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- 2021-05-22 发布
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广东省三校(广州二中、珠海一中、中山纪中)2020 学年高二物理
11 月期中联考试题
本试卷分选择题和非选择题两部分,共 6 页,16 题,满分 100 分。考试用时 90 分
钟。
注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、考生号、试室号和座位号填写在答
题卡上。
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用 2B 铅笔将答题卡上对应题目选
项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。
答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡
各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后
再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,将试卷和答题卡一并交回。
第 I 卷(共 48 分)
一、选择题(1 到 7 题为单项选择,每题只有一个选项正确,每题 4 分,共 28 分;8
到 12 题为多项选择,有两个或两个以上的正确选项,每题 4 分,漏选得 2 分,错选
得 0 分,共 20 分。)
1.如图所示是阴极射线示波管的聚焦电场,实线为
电场线,虚线为等势面,a、b 为电场中的两点,则
A.a 点的场强大于 b 点的场强
B.a 点的电势高于 b 点的电势,
C.电子在 a 点的电势能大于在 b 点的电势能
D.电子在 a 点的电势能小于在 b 点的电势能
2. 随着交通日益拥挤、车辆速度越来越快,事故的发生更为频繁,所以汽车安全性
变得尤其重要。而安全气囊成为了不可或缺的汽车被动安全设备,它的数量也是衡
量车辆安全性能的重要指标。发生交通事故时,汽车安全气囊有助于减轻胸、头和
面部在碰撞时受伤的严重性。在碰撞过程中,关于安全气囊对驾驶员保护作用的说
法正确的是:
A.减小了驾驶员的动量变化量 B.减小了驾驶员受到撞击力的冲量
C.减小了驾驶员的动量变化率 D.减小了驾驶员的动量
3.某静电场在 x 轴上各点的电势随坐标 x 的分布图像如图。有一带电的小球只在
电场力作用下沿 x 轴正向运动,从 x1 处运动到 x2 处的过程中,下列说法中正确
的是
A.带电小球的电势能一定减小
B.带电小球的动能一定增大
C.带电小球的动量一定增大
D.带电小球的加速度一定增大
4.在光滑水平面上,质量为 m 的小球 A 以速度 v0 匀速运动.某时刻小球 A 与质量
为 4m 的静止小球 B 发生正碰,两球相碰后,A 球以 的速度反弹。则碰撞过程中系
统损失的机械能为:
A.0 B. C. D.
