高考真题——理综生物四川卷解析版 6页

‎2013届普通高等学校招生全国统一考试四川生物卷 命题思路与解题方法全析 ‎（四川省夹江中学校 罗斌）‎ 一．选择题（本大题共7题，每题6分，共42分。在每题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）。‎ ‎1．在诱导离体菊花茎段形成幼苗的过程中，下列生命活动不会同时发生的是（ D ）‎ A.细胞的增殖与分化 B.光能的吸收与转化 C.ATP的合成与分解 D.基因的突变与重组 ‎【命题思路】本题借“植物组培”创设情境，实际考查《分子与细胞》和《遗传与进化》两大模块的基础知识的理解能力，属于基础立意题。‎ ‎【解题方法】植物组培过程是一个实现全能性的过程，期间一定会出现有丝分裂、细胞分化、能量的供给和再生，有丝分裂过程可能会出现基因突变，但不会出现基因重组，因为基因重组通常发生在减数分裂过程中，而组培成幼苗的过程是不会进行减数分裂的，故选D。‎ ‎2．若H7N9禽流感病毒侵入人体，机体在免疫应答过程中不会发生的是（ C ）‎ A.吞噬细胞摄取和处理病毒 B.T细胞合成并分泌淋巴因子 C.浆细胞进行分裂并分泌抗体 D.B细胞增殖分化形成记忆细胞 ‎【命题思路】本题借“今年四月国内爆发的H7N9病毒事件”创设情境，实际考查《稳态与环境》和《分子与细胞》两大模块的基础知识的理解能力，属于基础立意题。‎ ‎【解题方法】H7N9病毒对人体来说属于一种特异性抗原，侵入人体后会激发人体的特异性免疫反应，其中选项A在感应和效应两大阶段都会发生，选项B在效应阶段发生，选项D在反应阶段发生，而选项C浆细胞分泌抗体在效应阶段发生，但是浆细胞又名效应B细胞，属于高度分化的体细胞，不再分裂，故选C。‎ ‎3．右图表示具有生物活性的蛙坐骨神经-腓肠肌标本，神经末梢与肌细胞的接触部位类似于突触，称“神经-肌接头”。下列叙述错误的是（ C ）‎ A.“神经-肌接头”处可发生电信号与化学信号的转变 B.电刺激①处，肌肉会收缩，灵敏电流计指针也会偏转 C.电刺激②处，神经纤维上的电流计会记录到电位变化 D.神经纤维上兴奋的传导方向与膜内的电流方向相同 ‎【命题思路】本题借“蛙坐骨神经-腓肠肌标本的人工电刺激”创设情境，考查学生的信息获取能力，同时考查《稳态与环境》中的兴奋传导方向的基础知识的理解能力，属于能力立意题。‎ ‎【解题方法】根据题干说明“神经末梢与肌细胞的接触部位类似于突触”，那么兴奋传递方向在此处只能是神经→肌肉，且是电信号与化学信号的互变，故选项A和C正确；又由于兴奋在神经纤维上的传导方向是双向的，且膜内电流方向代表了兴奋的传导方向，故选C。‎ ‎4．下列实验所采取的的措施，不涉及“降低化学反应活化能”原理的是（ D ）‎ A.利用果胶酶提高水果的出汁率 B.滴加肝脏研磨液促使过氧化氢的分解 C.滴加FeCl3溶液提高过氧化氢的分解速率 D.利用水浴加热提高胡萝卜素的萃取效率 ‎5．大豆植株的体细胞含40条染色体。用放射性60Co处理大豆种子后，筛选出一株抗花叶病的植株X，取其花粉经离体培养得到若干单倍体植株，其中抗病植株占50%。下列叙述正确的是（ D ）‎ A.用花粉离体培养获得的抗病植株，其细胞仍具有全能性 B.单倍体植株的细胞在有丝分裂后期，共含有20条染色体 C.植株X连续自交若干代，纯合抗病植株的比例逐代降低 D.放射性60Co诱发的基因突变，可以决定大豆的进化方向 ‎【命题思路】本题借“物理因素诱发基因突变”创设情境，实际考查《分子与细胞》和《遗传与进化》两大模块基础知识的理解推理能力、获取信息的能力和综合应用能力，属于能力立意题。