广东省江门市第二中学2020学年高二物理下学期第二次月考试题 理（含解析） 10页

广东省江门市第二中学2020学年高二物理下学期第二次月考试题 理（含解析） ‎ 一、单项选择题（每题只有一个答案是正确的，每小题6分，共30分）‎ ‎1. 英国的一位科学家经过十年不懈的努力终于在1831年发现了电磁感应现象，并发明了世界上第一台感应发电机．这位科学家指的是 A. 奥斯特 B. 法拉第 C. 麦克斯韦 D. 安培 ‎【答案】B ‎【解析】发现了电磁感应现象，并发明了世界上第一台感应发电机的科学家是法拉第，故选B.‎ ‎2. 如图是酒精测试仪的电路，R0是定值电阻．已知酒精气体的浓度越大，酒精气体传感器的电阻越小，则对酗酒者进行测试时 A. 酒精气体传感器电阻变大 B. 电压表示数变大 C. 电压表示数变小 D. 电路的总电阻变大 ‎【答案】B 故本题选B ‎【点睛】根据酒精气体的浓度变化，可知酒精传感器的电阻变化，电路总电阻变化，电路中电流变化，导致R0两端电压变化。‎ ‎3. 右图为远距离输电的电路原理图，则下列判断正确的是 A. U1>U2‎ B. U2=U3‎ C. I4 < I2‎ D. I1 > I2‎ ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：在远距离输电中，首先是升压，故U2>U1，根据输入功率等于输出功率可知：I1U1=I2U2，可知I1 > I2，选项A错误，D正确；在远距离输送过程中，导线上是有电压损失的，故U2>U3，根据输入功率等于输出功率可知：I2U3=I4U4，可知I4 > I2，选项BC错误；故选D.‎ 考点：变压器；远距离输电 ‎【名师点睛】此题是关于变压器以及远距离输电的问题；解题的关键是掌握远距离输电的原理，为了减小导线上的功率损失必须升压降流，到用户后要降压升流；注意在变压器中输入功率与输出功率是相等的；此题意在考查学生基础知识的运用能力.‎ ‎4. 如图所示，当平行板电容器C充电后把电键S断开．设电容器电压为U，电量为Q．现只将电容器两板的正对面积减小，则 A. Q变大 B. Q变小 C. U变大 D. U变小 ‎【答案】C ‎【解析】电容器与电源断开，Q不变，选项B正确。正对面积减小，电容减小，根据Q=CU，U增大，选项C正确。选项A、D错误。‎ ‎5. 如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，能使圆环中产生感应电流的做法是 A. 使匀强磁场均匀减少 B. 保持圆环水平并在磁场中上下移动 C. 保持圆环水平并在磁场中左右移动 D. 保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：使匀强磁场均匀减少，穿过线圈的磁通量减少，产生感应电流，A正确；保持圆环水平并在磁场中上下移动时，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，B错误；保持圆环水平并在磁场中左右移动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，C错误；保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，D错误；‎ 故选A 考点：考查了感应电流产生的条件 二、多项选择题（每题至少有二个答案是正确的，每小题6分，共18分，选对得6分，漏选得3分，错选不得分，）‎ ‎6. 如图，用导线把验电器与锌板相连接，当用紫外线照射锌板时，发生的现象是 A. 有光子从锌板逸出 B. 有电子从锌板逸出 C. 验电器指针张开一个角度 D. 锌板带负电 ‎【答案】BC ‎【解析】验电器通过导线和锌板相连，变成了一个大导体，用紫外线照射锌板时，发生光电效应，电子会从大导体的表面飞出，导致大导体整体在正电。则锌板带正电，验电器萡片带正电，并有一定张角，AD错误，BC正确。‎ 故本题选BC ‎【点睛】通过导线的连接，导致验电器和锌板变成了同一个大导体；大导体发生光电效应，失电子而带上了正电。‎ ‎7. 如图，线圈在磁场中匀速转动产生交变电流，以下相关说法中正确的是 A. 线圈在甲、丙图所示位置时，磁通量变化率最大 B. 线圈在乙、丁图所示位置时，产生的电流最大 C. 线圈平面经过甲、丙图所示位置时，电流的方向都要改变一次 D. 线圈每转动一周，电流方向改变一次 ‎【答案】BC ‎【解析】（1）当线圈出现在甲、丙位置时，线圈平面和磁场完全垂直，磁通量最大，但ab边和cd边恰好不切割磁场，瞬时感应电动势为零，根据法拉第电磁感应定律，此时磁通量的瞬时变化率为零，A错误；‎ ‎（2）线圈在乙丁位置时，线圈平面和磁场方向平行，磁通量为零，但此时ab边和cd边正好垂直切割磁场，产生的感应电动势最大，故此时流过线圈的瞬时电流最大，B正确；‎ ‎（3）根据交变电流产生的原理，线圈每经过一次中性面，电流方向改变一次，线圈在甲、丙图中均处于中性面，故电流方向都要改变一次，C正确；‎ ‎（4）线圈每转动一周要经过两次中性面，所以线圈每转动一周，方向改变两次，D错误。‎ 故本题选BC ‎8. 如图，矩形金属线圈abcd从高处自由落下，通过一有界的匀强磁场，线圈平面保持竖直并和磁场方向垂直，不计空气阻力，则 A. ab边刚进入磁场时，ab边所受安培力方向竖直向上 B. ab边刚离开磁场时，dc边感应电流方向从d到c C. 线圈全部进入磁场内运动时，感应电流为零 D. 重力所做的功等于线圈产生的总热量 ‎【答案】AC ‎【解析】（1）根据楞次定律，ab边刚进入磁场时，它所受安培力通过阻碍导体棒ab的相对运动来阻碍磁通量的增大，所以安培力竖直向上，A正确；‎ ‎（2）由于题中磁场方向未知，故无法根据楞次定律判断感应电流的方向，B错误；‎ ‎（3）线圈完全进入该匀强磁场内运动时，磁通量不变，没有感应电流产生，故C正确；‎ ‎（4）线圈的动能是否发生变化未知，不确定。