要做到“三点一线”‎ C.人在月光下,地面上会出现影子 D.游泳池注水后,看上去好像变浅了 ‎【解答】解:‎ A、在平静的湖面可以看到蓝天白云,这是光的反射现象,故A错误;‎ B、射击瞄准时要做到“三点一线”,这是利用了光的直线传播,故B错误;‎ C、人在月光下,地面上会出现影子,是由于光的直线传播形成的,故C错误;‎ D、注水的游泳池看上去好像变浅了,是由于光在界面发生折射形成的,故D正确.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎4.(3分)(2017•天津)利用铅垂线和三角尺判断桌面是否水平,如图所示的做法正确的是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:三角尺有两个直角边,把三角尺竖直放置,一个直角边放在桌面上,另一个直角边放上重锤线,因为重力的方向是竖直向下的,如果重锤线与直角边是平行的,则表明桌面是水平的,故A符合题意;BCD都无法判定是否水平.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎5.(3分)(2017•天津)下列有关压强知识的说法正确的是(  )‎ A.马德堡半球实验证明了液体内部有压强 B.利用托里拆利实验可以测出大气压的值 C.随着大气压的减小,水的沸点会升高 D.在气体中流速越大的位置,压强越大 ‎【解答】解:A、证明大气压存在的实验有马德堡半球实验等,故A错误;‎ B、托里拆利最早精确地测出了大气压的值,故B正确;‎ C、液体的沸点随气压的减小而减小,如高压锅,故C错误;‎ D、气体中流速越大的位置,压强越小,故D错误.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎6.(3分)(2017•天津)如图中磁体两极间磁感线的画法正确的是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:‎ A、磁感线从磁体的N极出来,回到磁体的S极,故A正确;‎ B、磁感线从磁体的S极出来,回到磁体的N极,故B错误;‎ C、磁感线从磁体的N极出来,回到磁体的N极,故C错误;‎ D、磁感线从磁体的S和N极出来,故D错误.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎7.(3分)(2017•天津)某学校的前、后两个门各装一个开关,传达室内有红、绿两盏灯和电池组,若前门来人闭合开关时红灯亮,后门来人闭合开关时绿灯亮,图中的电路符合要求的是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:由题意知,两个灯泡并联,且各有一个开关控制,前门开关控制红灯,后门开关控制绿灯,故C符合题意.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎8.(3分)(2017•天津)下列实例中,改变物体内能的方式与其它三个不同的是(  )‎ A.用力搓手,手会发热 B.用炉灶烧水,水温升高 C.气缸内气体被压缩,温度升高 D.用锯条锯木头,锯条温度升高 ‎【解答】解:‎ A、用力搓手,手会发热,这是通过做功的方式增加内能的;‎ B、用炉灶烧水,水温升高,这是通过热传递的方式增加内能的;‎ C、气缸内气体被压缩,压缩空气做功,空气的温度升高;‎ D、锯木头时锯条发烫,摩擦生热,属于做功改变物体内能.‎ ACD都是通过做功的方式改变内能的,B是通过热传递的方式改变内能的,故B正确.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎9.(3分)(2017•天津)在家庭电路中,从进户开始要顺次安装下列元器件再接用电器,其先后次序正确的是(  )‎ A.电能表、保险装置、总开关 B.电能表、总开关、保险装置 C.保险装置、电能表、总开关 D.总开关、电能表、保险装置 ‎【解答】解:电能表的测量整个家庭消耗电能的多少,一定安装在最前面.‎ 总开关控制整个电路,为了检修电路比较方便,要安装的电能表的后面.