‎ ‎【解题方法】选项D违背了现代生物进化理论，决定进化方向的不是变异本身，而是自然选择。另据题干“…植株X，取其花粉经离体培养得到若干单倍体植株，其中抗病植株占50%”可知，植株X是杂合子，连续自交若干代后，纯合抗病植株比例会逐代升高，故选项C错误；植株X的花粉含有体细胞一半的染色体即20条，离体培养过程属于有丝分裂过程，不仅子细胞具有全能性，而且后期染色体条数会加倍成40条，故选项A。‎ ‎6．稻田生态系统是四川盆地重要的农田生态系统，卷叶螟和褐飞虱是稻田中两种主要害虫，拟水狼蛛是这两种害虫的天敌。下列叙述错误的是（ B ）‎ A.害虫与拟水狼蛛间的信息传递，有利于维持生态系统的稳定 B.防治稻田害虫，可提高生产者和消费者之间的能量传递效率 C.精耕稻田和弃耕稻田的生物群落，演替的方向和速度有差异 D.用性外激素专一诱捕卷叶螟，短期内褐飞虱种群密度会下降 ‎【命题思路】本题借“稻田生态系统”创设情境，实际考查《稳态与环境》中的知识理解推理能力、信息获取能力。属于能力立意题。‎ ‎【解题方法】根据教材基础知识，很容易排除掉选项A和C；又根据题干信息“卷叶螟和褐飞虱是稻田中两种主要害虫，拟水狼蛛是这两种害虫的天敌”可知，两种害虫属于竞争关系，它们与拟水狼蛛属于捕食关系，选项D立即排除，而防治稻田害虫，只是改变了能量流动的途径，而没有改变传递效率，故选B。‎ ‎7．哺乳动物红细胞的部分生命历程如下图所示，图中除成熟红细胞外，其余细胞中均有核基因转录的RNA。下列叙述错误的是（ D ）‎ 造血干细胞 幼红细胞 网织红细胞 成熟红细胞 凋亡 排出 细胞核 丧失 细胞器 ‎…‎ A.成熟红细胞在细胞呼吸过程中不产生二氧化碳 B.网织红细胞仍然能够合成核基因编码的蛋白质 C.造血干细胞与幼红细胞中基因的执行情况不同 D.成熟红细胞衰老后控制其凋亡的基因开始表达 ‎【命题思路】本题借“造血干细胞的分裂分化出成熟红细胞的过程”创设情境，考查《分子与细胞》和《遗产与进化》两大模块的知识理解能力、获取信息能力，属于能力立意题。‎ ‎【解题方法】据题干图形信息可知，第一网织红细胞无细胞核有核糖体，该细胞能翻译，选项B正确；幼红细胞是造血干细胞经分裂分化来的，因而发生了基因的选择性表达，选项C正确。又据“成熟红细胞没有细胞核和线粒体”可知该细胞不含基因，且无氧呼吸产物只有乳酸，选项A正确、D错误。故选D。‎ 二．简答题（本大题共4题，共48分）。‎ ‎8.（11分）将玉米的PEPC酶基因导入水稻后，测得光照强度对转基因水稻和原种水稻的气孔导度及光合速率的影响结果，如下图所示。（注：气孔导度越大，气孔开放程度越高）‎ ‎2 4 6 8 10 12 14‎ 光照强度（×102μmol·m-2·s-1）‎ 气孔导度 ‎（mol·m-2·s-1）‎ ‎0.8‎ ‎0.6‎ ‎0.4‎ ‎0.2‎ ‎0‎ 转基因水稻 原种水稻 ‎2 4 6 8 10 12 14‎ 光照强度（×102μmol·m-2·s-1）‎ ‎40‎ ‎30‎ ‎20‎ ‎10‎ ‎0‎ ‎-10‎ 光合速率 ‎（μmol·m-2·s-1）‎ 转基因水稻 原种水稻 ‎⑴水稻叶肉细胞进行光合作用的场所是 叶绿体 ，捕获光能的色素中含量最多的是 叶绿素a 。‎ ‎⑵CO2通过气孔进入叶肉细胞后，首先与 C5 结合而被固定，固定产物的还原需要光反应提供 [H]和ATP 。‎ ‎⑶光照强度低于8×102μmol·m-2·s-1时，影响转基因水稻光合速率的主要因素是 光照强度 ；光照强度为10～14×102μmol·m-2·s-1时，原种水稻的气孔导度下降但光合速率基本不变，可能的原因是 CO2浓度基本在CO2饱和点以上或暗反应的酶已饱和 。