重庆市主城区2021届高三上学期高考适应性试卷（一）物理试题 Word版含答案 10页

秘密★启用前重庆市主城区2021届高考适应性试卷（一）物理注意事项：1.答题前，考生务必用黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座位号在答题卡上填写清楚；2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，在试卷上作答无效；3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。第I卷（选择题）一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.一辆汽车从车站以初速度为零匀加速直线开去，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，立即刹车做匀减速运动．从启动到刚停止一共经历，前进了12m，在此过程中，汽车的最大速度为A.B.C.D.无法确定2.如图所示，电源电动势为E，内阻为电路中的、分别为总阻值一定的滑动变阻器，为定值电阻，为光敏电阻其电阻随光照强度增大而减小当开关S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．下列说法中正确的是A.只逐渐增大的光照强度，电阻消耗的电功率变大，电阻中有向上的电流B.只调节电阻的滑片向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻中有向上的电流C.只调节电阻的滑片向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D.若断开开关S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动3.一定质量的理想气体从A状态开始，经过、、、最后回到初始状态A，各状态参量如图所示，则下列说法正确的是A.过程气体从外界吸热B.过程气体对外做功大于过程外界对气体做功C.过程气体从外界吸热D.A状态气体分子平均动能小于D状态气体分子平均动能4.在双缝干涉实验中，光屏上某点P到双缝、的路程差为，如果用频率为的单色光照射双缝，则A.单色光的波长是；P点出现暗条纹B.单色光的波长是；P点出现亮条纹C.单色光的波长是；P点出现暗条纹D.单色光的波长是；P点出现亮条纹5.以下关于近代物理内容的叙述中，正确的是A.原子核发生一次衰变，原子核内部就会少两个质子和两个中子B.天然放射现象中发出的射线的本质都是电磁波C.发生光电效应时，光电子的最大初动能与金属有关，与入射光频率无关D.根据玻尔原子理论，一个氢原子从第4能级向低能级跃迁过程会发出4种不同频率的光子6.如图所示，一个内阻不可忽略的电源，为定值电阻，和是小灯泡，R为滑动变阻器，P为滑片。若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，灯泡的亮度及消耗的电功率分别   A.变亮，一直减小B.变暗，一直增大C.变暗，无法确定D.变暗，先增大后减小7.地面上物体在变力F作用下由静止开始竖直向上运动，力F随高度x的变化关系如图所示，物体能上升的最大高度为h，，重力加速度为g。上升过程中物体加速度的最大值为物理·第19页思政·第20页 A.B.C.D.1.“信使号”水星探测器按计划将在今年陨落在水星表面。工程师通过向后释放推进系统中的高压氦气来提升轨道，使其寿命再延长一个月，如图所示，释放氦气前，探测器在贴近水星表面的圆形轨道Ⅰ上做匀速圆周运动，释放氦气后探测器进入椭圆轨道Ⅱ，忽略探测器在椭圆轨道上所受阻力，则下列说法正确的是A.探测器在轨道Ⅰ上E点速率大于在轨道Ⅱ上E点速率B.探测器在轨道Ⅱ上任意位置的速率都大于在轨道Ⅰ上速率C.探测器在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上的E点处加速度不相同D.探测器在轨道Ⅱ上远离水星过程中，动能减少但势能增加二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）2.地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则A.在时，小球经过边界MNB.小球受到的重力与电场力之比为3：5C.在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等D.在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小3.如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C后再回到状态A.关于该循环过程，下列说法中正确的是  A.过程中，气体温度升高B.过程中，气体分子的平均动能减小C.过程中，气体密度变大D.过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多4.