2012高考辽宁理科数学试题及答案高清版 11页

‎2012年普通高等学校夏季招生全国统一考试 数学理工农医类(辽宁卷)‎ 第Ⅰ卷 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．‎ ‎1．已知全集U＝{0,1,2,3,4,5,6,7,8,9}，集合A＝{0,1，3,5,8}，集合B＝{2,4,5,6,8}，则(UA)∩(UB)＝(　　)‎ A．{5,8} B．{7,9} C．{0,1,3} D．{2,4,6}‎ ‎2．复数(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎3．已知两个非零向量a，b满足|a＋b|＝|a－b|，则下面结论正确的是(　　)‎ A．a∥b B．a⊥b C．|a|＝|b| D．a＋b＝a－b ‎4．已知命题p：x1，x2∈R，(f(x2)－f(x1))(x2－x1)≥0，则p是(　　)‎ A．x1，x2∈R，(f(x2)－f(x1))(x2－x1)≤0‎ B．x1，x2∈R，(f(x2)－f(x1))(x2－x1)≤0‎ C．x1，x2∈R，(f(x2)－f(x1))(x2－x1)＜0‎ D．x1，x2∈R，(f(x2)－f(x1))(x2－x1)＜0‎ ‎5．一排9个座位坐了3个三口之家，若每家人坐在一起，则不同的坐法种数为(　　)‎ A．3×3！ B．3×(3！)3 C．(3！)4 D．9！‎ ‎6．在等差数列{an}中，已知a4＋a8＝16，则该数列前11项和S11＝(　　)‎ A．58 B．88 C．143 D．176‎ ‎7．已知sinα－cosα＝，α∈(0，π)，则tan α＝(　　)‎ A．－1 B． C． D．1‎ ‎8．设变量x，y满足则2x＋3y的最大值为(　　)‎ A．20 B．35 C．45 D．55‎ ‎9．执行如图所示的程序框图，则输出的S值是(　　)‎ A．－1 B． C． D．4‎ ‎10．在长为12 cm的线段AB上任取一点C，现作一矩形，邻边长分别等于线段AC，CB的长，则该矩形面积小于32 cm2的概率为(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎11．设函数f(x)(x∈R)满足f(－x)＝f(x)，f(x)＝f(2－x)，且当x∈［0,1］时，f(x)＝x3．又函数g(x)＝|xcos(πx)|，则函数h(x)＝g(x)－f(x)在［，］上的零点个数为(　　)‎ A．5 B．6 C．7 D．8‎ ‎12．若x∈［0，＋∞)，则下列不等式恒成立的是(　　)‎ A．ex≤1＋x＋x2 B．‎ C．cosx≥1－x2 D．ln(1＋x)≥x－x2‎ 第Ⅱ卷 本卷包括必考题和选考题两部分．第13题～第21题为必考题，每个试题考生都必须做答．第22题～第24题为选考题，考生根据要求做答．‎ 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．‎ ‎13．一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为__________．‎ ‎14．已知等比数列{an}为递增数列，且，2(an＋an＋2)＝5an＋1，则数列{an}的通项公式an＝__________．‎ ‎15．