河南省林州一中分校（林虑中学）2018-2019学年高二3月月考物理试题 11页

林虑中学2017级高二下学期3月月考物理试题考试时间：90分钟；注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题)一、单选题（下列各题只有一个选项符合题意，每题4分，总分16分）1．匀强磁场中有一细金属圆环，圆环平面位于纸面内，如图甲所示，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示；用I1、I2、I3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流，F1、F2、F3分别表示金属环上很小一段导体受到的安培力．下列说法正确的是（　　）A．I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．I2沿顺时针方向，I3沿逆时针方向C．F1方向指向圆心，F2方向指向圆心D．F2方向背离圆心向外，F3方向背离圆心向外2．如图所示的电路中，A、B是两个相同的灯泡，L是一个带铁芯的线圈，电阻可忽略不计。调节R，电路稳定时两灯泡都正常发光，则在开关合上或断开时（　　）A．合上S时，B灯立即亮起来，并保持亮度不变B．断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭C．断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，且通过A灯泡的电流方向与原电流方向相反D．断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，但一定是同时熄灭3．矩形线圈abcd位于通电直导线附近，且开始时与导线在同一平面，如图所示，线圈的两条边与导线平行，要使线圈中产生顺时针方向的电流，可以（　　） A．线圈不动，增大导线中的电流B．线圈向上平动C．ad边与导线重合，绕导线转过一个小角度D．以bc边为轴转过一个小角度4．如图所示为一交流电电流随时间而变化图像，此交流电电流的有效值为（）A．7AB．5AC．3.52AD．3.5A二、多选题（下列各题至少有两个选项符合题意，每题4分，选对不全2分，错选0分。总分24分）5．如图甲所示，间距为L的光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B，轨道左侧连接一定值电阻R．垂直导轨的导体棒ab在水平外力F作用下沿导轨运动，F随t变化的规律如乙图所示．在0~t0时间内，棒从静止开始做匀加速直线运动．乙图中t0、F1、F2为已知，棒和轨道的电阻不计．（　　）A．在0～t0时间内，导体棒的加速度大小为2F2-F1RB2L2t0B．在0～t0时间内，通过导体棒横截面的电量为F2-F1t02BLC．在t0以后，导体棒一直做匀加速直线运动D．在t0以后，导体棒先继续加速，最后做匀速直线运动6．2017年12月17日，第二架国产大飞机C919在上海浦东国际机场首飞成功，C919在上海上空水平匀速飞行，由于地磁场的存在，其机翼就会切割磁感线，则下列说法正确的是（　　） A．机翼左端的电势比右端电势高B．机翼左端的电势比右端电势低C．机翼相当于电源，其非静电力与洛伦兹力有关D．飞机飞行过程中洛伦兹力做正功7．用均匀导线做成的矩形线圈abcd，长为3l，宽为l，矩形线圈的一半放在垂直纸面向外的匀强磁场中，线圈总电阻为R，如图所示。当磁场的磁感应强度大小以B=3+2t的规律变化时，下列说法正确的是（　　）A．线圈中感应电流的方向为abcdaB．线圈中产生的感应电动势大小为3l2C．线圈中产生的感应电流大小为6l2RD．线圈受到的安培力向右8．如图所示，一个边长为L的正方形导电线框，在外力作用下，以速度v匀速穿过宽度均为L的两个平行边界的匀强磁场，这两个磁场的磁感应强度大小均为B，方向相反，取顺时针方向的电流为正，受力向右为正，以bc边刚进入磁场开始关于线框中产生的感应电流和线框所受安培力F分别与位移x之间的函数图象，下列图像正确的是（　　）A．B．C．D． 9．超导现象是当今高科技的热点，当一块磁体靠近超导体时，超导体会产生强大的电流并且对磁体有排斥作用，这种排斥作用可以使磁体悬浮在空中。则（　　）A．超导体产生强大电流的原因是超导体中磁通量的变化率很大B．超导体产生强大电流的原因是超导体中电阻为0C．超导体中电流产生的磁场方向与磁体的磁场方向相反D．超导体中的电流会产生焦耳热10．如图所示，有界匀强磁场的左边有一“日”字形导线框，ac、ce边长相等且大于磁场的宽度，ae与bf的电阻不计，ab、cd、ef的电阻均相等。