如图所示，电源的电动势 V，内阻，，，，，为电阻箱，调节范围为，电容器 ，电容器的下极板接地，两极板正中间有一点未标出，初始时刻开关S断开，，则下列说法正确的是   A.若将电容器的下极板稍向下移动，则P点的电势增大B.闭合开关S后，流过的电荷量 CC.将电阻箱调到后再闭合开关S，稳定后电容器上的电量为0D.闭合开关S后，将电阻箱从0开始逐渐调到最大值，电源的输出功率先增大后减小5.如图所示，一玻璃球体的半径为R，O为球心，AB为直径，在球的左侧有一竖直接收屏在A点与玻璃球相切。自B点发出的光线BM在M点射出，出射光线平行于AB，照射在接收屏上的Q点。另一光线BN恰好在N点发生全反射．已知，下列说法正确的是A.玻璃的折射率为B.光由B传到M点与再由M传到Q点所需时间比为C.球心O到BN的距离物理·第19页思政·第20页 D.若该B点处光源为红光，将其替换为绿光光源，则圆弧上恰好全反射的N点向左移动第II卷（非选择题）三、实验题（本大题共3小题，共27.0分）1.如图所示，一个学生用广口瓶和直尺测定水的折射率，填写下述实验步骤中的空白：用刻度尺测出广口瓶瓶口内径d；在瓶内装满水；将直尺沿瓶口边缘竖直插入水中；沿广口瓶边缘D点向水中直尺正面看去，若恰能看到直尺上0刻度，即图中点，同时看到水面上点刻度的像恰与点的像相重合；若水面恰与直尺的点相平，读出的长度和的长度；由题中所给条件，可以计算水的折射率______，沿广口瓶边缘D点向水中直尺正面看去，可看到水下直尺的最高点距的距离为______。用题目中所给符号表示2.某实验小组为了测量当地的重力加速度g设计了如下实验。将一根长为L的轻绳，一端固定在过O点的转轴上，另一端固定一个质量为m的小球，使整个装置绕O点在竖直平面内转动。在小球转动过程中的最高点处放置一光电门，在绳上合适的位置安装一个力的传感器。装置示意图如左图所示。在实验中记录小球通过光电门的时间以确定小球在最高点的速度v，同时记录传感器上绳子的拉力大小F，即可做出小球在最高点处绳子对小球的拉力与其速度平方的关系图如右图所示：根据实验所给的信息，写出小球在最高点处F与v的关系式____________。根据做出的图像的信息可以求出当地的重力加速度_________。用b、L表示如果在实验中保持绳长不变，而减小小球的质量m，则图像乙中b的位置_______变化，不变，图像斜率_______ 变大、变小、不变。3.某同学为了将一量程为3V的电压表改装成可测量电阻的仪表欧姆表；先用如图所示电路测量该电压表的内阻，图中电源内阻可忽略不计，闭合开关，将电阻箱阻值调到时，电压表恰好满偏；将电阻箱阻值调到时，电压表指针指在如图所示位置，则电压表的读数为______V，由以上数据可得电压表的内阻________；将图的电路稍作改变，在电压表两端接上两个表笔，就改装成了一个可测量电阻的简易欧姆表，如图所示，为将表盘的电压刻度转换为电阻刻度，进行了如下操作：将两表笔断开，闭合开关，调节电阻箱，使指针指在“”处，此处刻度应标阻值为_______填“0”或“”；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电压刻度，则“”处对应的电阻刻度为______；若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻不能忽略且变大，电动势不变，但将两笔断开时调节电阻箱，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果将______．A.偏大偏小不变无法确定四、计算题（本大题共3小题，共30.0分）4.如图所示，一质量为m的滑块可看成质点沿某斜面顶端A由静止滑下，已知滑块与斜面间的动摩擦因数和滑块到斜面顶端的距离x的关系如图所示．斜面倾角为，长为l，有一半径为的光滑竖直半圆轨道刚好与斜面底端B相接，且直径BC与水平面垂直，假设滑块经过B点时没有能量损失．重力加速度为g，求：物理·第19页思政·第20页 滑块刚释放瞬间的加速度大小；滑块滑至斜面底端时的速度大小；滑块滑至半圆轨道的最高点C时，对轨道的压力大小．1.如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置、间距为d的平行金属板，R和分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．调节，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v．改变，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m，带电荷量为的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的．一汽缸竖直放在水平地面上，缸体质量，一轻质活塞横截面积为，活塞上面的汽缸内封闭了一定质量的理想气体，下面有气孔O与外界相通，大气压强，活塞下面与劲度系数的轻弹簧相连。当汽缸内气体温度为时弹簧为自然长度，此时缸内气柱长度，g取，活塞不漏气且与缸壁无摩擦。