已知P，Q为抛物线x2＝2y上两点，点P，Q的横坐标分别为4，－2，过P，Q分别作抛物线的切线，两切线交于点A，则点A的纵坐标为__________．‎ ‎16．已知正三棱锥P－ABC，点P，A，B，C都在半径为的球面上，若PA，PB，PC两两相互垂直，则球心到截面ABC的距离为__________．‎ 三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．‎ ‎17．在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c．角A，B，C成等差数列．‎ ‎(1)求cosB的值；‎ ‎(2)边a，b，c成等比数列，求sinAsinC的值．‎ ‎18．如图，直三棱柱ABC－A′B′C′，∠BAC＝90°，AB＝AC＝λAA′，点M，N分别为A′B和B′C′的中点．‎ ‎(1)证明：MN∥平面A′ACC′；‎ ‎(2)若二面角A′－MN－C为直二面角，求λ的值．‎ ‎19．电视传媒公司为了解某地区电视观众对某类体育节目的收视情况，随机抽取了100名观众进行调查．下面是根据调查结果绘制的观众日均收看该体育节目时间的频率分布直方图：‎ 将日均收看该体育节目时间不低于40分钟的观众称为“体育迷”．‎ ‎(1)根据已知条件完成下面的2×2列联表，并据此资料你是否认为“体育迷”与性别有关？‎ 非体育迷 体育迷 合计 男 女 ‎10‎ ‎55‎ 合计 ‎(2)将上述调查所得到的频率视为概率．现在从该地区大量电视观众中，采用随机抽样方法每次抽取1名观众，抽取3次，记被抽取的3名观众中的“体育迷”人数为X．若每次抽取的结果是相互独立的，求X的分布列，期望E(X)和方差D(X)．‎ 附：，‎ P(χ2≥k)‎ ‎0.05‎ ‎0.01‎ k ‎3.841‎ ‎6.635‎ ‎20．如图，椭圆C0：(a＞b＞0，a，b为常数)，动圆C1：x2＋y2＝t12，b＜t1＜a．点A1，A2分别为C0的左，右顶点，C1与C0相交于A，B，C，D四点．‎ ‎(1)求直线AA1与直线A2B交点M的轨迹方程；‎ ‎(2)设动圆C2：x2＋y2＝t22与C0相交于A′，B′，C′，D′四点，其中b＜t2＜a，t1≠t2．若矩形ABCD与矩形A′B′C′D′的面积相等，证明：t12＋t22为定值．‎ ‎21．设f(x)＝ln(x＋1)＋＋ax＋b(a，b∈R，a，b为常数)，曲线y＝f(x)与直线在(0,0)点相切．‎ ‎(1)求a，b的值；‎ ‎(2)证明：当0＜x＜2时，．‎ ‎22．选修4－1：几何证明选讲 如图，O和O′相交于A，B两点，过A作两圆的切线分别交两圆于C，D两点，连结DB并延长交O于点E．证明：‎ ‎(1)AC·BD＝AD·AB；‎ ‎(2)AC＝AE．‎ ‎23．选修4—4：坐标系与参数方程 在直角坐标系xOy中，圆C1：x2＋y2＝4，圆C2：(x－2)2＋y2＝4．‎ ‎(1)在以O为极点，x轴正半轴为极轴的极坐标系中，分别写出圆C1，C2的极坐标方程，并求出圆C1，C2的交点坐标(用极坐标表示)；‎ ‎(2)求圆C1与C2的公共弦的参数方程．‎ ‎24．选修4—5：不等式选讲 已知f(x)＝|ax＋1|(a∈R)，不等式f(x)≤3的解集为{x|－2≤x≤1}．‎ ‎(1)求a的值；‎ ‎(2)若恒成立，求k的取值范围．‎ ‎1． B　由已知条件可得UA＝{2,4,6,7,9}，UB＝{0,1,3,7,9}，‎ 所以(UA)∩(UB)＝{7,9}，故选B．