‎ ‎⑷分析图中信息，PEPC酶所起的作用是 提高气孔导度和提高水稻在强光下的光合速率 ；转基因水稻更适宜栽种在 高光强 的环境中。‎ ‎9.（12分）瘦素是动物脂肪细胞分泌的一种蛋白质激素，机体脂肪储存量越大，瘦素分泌越多。下丘脑的某些细胞接受到瘦素信号后，机体能通过复杂的神经内分泌网络调节摄食行为。‎ ‎⑴脂肪是细胞内良好的 储能 物质；与糖类相比，脂肪分子中氧的含量 更低 。‎ ‎⑵组成瘦素的基本单位是 氨基酸 。在核糖体中合成的瘦素蛋白，必须通过 内质网和高尔基体 进行加工和运输才能分泌到细胞外，随 血浆 运送到全身各处。下丘脑中的靶细胞通过 细胞膜上的瘦素受体蛋白(或糖蛋白或糖被) 识别瘦素。‎ ‎⑶现有两类患肥胖症的小鼠，A类小鼠肥胖是瘦素受体基因缺陷所致，B类小鼠肥胖原因未知。分析以下实验：‎ 组别 处理措施 正常饲喂一段时间后的实验结果 ‎1‎ 正常小鼠与A小鼠连体共生 正常小鼠摄食量明显减少，A小鼠无变化 ‎2‎ 正常小鼠与B小鼠连体共生 正常小鼠无变化，B小鼠摄食量略微减少 ‎3‎ A小鼠与B小鼠连体共生 A小鼠无变化，B小鼠摄食量明显减少 ‎（注：连体共生即通过手术使两只小鼠的血液循环贯通）‎ ‎①根据实验结果推测，连体前A小鼠体内瘦素的含量比正常小鼠 高 ，B小鼠肥胖的原因最可能是 瘦素蛋白基因发生突变 。‎ ‎②为排除手术对实验结果的干扰，可增设一组处理措施为 正常小鼠与正常小鼠连体共生 的对照实验。‎ ‎【命题思路】本题借“动物机体脂肪储存量大小对摄食行为的调节”创设情境，实际考查《分子与细胞》和《稳态与环境》的相关知识。既考查本专题的知识理解能力，又考查了实验的探究能力中“能对实验现象和结果进行解释、分析和处理”以及“能对一些简单的实验与探究方案做出恰当的评价和修订”两方面，属于基础和能力双重立意的综合题。‎ ‎【解题方法】⑴和⑵熟记相关知识即可回答。⑶从第一组实验结果可知肥胖型的A小鼠提供了更多的瘦素给正常小鼠，从第二组实验结果可知肥胖型的B小鼠自身瘦素含量极低或者根本不能产生瘦素，从第三组实验结果可知B小鼠下丘脑的瘦素受体是正常的，结合第二、三组实验分析可推知B小鼠肥胖的原因可能是不能产生瘦素或产生瘦素极少。增设同类小鼠连体共生实验，再与实验前的摄食量进行比较，即可知道手术本身是否对实验结果带来了干扰。‎ ‎10.（12分）普通酵母菌直接利用淀粉的能力很弱，有人将地衣芽胞杆菌的α-淀粉酶基因转入酵母菌中，经筛选得到了可高效利用淀粉的工程酵母菌菌种（过程如图甲所示）。‎ 工程酵母菌 固体平板培养 接种 接种 筛选、接种 ‎②‎ 液体培养 菌种 α-淀粉酶基因 ‎①‎ 重组质粒 接种到新鲜培养基 ‎③‎ 图甲 图乙 ‎⑴图甲中，过程①需要的酶有 限制性核酸内切酶和DNA连接酶 。为达到筛选目的，平板内的固体培养基应以 淀粉 作为唯一碳源。②、③过程需要重复几次，目的是 筛选出真正高效利用淀粉的工程酵母菌菌种 。‎ ‎⑵某同学尝试过程③的操作，其中一个平板经培养后的菌落分布如图乙所示。该同学的接种方法是 稀释涂布平板法 ；推测该同学接种时可能的操作失误是 涂布不均匀 。‎ ‎⑶以淀粉为原料，用工程酵母菌和普通酵母菌在相同的适宜条件下密闭发酵，接种 工程酵母 菌的发酵罐需要先排气，其原因是 工程酵母菌利用淀粉的速度很快，发酵产生CO2的速度也很快 。‎ ‎⑷用凝胶色谱法分离α-淀粉酶时，在色谱柱中移动速度较慢的蛋白质，相对分子质量较 小 。‎ ‎【命题思路】本题借“筛选可高效利用淀粉的工程酵母菌菌种”创设情境，实际考查《生物技术实践》中的微生物的实验室培养和蛋白质的提取和分离两个实验的原理或方法，属于选修部分的基础立意题。