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- 2021-05-22 发布
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考点
3
动量定理与动量守恒定律
[
高考定位
]
1
.
考查内容
(1)
动量定理的应用。
(2)
动量守恒定律的应用
(
如:滑块、滑板问题、碰撞问题、爆炸反冲问题等
)
。
2
.
题型、难度
选择题,计算题
选择题难度中等,计算题常常是动量与能量结合考查,难度较大。
锁定命题方向
[
体验高考
]
1
.
(
多选
)
(2017
·
全国卷
Ⅰ
)
将质量为
1.00 kg
的模型火箭点火升空,
50 g
燃烧的燃气以大小为
600
m/s
的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。在燃气喷出后的瞬间,火箭的动量大小为
(
喷出过程中重力和空气阻力可忽略
)
A
.
30
kg
·
m
/s
B
.
5.7×10
2
kg
·
m/
s
C
.
6.0
×
10
2
kg
·
m
/s
D
.
6.3×10
2
kg
·
m/
s
解析
设火箭的质量为
m
1
,燃气的质量为
m
2
,根据动量守恒,
m
1
v
1
=
m
2
v
2
,解得火箭的动量为:
P
=
m
2
v
2
=
m
1
v
1
=
30
kg
·
m/s
,所以
A
正确;
BCD
错误。
答案
A
2
.
(
多选
)
(2017
·
全国卷
Ⅲ
)
一质量为
2 kg
的物块在合外力
F
的作用下从静止开始沿直线运动。
F
随时间
t
变化的图线如图
2
-
3
-
1
所示,则
图
2
-
3
-
1
A
.
t
=
1 s
时物块的速率为
1
m/s
B
.
t
=
2 s
时物块的动量大小为
4
kg
·
m/s
C
.
t
=
3 s
时物块的动量大小为
5
kg
·
m/s
D
.
t
=
4 s
时物块的速度为零
答案
AB
3
.
(2016
·
全国卷
Ⅱ
)
如图
2
-
3
-
2
所示,光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体,斜面体右侧一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰块均静止于冰面上。某时刻小孩将冰块以相对冰面
3
m
/s
的速度向斜面体推出,冰块平滑地滑上斜面体,在斜面体上上升的最大高度为
h
=
0.3
m(
h
小于斜面体的高度
)
。已知小孩与滑板的总质量为
m
1
=
30 kg
,冰块的质量为
m
2
=
10 kg
,小孩与滑板始终无相对运动。取重力加速度的大小
g
=
10 m/
s
2
。
图
2
-
3
-
2
(1)
求斜面体的质量;
(2)
通过计算判断,冰块与斜面体分离后能否追上小孩?
答案
(1)20 kg
(2)
见解析
【
必记要点
】
动量定理的理解
1
.公式
Ft
=
p
′
-
p
是矢量式,左边是物体受到所有力的总冲量,而不是某一个力的冲量。其中的
F
是研究对象所受的包括重力在内所有外力的合力,它可以是恒力,也可以是变力,如果合外力是变力,则
F
是合外力在
t
时间内的平均值。
突破高频考点
考点一 动量定理的应用
2
.动量定理说明的是合外力的冲量
I
合
和动量的变化量
Δ
p
的关系,不仅
I
合
与
Δ
p
大小相等,而且
Δ
p
的方向与
I
合
的方向相同。
3
.公式
Ft
=
p
′
-
p
说明了两边的因果关系,即合力的冲量是动量变化的原因。
[
例
1]
(
多选
)
在光滑的水平面上,原来静止的物体在水平力
F
的作用下,经过时间
t
、通过位移
L
后,动量变为
p
、动能变为
E
k
,以下说法正确的是
A
.在力
F
的作用下,这个物体若是经过时间
3
t
,其动量将等于
3
p
B
.在力
F
的作用下,这个物体若是经过位移
3
L
,其动量将等于
3
p
C
.在力
F
的作用下,这个物体若是经过时间
3
t
,其动能将等于
3
E
k
D
.在力
F
的作用下,这个物体若是经过位移
3
L
,其动能将等于
3
E
k
[
答案
]
AD
[
例
2]
在被誉为
“
中国轿车第一撞
”
的碰撞试验中,让汽车以
50 km
/h
的碰撞速度驶向质量为
80 t
的碰撞试验台,由于障碍物的质量足够大可视为固定的,所以撞击使汽车的速度在碰撞的极短时间内变为零,如果让同样的汽车以
100 km/
h
的速度撞向未固定的与汽车同质量的物体,设想为完全非弹性碰撞,且碰撞完成所需的时间是
“
第一撞
”
试验的两倍,求两种碰撞过程中汽车受到的平均冲击力之比。
[
答案
]
2∶1
规律总结
动量定理的应用
1
.应用
I
=
Δ
p
求变力的冲量:若作用在物体上的作用力是变力,不能直接用
Ft
求变力的冲量,则可求物体动量的变化
Δ
p
,等效代换变力的冲量
I
。
2
.应用
Ft
=
Δ
p
求恒力作用下物体的动量变化:若作用在物体上的作用力是恒力,可求该力的冲量
Ft
,等效代换动量的变化。
3
.应用动量定理解题的步骤:
(1)
选取研究对象;
(2)
确定所研究的物理过程及其始、终状态;
(3)
分析研究对象在所研究的物理过程中的受力情况;
(4)
规定正方向,根据动量定理列式;
(5)
解方程,统一单位,求得结果。
【
题组训练
】
1
.