‎ ‎2． A　，故选A．‎ ‎3． B　|a＋b|2＝|a|2＋2a·b＋|b|2，|a－b|2＝|a|2－2a·b＋|b|2，‎ 因为|a＋b|＝|a－b|，‎ 所以|a|2＋2a·b＋|b|2＝|a|2－2a·b＋|b|2，‎ 即2a·b＝－2a·b，‎ 所以a·b＝0，a⊥b．故选B．‎ ‎4． C　命题p是一个全称命题，其否定为存在性命题，p：x1，x2∈R，(f(x2)－f(x1))(x2－x1)＜0，故选C．‎ ‎5． C　完成这件事可以分为两步，第一步排列三个家庭的相对位置，有种排法；第二步排列每个家庭中的三个成员，共有种排法．由乘法原理可得不同的坐法种数有，故选C．‎ ‎6． B　因为数列{an}为等差数列，‎ 所以，根据等差数列的性质，若p＋q＝m＋n，则ap＋aq＝am＋an得，a1＋a11＝a4＋a8＝16，‎ 所以，故选B．‎ ‎7． A　将sinα－cosα＝两边平方得sin2α－2sinαcosα＋cos2α＝2，即sinαcosα＝‎ ‎，‎ 则，‎ 整理得2tan α＋tan2α＋1＝0，‎ 即(tan α＋1)2＝0，‎ 所以tan α＝－1．故选A．‎ ‎8． D　不等式组表示的平面区域如图所示，‎ 则2x＋3y在A(5,15)处取得最大值，故选D．‎ ‎9． D　当i＝1时，；‎ i＝2时，；‎ i＝3时，；‎ i＝4时，；‎ i＝5时，；‎ i＝6时，；‎ i＝7时，；‎ i＝8时，S＝4；i＝9时，输出S，故选D．‎ ‎10． C　设AC＝x cm(0＜x＜12)，‎ 则CB＝12－x(cm)，‎ 则矩形面积S＝x(12－x)＝12x－x2＜32，即(x－8)(x－4)＞0，解得0＜x＜4或8＜x＜12，在数轴上表示为 由几何概型概率公式得，概率为，故选C．‎ ‎11． B　由f(－x)＝f(x)，f(x)＝f(2－x)可知，f(x)是偶函数，且关于直线x＝1对称，‎ 又由f(2－x)＝f(x)＝f(－x)可知，f(x)是以2为周期的周期函数．‎ 在同一坐标系中作出f(x)和g(x)在［，‎ ‎］上的图象如图，可知f(x)与g(x)的图象在［，］上有6个交点，即h(x)的零点个数为6．‎ ‎12． C　对于ex与1＋x＋x2，当x＝5时，ex＞32，而1＋x＋x2＝31，所以A项不正确；对于与，当时，，，所以B项不正确；令f(x)＝cosx＋x2－1，则f′(x)＝x－sinx≥0对x∈［0，＋∞)恒成立，f(x)在［0，＋∞)上为增函数，所以f(x)的最小值为f(0)＝0，所以f(x)≥0，cosx≥1－x2，故C项正确；令g(x)＝ln(1＋x)－x＋x2，则，令g′(x)＝0，得x＝0或x＝3．当x∈(0,3)时，g′(x)＜0，当x∈(3，＋∞)时，g′(x)＞0，g(x)在x＝3时取得最小值g(3)＝ln 4－3＋＜0，所以D项不正确．‎ ‎13．答案：38‎ 解析：由三视图可以看出该几何体为一个长方体从中间挖掉了一个圆柱，长方体表面积为2×(4×3＋3×1＋4×1)＝38，圆柱的侧面积为2π，上下两个底面积和为2π，所以该几何体的表面积为38＋2π－2π＝38．‎ ‎14．答案：2n 解析：设数列{an}的首项为a1，公比为q，则a12·q8＝a1·q9，a1＝q，由2(an＋an＋2)＝5an＋1，得2q2－5q＋2＝0，解得q＝2或，因为数列{an}为递增数列，所以q＝2，a1＝2，an＝2n．