5. 两个带等量正电荷的点电荷固定在图中 a、b 两点,MN 为 ab
连线的中垂线,交直线 ab 于 O 点,A 为 MN 上的一点。一 带 负
电的试探电荷 q 从 A 点由静止释放,仅在静电力作用下运 动 。
则下列说法正确的是
A.q 在由 A 点向 O 点运动的过程中,加速度先增大后减小
0
3
v
2
0
2
9 mv 2
0
7
18 mv 2
0
4
9 mv
B.q 在由 A 点向 O 点运动的过程中,动能先增大后减小
C.q 在由 A 点向 O 点运动的过程中,电势能先减小后增大
D.q 将以 O 点为对称点做往复运动
6.在绝缘光滑水平面上固定一带电+Q 的点电荷 A,距离 A 为 d 处放置另一带电-
2Q 的点电荷 B。为了使 B 处于静止状态,则需要在水平方向加一个匀强电场。则点
电荷 B 处于静止时,AB 中点 O 处的场强为多大
A. B.
C. D.
7.在光滑水平桌面上,质量为 m 的物体 P 和质量为 2m 的物体 Q 都可以视做质点,Q
与轻质弹簧相连。设 Q 静止,P 以某一初动能 E0 水平向 Q 运动并与弹簧发生相互作
用,用 E1 表示弹簧具有的最大弹性势能,用 E2 表示 Q 具有的最大动能,用 E3 表示 P
具有的最小动能,则
A. E1= B. E2 =
C. E2= D. E3=
8.从水平地面上方高 h=0.8m 处,将 a,b 两球以 v0=3m/s 抛
出,a 球平抛,b 球竖直下抛。两球质量相等均为 1kg, 最
后落于同一水平地面上。在此过程中,下列说法正确的 是
( )
A.两球落地时动量的大小相等
B.两球从抛出到落地重力的冲量相等
C.若 b 球落地时无能量损失反弹,和地面的相互作用时间为
0.1s,则地面对 b 球的平均作用力大小为 110N
D.若 b 球落地时无能量损失反弹,和地面的相互作用时间为
2
3Qk
d 2
11Qk
d
2
12Qk
d 2
10Qk
d
0
3
E
0E
08
9
E 0
9
E
0.1s,则地面对 b 球的平均作用力大小为 100N
9.如图,一匀强电场的方向平行于直角三角形所在的平面,其中 A 点电势为 3V,B
点电势为 6 V,C 点电势为 9V。已知∠ACB=30°,AB 边长为 3 cm ,下列说法正确
的是
A.该电场强度的大小为 2 V /cm
B.该电场强度的大小为 V/cm
C.电子在 A 点的电势能比在 B 点的低 3e V
D. 电子从 A 点运动到 C 点电场力做功为 6e V
10.真空中某竖直平面内存在一水平向右的匀强电场,一质量为 m 的带电小球恰好能
沿图示虚线(与水平方向成 θ 角)由 A 向 B 做直线 运
动,小球的初速度为 v0,重力加速度为 g,则
A.小球可以带正电
B.小球向上运动过程中动能和重力势能之和在减 小
C.可求出小球运动到最高点所用的时间
D.不能求出小球运动到最高点电势能的改变量
11.如图所示,两个质量相等的带电小球,以相同速率在带电平行金属板的上边缘 P
点沿垂直于电场方向射入电场,A 落在下板中点、B 恰好沿下板边缘飞出电场,不计
重力,则开始射入到打到下板(B 刚好飞出电场)的过程中
A. 它们运动的时间之比 tA:tB=1:2
B. 它们运动的加速度之比 aA:aB=2:1
C.它们的动能增加量之比ΔEkA∶ΔEkB = 4∶ 1
D.它们的动量增加量之比ΔPA∶ΔPB = 1:2
3
12.如图所示,长为 L、倾角为 300 的光滑绝缘斜面固定于静电场中,一带电荷量为
+q、质量为 m 的小球,以初速度 v0 由斜面顶端的 A 点开始沿斜面下滑,到达斜面
底端 B 点的速度仍为 v0,途中小球始终未离开斜面,重力加速度为 g,则
A. 小球的电势能可能先减小后增大
B. A、B 两点间的电势差为
C. 若处于匀强电场中,则该电场的场强最小值 为
D. 若处于匀强电场中,则该电场的场强可能等于
第 II 卷(共 52 分)
二、实验题(请将答案写在答卷的相应空格处,共 10 分。)
13.如图所示,用“碰撞实验器”可以验证动量守恒 定
律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动 量
关系.实验中使用半径相同的弹性小球 1 和 2。
先安装好实验装置,在地上铺一张白纸,白纸上 铺
放复写纸,记下重垂线所指的位置 O.
接下来的实验步骤如下:
步骤 1:不放小球 2,让小球 1 从斜槽上 A 点由静止滚下,落在地面上.重复多次,
用尽可能小的圆,把小球的所有落点圈在里面,其圆心就是小球落点的平均位置 P;
步骤 2:把小球 2 放在斜槽前端边缘位置 B,让小球 1 从 A 点由静止滚下,使它们碰
2
mgL
q
mg
q
3
5
mg
q
撞,重复多次,并使用与步骤 1 同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置
M,N;
步骤 3:用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置 M,P,N 离 O 点的距离,即线段 OM,
OP,ON 的长度 LOM,LOP,LON.
(1)对于上述实验操作,下列说法正确的是_________.