(
动量定理与动能定理的比较
)
(2018
·
青岛二模
)
一质量为
1 kg
的质点静止于光滑水平面上,从
t
=
0
时刻开始,受到如图
2
-
3
-
3
所示的水平外力作用,下列说法正确的是
图
2
-
3
-
3
A
.第
1 s
末物体的速度为
2
m/s
B
.第
2 s
末外力做功的瞬时功率最大
C
.第
1 s
内与第
2 s
内质点动量增加量之比为
1
∶
2
D
.第
1 s
内与第
2 s
内质点动能增加量之比为
4
∶
5
答案
D
2
.
(
利用动量定理求变力
)
如图
2
-
3
-
4
所示为某运动员用头颠球,若足球用头顶起,每次上升高度为
80 cm
,足球的质量为
400 g
,与头部作用时间
Δ
t
为
0.1 s
,则足球一次在空中的运动时间及足球给头部的作用力大小
(
空气阻力不计,
g
=
10 m/s
2
)
图
2
-
3
-
4
A
.
t
=
0.4 s
;
F
N
=
40 N
B
.
t
=
0.4 s
;
F
N
=
36 N
C
.
t
=
0.8 s
;
F
N
=
36 N
D
.
t
=
0.8 s
;
F
N
=
40 N
答案
C
【
必记要点
】
1
.
动量守恒定律的内容
一个系统不受外力或者所受外力之和为零,这个系统的总动量保持不变。
2
.
表达式:
m
1
v
1
+
m
2
v
2
=
m
1
v
1
′
+
m
2
v
2
′
;或
p
=
p
′
(
系统相互作用前总动量
p
等于相互作用后总动量
p
′
)
;或
Δ
p
=
0(
系统总动量的增量为零
)
;或
Δ
p
1
=-
Δ
p
2
(
相互作用的两个物体组成的系统,两物体动量的增量等大反向
)
。
考点二 动量守恒定律的应用
3
.
守恒条件
(1)
系统不受外力或系统虽受外力但所受外力的合力为零。
(2)
系统合外力不为零,但在某一方向上系统受力为零,则系统在该方向上动量守恒。
(3)
系统虽受外力,但外力远小于内力且作用时间极短,如碰撞、爆炸过程。
[
例
3]
如图
2
-
3
-
5
所示,质量为
m
=
245 g
的物块
(
可视为质点
)
放在质量为
M
=
0.5 kg
的木板左端,足够长的木板静止在光滑水平面上,物块与木板间的动摩擦因数为
μ
=
0.4
。质量为
m
0
=
5 g
的子弹以速度
v
0
=
300
m
/s
沿水平方向射入物块并留在其中
(
时间极短
)
,
g
取
10 m/
s
2
。子弹射入后,求:
图
2
-
3
-
5
(1)
子弹与物块一起向右滑行的最大速度
v
1
。
(2)
木板向右滑行的最大速度
v
2
。
(3)
物块在木板上滑行的时间
t
。
[
审题探究
]
(1)
子弹射入物块的过程,子弹和物块组成的系统动量是否守恒?
(2)
物块在木板上滑动的过程,子弹、物块、木板三者组成的系统动量是否守恒?
[
解析
]
(1)
子弹进入物块后一起向右滑行的初速度即为最大速度,由动量守恒定律可得:
m
0
v
0
=
(
m
0
+
m
)
v
1
,
解得
v
1
=
6
m/s
。
(2)
当子弹、物块、木板三者同速时,木板的速度最大,由动量守恒定律可得:
(
m
0
+
m
)
v
1
=
(
m
0
+
m
+
M
)
v
2
,
解得
v
2
=
2
m/s
。
(3)
对物块和子弹组成的整体应用动量定理得:
-
μ
(
m
0
+
m
)
gt
=
(
m
0
+
m
)
v
2
-
(
m
0
+
m
)
v
1
,
解得
t
=
1 s
。
[
答案
]
(1)6
m
/s
(2)2
m/
s
(3)1 s
规律总结
应用动量守恒定律解题的步骤
1
.明确研究对象,确定系统的组成
(
系统包括哪几个物体及研究的过程
)
;
2
.进行受力分析,判断系统动量是否守恒
(
或某一方向上动量是否守恒
)
;
3
.规定正方向,确定初、末状态动量;
4
.由动量守恒定律列出方程;
5
.代入数据,求出结果,必要时讨论说明。
【
题组训练
】
1
.