‎ ‎【解题方法】本题三道题都源于教材的相关基础设问，熟记相关知识即可回答。相对灵活的是⑶题，关键是审出“先排气”的准确含义，是指“发酵过程中首先排气”的意思，以此可知是高速利用淀粉的工程酵母菌，该酵母菌发酵时产生CO2的速度也很快。‎ ‎11.（13分）回答下列果蝇眼色的遗传问题。‎ ‎⑴有人从野生型红眼果蝇中偶然发现一只朱砂眼雄蝇，用该果蝇与一只红眼雌蝇杂交得F1，F1随机交配得F2，子代表现型及比例如下（基因用B、b表示）：‎ 实验一 亲本 F1‎ F2‎ 雌 雄 雌 雄 红眼（♀）× 朱砂眼（♂）‎ 全红眼 全红眼 红眼:朱砂眼=1:1‎ ‎①B、b基因位于____X____染色体上，朱砂眼对红眼为____隐____性。‎ ‎②让F2代红眼雌蝇与朱砂眼雄蝇随机交配，所得F3代中，雌蝇有 2 种基因型，雄蝇中朱砂眼果蝇所占比例为 1/4 。‎ ‎⑵在实验一F3的后代中，偶然发现一只白眼雌蝇。研究发现，白眼的出现与常染色体上的基因E、e有关。将该白眼果蝇与一只野生型红眼雄蝇杂交得F′1，F′1随机交配得F′2，子代表现型及比例如下：‎ 实验二 亲本 F′1‎ F′2‎ 雌 雄 雌、雄均表现为 红眼:朱砂眼:白眼=4:3:1‎ 白眼（♀）× 红眼（♂）‎ 全红眼 全朱砂眼 实验二中亲本白眼雌蝇的基因型为 eeXbXb ；F′2代杂合雌蝇共有 4 种基因型，这些杂合雌蝇中红眼果蝇所占的比例为 2/3 。‎ ‎⑶果蝇出现白眼是基因突变导致的，该基因突变前的部分序列（含起始密码信息）如下图所示。（注：起始密码子为AUG，终止密码子为UAA、UAG或UGA）‎ GCG GCG ATG GGA AAT CTC AAT GTG ACA CTG CGC CGC TAC CCT TTA GAG TTA CAC TGT GAC 甲链 乙链 上图所示的基因片段在转录时。以 乙 链为模板合成mRNA；若“↑”所指碱基对缺失，该基因控制合成的肽链含 5 个氨基酸。‎ ‎【解题方法】‎ ‎⑴根据实验一中F1随机交配得到的F2雌雄有性状上的差异可知，朱砂眼属于X连锁隐性遗传。相关遗传图解如下，从中①、②两问不难回答（略）。‎ P 红眼(♀) × 朱砂眼(♂)‎ XBXB × XbY F1 XBXb × XBY F2 XBXB XBXb XBY XbY ‎1 : 1 : 1 : 1‎ F2 红眼(♀) × 朱砂眼(♂)‎ ‎1/2XBXB和1/2XBXb XbY F2 XBXb XbXb XBY XbY ‎ 红雌 朱雌 红雄 朱雄 ‎3/8 1/8 3/8 1/8‎ ‎⑵根据实验二的F′1中雄蝇全为朱砂眼可知，亲本是XbXb白眼(♀)×XBY红眼(♂)，F′1是XBXb红眼(♀)、XbY朱砂眼(♂)。再依据F′2无论雌雄都表现为4:3:1，这一比例是3:1:3:1=(3:1)×(1:1)的变式，因此确定F′1的完整基因型是EeXBXb、EeXbY且E不影响B、b的表达，由此确定实验二的亲本的完整基因型是：eeXbXb、EEXBY 又依据F′1EeXBXb × EeXbY → F′2雌蝇的种类有：(1EE+2Ee+1ee)(1XBXb+1XbXb)= 1EEXBXb + 1EEXbXb + 2EeXBXb + 2EeXbXb + 1eeXBXb + 1eeXbXb。可见，杂合雌蝇有4种，其中红眼占2/3。‎ ‎⑶依据起始密码子为AUG，终止密码子为UAA、UAG、UGA可知，基因的编码链上应有ATG………………TAA或TAG或TGA，由此确定甲链为编码链，乙链为模板链。缺失“↑”碱基对，甲链变为……ATG GGA ATC TCA ATG TGA……，扣除终止密码子互补的TGA还剩5个，由此确定多肽链应含有5个氨基酸。‎