‎ ‎15．答案：－4‎ 解析：由已知可设P(4，y1)，Q(－2，y2)，‎ ‎∵点P，Q在抛物线x2＝2y上，‎ ‎∴‎ ‎∴‎ ‎∴P(4,8)，Q(－2,2)．‎ 又∵抛物线可化为，∴y′＝x，‎ ‎∴过点P的切线斜率为．‎ ‎∴过点P的切线为y－8＝4(x－4)，即y＝4x－8．‎ 又∵过点Q的切线斜率为，‎ ‎∴过点Q的切线为y－2＝－2(x＋2)，‎ 即y＝－2x－2．‎ 联立解得x＝1，y＝－4，‎ ‎∴点A的纵坐标为－4．‎ ‎16．答案：‎ 解析：正三棱锥P－ABC可看作由正方体PADC－BEFG截得，如图所示，PF为三棱锥P－ABC的外接球的直径，且PF⊥平面ABC．设正方体棱长为a，则3a2＝12，a＝2，AB＝AC＝BC＝．‎ ‎．‎ 由VP－ABC＝VB－PAC，得，‎ 所以，因此球心到平面ABC的距离为．‎ ‎17．解：(1)由已知2B＝A＋C，A＋B＋C＝180°，解得B＝60°，‎ 所以．‎ ‎(2)解法一：由已知b2＝ac，及，‎ 根据正弦定理得sin2B＝sinAsinC，‎ 所以sinAsinC＝1－cos2B＝．‎ 解法二：由已知b2＝ac，及，‎ 根据余弦定理得，解得a＝c，‎ 所以A＝C＝B＝60°，故sinAsinC＝．‎ ‎18．解：(1)证法一：连结AB′，AC′，由已知∠BAC＝90°，AB＝AC，三棱柱ABC－A′B′C′为直三棱柱，‎ 所以M为AB′中点．‎ 又因为N为B′C′的中点，‎ 所以MN∥AC′．‎ 又MN平面A′ACC′，AC′平面A′ACC′，‎ 因此MN∥平面A′ACC′．‎ 证法二：取A′B′中点P，连结MP，NP，‎ 而M，N分别为AB′与B′C′的中点，‎ 所以MP∥AA′，PN∥A′C′，‎ 所以MP∥平面A′ACC′，‎ PN∥平面A′ACC′．‎ 又MP∩NP＝P，‎ 因此平面MPN∥平面A′ACC′．‎ 而MN平面MPN，‎ 因此MN∥平面A′ACC′．‎ ‎(2)以A为坐标原点，分别以直线AB，AC，AA′为x轴，y轴，z轴建立直角坐标系O－xyz，如图所示．‎ 设AA′＝1，则AB＝AC＝λ，‎ 于是A(0,0,0)，B(λ，0,0)，C(0，λ，0)，A′(0,0,1)，B′(λ，0,1)，C′(0，λ，1)，‎ 所以M(，0，)，N(，，1)．‎ 设m＝(x1，y1，z1)是平面A′MN的法向量，‎ 由得 可取m＝(1，－1，λ)．‎ 设n＝(x2，y2，z2)是平面MNC的法向量，‎ 由得 可取n＝(－3，－1，λ)．‎ 因为A′－MN－C为直二面角，‎ 所以m·n＝0，即－3＋(－1)×(－1)＋λ2＝0，解得．‎ ‎19．解：(1)由频率分布直方图可知，在抽取的100人中，“体育迷”有25人，从而2×2列联表如下：‎ 非体育迷 体育迷 合计 男 ‎30‎ ‎15‎ ‎45‎ 女 ‎45‎ ‎10‎ ‎55‎ 合计 ‎75‎ ‎25‎ ‎100‎ 将2×2列联表中的数据代入公式计算，得 ‎．‎ 因为3.030＜3.841，所以没有理由认为“体育迷”与性别有关．‎ ‎(2)由频率分布直方图知抽到“体育迷”‎ 的频率为0.25，将频率视为概率，即从观众中抽取一名“体育迷”的概率为．‎ 由题意X～B(3，)，从而X的分布列为 X ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ P E(X)＝np＝，‎ D(X)＝np(1－p)＝．