线框以一定速度匀速通过磁场，若将ab、cd和ef边分别在磁场中运动的过程，称为I、Ⅱ、Ⅲ过程，下列说法中正确的是（　　）A．Ⅱ、Ⅲ过程中ab中的电流强度相等B．Ⅱ、Ⅲ过程中cd中的电流强度相等C．I、Ⅱ、Ⅲ过程中ab间的电压相等D．I、Ⅱ、Ⅲ过程中导线框消耗的总电功率相等第II卷（非选择题)三、实验题（11题3分，12题10分，总分13分）11．如图乙所示，实验中发现闭合开关时，电流表指针向右偏，电路稳定后，若向右移动滑动触头，此过程中电流表指针向________偏转（选填“左”或“右”）。12．在《研究电磁感应现象》的实验中，有如图所示的一些器材，（1）请选择实验需要的器材，用笔线代替导线将这些实验器材连接成实验电路_______。（2）在连接实验电路时，电键S应处于______状态。（3）如果要用该装置获得感应电流，你认为可以有哪些操作方法？写出其中的两种：①______________________________________________________________________；②______________________________________________________________________。 四、解答题13.(10分)如图所示，MNPQ是固定与水平桌面上的足够长的U型金属导轨，导轨中接有阻值为R=6Ω的电阻，两导轨的间距为l=1.0m，质量为m=0.6kg，电阻r=4Ω的金属杆EF可在轨道上滑动，滑动时保持与轨道垂直，杆与轨道之间的滑动摩擦力大小f=0.32N，导轨的电阻不计，初始时，杆EF位于图中的虚线处，虚线右侧有一无限宽的匀强磁场区域，磁场方向垂直于桌面，磁感应强度的大小为B=1.0T，在t=0时刻，给EF杆一瞬时冲击，使之获得方向向右的初速度。经过一段时间，EF杆离开虚线的距离为x=2.0m，v1=1m/s若不考虑回路的自感。求：（1）在t=0s时刻，流过金属杆EF电流的大小与方向；（2）在此过程中电阻R上产生的焦耳热。14.（11分）如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度为B=1πT，当线圈以300r/min的转速匀速转动时，求：（1）转动中感应电动势的最大值.（2）图示位置开始计时的电流的瞬时值表达式.（3）电路中交流电压表和电流表的示数。 15.（13分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1m，导轨平面与水平面成θ＝37°角，下端连接阻值为R＝2Ω的电阻．匀强磁场方向与导轨平面垂直，磁感应强度大小B为0.4T。质量为0.2kg、电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25.(1)若金属棒中的电流方向由a到b，求磁感应强度的方向．(2)求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小．(3)求金属棒下滑速度达到稳定时的速度。(4)求金属棒稳定下滑时，电阻R的功率．17.（13分）如图甲所示，两平行导轨固定在绝缘水平面上，导轨左端接有阻值R=2Ω的定值电阻，两导轨的间距L=0.5m，导轨平面处在竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感强度B=1T，一个质量为m=0.1kg、长也为0.5m的导体棒垂直放置在导轨上。现用一个水平向右、大小为F=0.6N的恒力拉金属棒，使金属棒从静止开始向右运动，金属棒向右运动x=2m达到最大速度，此过程中金属棒的加速度a与速度v的关系如图乙所示，金属棒在运动中始终与导轨接触良好，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，不计导轨的电阻，求：（1）金属棒与导轨间的动摩擦因数μ；（2）金属棒的电阻r。林虑中学2017级高二下学期3月月考物理答案 1．A【解析】A项：由图甲所示可知，oa段，磁场垂直于纸面向里，穿过圆环的磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流I1沿逆时针方向，在ab段磁场向里，穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流I2沿顺时针方向，故A正确；B项：由图甲所示可知，在bc段，磁场向外，磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流I3沿顺时针方向，故B错误；C项：由左手定则可知，oa段电流受到的安培力F1方向指向圆心，ab段安培力F2方向背离圆心向外，故C错误；D项：由左手定则可知，ab段安培力F2方向背离圆心向外，bc段，安培力F3方向指向圆心，故D错误。