【物理】贵州省罗甸县第一中学2019-2020学年高一上学期期末考试试题 （解析版） 14页

贵州省罗甸县第一中学2019-2020学年 高一上学期期末考试试题 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是(　　)‎ A. 这段位移所用的时间是1s B. 这段运动的加速度是3.5m/s2‎ C. 自计时开始起，2s末的速度是7m/s D. 从开始计时起，经过14m处的速度是2m/s ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．根据速度与位移的关系：，解得：，根据速度与时间的关系：，解得：，AB错误；‎ C．根据：，C正确；‎ D．根据中间位置速度公式：，D错误。‎ ‎2.纪念抗战胜利70周年阅兵式上，20架直升机组成的“直升机字样编队飞过天安门上空．飞行员认为自己处于静止状态，则他选取的参考系可能是（　　）‎ A. 天安门城楼 B. 邻近的直升机 C. 飞机上的旋翼 D. 天安门广场上飘扬的红旗 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】直升机相对于太阳、天安门、云彩的位置不断改变，以他们为参照物，直升机是运动的；以别的直升机为参照物，它们之间的位置没有发生变化，所以是静止的，故B正确，ACD错误．‎ ‎3.在中学秋季田径运动会上，高一2班李好同学奋力拼搏，勇夺男子100 m冠军，下图为该同学奔跑途中的两个瞬间，用Ff1、Ff2分别表示该同学在图甲、乙两瞬间所受到的摩擦力，则关于Ff1、Ff2的方向，以下说法正确的是(　　)‎ A. Ff1向后，Ff2向后 B. Ff1向前，Ff2向前 C. Ff1向前，Ff2向后 D Ff1向后，Ff2向前 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 当该同学奔跑途中，后脚用力向后蹬，人才向前运动，正是由于地面给后脚有个向前的静摩擦力，使运动员能向前运动．而当前脚向前跨时，正是由于地面给前脚有个向后的静摩擦力，否则运动员会向前滑动．所以前脚受到地面的向后静摩擦力．故选C．‎ 点睛：不论前脚还是后脚，地面给它们的摩擦力均是静摩擦力，由于后脚受到的静摩擦力方向向前，前脚受到的静摩擦力的方向向后，且后脚的力大于前脚，所以运动员向前运动．‎ ‎4.物体做匀加速直线运动，经过A点的速度是vA，经过B点的速度是vB，C为AB的中点，则经C点的速度的大小是(　　)‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】设经C点的速度的大小是vC，且AB=2x，则根据已知条件可知：‎ 联立解得 A．，与结论不相符，选项A错误；‎ B．，与结论不相符，选项B错误；‎ C．，与结论不相符，选项C错误；‎ D．，与结论相符，选项D正确；‎ ‎5.如图所示，A、B两球用细线悬挂于天花板上且静止不动，两球质量mA=2mB，两球间是一个轻质弹簧，如果突然剪断悬线，则在剪断悬线瞬间（ ）‎ A. A球加速度为g，B球加速度为g B. A球加速度为g，B球加速度为0‎ C. A球加速度为g，B球加速度为0‎ D. A球加速度为g，B球加速度为g ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】设B球质量为m，则A球质量为2m，悬线剪断前，以B为研究对象可知：弹簧的弹力F=mg，以A、B整体为研究对象可知悬线的拉力为3mg；剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，F=mg，根据牛顿第二定律得：对A：2mg+F=2maA，又F=mg，得aA=g，对B：F-mg=maB，F=mg，得aB=0，故选B.‎ ‎6.两个共点力的大小分别为F1＝15 N，F2＝8 N，它们的合力大小不可能等于(　　)‎ A. 9 N B. 25 N C. 8 N D. 21 N ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】两个力同向时合力最大：，两个力反向时合力最小：，所以选项中不在上述最大值和最小值之间，ACD错误，B正确。‎ ‎7.物体以一定的初速度冲上固定的光滑斜面，到达斜面最高点C时速度恰为零，如图所示．