重庆市巴蜀中学2017届高三12月月考理综物理试题 16页

www.ks5u.com重庆市巴蜀中学2017届高三上学期12月月考理科综合物理试题二．选择题(本题共8个小题，每小题6分。每小题的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.)14.以下说法正确的是（）A.α衰变是原子核内的变化所引起的B.某金属产生光电效应，当照射光的颜色不变而增大光强时，光电子的最大初动能将增大C.当氢原子以n=4的状态跃迁到n=1的状态时，要吸收光子D.是α衰变方程【答案】A考点：考查光电效应；裂变反应和聚变反应．【名师点睛】本题考查了能级跃迁、光电效应方程、α衰变、半衰期等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，注意光电子的最大初动能与入射光的强度无关，与入射光的频率有关．15.如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住.现用一个恒力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是（）A.若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零B.若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零C.斜面对球的弹力大小与加速度大小有关D.斜面、挡板对球的弹力与球的重力三者的合力等于ma【答案】D【解析】试题分析：A、B、C、小球受到的重mg、斜面的支持力FN1、竖直挡板的水平弹力FN2，设斜面的倾斜角为α，则竖直方向有：FN1cosα=mg，因为mg和夹角α不变，无论加速度如何变化， FN1不变且不可能为零，水平方向有：FN2-FN1sinα=ma，则可知，若加速度越大，竖直挡板的水平弹力越大，故A、B、C错误。D、根据牛顿第二定律可知，斜面、挡板对球的弹力与球的重力三者的合力等于ma，故D正确．故选D．考点：考查牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【名师点睛】本题结合力的正交分解考察牛顿第二定律，正确的分析受力与正确的分解力是关键，注意将力分解到水平和竖直方向是解题的关键．16.2014年10月24日，“嫦娥五号”探路兵发射升空，为计划于2017年左右发射的“嫦娥五号”探路，并在8天后以“跳跃式返回技术”成功返回地面.“跳跃式返回技术”指航天器在关闭发动机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层．如图所示，虚线为大气层的边界．已知地球半径R，地心到d点距离r，地球表面重力加速度为g．下列说法正确的是（　　）A．“嫦娥五号”在b点处于完全失重状态B．“嫦娥五号”在d点的加速度小于C．“嫦娥五号”在a点速率大于在c点的速率D．“嫦娥五号”在c点速率大于在e点的速率【答案】C【解析】考点：考查万有引力定律及其应用．【名师点睛】解决本题的关键知道卫星在大气层中受到空气阻力作用，在大气层以外不受空气阻力，结合万有引力提供向心力、机械能守恒进行求解．17.真空中的某装置如图所示,其中平行金属板A、B之间有有加速电场，C、D之间有偏转电场,M为荧光屏.今有质子、氘核和α粒子均由A 板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场,最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1:2:4，电荷量之比为1:1:2，则下列判断中正确的是（　　）A.三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B.三种粒子打到荧光屏上的位置相同C.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1:2:2D.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1:2:4【答案】B【解析】试题分析：设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d．A、在加速电场中，由动能定理得，解得粒子加速获得的速度为．由于三种粒子的比荷不同，则v0不同，在加速电场中，由，x相同，可知加速的时间不同．三种粒子从B板运动到荧光屏的过程，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，所以三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间不同．故A错误．B、在偏转电场中，粒子偏转距离为，可知y与粒子的质量、电量无关，故三种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同．