当缸内气柱长度时，缸内气体温度为多少缸内气体温度上升到T时，汽缸恰好离开地面，则T为多少物理·第19页思政·第20页 秘密★启用前重庆市主城区2021届高考适应性试卷（一）物理参考答案试题难度：0.451.【答案】B【解析】【试题解析】【分析】汽车先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，运用用匀变速直线运动的平均速度公式和位移时间公式即可求解最大速度。本题巧用匀变速直线运动的平均速度公式可以简化解题过程。也可以作出图象，根据“面积”等于位移求解。【解答】设汽车的最大速度为，在匀加速阶段初速度为0，末速度为，则匀加速阶段的平均速度：，位移：；在匀减速阶段初速度为，末速度为0，则匀减速阶段的平均速度：，位移：；在整个运动过程中，总位移为；所以汽车的最大速度：，故B正确，ACD错误。故选B。2.【答案】A【解析】【试题解析】解：A、只逐渐增大的光照强度，的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻中有向上的电流，故A正确；B、电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻的滑动端向上端移动时，对电路没有影响，故B错误；C、只调节电阻的滑动端向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由可知，电场力变大，带点微粒向上运动，故C错误；D、 若断开开关S，则电容器在与、组成的电路中放电，电荷量减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动，故D错误．故选A电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于与之并联的滑动变阻器部分的电压．只逐渐增大的光照强度，的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，判断消耗的电功率，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻中有向上的电流，电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻的滑动端向上端移动时，对电路没有影响，只调节电阻的滑动端向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由分析板间场强变化和油滴所受电场力变化，判断油滴的运动情况．若断开电键S，电容器处于放电状态．本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化．3.【答案】A【解析】【试题解析】【分析】本题是热学中的图象问题，根据热力学第一定律和理想气体状态方程综合求解即可，基础题目。【解答】A.根据图象可知，A到B过程中气体温度升高，内能增大，同时气体对外做功，根据热力学第一定律可知，气体一定吸热，故A正确；B.根据气体做功公式可知，图象与横轴所围成的面积代表做功的数值，故A到B过程气体对外做功等于C到D过程外界对气体做功，故B错误；C.C到D过程内能减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放热，故C错误；D.根据可知，A状态温度高于D状态，所以A状态气体分子平均动能大于D状态气体分子平均动能，故D错误。物理·第19页思政·第20页 故选A。4.【答案】C【解析】解：根据光波的速度公式：则有： m光的路程差跟光波长之比为：；即路程差为光的半个波长的奇数倍．因此，两束光在该点振动减弱，出现光的暗条纹，故C正确，ABD错误．故选：C。先根据公式求出光的波长，然后判断路程差是半波长的奇数倍还是偶数倍，若是偶数倍即波长的整数倍则出现亮条纹．本题考查双缝干涉实验中出现明暗条纹的条件，掌握光的干涉中出现明亮条纹的条件并会应用，解决本题的关键掌握双缝到光屏上P点的距离之差是波长的整数倍，则出现明条纹，路程之差是半波长的奇数倍，则出现暗条纹．5.【答案】A【解析】【试题解析】【分析】衰变电荷数减少2，质量数减少4，质量数等于质子数与中子数的总和；天然放射现象中，只有射线是电磁波；根据光电效应方程判断光电子的最大初动能；根据能级跃迁原理分析氢原子的跃迁，注意是对大量的氢原子，不是一个氢原子。本题考查了氢原子能级跃迁、衰变、光电效应方程的应用、核反应等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，注意光电效应发生的条件与光的强度无关。【解答】A.衰变电荷数减少2，质量数减少4，电荷数对应质子数，质量数对应质子数和中子数的总和，故原子核发生一次衰变，原子核内部就会少两个质子和两个中子，故A正确；B.天然放射现象的射线中，只有射线是电磁波，射线是氦核，射线是高速的电子流，故B错误；C.根据爱因斯坦光电效应方程，可知光电子的最大初动能与入射光频率有关，故C错误；D.大量的氢原子从第4能级向低能级跃迁时会发出种不同频率的光子，故D错误。