A.应使小球每次从斜槽上相同的位置由静止滚下 B.斜槽轨道必须光滑
C.斜槽轨道末端必须水平 D.小球 1 质量应大于小球 2
的质量
(2)上述实验除需测量线段 OM,OP,ON 的长度外,还需要测量的物理量是_________.
A.A,B 两点间的高度差 h1 B.B 点离地面的高度 h2
C.小球 1 和小球 2 的质量 m1,m2 D.小球 1 和小球 2 的半径 r
(3)当所测物理量满足表达式__________________(用所测物理量的字母表示)时,
即说明两球碰撞遵守动量守恒定律.如果还满足表达式__________________(用所测
物理量的字母表示)时,即说明两球碰撞时无机械能损失.
(4)完成上述实验后,某实验小组对上述装置进行了
改造,如图所示.在水平槽末端与水平地面间放置了
一个斜面,斜面的底端与 O 点重合.使小球 1 仍从斜
槽上 A 点由静止滚下,重复实验步骤 1 和 2 的操作,
得到两球落在斜面上的平均落点 M′,P′,N′。用刻
度尺测量斜面底端到 M′,P′,N′三点的距离分别为 L OM′,LOP′,LON′,测量
出斜面的倾角为 ,用天平测量两个小球的质量为 m1,m2;则仅利用以上数据能不
能验证两球碰撞过程中动量守恒。若能请用所测物理量写出验证表达式,若不能请
说明理由。
θ
三、计算题(请答在答卷的相应区域,要写出必要的文字叙述和步骤,共 42 分。)
14. (12 分) 如图,平行金属板水平放置,上极板带负电且中心有一个小孔,两板间
的距离为 3d。一带电为+q 的带电小球在小孔正上方的 d 处静止释放,并恰好运动到
下极板,但不会被下极板吸收。已知小球质量为 m,重力加速度取 g,忽略极板外部
电场,不计空气阻力。求:
(1)极板间的电场强度 E;
(2)小球从开始释放到第一次刚离开上极板过程中,小球在板外与板间的运动时间
之比。
15. (14 分) 如图,倾角为 θ=30°斜面固定在水平台阶边缘,台阶下有一足够长、
质量为 6m 的木板 C,木板上表面与斜面底端等高,并且通过一小段光滑圆弧平滑连
接。质量为 6m 的滑块 B 静止在木板左端,斜面与水平面均光滑。已知滑块 B 与木
板 C 间的动摩擦因数为 μ=1
2。现让质量为 m 的滑块 A 在高为 h 处静止释放,与 B 发
生正碰,碰后 A 返回高度为原来的1
4。滑块均视为质点,重力加速度为 g,不计空气
阻力,求:
(1)碰后滑块 B 的速度;
(2)A 返回到最高点时,B 在木板上的滑行距离。
16. (16 分)如图,高 H=5m 的光滑水平台左端有一逆时针转动的传送带(轮子大小可
忽略不计),带的表面与平台等高,带长为 d=1.25m,传送带左端正下方为 O 点。虚
线左侧存在水平向右的匀强电场,大小为 E=105N/C。平台右侧连接一光滑绝缘圆轨
道,半径为 R=1m,圆轨道中心固定一带负电的点电荷,电量为 Q=10‒4C。由于某种
作用,使得电荷 Q 产生的电场只分布在圆轨道内部。可视为质点的绝缘带电滑块 a、
b 用一轻质细绳连接,开始时整个装置处于静止状态。某时刻细线忽然断开,由于
库仑斥力 a、b 反向运动,当滑块 a 进入传送带或者 b 进入圆轨道后即可忽略它们之
间的斥力。已知滑块 a、b 的质量分别为 m1=2 kg,m2=1kg,电量分别为 q1=+6×10‒5C
和 q2=+2
3×10‒5C,a 进入传送带的速度为 v1=4m/s,a 与传送带之间的动摩擦因数
μ=0.3, g=10 m/s2,静电力常量 k=9×109N﹒m2/C2,空气阻力不计。求:
(1)滑块 b 进入圆轨道时的速度大小 v2;