故B正确．C、在加速电场中，根据动能定理得：电场力做功W=qU1，W与q成正比，所以加速电场的电场力对三种粒子做功之比为1:1:2，故C错误．D、偏转电压的电场力做功为W=qEy，则W与q成正比，三种粒子的电荷量之比为1:1:2，则电场力对三种粒子做功之比为1:1:2．故D错误．故选B.考点：考查带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【名师点睛】本题是带电粒子在电场中运动问题，先加速后偏转，是重要推论，掌握要牢固，要抓住该式与哪些因素有关，与哪些因素无关．18.如图所示，倾角为θ的足够长传送带沿顺时针方向转动，转动速度大小为v1，一个物体从传送带底端以初速度大小v2(v2>v1)上滑，同时物块受到平行传送带向上的恒力F作用，物块与传送带间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块运动的v-t图象不可能是（） 【答案】C【解析】试题分析：因v2>v1，则物块相对于皮带向上运动，所受滑动摩擦力向下，①若，则物体的加速度为零，将一直向上以v2匀速运动，选项B正确.②若，则物体的加速度向上，将一直做匀加速直线运动，选项A正确.③若，则物体的加速度向下，将向上做匀减速直线运动，当两者速度相等时，物体受静摩擦力保证其合外力为零，则和皮带一起向上匀速，故选项C错误，选项D正确。故不可能的图象选C.考点：考查功能关系；牛顿第二定律．【名师点睛】该题是一道综合题，综合运用了运动学知识、机械能守恒定律、功能关系，解决本题的关键熟练这些定理、定律的运用．19.A、B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球(可视为点电荷)．两块金属板接在如图所示的电路中．电路中的R1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的强大而减小），R2为滑动变阻器，R3为定值电阻．当R2的滑片P在中间时闭合开关S．此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为θ，电源电动势E和内阻r一定．电表均为理想电表.下列说法中正确的是（　　）A．无论将R2的滑动触头P向a端移动还是向b端移动，θ均不会变化B．若将R2的滑动触头P向b端移动，则I减小，U减小C．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则小球重新达到稳定后θ变大D．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变【答案】AD【解析】 考点：考查闭合电路的欧姆定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【名师点睛】解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析，特别要理解，知道内、外电路电压变化量大小相等.20.如图所示，一质量为m的小球置于半径为R的光滑竖直圆轨道最低点A处，B为轨道最高点，C、D另一端与小球栓接，已知弹簧的劲度系数为，原长为L=2R，弹簧始终处于弹性限度内，若给小球一水平初速度v0，已知重力加速度为g，则（　　）A．当v0较小时，小球可能会离开圆轨道B．若在则小球会在B、D间脱离圆轨道C．只要，小球就能做完整的圆周运动D．只要小球能做完整圆周运动，则小球与轨道间最大压力与最小压力之差与v0无关【答案】ACD【解析】试题分析：B、因弹簧的劲度系数为，原长为L=2R，所以小球始终会受到弹簧的弹力作用，大小为F=k(L-R)=kR=mg，方向始终背离圆心，无论小球在CD 以上的哪个位置速度为零，重力在沿半径方向上的分量都小于等于弹簧的弹力（在CD以下，轨道对小球一定有指向圆心的支持力），所以无论v0多大，小球均不会离开圆轨道，故B错误．A、C、小球在运动过程中只有重力做功，弹簧的弹力和轨道的支持力不做功，机械能守恒，当运动到最高点速度为零，在最低点的速度最小，有：，所以只要，小球就能做完整的圆周运动，则v0较小时，小球可能会离开圆轨道，故A、C均正确．D、在最低点时，设小球受到的支持力为N，有，解得①，运动到最高点时受到轨道的支持力最小，设为N′，设此时的速度为v,由机械能守恒有②，此时合外力提供向心力，有③，联立②③解得：④,联立①④得压力差为△N=6mg与初速度无关，故D正确．故选ACD．考点：考查向心力、牛顿第二定律、机械能守恒定律．【名师点睛】该题涉及到的考点较多，解答中要注意一下几点：1、正确的对物体进行受力分析，计算出沿半径方向上的合外力，利用向心力公式进行列式．2、注意临界状态的判断，知道临界状态下受力特点和运动的特点．3、熟练的判断机械能守恒的条件，能利用机械能守恒进行列式求解．21.如图所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上．