故选A。6.【答案】B【解析】【试题解析】【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析上消耗功率的变化以及灯泡。对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化。【解答】若将滑片P向下滑动，则总电阻减小，回路总电流增大，路端电压减小，故灯泡变暗，通过的电流减小，根据，知上电流增大，电压增大，功率增大，分的电压为路端电压减去分的电压，故L的电压减小，灯变暗；故B正确，ACD错误；故选：B。7.【答案】B【解析】解：由图示图象可知，作用力，当时作用在物体上的力F均匀地减小，物体的加速度逐渐减小到零然后反向增加，物体从静止开始向上做加速运动然后做减速运动，到达最高点时说的为零，根据对称性可知开始时和高度最大时，具有相同的加速度，且为最大，物体从静止开始运动到最高点过程，力对物体做功：从物体开始运动到运动到h过程，对物体，由动能定理得：解得：物体开始运动时加速度最大，由牛顿第二定律可知，最大加速度：解得：，故B正确，ACD错误。物理·第19页思政·第20页 故选：B。作用在物体上的力F均匀地减小，所以加速度是先减小至零时再反向增加，开始时与到达最高点时速度都为零，根据对称性可知开始时和高度最大时，具有相同的加速度；图线与坐标轴所围成图形的面积等于力做的功，应用动能定理求出物体的质量，然后应用牛顿第二定律求出物体上升过程的最大加速度。本题考查了牛顿第二定律的应用，本题难道较大，根据题意分析清楚物体的运动过程与受力情况是解题的前提，应用动能定理与牛顿第二定律即可解题。8.【答案】D【解析】解：A、根据卫星变轨原理可知，从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ要在E点加速，即在轨道Ⅰ上E点速率小于在轨道Ⅱ上E点速率，故A错误；B、如图所示，如果探测器在轨道Ⅱ上的F点加速后才能进入过F点的圆轨道Ⅲ，对于圆轨道Ⅰ和圆轨道Ⅲ上的物体，由可知轨道Ⅲ上速率小于轨道Ⅰ上的物体的速率，所以探测器在轨道Ⅱ上F点的速率小于在轨道Ⅰ上速率，故B错误；C、探测器不论是在轨道Ⅰ还是在轨道Ⅱ上的E点，受到的万有引力相同，故加速度应相同，故C错误；D、探测器在轨道Ⅱ上远离水星过程中，万有引力做负功，故动能减小，势能增加，故D正确。故选：D。根据根据卫星变轨原理分析。根据万有引力提供向心力，得到线速度表达式分析。根据牛顿第二定律比较加速度的大小。根据万有引力做功判断动能的变化，根据高度比较势能的变化。该题考查了万有引力定律的相关知识，涉及到牛顿第二定律、动能定理的基本运用，知道探测器变轨的原理，当万有引力不够提供向心力，做离心运动。9.【答案】BC【解析】【试题解析】解：A、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是时．故A错误．B、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为、进入电场后的加速度大小为，由牛顿第二定律得：得电场力：由得重力mg与电场力F之比为3：故B正确．C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C正确．D、整个过程中，小球具有两种形式的能：机械能与电势能，根据能量守恒定律得知，它们的总和不变．故D错误．故选BC小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．10.【答案】BD【解析】【试题解析】BD  【解析】对于图像，过原点的直线代表等温线，故A、B两点温度相同，A错误；A到B过程气体体积减小，故单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，D正确；B到C是等容变化，压强p变小，则温度T降低，分子平均动能降低，B正确；C到A是等压变化，体积变大，气体平均密度变小，C错误11.【答案】AB【解析】【试题解析】【分析】物理·第19页思政·第20页 本题考查的知识点主要有电容器的动态分析和闭合电路的动态分析，知道在直流电路中电容器处理为断路、电容器的电压情况，能认清电流的构造是解题的关键。【解答】当开关S断开时，、和断路，电容器的电压等于所分的电压；当开关S闭合时，断路，、串联，R4、R5串联后再并联，电容器的电压等于和所分的电压差。A.开关S断开时，电容器的电压U不变，接地其电势为零。设电容器间距离为d，P点与上极板的距离为x，则P点的电势为，可知将电容器的下极板稍向下移动，d增大，x、U不变，故P点电势增大，故A正确；B.开关S断开时，电容器电压，此时电容器的电荷量为，上极板为正，下极板为负，开关S闭合时，由于，此时电容器电压依然为电压，根据电路知识求得，此时电容器电荷量为，上极板为正，下极板为负，故流过的电荷量，故B正确；C.将电阻箱调到后再闭合开关S时，由于，故电容器两端的电压不为零，故所带的电荷量不为零，故C错误；D.闭合开关S时，外阻，此时电源的输出功率最大，在电阻箱从0开始逐渐调到最大值过程，外阻R一直增大，故电源的输出功率一直减小，故D错误。