故选：A。2．D【解析】A、在开关合上时，通过线圈的电流在增大，导致线圈出现自感电动势，从而阻碍灯泡A的电流增大，则B先亮，A后慢慢变亮，稳定时L的电阻忽略不计，则两电阻相同的灯的亮度相同，故B的亮度有变小的过程；故A错误.C、断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L和两灯泡组成的回路中的电流会维持不变，通过A灯的电流的方向不变，而B灯的电流方向与原电流方向相反；故C错误.B、D、断开开关S的瞬间，因灯泡相同L的电阻忽略不计，则电流相等，所以两灯会慢慢熄灭，但不会闪亮一下；故B错误，D正确.故选D.3．D【解析】A.当电流增大时，穿过线圈的磁通量垂直纸面向里增加，根据楞次定律可知，感应电流方向逆时针，故A错误；B.导线中的电流不变，线圈向上平动，穿过线圈的磁场不变，穿过线圈的磁通量也不变，则不产生感应电流，故B错误；C.ad边与导线重合，绕导线转过一个小角度，穿过线圈的磁通量不变，则不产生感应电流，故C错误；D.以bc边为轴转过一个小角度，穿过线圈的磁通量垂直纸面向里减小，根据楞次定律可知，产生感应电流为顺时针，即感应电流的方向为abcda，故D正确。故选：D。4．B【解析】将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有：(42)2R×0.01+(32)2R×0.01=I2R×0.02，解得I=5A，故选B.5．BD【解析】因在0-t0时间内棒做匀加速直线运动，故在t0时刻F2大于棒所受的所受的安培力，在t0以后，外力保持F2不变，安培力逐渐变大，导体棒做加速度越来越小的加速，当加速度a=0，即导体棒所受安培力与外力F2相等后，导体棒做匀速直线运动，故C错误，D正确；设在0-t0时间内导体棒的加速度为a，导体棒的质量为m，t0时刻导体棒的速度为v，通过导体棒横截面的电量为q，则有：a=vt0…①F2−B2L2vR＝ma…②F1=ma…③q=△ΦR…④△Φ=B△S=BLv2t0…⑤由①②③解得：a=(F2-F1)RB2L2t0，故A错误；由②③④⑤解得：q=(F2-F1)t02BL，故B正确；故选BD。6．AC【解析】A、B、在上海地磁场在竖直方向的分量向下，根据右手定则可知机翼左端的电势比右端电势高，故A正确、B错误；C、在飞机飞行的过程中机翼切割磁感应线产生的感应电动势，机翼相当于电源，其非静电力与洛伦兹力有关，故C正确；D 、飞机飞行过程中洛伦兹力始终不做功，故D错误。故选AC.7．BD【解析】磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿adcba方向，故A错误；由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E=ΔΦΔt=△B△tS=2×1.5l2=3l2，故B正确；线圈中产生的感应电流大小为I=ER=3l2R，选项C错误；根据左手定则判断线圈所受的安培力的方向向右，选项D正确；故选BD.8．AC【解析】A、B、0-L内，感应电动势为：E=BLv，感应电流为：I=ER=BLvR，由右手定则可知，电流方向沿逆时针方向，为负的；L-2L内，感应电动势为：E=2BLv，感应电流为：I=ER=2BLvR，由右手定则可知，电流方向沿顺时针方向，为正的；2L-3L内，感应电动势为：E=BLv，感应电流为：I=ER=BLvR，由右手定则可知，电流方向沿逆时针方向，为负的，故A正确，B错误；C、D、安培力：F=BIL，在0-L内F=B2L2vR，L-2L内F=4B2L2vR，2L-3L内F=B2L2vR，由左手定则可知，整个过程安培力始终向左，为负的，故C正确，D错误；故选AC.9．ACD【解析】超导体产生强大的电流，是由于超导体中电阻很小，且磁通量的变化率很大，故A正确，B错误；超导体中电流产生的磁场方向与磁体的磁场方向相反，产生了排斥力，这种排斥力可以使磁体悬浮于空中，故C正确；超导体仍有电阻，则其电流会产生焦耳热，故D正确；故选ACD。10．