‎ 电路中电流过大会熔断保险丝,为了更换保险丝比较方便,保险盒安装在总开关的后面.故B正确.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎10.(3分)(2017•天津)如图所示电路中,电源电压保持不变,当变阻器滑片P向右移动时,电表示数变大的是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:‎ A、该电路为并联电路,电流表测量R0的电流,滑动变阻器在另一条支路中,滑动变阻器滑片移动时对另一条支路无影响,电流表示数不变,故A错误;‎ B、该电路为并联电路,电流表测量干路中的电流,滑动变阻器滑片向右移动,电阻变大,由欧姆定律可知通过变阻器的电流减小,通过另一条支路电流不变,故干路中的电流变小,故B错误;‎ C、该电路为串联电路,电压表测量R0的电压,滑动变阻器滑片向右移动,电阻变大,电流减小,根据U=IR可知,电压表示数变小,故C错误;‎ D、该电路为串联电路,电压表测量滑动变阻器的电压,滑动变阻器滑片向右移动,电阻变大,电流减小,根据U=IR可知,R0的电压变小,根据串联电路的电压规律可知,滑动变阻器两端电压变大,故D正确.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎11.(3分)(2017•天津)小明同学在探究凸透镜成像成像规律时,用焦距分别为f1、f2的甲、乙两个凸透镜进行实验.先将点燃的蜡烛、透镜甲和光屏放置在光具坐上,调整后的位置如图所示,此时在光屏上得到烛焰清晰的像(图中未标出):再用透镜乙替换透镜甲,且保持蜡烛和透镜的位置不变,将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像.下列判断正确的是(  )‎ A.图中光屏上的像是放大的 B.图中光屏上的像是缩小的 C.f1<f2 D.f1>f2‎ ‎【解答】解:AB、由U>v知成倒立缩小的实像,故A错误,B正确;‎ CD、由“保持蜡烛和透镜的位置不变,将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像”可知,像距减小,像变小,相当于物距变大,但物距没变,是焦距变小了,故f1>f2,故C错误,D正确.‎ 故选BD.‎ ‎ ‎ ‎12.(3分)(2017•天津)当定值电阻R两端的电压由U1(U1≠0)增大到U2时,通过它的电流由I1增大到I2.电压增加量△U=U2﹣U1,电流增加量△I=I2﹣I1,电功率增加量为△P,则(  )‎ A.R= B.R= C.△P=△U△I D.△P=△U(I1+I2)‎ ‎【解答】解:因定值电阻的阻值不变,‎ 所以,由I=可得,前后两次电压分别为:U1=I1R,U2=I2R,‎ 所以,电压增加量△U=U2﹣U1=I2R﹣I1R=(I2﹣I1)R=△IR,‎ 变形可得R=,故A正确、B错误;‎ 由P=UI可得,前后两次电阻消耗的功率分别为:‎ P1=U1I1,P2=U2I2,‎ 所以,电功率增加量△P=P2﹣P1=U2I2﹣U1I1,‎ 因△U△I=(U2﹣U1)(I2﹣I1)=U2I2﹣U2I1﹣U1I2+U1I1,‎ 所以,△P≠△U△I,故C错误;‎ ‎△U(I1+I2)=(U2﹣U1)(I1+I2)=(I2R﹣I1R)(I1+I2)=(I2﹣I1)(I1+I2)R=(I22﹣I12)R=I22R﹣I12R=P2﹣P1=△P,故D正确.‎ 故选AD.‎ ‎ ‎ ‎13.(3分)(2017•天津)如图所示,某人用扁担担起两筐质量为m1,m2的货物,当他的肩处于O点时,扁担水平平衡,已知l1>l2,扁担和筐的重力不计.若将两筐的悬挂点向O点移近相同的距离△I,则(  )‎ A.扁担左端向下倾斜 B.扁担右端向下倾斜 C.要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物,其质量为(m2﹣m1)‎ D.