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- 2021-05-23 发布
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2020届一轮复习人教版 机械能守恒定律及其应用 课时作业
1.通过认真学习,同学们掌握了丰富的物理知识。下列说法正确的是 ( )
A.汽车在光滑的水平面上运动时,驾驶员通过操作方向盘,可以使汽车转弯
B.在某一过程中,只要物体的位移为0,任何力对该物体所做的功就为0
C.物体的速度为0时,其加速度可能不为0
D.静摩擦力对受力物体可以做正功,滑动摩擦力对受力物体一定做负功
解析 汽车在水平面上转弯时,向心力的来源是静摩擦力,所以在光滑水平面上,通过操作方向盘,不能使汽车转弯,A项错误;B项容易片面地理解为W=Fx,因为位移x=0,所以W=0,但该公式只适用于恒力做功,例如汽车绕操场一圈回到出发点,虽然汽车的位移为零,但牵引力对汽车做了功,牵引力做的功为牵引力乘以路程,B项错误;物体的速度与加速度没有必然联系,例如汽车启动的瞬间,虽然汽车的速度为0,但加速度不为0,C项正确;摩擦力可以对物体做正功、做负功或不做功,D项错误。
答案 C
2.如图所示,木板可绕固定水平轴O转动。木板从水平位置OA缓慢转到OB位置,木板上的物块始终相对于木板静止。在这一过程中,物块的重力势能增加了2 J。用N表示物块受到的支持力,用f表示物块受到的摩擦力。在此过程中,以下判断正确的是( )
A.N和f对物块都不做功
B.N对物块做功为2 J,f对物块不做功
C.N对物块不做功,f对物块做功为2 J
D.N和f对物块所做功的代数和为零
解析 由做功的条件可知:只要有力,并且物块沿力的方向有位移,那么该力就对物块做功。由受力分析知,支持力N做正功,但摩擦力f方向始终和速度方向垂直,所以摩擦力不做功。由动能定理知WN-WG=0,故支持力N做功为2 J。
答案 B
3.(多选)中国版“野牛”级重型气垫船,自重达540吨,最高时速为108 km/h,装有M-70大功率燃气轮机,该机额定输出功率为8 700 kW。假设“野牛”级重型气垫船在海面航行过程所受的阻力f与速度v成正比,即f=kv
。下列说法正确的是( )
A.“野牛”级重型气垫船的最大牵引力为2.9×105 N
B.在额定输出功率下以最高时速航行时,气垫船所受的阻力为2.9×105 N
C.以最高时速一半的速度匀速航行时,气垫船发动机的输出功率为4 350 kW
D.由题中所给数据,能计算阻力f与速度v的比值k
解析 由P=Fv可知当输出功率最大且匀速运动时牵引力与阻力相等,此时F=f=2.9×105 N,在此之前牵引力都比这一值大,A项错,B项对;因为气垫船所受阻力与速度成正比,因此P=Fv=kv2,即以最大速度的一半匀速航行时,牵引力的功率为2 175 kW,C项错;当输出功率最大且匀速运动时牵引力与阻力相等,由P=Fv=kv2可求k=×103N·s·m-1,D项对。
答案 BD
4.如图所示,粗细均匀、两端开口的U形管内装有同种液体,开始时两边液面高度差为h,管中液柱总长度为4h,后来让液体自由流动,当两液面高度相等时,右侧液面下降的速度为( )