ACD【解析】由于导线框匀速穿过磁场，即ab、cd、ef切割速度相等，ac、ce边长相等且大于磁场的宽度，即每次只有一根导线切割磁感线，根据E=BLv可知三根导线切割磁感线产生的感应电动势相等，设每根导线的电阻为R，过程II中cd相当于电源，ab与ef并联，通过ab的电流为Iab=12⋅ER⋅RR+R+R=13ER，而通过cd的电流为Icd=2Iab=12⋅ER⋅RR+R+R=23ER；过程III中ef相等于电源，ab和cd并联，通过ab的电流为Iab=12⋅ER⋅RR+R+R=13ER，由于cd和ab并联在外电路，所以两者的电流相等，即Icd=13ER，故A正确B错误；过程I中，ab切割磁感线，相当于电源，此时ab间的电压相当于路端电压，为Uab=12R32RE=13E，过程II中cd切割磁感线，相当于电源，则ab间的电压为Uab=12R32RE=13E，过程III中ef切割磁感线，相当于电源，则ab间的电压为Uab=12R32RE=13E，C正确；三个过程中产生的感应电动势相等，线框的总电阻相等，即总电流相等，根据P=EI可知三个过程中导线框消耗的总电功率相等，D正确．11．左【解析】如图乙所示，实验中发现闭合开关时，穿过线圈B的磁通量增加，电流表指针向右偏；电路稳定后，若向右移动滑动触头，通过线圈A的电流减小，磁感应强度减小，穿过线圈B的磁通量减小，电流表指针向左偏转。12．（1）见下图； （2）断开（3）①　闭合或断开电键瞬间；②电键闭合后向左或向右移动滑动变阻器的滑动片或插入（拔出）原线圈A（软铁芯）。【解析】（1）实验器材连接成实验电路如图；（2）在连接实验电路时，电键S应处于断开状态。（3）如果要用该装置获得感应电流，可以的操作方法：①闭合或断开电键瞬间；②电键闭合后向左或向右移动滑动变阻器的滑动片或插入（拔出）原线圈A（软铁芯）；13．(1)方向F到E(2)1m/s(3)【解析】【分析】导体切割磁感线时产生感应电动势，由闭合电路欧姆定律和由右手定则可得流过金属杆EF电流的大小与方向，由动量定理可得金属棒EF的速度大小；由动能定理可得过程中电阻R上产生的焦耳热；解：（1）导体切割磁感线时的感应电动势流过金属杆EF电流的大小由右手定则可得方向F到E（2）由动能定理可得-=W安-fx过程中产生的总焦耳热Q=-W安过程中电阻R上产生的焦耳热14．（1）50V（2）i=5sin10πtA（3）3.54A31.86V【解析】(1)交流电的频率为f=30060Hz=5Hz角速度为ω=2πf=2π×5=10π rad/s最大值：Em=NBSω=100×1π×0.05×10π=50V(2)线圈从中心面开始计时，电流的瞬时表达式为i=Imsinωt而Im=EmR+r=5A故表达式为i=5sin10πt (A) (3)根据交流电的有效值定义：I=Im2=2.52A≈3.54A由欧姆定律可知：U=IR=22.52V≈31.86V【点睛】线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流．而对于电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定．而通过某一电量时，则用平均值来求．15．(1)垂直导轨平面向上（2）4m/s2（3）10m/s（4）8W【解析】(1)由右手定则可知，磁感应强度的方向垂直导轨平面向上；(2)金属棒开始下滑的初速度为零，根据牛顿第二定律得mgsinθ－μmgcosθ＝ma解得:a＝10×(0.6－0.25×0.8)m/s2＝4m/s2(3)设金属棒运动达到稳定时，速度为v，所受安培力为F安，棒在沿导轨方向受力平衡mgsinθ－μmgcosθ－F安＝0金属棒所受安培力：F安=BIL金属棒切割磁感线感应电动势为：E=BLV根据闭合电路欧姆定律：I=E/R联立解得：v＝10m/sI=2A(4)当金属棒稳定下滑时，因I=2AP＝I2R=8W16．(1)μ=0.4；(2)r=0.5Ω【解析】（1）由图乙可知，当v=0时，a=2m/s2由牛顿第二定律可知：F-μmg=ma代入数据解得：μ=0.4（2）由图象可知：vm=2m/s当金属棒达到最大速度时，有FA=BIL且F=FA+μmg解得=0.4A此时电路中的电动势E=BLvm根据闭合电路欧姆定律有I=ER+r代入数据解得：r=0.5Ω 林虑中学2017级高二下学期3月月考化学试题参考答案一.选择题1、D2、D3、C4、B5、C6、C7、D8、D9、C10、D11、C12、B13、C14、D15、D16、B17、B18、D19、B20、D21、C22、A23、A二．填空题24.(1)1s22s22p59F(2)1s22s22p63s23p63d104s24p333As(3)1s22s22p63s23p63d54s124Cr25.球1哑铃326.在元素周期表中，非金属元素位于元素周期表中的右上方，三种元素均为非金属元素，必位于第ⅤA、ⅥA、ⅦA三个主族，则可认定X必为氟，Y为硫，Z为砷。【答案】　(1)F2　(2)　Na＋[∶∶]2－Na＋　(3)砷　两　Z位于元素周期表中金属与非金属交界线附近　4s24p327.（1）平面三角形（2）正四面体CH4,NH4+（3）V形小于28.（1）N(2)V形（3）3（4）1s22s22p63s23p63d6(5)B(6)1:1