要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物,其质量为(m2﹣m1)‎ ‎【解答】解:(1)原来平衡时,m1gl1=m2gl2,‎ 由图知,l1>l2,所以m1<m2,‎ 设移动相同的距离L,则左边:m1g(l1﹣△l)=m1gl1﹣m1g△l,‎ 右边:m2g(l2﹣△l)=m2gl2﹣m2g△l,‎ 因为m1<m2,所以m1△lg<m2△Lg,m1(l1﹣△l)g>m2(l2﹣△l)g,则杠杆的左端向下倾斜.故A正确,B错误;‎ ‎(2)因为m1(l1﹣△l)g>m2(l2﹣△l)g,故往右边加入货物后杠杆平衡即m1(l1﹣△l)g=(m2+mg)(l2﹣△l),且m1gl1=m2gl2,‎ 得m=(m2﹣m1),故C正确,D错误.‎ 故选AC.‎ ‎ ‎ 二、填空题(共6小题,每小题4分,满分24分)‎ ‎14.(4分)(2017•天津)一束平行光与镜面成30°角射到平面镜上,反射角大小是 60° ,人迎着反射光的方向可以看到刺眼的光,而在其他方向却看不到反射光,这是由于发生了 镜面反射 (选填“镜面反射”或“漫反射”).‎ ‎【解答】解:一束光与镜面成30°角入射在平面镜上,则入射角为90°﹣30°=60°.则其反射角也是60°,‎ 光线射向平面镜,经平面镜反射后,平行射出,正好反射到有的人眼睛上,就得很刺眼,这种反射是镜面反射.而从某些方向上得到的反射光线较少,所以看到平面镜很暗.‎ 故答案为:60°;镜面反射.‎ ‎ ‎ ‎15.(4分)(2017•天津)在校运会上,小明和小亮的百米跑成绩分别为14s和15s,比较两人百米全程的平均速度,小明的 大于 (选填“大于”“小于”或“等于”)小亮的;当到达终点时,他们不能立即停下来,是由于他们具有 惯性 .‎ ‎【解答】解:‎ ‎(1)小明和小亮运动的路程相同,小明用的时间少,由v=可知,小明的速度大;‎ ‎(2)跑到终点时,人由于惯性仍然要继续向前运动,不能马上停下来.‎ 故答案为:大于;惯性.‎ ‎ ‎ ‎16.(4分)(2017•天津)图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片,根据照片信息估测此时运动员脚尖到床面的距离为 1.8m (选填“0.8m”“1.8m”或“3.8m”);运动员在空中下落的过程中,他的 重力势 能转化为动能.‎ ‎【解答】解:由图可知,脚尖与床面的距离大约为运动员的高度,运动的高度约为1.8m,故运动员脚尖到床面的距离为1.8m;运动员在空中下落的过程中,高度减小,重力势能减小,速度变大,动能变大,他的重力势能转化为动能.‎ 故答案为:1.8m;重力势.‎ ‎ ‎ ‎17.(4分)(2017•天津)一只电烙铁的铭牌上标着“220V 100W”的字样,它正常工作时,电压是 220 V,电阻是 484 Ω.‎ ‎【解答】解:“220V 100W”表示电烙铁的额定电压为220V,额定电功率为100W;‎ 由P=可得正常工作时的电阻:‎ R===484Ω.‎ 故答案为:220;484.‎ ‎ ‎ ‎18.(4分)(2017•天津)利用如图所示的滑轮组,在5s内将重为360N的物体匀速向上提起2m,作用在绳端竖直向上的拉力F为150N,该滑轮组的机械效率是 80% ,拉力F的功率是 180 W.‎ ‎【解答】解:‎ 由图可知,n=3,则绳端移动的距离:‎ s=nh=3×2m=6m,‎ 拉力做的功:‎ W总=Fs=150N×6m=900J,‎ 有用功:‎ W有=Gh=360N×2m=720J,‎ 滑轮组的机械效率:‎ η=×100%=×100%=80%;‎ 拉力F的功率:‎ P===180W.‎ 故答案为:80%;180.‎ ‎ ‎ ‎19.(4分)(2017•天津)图甲所示电路中,当闭合开关S后,两个电压表指针偏转角度相同,指针位置如图乙所示.电阻R2两端的电压为 1.6 V,电阻R1、R2的阻值之比为 4:1 .‎ ‎【解答】解:因为电压表的大量程的分度值是小量程的5倍,两个电压表示数之比是1:5.‎ 又因为在串联电路中,总电压等于各用电器两端的电压之和,所以电阻R1两端的电压为电压表V1的示数减去电压表V2的示数,即电阻R1和R2两端的电压之比为(5﹣1)1:=4:1,根据公式U=IR可知,电流相同,则电阻之比为4:1.‎ 故答案为:1.6;4:1.‎ ‎ ‎ 三、解答题(共6小题,满分37分)‎ ‎20.