故选AB。12.【答案】ACD【解析】【试题解析】【分析】该题考查了折射定律得应用，要求要熟练的记住折射定律的内容，求折射率时，一定要分清是从介质射向空气还是由空气射入介质再者就是会用来解决相关问题。【解答】A.已知，由几何关系知入射角折射角则玻璃的折射率为，故A正确；B.光在玻璃中传播速度光由B传到M的时间光由M传到Q的时间则，故B错误；C.由题意知临界角，则，故C正确；D.若该B点处光源为红光，将其替换为绿光光源，波长变小，折射率不大，临界角变小，则圆弧上恰好全反射的N点向左移动，故D正确。故选BCD。13.【答案】 【解析】解：光路图如图所示，设从点发出的光线射到水面时入射角为i，折射角为r，根据数学知识得知：，则折射率为当从水下直尺发出的光线射到D点时入射角等于临界角C时，人看到水下直尺的最高点，设可看到水下直尺的最高点距的距离为h。根据临界角公式有根据几何关系有解得故答案为：，。此题实验的原理是光的反射定律折射定律，由图读出相关的长度，根据数学知识求出入射角和折射角的正弦，再由折射率公式求折射率。沿广口瓶边缘D点向水中直尺正面看去，当入射角等于临界角时，看到水下直尺的最高点，根据临界角公式和几何知识相结合求解。本题是光的反射定律和折射定律在实际中的应用，关键要抓住反射的对称性和几何知识，再由折射定律求折射率。14.【答案】  ；；不变；变小【解析】【分析】本题是通过竖直面内的圆周运动测量当地的重力加速度的实验，主要考查向心力的来源及对图象的分析。物理·第19页思政·第20页 在最高点，小球靠重力和拉力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出拉力的表达式，结合图线的横轴截距以及斜率分析判断。【解答】小球在最高点，根据牛顿第二定律有：，解得小球在最高点处F与v的关系式为；当时，根据表达式有：，解得；根据知，图线的斜率，绳长不变，用质量较小的球做实验，斜率变小；当时，，可知b点的位置与小球的质量无关，故绳长不变，而减小小球的质量m，则图像乙中b的位置不变，图像斜率变小。故答案为：  ；；不变；变小。15.【答案】，6；，4；。【解析】【试题解析】【分析】由图示表盘确定电压表的分度值，然后根据指针位置读出其示数；根据电路图应用闭合电路的欧姆定律求出电压表内阻；根据闭合电路欧姆定律和串联电路中电压比等于电阻比的表达式，联立求解即可；因电动势不变，仅内阻变化，可改变电阻箱的阻值使总的电阻不变，即可得出结果。本题考查了电压表读数、求电压表内阻，对电压表读数时要先确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；分析清楚电路结构、应用闭合电路的欧姆定律可以求出电压表内阻。【解答】由图所示电压表表盘可知，其分度值为，示数为；电源内阻不计，由图所示电路图可知，电源电动势为：由题意可知：，，解得：，；电压表的示数为3V，则与之并联部分相当于断路刻度应标阻值为。设电阻箱接入电路的阻值为R，电源电动势为E，则电路电流：，即：若电压表示数为2V，电路电流，其中：，代入数据解得：；因电动势不变，仅内阻变化，可改变电阻箱的阻值使总的电阻不变，则不影响测量结果，故C正确。故答案为：，6；，4；。16.【答案】解：滑块刚释放时，由图可知，则对滑块：代入数据解得：滑块由顶端滑至底端，由动能定理得：由图的物理意义得：解得：设滑块能运动到C点，则从B到C，由动能定理：解得：当滑块滑到C点时：解得由牛顿第三定律得滑块在C点时对轨道的压力【解析】【试题解析】本题主要考查牛顿第二定律、动能定理等规律，综合性较强，对学生的能力要求较高，以及通过图像求出摩擦力做功是本题的难点。根据牛顿第二定律求出滑块刚释放瞬间的加速度大小；通过图像的物理意义求出摩擦力做功，根据动能定理求出滑块滑至斜面底端时的速度大小；根据动能定理求出最高点C的速度，再根据牛顿第二定律求出滑块在最高点C物理·第19页思政·第20页 所受的支持力，根据牛顿第三定律得滑块在C点时对轨道的压力。17.【答案】解：导体棒匀速下滑时，设导体棒产生的感应电动势为由闭合电路欧姆定律得：联立，得改变由式可知电流不变．设带电微粒在金属板间匀速通过时，板间电压为U，电场强度大小为E联立，得【解析】【试题解析】由电磁感应定律求电动势、闭合电路欧姆定律求电流，由导体棒受力平衡求速度，由带电粒子的匀速通过电容器求电压，结合闭合电路求电阻。18.【答案】解：，，，，根据理想气体状态方程，得：，解得：；当气体压强增大到一定值时，汽缸对地压力刚好为零。设汽缸刚好对地没有压力时弹簧压缩长度为，则，解得：，根据理想气体状态方程，得：，解得：。【解析】【试题解析】本题考查了如何求气体的压强以及活塞移动的距离，根据题意求出气体的状态参量、应用理想气体状态方程即可正确解题。当汽缸内气体温度为时弹簧为自然长度，当缸内气柱长度时，对活塞受力分析，根据平衡条件和理想气体状态方程求解；当气体压强增大到一定值时，气缸对地压力为零，此后再升高气体温度，气体压强不变，气体做等压变化，根据平衡条件和理想气体状态方程求解。物理·第19页思政·第20页