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  • 2021-05-13 发布

2013高考数学人教B版课后作业98用向量方法求角与距离理

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‎9-8 用向量方法求角与距离(理) ‎ ‎1.(2011·福州模拟)已知=(1,5,-2),=(3,1,z),若⊥,=(x-1,y,-3),且BP⊥平面ABC,则实数x,y,z分别为(  ) ‎ A.,-,4      B.,-,4‎ C.,2,4 D. 4,,-15‎ ‎[答案] B ‎[解析] ∵⊥,∴·=3+5-2z=0,∴z=4,‎ ‎∵⊥平面ABC,∴⊥,⊥,‎ ‎∴,∴,故选B.‎ ‎2.在直三棱柱A1B‎1C1-ABC中,∠BCA=90°,点D1、F1分别是A1B1、A‎1C1的中点,BC=CA=CC1,则BD1与AF1所成的角的余弦值是(  )‎ A. B. C. D. ‎[答案] A ‎[解析] 建立如下图所示的坐标系,设BC=1,则A(-1,0,0),F1,B(0,-1,0),D1-,-,1,‎ 即=,=.‎ ‎∴cos〈,〉==.‎ ‎3.已知正方体ABCD-A1B‎1C1D1,则直线BC1与平面A1BD所成的角的余弦值是(  )‎ A. B. C. D. ‎[答案] C ‎[解析] ‎ 如上图,以D为坐标原点,直线DA、DC、DD1分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,设正方体棱长为1,则D(0,0,0),A1(1,0,1),B(1,1,0),C1(0,1,1),‎ ‎∴=(1,0,1),=(1,1,0),=(-1,0,1),‎ 设平面A1BD的一个法向量为n=(x,y,z),‎ 则,∴,∴,‎ 令x=1得,n=(1,- 1,-1),‎ 设直线BC1与平面A1BD所成角为θ,则 sinθ=|cos〈,n〉|===,‎ ‎∴cosθ==.‎ ‎4.在空间直角坐标O-xyz中,平面OAB的一个法向量为n=(2,-2,1),已知点P ‎(-1,3,2),则点P到平面OAB的距离d等于(  )‎ A.4     B.3    ‎ C.2     D.1‎ ‎[答案] B ‎[解析] 由条件知,O在平面OAB内,‎ ‎∵=(-1,3,2),‎ ‎∴点P到平面OAB的距离 d===2.‎ ‎5.( 2011·皖南八校联考)如下图,平面α⊥平面β,A∈α,B∈β,AB与两平面α,β所成的角分别为和,过A,B两点分别作两平面交线的垂线,垂足为A′,B′,若AB=12,则A′B′的长为(  )‎ A.4     B.6    [来源:高&考%资(源#网 wxc]‎ C.8     D.9‎ ‎[答案] B ‎[解析] 由条件知,∠ABA′=,∠BAB′=,‎ ‎∴∠A′AB=,‎ ‎∵AB=12,∴AA′=6,BB′=6,‎ ‎∴||2=(++)2‎ ‎=||2+||2+||2+2·+2·+2· ‎=36+144+72+2×6×12×cos+2×12×6×‎ cos+0=36,∴A′B′=||=6.‎ ‎6.(2011·广东省江门模拟)如下图,ABCD-A1B‎1C1D1是棱长为6的正方体,E、F分别是棱AB、BC上的动点,且AE=BF.当A1、E、F、C1四点共面时,平面A1DE与平面C1DF所成二面角的余弦值为(  )‎ A. B. C. D. ‎[答案] B ‎[解析] 以D为原点,DA、DC、DD1所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,则A1(6,0,6)、E(6,3,0)、F(3,6,0),设平面A1DE的法向量为n1=(a,b,c),依题意得令a=-1,则c=1,b=2,所以n1=(-1,2,1),同理得平面C1DF的一个法向量为n2=(2,-1,1),由题图知,平面A1DE与平面C1DF所成二面角的余弦值为=.‎ ‎7.(2011·浙江丽水模拟)如下图所示,PD垂直于正方形ABCD所在平面,AB=2,E为PB的中点,cos〈,〉=,若以DA,DC,DP所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,则点E的坐标为________.