已知物体运动到斜面B点时，所用时间为t，且已知AB长度和BC长度之比为3∶1，则物体从B滑到C所用时间(　　)‎ A. B. t C. t D. 2t ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】物体上滑到B所用的时间为t，用逆向思维法，物体向上匀减速冲上斜面，相当于从最高点由静止向下匀加速滑下斜面，因为CB与CA的位移之比为1∶4，则CB段与CA段所用时间之比为1∶2，CB段与BA段所用时间之比为1∶1.即＝t，故选B。‎ ‎8.如图所示，左侧是倾角为 60°的斜面、右侧是圆弧面的物体固定在水平地面上，圆弧面底端的切线水平，一根两端分别系有质量为m1、m2小球的轻绳跨过其顶点上的小滑轮．当它们处于平衡状态时，连接m2小球的轻绳与水平线的夹角为60°，不计一切摩擦，两小球可视为质点．两小球的质量之比m1∶m2等于( 　　)‎ A. 1∶1 B. 3∶2 C. 2∶3 D. 3∶4‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】先以m1球为研究对象，由平衡条件得知，绳的拉力大小为：T=m1gsin60°，再以m2‎ 球为研究对象，分析受力情况，如图所示：‎ 由平衡条件可知，绳的拉力T与支持力N的合力与重力大小相等、方向相反，作出两个力的合力，由对称性可知，T=N，2Tcos30°=m2g，联立解得：ml：m2=2：3，故C正确，ABD错误．‎ ‎9.下列说法中正确是 A. 超重时物体所受的重力不变 B. 生活小区电梯启动瞬时，电梯中的人就处于超重状态 C. 超重就是物体所受的重力增加 D. 飞机减速下降过程中，飞机中的乘客处于失重状态 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、C、处于超重与失重状态的物体所受的重力不变，是因为具有竖直加速度导致视重变了；故A正确，C错误.‎ B、电梯向上启动的瞬间加速度向上，人所受的支持力变大，则压力变大即视重变大，处于超重；反之电梯向下启动的瞬间处于失重；故B错误.‎ D、飞机减速下降时加速度向上，则飞机里的人处于超重；故D错误.‎ 故选A.‎ ‎10.关于自由落体运动，以下说法正确的是（ ）‎ A. 从静止开始下落的物体必做自由落体运动 B. 物体开始下落时，速度为零，加速度也为零 C. 物体下落过程中，速度和加速度同时增大 D. 物体下落过程中，速度的变化率是个恒量 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．自由落体运动指的是初速度为零，只受重力作用下的匀加速运动，从静止开始下落的物体，如果受到除了重力以外的力，则不能做自由落体运动；故A错误；‎ B．物体开始下落时，速度为零，加速度为重力加速度g，故B错误；‎ C．物体下落过程中，速度增大，加速度保持g不变，故C错误；‎ D．由公式 得： ，所以物体下落过程中，速度的变化率是个恒量，故D正确；‎ 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.如图所示，质量为m、顶角为α的直角劈和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态．若不计一切摩擦，则 A. 水平面对正方体的弹力大小为(M+m)g B. 墙面对正方体的弹力大小mg/tanα C. 正方体对直角劈的弹力大小为mgcosα D. 直角劈对墙面的弹力大小mgsinα ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】以直角劈和质量为M正方体整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，则由平衡条件得：水平面对正方体的弹力大小N3=（M+m）g．故A正确．‎ 对直角劈研究，分析受力情况，如图2所示，根据平衡条件得知：重力mg和墙壁的弹力N1的合力F与M的支持力N4大小相等，方向相反，由图得：墙面对m的弹力，正方体对直角劈的弹力大小为N4=．对整体可知，墙面对正方体的弹力N2=N1=‎ ‎．故B正确，C错误．根据牛顿第三定律得知，直角劈对墙面的弹力大小N1′=N1=，故D错误．故选AB．‎ ‎12. 甲、乙、丙三辆汽车同时在一条南北方向的大街上行驶，甲车上的人看到丙车相对于甲车向北运动，乙车上的人看到甲、丙两辆汽车都相对乙车向南运动，丙车上的人看到路边树木向北运动．关于这三辆车行驶的方向，正确的说法是（ ）‎ A. 