(
多选
)
两个小木块
A
和
B
中间夹着一轻质弹簧,用细线捆在一起,放在光滑的水平平台上,某时刻剪断细线,小木块被弹开,落地点与平台边缘的水平距离分别为
l
A
=
1 m
,
l
B
=
2 m
,如图
2
-
3
-
6
所示,则下列说法正确的是
图
2
-
3
-
6
A
.木板
A
、
B
离开弹簧时的速度大小之比
v
A
∶
v
B
=
1
∶
2
B
.木块
A
、
B
的质量之比
m
A
∶
m
B
=
2
∶
1
C
.木块
A
、
B
离开弹簧时的动能之比
E
kA
∶
E
kB
=
1
∶
2
D
.弹簧对木块
A
、
B
的冲量大小之比
I
A
∶
I
B
=
1
∶
2
答案
ABC
2
.如图
2
-
3
-
7
所示,光滑水平轨道上放置长板
A
(
上表面粗糙
)
和滑块
C
,滑块
B
置于
A
的左端,三者质量分别为
m
A
=
2 kg
、
m
B
=
1 kg
、
m
C
=
2 kg
。开始时
C
静止,
A
、
B
一起以
v
0
=
5
m/s
的速度匀速向右运动,
A
与
C
发生碰撞
(
时间极短
)
后
C
向右运动,经过一段时间,
A
、
B
再次达到共同速度一起向右运动,且恰好不再与
C
碰撞。求
A
与
C
发生碰撞后瞬间
A
的速度大小。
图
2
-
3
-
7
解析
因碰撞时间极短,
A
与
C
碰撞过程动量守恒,设碰后瞬间
A
的速度为
v
A
,
C
的速度为
v
C
,以向右为正方向,由动量守恒定律得
m
A
v
0
=
m
A
v
A
+
m
C
v
C
①
A
与
B
在摩擦力作用下达到共同速度,设共同速度为
v
AB
,由动量守恒定律得
m
A
v
A
+
m
B
v
0
=
(
m
A
+
m
B
)
v
AB
②
A
与
B
达到共同速度后恰好不再与
C
碰撞,应满足
v
AB
=
v
C
③
联立
①②③
式,代入数据得
v
A
=
2
m/s
。
答案
2
m/s
考点三 碰撞规律的理解及应用
结论:
(1)
当两球质量相等时,
v
1
′
=
0
,
v
2
′
=
v
1
,两球碰撞后交换了速度。
(2)
当质量大的球碰质量小的球时,
v
1
′
>
0
,
v
2
′
>
0
,碰撞后两球都沿速度
v
1
的方向运动。
(3)
当质量小的球碰质量大的球时,
v
1
′
<
0
,
v
2
′
>
0
,碰撞后质量小的球被反弹回来。
情景一:
若碰前两物体同向运动,则应有
v
后
>
v
前
,原来在前的物体碰后速度一定增大。若碰后两物体同向运动,则应有
v
前
′≥
v
后
′
。若碰后两物体运动方向相反,则
v
前
′
与
v
后
′
大小关系不确定。
情景二:
碰前两物体相向运动,碰后两物体的运动方向不可能都不改变。
图
2
-
3
-
8
[
审题探究
]
(1)
要想使物块
a
运动到
b
处,且与
b
发生碰撞,物块
a
与地面的动摩擦因数满足什么条件?
(2)
a
与
b
的碰撞过程满足什么规律?
(3)
b
物块与墙壁不能发生碰撞,
b
与地面的动摩擦因数满足什么条件?
【
题组训练
】
1
.