A. B.
C. D.
解析 设管子的横截面积为S,液体的密度为ρ。打开阀门后,液体开始运动,不计液体产生的摩擦阻力,液体机械能守恒,液体减少的重力势能转化为动能,两边液面相平时,相当于右管h高的液体移到左管中,重心下降的高度为h,由机械能守恒定律得ρ·hS·g·h=ρ·4hS·v2,解得v=,A项正确。
答案 A
5.(多选)如图所示,有一光滑轨道ABC,AB部分为半径为R的圆弧,BC部分水平,质量均为m的小球a、b固定在竖直轻杆的两端,轻杆长为R
,不计小球大小。开始时a球处在圆弧上端A点,由静止释放小球和轻杆,使其沿光滑轨道下滑,下列说法正确的是( )
A.a球下滑过程中机械能保持不变
B.a、b两球和轻杆组成的系统在下滑过程中机械能保持不变
C.a、b滑到水平轨道上时速度为
D.从释放到a、b滑到水平轨道上,整个过程中轻杆对a球做的功为
解析 由机械能守恒的条件得,a球机械能不守恒,a、b系统机械能守恒,所以A项错误,B项正确;对a、b系统由机械能守恒定律得mgR+2mgR=2×mv2,解得v=,C项错误;对a由动能定理得mgR+W=mv2,解得W=,D项正确。
答案 BD
6.如图所示是某公园设计的一种惊险刺激的娱乐设施。管道除D点右侧水平部分粗糙外,其余部分均光滑。若挑战者自斜管上足够高的位置滑下,将无能量损失的连续滑入第一个、第二个圆管轨道A、B内部(圆管A比圆管B高)。某次一挑战者自斜管上某处滑下,经过第一个圆管轨道A内部最高位置时,对管壁恰好无压力。则这名挑战者( )
A.经过管道A最高点时的机械能大于经过管道B最低点时的机械能
B.经过管道A最低点时的动能大于经过管道B最低点时的动能
C.经过管道B最高点时对管外侧壁有压力
D.不能经过管道B的最高点
解析 A管最高点恰好无压力,可得出mg=m。根据机械能守恒定律,A、B项中机械能和动能都是相等的,C项中由于管B低,到达B最高点的速度vB>vA。由N+mg=m>m=mg,即N>0,即经过管道B最高点时对管外侧壁有压力,故选C项。
答案 C
7.当前我国“高铁”事业发展迅猛。假设一辆高速列车在机车牵引力和恒定阻力作用下,在水平轨道上由静止开始启动,其v-t图象如图所示,已知在0~t1时间内为过原点的倾斜直线,t1时刻达到额定功率P,此后保持功率P不变,在t3时刻达到最大速度v3,以后匀速运动。下述判断正确的是( )
A.从0至t3时间内,列车一直做匀加速直线运动
B.t2时刻的加速度大于t1时刻的加速度
C.在t3时刻以后,机车的牵引力为零
D.该列车所受的恒定阻力大小为
解析 0~t1时间内,列车做匀加速运动,t1~t3时间内,加速度变小,故A、B项错;t3以后列车做匀速运动,牵引力等于阻力,故C项错;匀速运动时f=F牵=,故D项正确。
答案 D
8.一物体在粗糙的水平面上受到水平拉力作用,在一段时间内的速度随时间变化情况如图所示。则拉力的功率随时间变化的图象可能是(g取10 m/s2)( )
解析 由图知在0~t0时间内,物体做初速度为零的匀加速运动,v=at;由牛顿第二定律得F-f=ma,则拉力的功率P=Fv=(f+ma)v=(f+ma)at;在t0时刻以后,物体做匀速运动,v不变,则F=f,P=Fv=fv,P不变,故D项正确。
答案 D
B组·能力提升题
9.列车在空载情况下以恒定功率P经过一平直的路段,通过某点时速率为v,加速度大小为a1;当列车满载货物再次经过同一点时,功率和速率均与原来相同,但加速度大小变为a2。重力加速度大小为g。设阻力是列车重力的k倍,则列车满载与空载时的质量之比为( )