‎ ‎20．解：(1)设A(x1，y1)，B(x1，－y1)，又知A1(－a,0)，A2(a,0)，则直线A1A的方程为，①‎ 直线A2B的方程为．②‎ 由①②得．③‎ 由点A(x1，y1)在椭圆C0上，故．从而y12＝b2(1－)，代入③得 (x＜－a，y＜0)．‎ ‎(2)证明：设A′(x2，y2)，由矩形ABCD与矩形A′B′C′D′的面积相等，得 ‎4|x1||y1|＝4|x2||y2|，‎ 故x12y12＝x22y22．‎ 因为点A，A′均在椭圆上，‎ 所以b2x12(1－)＝b2x22(1－)．‎ 由t1≠t2，知x1≠x2，‎ 所以x12＋x22＝a2．‎ 从而y12＋y22＝b2，‎ 因此t12＋t22＝a2＋b2为定值．‎ ‎21．解：(1)由y＝f(x)过(0,0)点，得b＝－1．‎ 由y＝f(x)在(0,0)点的切线斜率为，‎ 又y′|x＝0＝(＋a)|x＝0＝＋a，得a＝0．‎ ‎(2)证法一：由均值不等式，‎ 当x＞0时，＜x＋1＋1＝x＋2，‎ 故．‎ 记h(x)＝f(x)－，‎ 则 ‎＝‎ ‎＝．‎ 令g(x)＝(x＋6)3－216(x＋1)，‎ 则当0＜x＜2时，g′(x)＝3(x＋6)2－216＜0．‎ 因此g(x)在(0,2)内是递减函数，‎ 又由g(0)＝0，得g(x)＜0，‎ 所以h′(x)＜0．‎ 因此h(x)在(0,2)内是递减函数，‎ 又h(0)＝0，得h(x)＜0．‎ 于是当0＜x＜2时，．‎ 证法二：由(1)知f(x)＝ln(x＋1)＋－1．‎ 由均值不等式，当x＞0时，＜x＋1＋1＝x＋2，‎ 故．①‎ 令k(x)＝ln(x＋1)－x，‎ 则k(0)＝0，，‎ 故k(x)＜0，即ln(x＋1)＜x．②‎ 由①②得，当x＞0时，．‎ 记h(x)＝(x＋6)f(x)－9x，则当0＜x＜2时，‎ h′(x)＝f(x)＋(x＋6)f′(x)－9‎ ‎＜x＋(x＋6)()－9‎ ‎＝［3x(x＋1)＋(x＋6)(2＋)－18(x＋1)］‎ ‎＜［3x(x＋1)＋(x＋6)(3＋)－18(x＋1)］‎ ‎＝(7x－18)＜0．‎ 因此h(x)在(0,2)内单调递减，‎ 又h(0)＝0，所以h(x)＜0，即．‎ ‎22．证明：(1)由AC与O′相切于A，得∠CAB＝∠ADB，‎ 同理∠ACB＝∠DAB，‎ 所以△ACB∽△DAB．‎ 从而，即AC·BD＝AD·AB．‎ ‎(2)由AD与O相切于A，得∠AED＝∠BAD，‎ 又∠ADE＝∠BDA，得△EAD∽△ABD．‎ 从而，即AE·BD＝AD·AB．‎ 结合(1)的结论，AC＝AE．‎ ‎23．解：(1)圆C1的极坐标方程为ρ＝2，‎ 圆C2的极坐标方程为ρ＝4cosθ．‎ 解得ρ＝2，，‎ 故圆C1与圆C2交点的坐标为(2，)，(2，)．‎ 注：极坐标系下点的表示不唯一．‎ ‎(2)解法一：由得圆C1与C2交点的直角坐标分别为(1，)，(1，)．‎ 故圆C1与C2的公共弦的参数方程为 ‎(或参数方程写成)‎ 解法二：将x＝1代入得ρcosθ＝1，从而．‎ 于是圆C1与C2的公共弦的参数方程为．‎ ‎24．解：(1)由|ax＋1|≤3得－4≤ax≤2．‎ 又f(x)≤3的解集为{x|－2≤x≤1}，所以当a≤0时，不合题意．‎ 当a＞0时，，得a＝2．‎ ‎(2)记h(x)＝f(x)－，‎ 则 所以|h(x)|≤1，因此k≥1．‎