(2)滑块 b 到达圆轨道最高点时对轨道的压力;
(3)试分析传送带的速度 v 取不同值时,滑块 a 离开传送带后的落点与 O 点的位置
关系。
2020 学年度高二(上)三校联考
物理参考答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
C C D B D B C AC AD BC AC ABD
13.(1)ACD (2)C
(3)
(4)不能,因为根据已给的物理量求不出小球做平抛运动的时间,求不出小球
碰撞前后的速度。
14. 解:(1)从释放到下极板,由动能定理,得
mg(d+3d) ‒qE·3d=0 3 分
解得 E=4mg
3q 2 分
(2)设运动时间分别为 t1 和 t2,粒子到达小孔时速度为 v,由运动对称性可知
粒子返回到小孔的速度大小仍为 v。由动量定理,得
mgt1=mv‒0 3 分
取向下为正,从进入小孔到返回小孔,有
mgt2‒qE t2= ‒mv‒mv 3 分
(若列减速过程给 2 分,然后注明时间相等 1 分)
联立解得 t1
t2=1
6 1 分
15. 解:(1)设 A 碰 B 前瞬间速度为 v0,碰后速度分别为 v1 和 v2,则有
对 A,mgh=1
2mv02 1 分
返回时,有 mgh
4=1
2mv12 1 分
得 v1=v0
2 =
2gh
2
AB 碰撞动量守恒,有 mv0=‒mv1+6mv2 2 分
解得 v2=
2gh
4 1 分
ONOMOP LmLmLm 211 += 2
2
2
1
2
1 ONOMOP LmLmLm +=
(2)返回时 A 的加速度为 a= mgsin30°
m = g
2 1 分
返回到最高点的时间为 t1= v1
g = 2h
g (得出结果 1 分)
设 BC 能共速,则有 6mv2=(6m+6m)v3 1 分
共速时间为 t2,则有 ‒μ﹒6mgt2=6mv3‒6mv2 1 分
解得 t2=1
4
2h
g (得出结果 1 分)
t1>t2,说明 A 回到最高点之前 BC 已经共速。 1 分
设滑行距离为 L,则 μ﹒6mgL=1
2×6mv22‒
1
2×(6m+6m)v32 2 分
(若用运动学位移差,总共 2 分,酌情处理)
得 L= h
16 1 分
16、:(1)对 ab,动量守恒,有 m1v1=m2v2 2 分
解得 v2=8m/s 1 分
(2)设 b 到最高点速度为 v,受轨道压力为 F,则有
kQq2
R2 +m2g+F=m2
v2
R 1 分
从圆轨道最低点到最高点,有 ‒ m2g﹒2R=1
2m2v2‒
1
2m2v22 1 分
解得 F=8N 1 分
由牛三,滑块对轨道的压力大小为 F´=F=8N,方向竖直向上。 1 分
(大小方向都有才给这 1 分)
(3)由题,q1E=μm1g=6N 1 分
离开传送带到落地的时间为 t= 2H
g =1s 1 分
离开后水平方向的加速度为 a=q1E
m1 =3m/s2 (向左) 1 分
①若 v>v1=4m/s,则滑块在带上匀速,以 v1 离开,离开后水平方向
匀减速。
故水平位移为 x=v1t‒
1
2at2=2.5m。故滑块落点位置为 O 点左侧 2.5m
处。1 分
若 v≤v1=4m/s,则滑块将减速,设全程减速到左端时速度为 v1´,
则有
v1´2‒ v12=‒2a´d 1 分
其中 a´=q1E + m1g
m1 =6m/s2 1 分
联立解得 v1´=1 m/s
②故当 v< v1´=1 m/s 时,物块全程减速,以 v1´离开。
则水平位移为x=v1´t‒
1
2at2=‒0.5m。故滑块落点位置为 O 点右侧 0.5m 处。
1 分
③当 1m/s