A. B.
C. D.
解析 由P=Fv、F-f=ma及f=kmg得m=,由题干知空载与满载货物时通过同一点时功率和速率均相同,即P、v不变,所以=,A项正确。
答案 A
10.(多选)(2017·江西庐山区月考)如图所示,重10 N的滑块在倾角为30°的斜面上,从a点由静止下滑,到b点接触到一个轻弹簧。滑块压缩弹簧到c点开始弹回,返回b点离开弹簧,最后又回到a点,已知ab=0.8 m,bc=0.4 m,那么在整个过程
中( )
A.滑块滑到b点时动能最大
B.滑块动能的最大值是6 J
C.从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是6 J
D.滑块和弹簧组成的系统整个过程机械能守恒〚导学号06400311〛
答案CD
解析滑块能回到原出发点,所以滑块和弹簧组成的系统机械能守恒,D项正确;以c点为参考点,则在a点滑块的机械能为6 J,在c点时滑块的速度为0,重力势能也为0,从c到b弹簧的弹力对滑块做的功等于弹性势能的减少量,故为6 J,所以C项正确;由a到c的过程中,因重力势能不能全部转变为动能,动能的最大值在平衡位置,小于6 J,A、B项错误。
11.(多选)如图所示,滑块a、b的质量均为m,a套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距h,b放在地面上。a、b通过铰链用刚性轻杆连接,由静止开始运动。不计摩擦,a、b可视为质点。则( )
A.a落地前,轻杆对b一直做正功
B.a落地时速度大小为
C.a下落过程中,其加速度大小始终不大于g
D.a落地前,当a的机械能最小时,b对地面的压力大小为mg
答案BD
解析滑块b的初速度为零,末速度也为零,所以轻杆对b先做正功,后做负功,选项A错误;以滑块a、b及轻杆为研究对象,系统的机械能守恒,当a刚落地时,b的速度为零,则mgh=+0,即va=,选项B正确;a、b的先后受力分析如图甲、乙所示。
由a的受力情况可知,a下落过程中,其加速度大小先小于g后大于g,选项C错误;当a落地前b的加速度为零(即轻杆对b的作用力为零)时,b的机械能最大,a的机械能最小,这时b受重力、支持力,且=mg,由牛顿第三定律可知,b
对地面的压力大小为mg,选项D正确。
12.(2017·四川成都七中二诊)如图所示,质量分别为m、2m的物体a、b通过轻绳和不计摩擦的定滑轮相连,均处于静止状态。a与水平面上固定的劲度系数为k的轻质弹簧相连,Q点有一挡板,若有物体与其垂直相碰会以原速率弹回,现剪断a、b之间的绳子,a开始上下往复运动,b下落至P点后,在P点有一个特殊的装置使b以落至P点前瞬间的速率水平向右运动,当b静止时,a恰好首次到达最低点,已知PQ长x0,重力加速度为g,b距P点高h,且仅经过P点一次,b与水平面间的动摩擦因数为μ,a、b均可看作质点,弹簧在弹性限度范围内,试求:
(1)物体a的最大速度;
(2)物体b停止的位置与P点的距离。
答案(1)2g (2)或2x0-
解析(1)绳剪断前,系统静止,设弹簧伸长量为x1,对a有kx1+mg=FT,
对b有FT=2mg,
则kx1=mg,x1=。
绳剪断后,a所受合外力为零时,速度最大,设弹簧压缩量为x2,对a有kx2=mg,x2=,由于x1=x2,两个状态的弹性势能相等,则两个状态的动能和重力势能之和相等,mg(x1+x2)=mv2,解得v=2g。
(2)对b,整个运动过程由动能定理得2mgh-μ·2mgx路=0,
解得b在水平面上滑行的路程x路=。
讨论:①若b未到达挡板Q就在PQ上停止,
则物块b停止的位置与P相距d=x路=;
②若b与挡板Q碰撞后,在PQ上运动到停止,
则物块b停止的位置与P相距d=2x0-x路=2x0-。
13.(2017·福建毕业班质检)如图所示,一根轻绳绕过光滑的轻质定滑轮,两端分别连接物块A和B,B的下面通过轻绳连接物块C,A锁定在地面上。已知B和C的质量均为m,A的质量为m,B和C之间的轻绳长度为L,初始时C离地的高度也为L。现解除对A的锁定,物块开始运动。设物块可视为质点,落地后不反弹。重力加速度大小为g。求:
(1)A刚上升时的加速度大小a;
(2)A上升过程的最大速度大小vm;
(3)A离地的最大高度H。
答案(1)g (2) (3)L
解析(1)解除对A的锁定后,A加速上升,B和C加速下降,加速度a大小相等,设轻绳对A和B的拉力大小为FT,由牛顿第二定律得
对A:FT-mg=ma
对B、C:(m+m)g-FT=(m+m)a
联立解得a=g。
(2)当物块C刚着地时,A的速度最大。从A刚开始上升到C刚着地的过程,由机械能守恒定律得
2mgL-mgL=(2m)
解得vm=。
(3)设C落地后A继续上升h时速度为零,此时B未触地面,A和B组成的系统满足mgh-mgh=0-
联立解得h=L
由于h=L