‎ ‎[答案] (1,1,1)‎ ‎[解析] 设PD=a,则由题意知A(2,0,0),B(2,2,0),P(0,0,a),E(1,1,),ks5u.com ‎∴=(0,0,a),=(-1,1,),‎ ‎∵cos〈,〉=,∴=,∴a=2,‎ ‎∴点E的坐标为(1,1,1).‎ ‎8.(2011·海淀检测)若正四棱柱ABCD-A1B‎1C1D1的底面边长为1,AB1与底面ABCD成60°角,则A‎1C1到底面ABCD的距离为________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] 设A‎1C1到底面的距离为a(a>0),以D为原点,,,的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向建立如下图空间直角坐标系,则A(1,0,0),B1(1,1,a),‎ ‎[来源:高&考%资(源#网 wxcKS5U.COM]‎ ‎∴=(0,1,a),‎ 又平面ABCD的一个法向量n=(0,0,1),‎ 由条件知sin60°=|cos〈,n〉|= ‎=,∴a=.‎ ‎9.已知三棱锥底面是边长为1的等边三角形,侧棱长均为2,则侧棱与底面所成角的正弦值为________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] 设正三角形ABC的中心为O,过O作直线l∥BC,分别以直线l、AO、PO为x轴、y轴、z轴建立如下图空间直角坐标系,则底面ABC的一个法向量n=(0,0,1),‎ 由条件知A(0,-,0),设P(0,0,a)(a>0),‎ 由||=2得,a=,‎ 设侧棱与底面所成角为θ,则 sinθ=|cos〈n,〉|===.‎ ‎[点评] 由上述解答过程可见,本题不如用综合几何方法简便,事实上图中∠PAO为直线PA与底面ABC所成的角,cos∠PAO==,∴sin∠PAO=,故在解题中,要注意依据所给条件灵活选取解法.‎ ‎10.(2010·河北邯郸市模考)如下图所示,在正三棱柱ABC-A1B‎1C1中,底面边长为a,侧棱长为a,D是棱A‎1C1的中点.‎ ‎(1)求证:BC1∥平面AB1D;‎ ‎(2)求二面角A1-AB1-D的大小;‎ ‎(3)求点C1到平面AB1D的距离.‎ ‎[解析] (1)连结A1B与AB1交于E,则E为A1B的中点,∵D为A‎1C1的中点,∴DE为△A1BC1的中位线,‎ ‎∴BC1∥DE.‎ 又DE⊂平面AB1D,BC1⊄平面AB1D,‎ ‎∴BC1∥平面AB1D.‎ ‎(2)解法1:过D作DF⊥A1B1于F,由正三棱柱的性质可知,DF⊥平面ABB‎1A1,连结EF,DE,在正△A1B‎1C1中,∴B1D=A1B1=a,‎ 由直角三角形AA1D中,AD==a,‎ ‎∴AD=B1D,∴DE⊥AB1,‎ 由三垂线定理的逆定理可得EF⊥AB1.‎ 则∠DEF为二面角A1-AB1-D的平面角,‎ 又DF=a,∵△B1FE∽△B1AA1,‎ ‎∴=⇒EF=a,∴∠DEF=.[来源:高&考%资(源#网 wxc]‎ 故所求二面角A1-AB1-D的大小为.‎ 解法2:(向量法)‎ 建立如图所示空间直角坐标系,则A(0,-a,0),B1(0,a,a),C1(-a,0,a),A1(0,-a,a),D(-a,-a,a).‎ ‎∴=(0,a,a),=(-a,-a,0).‎ 设n=(x,y,z)是平面AB1D的一个法向量,则可得 ,所以,‎ 即,‎ 取y=1可得n=(-,1,-).‎ 又平面ABB‎1A1的一个法向量n1==(-a,0,0),设n与n1的夹角是θ,则cosθ==.‎ 又知二面角A1-AB1-D是锐角,‎ 所以二面角A1-AB1-D的大小是.‎ ‎(3)解法1:设点C1到平面AB1D的距离为h,因AD2+DB=AB,所以AD⊥DB1,故S△ADB1=2=a2,而S△C1B1D=S△A1B‎1C1=a2,‎ 由VC1-AB1D=VA-C1B1D⇒S△AB1D·h ‎=S△C1B1D·AA1⇒h=a.‎ 解法2:由(2)知平面AB1D的一个法向量n=(-,1,-),=(-a,a,a),‎ ‎∴d===a.‎ 即C1到平面AB1D的距离为a.‎ ‎11.