黑龙江省齐齐哈尔市第八中学2019-2020学年高二上学期9月月考物理试题 15页

‎2019--2020 学年度上学期 10 月月考 高二物理试题 一.选择题：（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分.在每小题给出的四个选项中，第 1-8 题只有一项符合题目要求，第 9-12 题有多项符合题目要求.全部选对的得 4分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分.）‎ ‎1.真空中大小相同的两个金属小球A、B带有等量异种电荷，相隔一定距离，（距离远大于小球的直径）两球之间的库仑引力大小为F，现在用另一个跟它们大小相同的不带电金属小球，先后与A、B两个小球接触后再移开，这时A、B两球之间的库仑力大小（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】假设A带电量为Q，B带电量为-Q，两球之间的相互吸引力的大小是：‎ 第三个不带电的金属小球C与A接触后A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为：‎ 这时A、B两球之间的相互作用力的大小：‎ A．描述与分析相符，故A正确.‎ B．描述与分析不符，故B错误.‎ C．描述与分析不符，故C错误.‎ D．描述与分析不符，故D错误.‎ ‎2.以下说法正确的是（）‎ A. 由可知电场中某点电场强度E与F成正比 B. 由Uab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大 C. 公式，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关 D. 由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】ACD．三个公式、、都是运用比值法定义的，所以E由电场本身决定与F无关；电势φ与q无关；C由电容器本身决定，与U、Q无关.故AD错误，C正确.‎ B．由可以知道匀强电场中的两点a、b沿电场线方向的距离越大，则两点间的电势差一定越大，而不是任意的两点间的距离大，电势差就大的，故B错误.‎ ‎3.两个固定的异号点电荷电荷量一定，但大小不等。用和分别表示两个点电荷产生的电场强度大小，则在通过两个点电荷的直线上，的点（不考虑无穷远处）‎ A. 有三个，其中两处合场强为零 B. 有三个，其中一处合场强为零 C. 只有两个，其中一处合场强为零 D. 只有一个，该处合场强不为零 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 在两个电荷中间靠近电荷量少的电荷一边有一处，此处场强相同。在电荷量少的电荷的外侧有一处，此处场强大小相等，方向相反，合场强为零。答案选C。‎ ‎4.某电流表的满偏电流IG=1mA，内阻为1kΩ，要把它改装成一个量程为0.6A的安培表，应在该电流表上（ ）‎ A. 串联一个599 kΩ的电阻 B. 并联一个599 kΩ的电阻 C. 串联一个kΩ的电阻 D. 关联一个kΩ的电阻 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 解：要使电流表量程变为0.6A，则流过并联电阻的电流为：‎ I=0.6﹣0.001A=0.599A；‎ 并联部分的电压为：‎ U=IgR=0.001×1000Ω=1V，‎ 则需要并联的电阻为：r===kΩ，故D正确，ABC错误；‎ 故选：D．‎ ‎【点评】对于电流表的改装一定要明确改装的原理，再根据串并联电路的规律求解即可．‎ ‎5.如图所示，两根细线拴着两个质量相同的小球A、B，上、下两根细线中的拉力分别是TA、TB，现在使A、B带同种电荷，此时上、下细线受力分别为TA′、TB′，则（ ）‎ A. TA′=TA，TB′＞TB B. TA′=TA，TB′＜TB C. TA′＜TA，TB′＞TB D. TA′＞TA，TB′＜TB ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：A、B始终处于静止状态，分别对带电前后进行受力分析，判断绳子拉力的变化．‎ 解：带电前：对B有：‎ T2=GB 对AB组成的整体有：‎ T1=GA+GB 带电后：对B有：‎ T2′=F电+GB 对整体：‎ T1′=GA+GB 综上所述：T1=T1′，T2＜T2′‎ 故选：A．‎ ‎【点评】处于受力平衡状态的物体在求解或进行大小变化的判断时，只要选好研究对象进行正确的受力分析，应用平衡条件判断即可．‎ ‎6.如图，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点。电场线与梯形所在的平面平行。ab平行cd，且ab边长为cd边长的一半，已知a点的电势是3V，b点的电势是5V，c点的电势是7V。由此可知，d点的电势为（  ）‎ A. 4V B. 3V C. 2V D. 1 V ‎【答案】B ‎【解析】‎ 由题意知，ab∥dc，在匀强电场中，根据U=Ed可知，沿电场线方向相等距离两点间的电势差相等，则dc间电势差是ab间电势差的2倍，即有，可得：，故B正确，ACD错误。 ‎ ‎7.