甲车必定向南行驶 B. 乙车必定向北行驶 C. 丙车可能向北行驶 D. 三辆车行驶方向可能相同 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】C．丙车上的人则看到路边上的树木向北运动，说明丙车向南运动，故C错误；‎ A．甲车上的人看到丙车相对于甲车向北运动，说明甲车也向南运动，并且甲车的速度比丙车大，故A正确；‎ BD．乙车上的人看到甲、丙两辆车都相对乙车向南运动，此时有两种可能：一是乙车向南运动，但比甲车和丙车的速度都小；二是乙车向北运动．故B错误，D正确．‎ 故选AD．‎ ‎13.一个从地面竖直上抛的小球，到达最高点前1 s上升的高度是它上升的最大高度的1/4，不计空气阻力，g取10 m/s2.则(　　)‎ A. 小球上升的最大高度是5 m B. 小球上抛的初速度是20 m/s C. 2.5 s时物体正在上升 D. 1 s末、3 s末物体处于同一位置 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】小球到达最高点前上升的高度是，由题知，小球上升的最大高度是，故A错误；‎ 由，得小球上抛的初速度是，故B正确；‎ 小球上升的总时间，则时物体正在下降，故C错误；‎ 由于小球上升的总时间是，则根据末、末物体处于同一位置，故D正确．‎ ‎14.如图所示，是A、B两质点沿同一条直线运动的位移图象，由图可知（　　）‎ A. 质点A前2s内的位移是1m B. 质点B第1s内的位移是2m C. 质点A、B在前8s内位移大小相等 D. 质点A、B在4s末相遇 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由图象可以看出，质点A前2s内的位移是1m，A正确；‎ B．质点B第1s内的位移是0，B错误；‎ C．质点A在8s内的位移大小1m，质点B在8s内的位移大小是3m，C错误；‎ D．质点A、B在4s末相遇，D正确．‎ 故选AD。‎ 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.在“探究求合力的方法”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一只弹簧测力计。‎ ‎(1)为了完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到的实验数据如下表：‎ 根据表中数据作出F－x图像______________并求得该弹簧的劲度系数k＝________N/m（保留两位有效数字）；‎ ‎(2)某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图甲所示，其读数为________N；同时利用(1)中结果获得弹簧上的弹力值为2.50 N，请在图乙中画出这两个共点力的合力F合 的图示_____________；‎ ‎　‎ ‎(3)由图得到F合＝________N。‎ ‎【答案】(1).见解析 54(53~55均可) (2). 2.10 见解析 (3). 3.30‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)以水平方向为x轴，竖直方向为F轴，建立直角坐标系，然后描点，选尽可能多的点连成一条线：‎ ‎；‎ 图线的斜率即为弹簧的劲度系数：；‎ ‎(2)弹簧测力计的分度值为，弹簧测力计的读数为2.10N；‎ 设每单位长度为1N，则合力F合的图示如图所示：‎ ‎(3)经测量，合力F合＝3.30N。‎ ‎16.某实验小组利用如图所示的实验装置来探究当合外力一定时，物体运动的加速度与其质量之间的关系。‎ ‎(1)已知两个光电门中心之间的距离x＝24 cm，遮光条的宽度d＝0.52 cm。该实验小组在做实验时，将滑块从如图所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间Δt1，遮光条通过光电门2的时间Δt2，则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1＝________，滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式v2＝________，则滑块的加速度的表达式a＝________。