今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下．关于这个过程，下列说法正确的是（　　）A．小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B．小球在滑上曲面的过程中，小车的动量变化大小是C．小球和小车作用前后，小车和小球的速度一定变化D．车上曲面的竖直高度不会大于【答案】BD【解析】试题分析： A、小球滑上曲面的过程，小车向右运动，小球滑下时，小车还会继续前进，故不会回到原位置，所以A错误．B、由小球恰好到最高点，知道两者有共同速度，对于车、球组成的系统，由动量守恒定律列式为mv=2mv′，得共同速度v′=v/2．小车动量的变化为，则B正确．C、由于满足动量守恒定律，系统机械能又没有增加，所以可能出现速度交换两次后和初始情况相同，选项C正确．D、由于小球原来的动能为，小球到最高点时系统的动能为，所以系统动能减少了，如果曲面光滑，则减少的动能等于小球增加的重力势能，即，得．显然这是最大值，如果曲面粗糙，高度还要小些，所以D正确．故选BD.考点：考查动量守恒定律；动量定理；机械能守恒定律．【名师点睛】本题是系统动量守恒和机械能守恒的类型，类似于弹性碰撞，常见类型．第Ⅱ卷三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～35题为选考题，考生根据要求作答。）22.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，需测量一个标有“3V，1.5W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流。现有如下器材：直流电源（电动势3.0V，内阻不计）电流表A1（量程3A，内阻约0.1Ω）电流表A2（量程600mA，内阻约5Ω）电压表V1（量程3V，内阻约3kΩ）电压表V2（量程15V，内阻约200kΩ）滑动变阻器R1（阻值0～10Ω，额定电流1A）滑动变阻器R2（阻值0～1kΩ，额定电流300mA）(1)在该实验中，电流表应选择（填“A1”或“A2”），电压表应选择（填“V1”或“V2”），滑动变阻器应选择（填“R1”或“R2”）．(2)某同学用导线a、b、c、d、e、f、g和h连接成如图甲所示的电路，请在乙图方框中完成实验的电路图． (3)该同学连接电路后检查所有元器件都完好，电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好．但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，但电压表和电流表示数不能调为零，则断路的导线为．(4)下图是学习小组在实验中根据测出的数据，在方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线。若将该灯泡与一个6.0Ω的定值电阻串联，直接接在题中提供的电源两端，请估算该小灯泡的实际功率P=W(保留两位有效数字)。(若需作图，可直接画在图中)【答案】(1)A2、V1、R1(2)如图所示(3)h(4)0.37W(0.35W~0.38W)【解析】试题分析：(1)由P=UI可知，I=P/U=500mA；为了安全和准确，电流表应选择A2；灯泡的额定电压为3V，直流电压表选择3V量程的误差较小，即选V1．因本实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选R1.(2)分压式+外接法，电路图如下图所示. (3)由题意可知，电路中有电流但不能调零，且灯泡亮度发生变化，说明滑动变阻器接成了限流接法，故说明h导线发生了断路.(4)定值电阻与电源组成等效电源，在灯泡I-U图象坐标系内作出等效电源的I-U图象如图所示：由图示图象可知，灯泡两端电压为1.24V，通过灯泡的电流为0.3A，灯泡实际功率P=UI=1.24×0.3=0.37W.考点：考查描绘小电珠的伏安特性曲线．【名师点睛】描绘小灯泡的伏安持性曲线实验中要注意实验中的原理及接法；要求学生熟练应用分压接法；并能正确应用图象分析实际问题．23．某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码和砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz，实验步骤如下：A．按图甲所示，安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：(1)对于上述实验，下列说法正确的是．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．弹簧测力计的读数为小车所受合外力C．实验过程中砝码处于超重状态D．砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量(2)实验中打出的一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度为m/s2．（结果保留2位有效数字） (3)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象（见图丙），与本实验相符合是.【答案】(1)B(2)0.16(3)A【解析】考点：考查探究功与速度变化的关系．【名师点睛】解答实验问题的关键是正确理解实验原理，加强基本物理知识在实验中的应用，同时不断提高应用数学知识解答物理问题的能力；掌握求加速度的方法，注意单位的统一，同时理解由图象来寻找加速度与合力的关系．24．(14分)如下图所示，现有一个小物块，质量为m=80g，带上正电荷.与水平的轨道之间的滑动摩擦因数,在一个水平向左的匀强电场中，，在水平轨道的末端N处，连接一个光滑的半圆形轨道，半径为R=40cm，取g=10m/s2.求：(1)小物块恰好运动到轨道的最高点，那么小物块应该从水平位置距N处多远处由静止释放？(2)如果在(1)小题的位置释放小物块，当它运动到P(轨道中点)点时对轨道的压力等于多少？【答案】(1)s=20m(2) 【解析】试题分析：(1)物块能通过轨道最高点的临界条件是仅重力提供向心力，则有：解得：设小物块释放位置距N处为s，根据能量守恒得：解得s=20m即小物块应该从在水平位置距N处为20m处开始释放.(2)物块到P点时，解得在P点，由电场力与轨道的弹力的合力提供向心力，则有：解得FN=3.0N由牛顿第三运动定律可得物块对轨道的压力：考点：考查匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系．【名师点睛】解决本题的关键知道最高点的临界情况是轨道对物块的作用力为零，以及知道做圆周运动，靠径向的合力提供向心力，结合牛顿第二定律和动能定理解题．25.(18分)如图所示，固定的凹槽水平表面光滑，其内放置U形滑板N，滑板两端为半径R=0.45m的1/4圆弧面.A和D分别是圆弧的端点，BC段表面粗糙，其余段表面光滑.小滑块P1和P2的质量均为m.滑板的质量M=4m，P1和P2与BC面的动摩擦因数分别为μ1=0.10和μ2=0.20，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力．开始时滑板紧靠槽的左端，P2静止在粗糙面的B点，P1以v0=4.0m/s的初速度从A点沿弧面自由滑下，与P2发生弹性碰撞后，P1处在粗糙面B点上．当P2滑到C点时，滑板恰好与槽的右端碰撞并与槽牢固粘连，P2继续运动，到达D点时速度为零．P1与P2视为质点，取g=10m/s2．问：(1)P1和P2碰撞后瞬间P1、P2的速度分别为多大？(2)P2在BC段向右滑动时，滑板的加速度为多大？(3)N、P1和P2最终静止后，P1与P2间的距离为多少？【答案】(1)、(2)(3)△S=1.47m【解析】 试题分析：(1)P1滑到最低点速度为v1，由机械能守恒定律有：解得：v1=5m/sP1、P2碰撞，满足动量守恒，机械能守恒定律，设碰后速度分别为、则由动量守恒和机械能守恒可得：解得：、(3)P2滑到C点速度为，由得P1、P2碰撞到P2滑到C点时，设P1、M速度为v，由动量守恒定律得：解得：v=0.40m/s对P1、P2、M为系统：代入数值得：L=3.8m滑板碰后，P1向右滑行距离：P2向左滑行距离：所以P1、P2静止后距离：△S=L-S1-S2=1.47m考点：考查动量守恒定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系；牛顿第二定律；机械能守恒定律．【名师点睛】本题为动量守恒定律及能量关系结合的综合题目，难度较大；要求学生能正确分析过程，并能灵活应用功能关系；合理地选择研究对象及过程；对学生要求较高．四、选考题(共15分。请考生从2 道物理题中任选一题作答、如果多做，则按所做的第一题计分)33．【物理-选修3-3】(15分)(1).（5分）以下说法中正确的是（选正确答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）A.空中的小水滴呈球形是水的表面张力作用的结果B.分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零C.自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生D.布朗运动并不是分子的运动，但间接证明了分子在永不停息的做无规则运动E.一定质量的理想气体，压强不变，体积增大，分子平均动能增加【答案】ADE【解析】试题分析：A、空气的小雨滴呈球形是水的表面张力，使雨滴表面有收缩的趋势的结果，故A正确；B、设分子平衡距离为r0，分子距离为r．当r>r0，分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当r