若线圈动能没有变化，则该过程中减小的重力势能全部转化为内能；若线圈动能增加，则减小的重力势能只有一部分转化为内能；若动能减小，则减小的重力势能和动能，都转化为内能，故D项无法判断 ‎【点睛】根据楞次定律，可以判断线圈进、出磁场时，安培力都表现为阻碍作用；根据感应电流产生的条件可以判断，线圈在场中运动是否产生感应电流；由能量守恒定律可以讨论各能量的变化情况。‎ 三、实验题（共18分）‎ ‎9. （1）为了探究电磁感应现象的产生条件，下图给出了一系列必备的实验仪器。请用导线将没有连接好的仪器正确的连接成实验电路(用笔画线表示导线)______。‎ ‎（2）①某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如下图所示，则它们的读数值依次是________mm、________A、________V。‎ ‎②已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0~10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ，电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电源电动势E = 4.5V，内阻较小。则以下电路图中，__________（选填字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路，但用此最佳电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏_________（选填“大”或“小”）。‎ ‎③若已知实验所用的电流表内阻的准确值，那么测量金属丝电阻的最佳电路应是上图中的__________电路（选填字母代号）。此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻__________（ 用题中字母代号表示）。‎ ‎【答案】 (1). (2). 0.996～1.000 (3). 0.42 (4). 2.25～2.28 (5). A (6). 小 (7). B (8). 或 ‎ ‎【解析】（1）根据题意，实验中的主线圈（小）和副线圈（大）要分别接到两个不同的回路，即主线圈用来产生磁场，副线圈用来发生电磁感应。所以，副线圈、电流表接成一个闭合回路；主线圈、滑动变阻器、开关、电源接成一路，实物连接图如下：‎ ‎；‎ ‎（2）①螺旋测微器读数为d=0.5mm+49.8×0.01mm=0.998mm，电流表读数为0.42A，电压表读数为2.28V；‎ ‎②待测电阻为小电阻，电流表外接法应当外接，故选A；选用电流表外接后，由于所测电流偏大，则电阻的测量值偏小；‎ ‎③若知道电流表的准确值，则用图B测量较好，误差小，读出电流表读数I，电流表读数U，则待测电阻Ω ‎【点睛】（1）螺旋测微器读数时，可以分成整数部分和小数部分来读，一定要注意观察主尺上的“半毫米”刻度是否露出；电表读数时也要注意估读方式，若每小格的读数是0.02，则应是估读，即估读到0.01；若每小格为0.1，则应估读到，即估读到0.01；若每小格是0.5，则应是估读，即估读到0.1即可。‎ ‎（2）在利用伏安法测电阻时，记住“小外偏小，大内偏大”的口诀，即小电阻用电流表外接法，测量结果偏小，大电阻利用电流表内接法，测量结果偏大。‎ ‎（3）若已知电流表内阻的情况下，选用电流表内接法较好，读出电表读数U和I，利用可以精确的计算出。‎ 四、计算题（计算题应有必要的文字说明和相应的公式、计算过程，只有结果，不能得分。）‎ ‎10. 如图所示，电阻不计的光滑平行金属导轨MN和OP水平放置，MO间接有阻值为R的电阻，两导轨相距为L，其间有竖直向下的匀强磁场。质量为m、长度为L、电阻为的导体棒CD垂直于导轨放置，并接触良好。在CD的中点处用大小为F平行于MN向右的水平恒力拉CD从静止开始运动s的位移，导体棒CD的速度恰好达到最大速度。‎ ‎（1）试判断通过电阻R的电流方向；‎ ‎（2）求磁场磁感应强度B的大小。‎ ‎【答案】（1）电阻R的电流方向为M→O （2）‎ ‎【解析】（1）根据楞次定律，利用右手定则，可以判断出，通过电阻R的电流方向为 ‎（2）导体棒CD达到最大速度时拉力与安培力的合力为零，由牛顿第二定律有 由法拉第电磁感应定律有 由闭合电路的欧姆定律有 联立各式得，磁感应强度大小为 ‎ ‎【点睛】根据楞次定律右手定则，可以判断导体切割磁场时，回路中的感应电流的方向；根据平衡条件，列平衡方程，可以求出相关量。‎ ‎11. 如图（a）所示，“ ”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面AB粗糙，光滑表面BC且与水平面夹角为θ=37°．木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值．一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（b）所示．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2．求：‎ ‎(1) 斜面BC的长度；‎ ‎(2) 滑块的质量；‎ ‎(3) 运动过程中滑块克服摩擦力做的功 ‎【答案】(1) (2) m=2.5Kg (3) 40J ‎【解析】(1)分析滑块受力，由牛顿第二定律得得：a1=gsinθ=5m/s2‎ 通过图象可知滑块在斜面上运动时间为：t1=2s 由运动学公式得：‎ ‎(2)滑块对斜面的压力为：‎ 木板对传感器的压力为：F1=N1′sinθ 由图象可知：F1=24N 解得：m=5kg ‎(3) 滑块滑到B点的速度为：v1=a1t1=12m/s 由图象可知：f1=5N，t2=4s