如图所示的电路中，R1=8Ω，R2=4Ω，R3=6Ω，R4=3Ω，U=42V．（）‎ A. R1、R2、R3、R4的电压之比等于4：2：1：1‎ B. R1、R2、R3、R4的电流之比等于4：2：1：2‎ C. R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：2：1‎ D. 电路的总电阻等于21Ω，总功率等于126W ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．R3与R4的总电阻：‎ 由于R1、R2及串联，电流相等，电压之比扥与电阻之比，故电压之比为4：2：1：1，故A正确.‎ B．根据电路串并联替身可知，流过R3和R4的电流与电阻成反比，故电流之比为1：2，而流过R1和R2的电流纸币为1：1，流过R3的电流与干路电流的关系为：‎ 故电之比为3：3：1：2，故B错误.‎ C．R1、R2串联，功率之比为2：1，R3、R4并联，由：‎ 可知功率之比为1：2；流过R3的电流与干路电流的关系为：‎ 则P2：P3=6：1，故R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：1：2，故C错误.‎ D．电路中的总电阻为：‎ 根据欧姆定律得：‎ 则总功率为：‎ 故D错误 ‎8.如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略.在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角φ变大的是：‎ A. U1变大，U2变大 B. U1变小，U2变大 C. U1变大，U2变小 D. U1变小，U2变小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：…①‎ 又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：…②‎ 又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度a，由牛顿第二定律得：…③‎ 电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at…④‎ 由①、②、③、④可得：‎ 又有：，故U2变大或U1变小都可能使偏转角φ变大，故选项B正确．‎ ‎9. 图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（ ）‎ A. M点的电势大于N点的电势 B. M点的电势小于N点的电势 C. 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 D. 粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ 试题分析：根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，故A正确，B错误；根据电场线的疏密来判定电场强度的强弱，M点的电场力小于N点，故D正确，C错误。‎ 考点：电势；电场强度 ‎【名师点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小。‎ ‎10.如图所示，为A、B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是()‎ A. 在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B B. 在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻B C. 在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻B D. 电阻A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC．两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可以知道，两电阻的阻值大小相等，所以B正确，A错误，C错误.‎ D．由图可以知道，电阻A的图象的割线斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变，故D正确.‎ ‎11.如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，、两点分别是圆周的最高点和最低点，则（ ）‎ A. 小球经过点时，线中的张力最小 B. 小球经过点时，电势能最小 C. 小球经过点时，电势能最小 D. 小球经过点时，机械能最小 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ A、当电场力大于重力,小球运动到a点时,速度最大,根据牛顿第二定律知,拉力最大.故A错误. B、小球从a点运动到b点的过程中,电场力做负功,电势能增加.所以小球过b点时,电势能最大.故B错误. C、从a到b, 电场力做负功，电势能增加,所以a点电势能最小.故C正确； D、从a到b,除重力以外,电场力做负功,机械能减小,所以b点机械能最小.