(
碰撞规律的理解
)
如图
2
-
3
-
9
所示,质量为
m
的物块甲以
3
m
/s
的速度在光滑水平面上运动,有一轻弹簧固定其上,另一质量也为
m
的物体乙以
4
m/
s
的速度与甲相向运动,则
图
2
-
3
-
9
A
.甲、乙两物块在弹簧压缩过程中,由于弹簧弹力的作用,甲乙两物体组成的系统动量不守恒
B
.当两物块相距最近时,甲物块的速度为零
C
.甲物块的速率可达到
5
m/s
D
.当甲物块的速率为
1
m
/s
时,乙物块的速率可能为
2
m/
s
,也可能为
0
解析
甲、乙两物块在弹簧压缩过程中,由于不受外力的作用,甲乙两物体组成的系统动量守恒,选项
A
错误;当两物块相距最近时,甲乙物块的速度相等,选项
B
错误;若物块甲的速率达到
5
m
/s
,方向与原来相同,则
mv
乙
-
mv
甲
=
2
mv
,代入解得
v
乙
′
=
6
m/
s
,两个物体的速率都增大,动能都增大,违反了能量守恒定律。若物块甲的速率达到
5
m
/s
,方向与原来相反,则
mv
乙
-
mv
甲
=
mv
甲
′
+
mv
乙
′
,代入解得
v
乙
′
=-
4
m/
s
,碰撞后,乙的动能不变,甲的动能增加,系统总动能增加,违反了能量守恒定律。所以物块甲的速率不可能达到
5
m
/s
。故
C
错误;若物块甲的速率为
1
m/
s
,方向与原来相同,则由
m
v
乙
-
m
v
甲
′
=-
m
v
甲
′
+
m
v
乙
′
,代入解得
v
乙
′
=
2
m
/s
。若物块甲的速率为
1
m/
s
,方向与原来相反,则由
m
v
乙
-
m
v
甲
=
m
v
甲
′
+
m
v
乙
′
,代入解得
v
乙
′
=
0
。故
D
正确。
答案
D
2
.
(
多选
)
(
碰撞现象的图象问题
)
如图
2
-
3
-
10
所示为
A
、
B
两球沿一直线运动并发生正碰,如图为两球碰撞前后的位移图象。
a
、
b
分别为
A
、
B
两球碰前的位移图象,
c
为碰撞后两球共同运动的位移图象,若
A
球质量是
m
=
2 kg
,则由图判断下列结论正确的是
图
2
-
3
-
10
A
.
B
碰撞前的总动量为
3
kg
·
m/s
B
.碰撞时
A
对
B
所施冲量为-
4
N
·
s
C
.碰撞前后
A
的动量变化为
4
kg
·
m/s
D
.碰撞中
A
、
B
两球组成的系统损失的动能为
10 J
答案
BCD
【
必记要点
】
1
.
爆炸的特点
(1)
动量守恒:物体间的内力远大于外力,总动量守恒。
(2)
动能增加:其他形式的能转化为动能,系统的总动能增加。
2
.
反冲的特点
(1)
若系统所受外力为零,则系统的动量守恒。
(2)
若系统所受外力不为零,但在某一方向上合外力为零,则该方向上动量守恒。
考点四 爆炸和反冲 人船模型
[
例
5]
平板车停在水平光滑的轨道上,平板车上有一人从固定车上的货厢边沿水平方向跳出,落在平板车地板上的
A
点,距货厢的水平距离为
l
=
4 m
,如图
2
-
3
-
11
所示。人的质量为
m
,车连同货厢的质量为
M
=
4
m
,货厢高度为
h
=
1.25 m
,求:
图
2
-
3
-
11
(1)
车从人跳出后到落到地板期间的反冲速度;
(2)
人落在地板上并站定以后,车还运动吗?车在地面上移动的位移是多少?
(
g
取
10 m/s
2
)
[
审题探究
]
(1)
人与车
(
包含货厢
)
组成的系统动量是否守恒?水平方向系统的动量是否守恒?
(2)
人与车在水平方向的位移有何关系?
[
答案
]
(1)1.6
m/s
(2)
车不运动
0.8 m
【
题组训练
】
1
.
(
爆炸问题
)
一弹丸在飞行到距离地面
5 m
高时仅有水平速度
v
=
2
m
/s
,爆炸成为甲、乙两块水平飞出,甲、乙的质量比为
3
∶
1
。不计质量损失,取重力加速度
g
=
10 m/
s
2
,则下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的是
答案
B
2
.
(
反冲问题
)
如图
2
-
3
-
12
所示,一辆质量为
M
=
3 kg
的小车
A
静止在光滑的水平面上,小车上有一质量为
m
=
1 kg
的光滑小球
B
,将一轻质弹簧压缩并锁定,此时弹簧的弹性势能为
E
p
=
6 J
,小球与小车右壁距离为
L
,解除锁定,小球脱离弹簧后与小车右壁的油灰阻挡层碰撞并被粘住,求:
图
2
-
3
-
12
(1)
小球脱离弹簧时小球和小车各自的速度大小;
(2)
在整个过程中,小车移动的距离。