(2010·新乡市模考)如下图,正方体ABCD-A1B‎1C1D1的棱长为1,O是底面A1B‎1C1D1的中心,则点O到平面ABC1D1的距离为(  )‎ A. B. C. D. ‎[答案] B ‎[解析] 以D为原点,DA、DC、DD1为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,则A(1,0,0),B(1,1,0),D1(0,0,1),C1(0,1,1),O,设平面ABCD的法向量n=(x,y,1),则 ,∴,∴,∴n=(1,0,1),‎ 又=,‎ ‎∴O到平面ABC1D1的距离d===.‎ ‎[点评] 1.建立坐标系可以有不同的方案,如 以A为原点,直线AB、AD、AA1分别为x轴、y轴、z建立空间直角坐标系,则O,A(0,0,0),B(1,0,0),D1(0,1,1),‎ 设平面ABC1D1的法向量n=(x,y,1),则 ,∴,∴n=(0,-1,1),‎ ‎∴O到平面ABC1D1的距离h==.‎ ‎2.也可以不用空间向量求解.‎ 取B‎1C1的中点M,连结B‎1C交BC1于O′,取O′C1的中点N,连结MN,则MN⊥BC1,又在正方体ABCD-A1B‎1C1D1中,OM平行于平面ABC1D1,则O到平面ABC1D1的距离转化为M到平面ABC1D1的距离,即MN=,故选B.‎ ‎12.(2011·咸阳模拟)正四棱锥S-ABCD中,O为顶点在底面上的射影,P为侧棱SD的中点,且SO=OD,则直线BC与平面PAC的夹角的大小为________.‎ ‎[答案] 30°‎ ‎[解析] 由条件知AC⊥BD,AC与BD交点为O,以O为原点,射线OC,射线OD,射线OS分别为x轴、y轴、z轴正半轴建立空间直角坐标系,设SO=OD=,则BC=2,‎ ‎∴A(-,0,0),C(,0,0),D(0,,0),S(0,0,),B(0,-,0),∴P(0,,),‎ ‎∴=(,,0),=(2,0,0),=(,,).‎ 设平面PAC的一个法向量n=(x,y,z),则 ,∴,‎ ‎∴,取n=(0,1,-1),‎ 设直线BC与平面PAC成的角为φ,则 sinφ=|cos〈n,〉|===,‎ ‎∴φ=30°.‎ ‎13.(2011·洛阳联考)如下图所示,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,四边形ABCD是矩形,E、F分别是AB、PD的中点.若PA=AD=3,CD=.‎ ‎(1)求证:AF∥平面PCE;‎ ‎(2)求点F到平面PCE的距离;‎ ‎(3)求直线FC与平面PCE所成角的正弦值.‎ ‎[解析] ‎ 如上图所示建立空间直角坐标系A-xyz,A(0,0,0),P(0,0,3),D(0,3,0),E(,0,0),F(0,,),C(,3,0).‎ ‎(1)取PC的中点G,连接EG,则G(,,).‎ ‎∵=(0,,),=(0,,),∴∥,[来源:Ks5u.com]‎ 即AF∥EG.‎ 又AF⊄平面PCE,EG⊂平面PCE,‎ ‎∴AF∥平面PCE.‎ ‎(2)设平面PCE的法向量为n=(x,y,z),=(-,0,3), =(,3,0).‎ 即 取y=-1,得n=(,-1,1).‎ 又=(0,,-),‎ 故点F到平面PCE的距离为 d===.‎ ‎(3)=(,,-),‎ 设FC与平面PCE所成角为θ,‎ sinθ=|cos〈,n〉|===.‎ ‎∴直线FC与平面PCE所成角的正弦值为.‎ ‎14.(2011·北京西城二模)如下图,已知菱形ABCD的边长为6,∠BAD=60°,AC∩BD=O.将菱形ABCD沿对角线AC折起,使BD=3,得到三棱锥B-ACD.‎ ‎(1)若点M是棱BC的中点,求证:OM∥平面ABD;‎ ‎(2)求二面角A-BD-O的余弦值;‎ ‎(3)设点N是线段BD上一个动点,试确定点N的位置,使得CN=4,并证明你的结论.‎ ‎[解析] (1)证明:因为点O是菱形ABCD的对角线的交点,所以O是AC的中点.又点M是棱BC的中点,所以OM是△ABC的中位线,OM∥AB.‎ 因为OM⊄平面ABD,AB⊂平面ABD,‎ 所以OM∥平面ABD.‎ ‎(2)由题意知,OB=OD=3,‎ 因为BD=3,‎ 所以∠BOD=90°,OB⊥OD.‎ 又因为四边形ABCD是菱形,所以OB⊥AC,OD⊥AC.‎ 建立空间直角坐标系O-xyz,如下图所示.‎ 则A(3,0, 0),D(0,3,0),B(0,0,3).