(7分)(2017•天津)某电热水器的铭牌如下表所示,现将水箱装满水,电热水器正常工作时,把水从20°C加热到60°C.已知C水=4.2×103J/(kg•℃),不计热量损失,求:‎ ‎(1)水吸收的热量;‎ ‎(2)加热所需要的时间. ‎ ‎ 型号 ‎×××‎ ‎ 额定电压 ‎ 220V ‎ 加热功率 ‎ 2000W ‎ 频率 ‎ 50Hz ‎ 水箱容量 ‎ 50kg ‎【解答】解:(1)使水温由20℃升高到60℃,水需要吸收热量为:‎ Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×50kg×(60℃﹣20℃)=8.4×106J.‎ ‎(2)不计热量损失,电热丝所产生热量的全部被水吸收,‎ ‎ 由Q放=Q吸=W=Pt得:‎ t====4200s.‎ 答:(1)使水温由20℃升高到60℃,水需要吸收8.4×106J的热量;‎ ‎(2)电热水器正常工作时电热丝的加热需4200s.‎ ‎ ‎ ‎21.(6分)(2017•天津)下面是小明同学的实验报告,请按要求帮他将报告补充完整.‎ 实验:测量食用油的密度 实验目的:测量油的密度 实验器材:天平(砝码)、量筒、烧杯、油 实验原理: ρ= ‎ 主要实验步骤:‎ ‎(1)调节天平横梁平衡时,发现指针指在分度盘中线的右侧,要使横梁平衡,应将平衡螺母向 左 (选填“左”或“右”)侧调节.‎ ‎(2)往量筒中倒入适量的油,测出油的体积,如图1所示.‎ ‎(3)用天平测出空烧杯的质量为30g.‎ ‎(4)将量筒中的油全部倒入烧杯中,测出烧杯和油的总质量,如图2所示.‎ 实验数据记录:‎ 在虚线框内设计一个记录本次实验数据的表格,并将测量数据及计算结果填入表中.‎ 实验评估:‎ 按照上述实验方案测出的油的密度值比真实值 偏小 (选填“偏大”或“偏小”).‎ ‎【解答】解:实验原理:利用天平和量筒测量密度的原理是ρ=;‎ ‎(1)调节天平横梁平衡时,发现指针指在分度盘中线的右侧,应将平衡螺母向左侧调节使横梁平衡;‎ 由实验步骤可知,实验中需要测量的量有:油的体积V=40cm3、空烧杯的质量m1=30g、烧杯和油的总质量m250g+10g+2g=62g;根据空烧杯的质量、烧杯和油的总质量可以求出油的质量m=m2﹣m1=62g﹣30g=32g;根据质量和体积可以求出油的密度ρ===0.8g/cm3‎ ‎,故实验的表格为:‎ 油的体积V/cm3‎ 空烧杯的质量m1/g 烧杯和油的总质量m2/g 量筒中油的质量m/g 油的密度ρ/g/cm3‎ ‎ 40‎ ‎ 30‎ ‎ 62‎ ‎ 32‎ ‎ 0.8‎ 在测量的过程中,把量筒中的油倒入量筒中时,量筒中会有油的残留,到时测得的总质量减小,即油的质量偏小,体积不变,故所测的密度会偏小.‎ 故答案为:ρ=;左;如上表格;偏小.‎ ‎ ‎ ‎22.(6分)(2017•天津)小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时,提出了如下猜想:‎ 猜想一:滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关 猜想二:滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关 猜想三:滑动摩擦力的大小与接触面积有关 为了验证猜想,准备了如下器材:弹簧测力计、长木板、长方体木块和砝码.‎ 他利用上述器材进行了如下实验:‎ ‎①将木块平放在长木板上组装成如图1所示的装置.匀速拉动长木板,记下弹簧测力计的示数.‎ ‎②在木块上加砝码,如图2所示.匀速拉动长木板,记下弹簧测力计的示数.‎ 完成下列任务:‎ ‎(1)在图3中画出长木板被匀速拉动时(木块相对桌面静止),长木板在水平方向上的受力示意图.‎ ‎(2)通过实验步骤①②可验证猜想 一 .‎ ‎(3)要完成对“猜想三”的验证,需在实验步骤①的基础上进一步实验,请你写出下一步的实验方案.