故D正确；‎ 综上所述本题答案是：CD ‎12.三个不计重力的完全相同的带正电荷的粒子在同一地点沿同一方向水平飞入两水平板间的偏离电场，出现了如图所示的轨迹，则下列叙述正确的是（）‎ A. 在b飞离电场的同时，a刚好打在下极板上 B. b和c同时飞离电场 C. 进入电场时c的速度最大，a的速度最小 D. 动能的增加值a最小，b和c一样大 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．三个粒子的质量和电量都相同,则知加速度相同.a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据：‎ 可以知道运动时间相等.所以A正确.‎ B．b、c竖直方向上的位移不等，.根据：‎ 可以知道.故B错误.‎ C．垂直于电场方向即水平方向,三个粒子做匀速直线运动，则有：‎ ‎.‎ 因：‎ ‎，‎ 则.‎ 根据：‎ ‎，.‎ 则.‎ 所以有：.所以C正确的.‎ D．根据动能定理知a、b两电荷电场力做功一样多，所以动能增加量相等.c电荷电场力做功最少动能增加量最小.所以D错误.‎ 二、实验题（13题9分，14题4分，共13分）‎ ‎13.已知电压表内阻RV=2.5kΩ，电流表内阻RA=0.1Ω，用伏安法测未知电阻的阻值，若未知电阻约0.5Ω时，应用电流表_____________接法；若未知电阻约5kΩ，应采用电流表___________接法，若未知电阻约为500Ω应采用电流表___________接法.‎ ‎【答案】 (1). 外 (2). 内 (3). 内 ‎【解析】‎ ‎【详解】根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表采用内接法还是采用外接法.‎ ‎[1] 由题意知：‎ 所以，电流表应采用外接法;‎ ‎[2] 同理可得：‎ ‎，电流表应采用内接法;‎ ‎[3]同理可得：‎ ‎，电流表应采用内接法.‎ ‎14.利用静电计．研究平行板电容器电容与哪些因素有关的实验装置如图所示，则下面叙述中符合实验中观察到的结果的是（ ）‎ ‎ ‎ A. N板向下平移，静电计指针偏角变大 B. N板向左平移，静电计指针偏角变大 C. 保持N板不动，在M、N之间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏角变大 D. 保持N板不动，M、N之间插入一块金属板，静电计指针偏角变大 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ A. 将N板向下平移，板间距离增大，电容减小，而电容器的电量不变，由C=Q/U 分析可知，板间电压增大，则静电计指针张角增大，故A正确；‎ B. 将N板向左平移，两板正对面积减小，电容减小，而电容器的电量不变，由C=Q/U分析可知，板间电压增大，则静电计指针张角变大，故B正确；‎ C. 在M、N之间插入一块绝缘介质板，由电容的决定式，得知，电容C增大，而电量Q不变，则由电容的定义式C=Q/U分析得知，板间电压U减小，静电计指针偏角变小。故C错误；‎ D. 保持N板不动，在M、N之间插入一块厚金属板，相当于极板的间距减小，电容增大，而电容器的电量不变，由C=Q/U分析可知，板间电压变小，则静电计指针张角变小。故D错误。‎ 故选：AB.‎ 三、计算题(本大题共39分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)‎ ‎15.一台小型电动机在3 V电压下工作，通过它的电流大小是0.2 A，用此电动机提升重力为4 N的物体时，在30 s内可使该物体匀速提升3 m。若不计除电动机线圈发热以外的其他能量损失，求在提升重物的30 s内，电动机线圈所产生的热量。‎ ‎【答案】6 J ‎【解析】‎ 电动机提升重物的机械功率为 电动机输入的功率为 由能量关系得热功率 所产生的热量 ‎16.如图所示，有一电子（电荷量为e，质量为m）经电压U0加速后，进入两块间距为d，电压为U的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，‎ 求：（1）金属板AB的长度L； （2）电子穿出电场时的动能Ek。‎ ‎【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）设电子离开加速电场瞬间的速度为v0，由动能定理，有：‎ 在偏转电场中偏转时，有：‎ 而：‎ 解得：‎ ‎（2）电子在偏转电场中偏转时，由动能定理，得：‎ 解得 ‎17.如图所示，一光滑斜面的直角点A处固定一带电量为+q，质量为m的绝缘小球。另一同样小球置于斜面顶点B处，已知斜面长为L，现把上部小球从B点从静止自由释放，球能沿斜面从B点运动到斜面底端C处（静电力常量为k，重力加速度为g）‎ 求：（1）小球从B处开始运动到斜面中点D处时的速度？‎ ‎（2）小球运动到斜面底端C处时，球对斜面的压力是多大？‎ ‎【答案】(1) (2) ‎ ‎【解析】‎ ‎（1）由题意知：小球运动到D点时，由于AD=AB，所以有 即①‎ 则由动能定理得：②‎ 联立①②解得③‎ ‎（2）当小球运动到C点时，对球受力分析如图所示则由平衡条件得：④‎ 由库仑定律得：⑤‎ 联立④⑤得：‎ 由牛顿第三定律即．‎ ‎ ‎