‎ 所以=(-3,0,3),=(-3,3,0),‎ 设平面ABD的法向量为n=(x,y,z),‎ 则有即 令x=1,则y=,z=,所以n=(1,,).‎ 因为AC⊥OB,AC⊥OD,所以AC⊥平面BOD.‎ 平面BOD的法向量与AC平行,‎ 所以可得平面BOD的一个法向量为n0=(1,0,0).‎ cos〈n0,n〉===.‎ 因为二面角A-BD-O是锐角,‎ 所以二面角A-BD-O的余弦值为.‎ ‎(3)因为N是线段BD上一个动点,设N(x1,y1,z1),‎ =λ,则(x1,y1,z1-3)=λ(0,3,-3),‎ 所以x1=0,y1=3λ,z1=3-3λ,‎ 则N(0,3λ,3-3λ),=(3,3λ,3-3λ),‎ 由CN=4得=4,‎ 即9λ2-9λ+2=0,‎ 解得λ=或λ=,‎ 所以N点的坐标为(0,2,1)或(0,1,2).‎ ‎(也可以答N是线段BD的三等分点,=2或2=)‎ ‎15.(2011·北京理,16)如下图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,底面ABCD是菱形,AB=2,∠BAD=60°.‎ ‎(1)求证:BD⊥平面PAC;‎ ‎(2)若PA=AB,求PB与AC所成角的余弦值;‎ ‎(3)当平面PBC与平面PDC垂直时,求PA的长.‎ ‎[解析] (1)因为四边形ABCD是菱形,所以AC⊥BD.‎ 又因为PA⊥平面ABCD.所以PA⊥BD.‎ 因为PA∩AC=A,所以BD⊥平面PAC.‎ ‎(2)设AC∩BD=O.因为∠BAD=60°,PA=AB=2,‎ 所以BO=1,AO=CO=.‎ 如上图,以O为坐标原点,建立空间直角坐标系O-xyz,则P(0,-,2),‎ A(0,-,0),B(1,0,0),‎ C(0,,0).‎ 所以=(1,,-2),‎ =(0,2,0),‎ 设PB与AC所成角为θ,则cosθ===.‎ ‎(3)由(2)知=(-1,,0).‎ 设P(0,-,t),(t>0),则=(-1,-,t).‎ 设平面PBC的法向量m=(x,y,z),则 ·m=0,·m=0,‎ 所以 令y=,则x=3,z=.所以m=(3,,).‎ 同理,平面PDC的法向量n=(-3,,).‎ 因为平面PBC⊥平面PDC.‎ 所以m·n=0,即-6+=0.解得t=.‎ 所以PA=.‎ ‎1.已知正三棱柱ABC-A1B‎1C1的侧棱长与底面边长相等,则AB1与侧面ACC‎1A1所成角的正弦值等于(  )‎ A. B. C. D. ‎[答案] A ‎[解析] 解法1:取A‎1C1中点E,连结AE、B1E.‎ 由题易知B1E⊥平面ACC‎1A1,‎ 则∠B1AE为AB1与侧面ACC‎1A1所成的角.‎ 令正三棱柱侧棱长与底面边长为1.‎ 则sin∠B1AE===.‎ 故选A.‎ 解法2:以A‎1C1中点E为原点建立空间直角坐标系E-xyz,设棱长为1,则 A,B1,令AB1与面ACC‎1A1所成角为θ.‎ ‎∴sinθ=|cos〈,〉|‎ ‎==.‎ ‎2.如下图,正方形ABCD和四边形ACEF所在平面互相垂直,CE⊥AC,EF∥AC,AB=,CE=EF=1.‎ ‎(1)求证:AF∥平面BDE;‎ ‎(2)求证:CF⊥平面BDE;‎ ‎(3)求二面角A-BE-D的大小.‎ ‎[解析] ‎ ‎(1)设AC与BD交于点G,因为EF∥AG,且EF=1,AG=AC=1,所以四边形AGEF为平行四边形.所以AF∥EG.因为EG⊂平面BDE,AF⊄平面BDE,所以AF∥平面BDE.‎ ‎(2)因为正方形ABCD和四边形ACEF所在的平面互相垂直,且CE⊥AC,所以CE⊥平面ABCD.如图以C为原点,建立空间直角坐标系C—xyz.则C(0,0,0),A(,,0),D(,0,0),E(0,0,1),F(,,1).所以=(,,1),=(0,-,1),=(-,0,1).所以·=0-1+1=0,·=-1+0+1=0.所以CF⊥BE,CF⊥DE,所以CF⊥平面BDE.‎ ‎(3)由(2)知,=(,,1),是平面BDE的一个法向量,设平面ABE的法向量n=(x,y,z),则n·=0,‎ n·=0.‎ 即 所以x=0,z=y.令y=1,则z=.‎ 所以n=(0,1,),从而cos〈n,〉== 因为二面角A—BE—D为锐角,所以二面角A—BE—D的大小为.‎ ‎ ‎