‎ ‎【解答】解;(1)长木板在水平方向上受到三个力的共同作用:水平向右的拉力F、水平向左的木块对木板的摩擦力f1、水平向左的桌面对木板的摩擦力f2,力的示意图如下:‎ ‎;‎ ‎(2)通过实验步骤①②可知,接触面相同,压力不同,故探究的是压力与摩擦力的关系,探究的是猜想一;‎ ‎(3)要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系,需使压力大小和接触面的粗糙程度相同,改变接触面积的大小,而故可以将①中的木块侧放,拉动长木板,记录下弹簧测力计的示数,并与实验①中的示数进行比较.‎ 故答案为:(1)如图;(2)一;(3)将①中的木块侧放,拉动长木板,记录下弹簧测力计的示数,并与实验①中的示数进行比较.‎ ‎ ‎ ‎23.(6分)(2017•天津)如图1所示的电路中,定值电阻R1为10Ω,R2为滑动变阻器,电源电压保持不变.闭合开关S后,滑片P从b端移动到a端的过程,电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图2所示.求:‎ ‎(1)电源电压;‎ ‎(2)滑动变阻器的最大阻值.‎ ‎【解答】解:(1)由图1可知,两电阻串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流.‎ 当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时,电路中的电流最大,由图2可知I1=0.6A,‎ 由I=可得,电源的电压:‎ U=I1R1=0.6A×10Ω=6V;‎ ‎(2)由欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值:‎ R2===20Ω.‎ 答:(1)电源电压为6V;‎ ‎(2)滑动变阻器的最大阻值为20Ω.‎ ‎ ‎ ‎24.(6分)(2017•天津)现有一个阻值为20Ω的定值电阻R0,一个电压约为15V的电源,一个量程为0~1A的电流表,一个单刀双掷开关及导线若干.请你利用上述器材设计实验,测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值.要求:‎ ‎(1)画出实验电路图;‎ ‎(2)写出主要的实验步骤和需要测量的物理量;‎ ‎(3)写出待测电阻Rx的数学表达式(用已知量和测量量表示).‎ ‎【解答】解:(1)将电流表和已知电阻串联在干路上,将待测电路接在一个支路上,如下所示:‎ ‎(2)①按上图连接电路;‎ ‎②将开关的刀掷向1,记下电流表的示数I1;‎ ‎③将开关的刀掷向2,记下电流表的示数I2;‎ ‎(3)在②中,由欧姆定律的变形公式,电源电压U=I1R0;‎ 在③中,两电阻串联,电流表测电路中的电流,由欧姆定律的变形公式,电路的总电阻:‎ R==,根据电阻的串联,待测电阻的电阻:‎ RX=R﹣R0=﹣R0=R0.‎ 故答案为:(1)如上所示;‎ ‎(2)①按上图连接电路;‎ ‎②将开关的刀掷向1,记下电流表的示数I1;‎ ‎③将开关的刀掷向2,记下电流表的示数I2;‎ ‎(3)RX=R0.‎ ‎ ‎ ‎25.(6分)(2017•天津)某同学制作了一个”浮子“.他用质量为2m、高为h、横截面积为2S的质地均匀实心圆柱体,将其中间挖掉横截面积为S、高为h的圆柱体,做成”空心管“;然后用另一个不同材质、质地均匀的实心圆柱体将管的空心部分恰好填满,做成”浮子“,如图1所示.将”浮子“放入盛有足量水、底面积为S0的圆柱形薄壁容器中.”浮子“刚好悬浮在水中,如图2所示.已知水的密度为ρ0,请解答下列问题:‎ ‎(1)该“浮子”的平均密度是多少?‎ ‎(2)实验中,组成“浮子”的“空心管”和“填充柱体”在水中完全脱离,致使容器中水面高度发生了变化,待水面恢复稳定后,水对容器底部的压强变化了多少?‎ ‎【解答】解:(1)因为浮子悬浮在水中,所以ρ浮子=ρ水=ρ0;‎ ‎(2)①若空心管漂浮,水面高度的变化为△h;‎ F浮=G ρ0g(Sh﹣△hS0)=mg ‎△h=‎ 所以△p=ρ0g△h=.‎ ‎②若“填充柱体”漂浮,因为ρ浮子=ρ水=ρ0;‎ 所以填充柱体的质量m′=2ρ0Sh﹣m;‎ ρ0g(Sh﹣△hS0)=m′g=2ρ0Sh﹣m,‎ 同理可得:△h′=‎ 由P=ρgh可得,△P′=ρ0g△h=.‎ 答:(1)该”浮子“的平均密度是ρ0;‎ ‎(2)待水面恢复稳定后,水对容器底部的压强变化了或.‎ ‎ ‎