(以上表达式均用字母表示)‎ ‎(2)在本次实验中，实验小组通过改变滑块质量总共做了6组实验，得到如表所示的实验数据，通过分析表中数据，你得出的结论是_____________________________________；‎ ‎(3)现需通过图像进一步验证你的结论，请利用表格数据，在图坐标系中描点并作出相应的图像____________。‎ ‎【答案】 (1). ‎ ‎(2). 当合外力一定时，物体运的加速度跟物体的质量成反比 (3). 见解析 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)通过光电门的平均速度可近似为物体通过光电门的瞬时速度，故通过两光电门的瞬时速度分别为：‎ v1＝‎ v2＝‎ 遮光条从光电门2到光电门1做匀加速运动，由：‎ 可得：；‎ ‎(2)当合外力一定时，在误差允许的范围内，物体质量和加速度的乘积近似相等，所以加速度跟质量成反比；‎ ‎(3)如图所示：‎ ‎。‎ 四、计算题 ‎17.一滑块自静止开始，从斜面顶端匀加速下滑(斜面足够长)，第5 s末的速度是6 m/s，试求：‎ ‎(1)第4 s末的速度大小；‎ ‎(2)运动后7 s内的位移大小；‎ ‎(3)第3 s内的位移大小．‎ ‎【答案】（1）4.8 m/s （2）29.4m （3）3m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）滑块做匀加速运动，由v=v0+at，得v5=at5=5a=6 m/s 解得：a=1.2 m/s2‎ 则第4 s末的速度大小为：v4=at4=1.2×4 m/s=4.8 m/s．‎ ‎（2）运动7s的位移：‎ ‎（3）第3s内的位移等于前3 s内的位移减去前2 s内的位移：‎ ‎18.汽车的加速、减速性能是衡量汽车性能的一项重要指标，一辆汽车以的速度匀速行驶．‎ ‎（1）若汽车以的加速度加速，求8s后汽车的速度大小．‎ ‎（2）若汽车以的加速度刹车，分别求刹车8s时和12s时的速度大小．‎ ‎【答案】（1） （2） ，0‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】初速度为：  ‎ ‎（1）由，得8s后汽车的速度为： ；‎ ‎（2）刹车过程中汽车做匀减速运动，有： ． 设减速到停止所用时间，由公式得：   所以刹车8 s时的速度为：  12s时的速度大小为0．‎ ‎19.如图所示，光滑水平桌面上的物体A质量为m1，系一细绳，细绳跨过桌沿的定滑轮后悬挂质量为m2的物体B，先用手使B静止（细绳质量及滑轮摩擦均不计）．‎ ‎(1)求放手后A、B一起运动中绳上的张力FT ‎(2)若在A上再叠放一个与A质量相等的物体C，绳上张力就增大到，求m1：m2‎ ‎【答案】（1）；（2）1：2‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】解：（1）对B，由牛顿第二定律有：‎ 对A，由牛顿第二定律有：‎ 解得：‎ ‎（2）对B，由牛顿第二定律有：‎ 对AC，由牛顿第二定律有：‎ 解得：‎ 由，得：‎ 所以m1：m2=1：2‎ ‎20.如图所示，水平传送带两端相距x=8m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.6，工件滑上A端时速度vA=10m/s，设工件到达B端时的速度为vB。(g取10m/s2)‎ ‎（1）若传送带静止不动，求vB；‎ ‎（2）若传送带顺时针转动，工件还能到达B端吗？若不能，说明理由；若能，则求出到达B点的速度vB；‎ ‎（3）若传送带以v=13m/s的速度逆时针匀速转动，求vB及工件由A到B所用的时间。‎ ‎【答案】（1）2m/s（2）能，2m/s（3）13m/s；0.67s ‎【解析】‎ 详解】(1)根据牛顿第二定律可知，加 ‎－μmg=ma 则加速度大小 a=－μg=－6m/s2‎ 且=2ax，则有 解得 vB=2m/s ‎(2)能，当传送带顺时针转动时，工件受力不变，其加速度就不发生变化，仍然始终减速，故工件到达B端的速度vB=2m/s ‎(3)传送带逆时针转动，且速度大于工件的速度时，工件受摩擦力水平向左，工件向左做加速运动，由牛顿第二定律得，工件的加速度为 设工件加速到与传送带速度相同时相对地面位移大小为L，则有，解得 故工件到达B端前已和传送带速度相同，即为 则匀加速运动的时间为 此后工件随传送带一起匀速运动到B端，其位移 匀速运动的时间 所以，工件由A到B所用的时间为 ‎ ‎