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  • 2021-05-24 发布

2021版高考物理一轮复习考点集训二十二第4节功能关系能量守恒定律含解析

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1 考点集训(二十二) 第 4 节 功能关系 能量守恒定律 A 组 1.(多选)如图所示,足够长传送带与水平方向的夹角为 θ,物块 a 通过平行于传送带 的轻绳跨过光滑轻滑轮,与木块 b 相连,b 的质量为 m,开始时 a、b 及传送带均静止,且 a 不受传送带的摩擦力作用,现将传送带逆时针匀速转动,则在 b 上升 h 高度(未与滑轮相碰) 的过程中(  ) A.物块 A 的质量为 m sin θ B.摩擦力对 a 做的功等于物块 a、b 构成的系统机械能的增加量 C.摩擦力对 a 做的功等于物块 a、b 动能增加量之和 D.任意时刻,重力对 a、b 做功的瞬时功率大小不相等 [解析] 开始时,a、b 及传送带均静止且 a 不受传送带摩擦力作用,有 m agsin θ= mbg,则 ma= mb sin θ= m sin θ,故 A 正确.摩擦力对 a 做正功,根据功能关系得:物块 a、b 构成的系统机械能增加,摩擦力对 a 做的功等于 a、b 机械能的增加,故 B 正确.b 上升 h, 则 a 下降 hsin θ,则 a 重力势能的减小量为ΔEpa=mag×hsin θ=mgh,等于 b 重力势能的 增加量,系统的重力势能不变,所以摩擦力对 a 做的功等于物块 a、b 动能增加量之和,故 C 正确.任意时刻 a、b 的速率相等,对 b,克服重力的瞬时功率 Pb=mgv,对 a 有:Pa=magvsin θ=mgv,所以重力对 a、b 做功的瞬时功率大小相等,故 D 错误. [答案] ABC 2.如图所示,木板 A 静止在光滑的水平地面上,物体 B 以水平速度冲上 A 后,由于摩 擦力作用,最后停止在木板 A 上,则从 B 冲上木板 A 到相对板 A 静止的过程中,下述说法中 正确是(  ) A.物体 B 克服摩擦力做的功等于 B 动能的减少量 B.物体 B 克服摩擦力做的功等于系统机械能的减少量 C.物体 B 克服摩擦力做的功等于摩擦力对木板 A 做的功 D.物体 B 损失的动能等于木板 A 获得的动能 [解析] 对 B 应用动能定理:ΔEk=-Wf,所以物体 B 克服摩擦力做的功等于 B 动能的减 少量,A 正确;根据系统能量守恒有:ΔE=Q=fx 相对,B 的位移大于相对位移,所以物体 B 克服摩擦力做的功大于系统机械能的减少量;因为整个过程中产生了热能,所以物体 B 克服 摩擦力做的功即 B 物体机械能减小量大于摩擦力对木板 A 做的功即 A 物体的机械能增加量, 同理物体 B 损失的动能大于木板 A 获得的动能,BCD 错误. [答案] A 3.(多选)物体静止在水平面上,在竖直向上的拉力 F 作用下向上运动,不计空气阻力, 物体的机械能 E 与上升高度 x 的大小关系如图所示,其中曲线上点 A 处的切线斜率最大, x2~x3 的图线为平行于横轴的直线.则下列判断正确的是(  ) 2 A.在 x2 处物体的动能最大 B.在 x1 处物体所受的拉力最大 C.0~x2 过程中拉力 F 始终做正功 D.x2~x3 过程中合外力做功为零 [解析] x1~x2 过程中,图象的斜率越来越小,则说明拉力越来越小;x2 时刻图象的斜 率为零,则说明此时拉力为零;在这一过程中物体应先加速后减速,则说明最大速度一定不 在 x2 处,即在 x2 处物体的动能不是最大的,选项 A 错误;由图可知,x1 处物体图象的斜率 最大,则说明此时机械能变化最快,由 E=Fh 可知此时所受的拉力最大,故 B 正确;由图象 可知,0~x2 过程中物体的机械能增大,拉力 F 始终做正功,故 C 正确;x2~x3 过程中机械 能保持不变,故说明拉力一定为零,合外力等于重力,做功不为零,故 D 错误. [答案] BC 4.(多选)如图所示,在升降机内固定一光滑的斜面体,一轻弹簧的一端连在位于斜面 体上方的固定木板 B 上,另一端与质量为 m 的物块 A 相连,弹簧与斜面平行.整个系统由静 止开始加速上升高度 h 的过程中(  ) A.物块 A 的重力势能增加量一定等于 mgh B.物块 A 的动能增加量等于斜面的支持力和弹簧的拉力对其做功的和 C.物块 A 的机械能增加量等于斜面的支持力和弹簧的拉力对其做功的和 D.物块 A 和弹簧组成系统的机械能增加量等于斜面对物块的支持力和 B 对弹簧的拉力 做功的和 [解析] 当物块具有向上的加速度时,弹簧弹力在竖直方向上的分力和斜面的支持力在 竖直方向上的分力的合力大于重力,所以弹簧的弹力比物块静止时大,弹簧的伸长量增大, 物块 A 相对于斜面向下运动,物块 A 上升的高度小于 h,所以重力势能的增加量小于 mgh, 故 A 错误;对物块 A 由动能定理有物块 A 的动能增加量等于斜面的支持力、弹簧的拉力和重 力对其做功的和,故 B 错误;对物块 A,除重力以外的其他力做的功等于机械能的增加量, 物块 A 机械能的增加量等于斜面支持力和弹簧弹力做功的和,故 C 正确;同理可知物块 A 和 弹簧组成系统的机械能增加量等于斜面对物块的支持力和 B 对弹簧的拉力做功的和,故 D 正 确. [答案] CD 5.(多选)如图所示,轻质弹簧竖直固定在地面上,在其正上方某高度由静止释放一小 3 球,设下落过程中小球的加速度为 a、位移为 x、机械能为 E,不计空气阻力,竖直向下为 正方向.则下落至最低点的过程中 a、E 随 x 的变化图线可能正确的是(已知弹性势能的表达 式 Ep= 1 2kx2,x 为形变量)(  ) [解析] 小球开始下落时,做自由落体运动,加速度不变,当小球和弹簧接触时,根据 牛顿第二定律得:mg-kx=ma,所以:a=g- kx m ,当压缩到最低点时,加速度大于 g,故 A 正确,B 错误;下降过程,自由落体阶段,小球机械能守恒,当与弹簧接触后,由能量守恒 得:小球减少的机械能等于弹簧增加的弹性势能,即:E0-E= 1 2kx2,则,E=E0- 1 2kx2,故 C 正确,D 错误. [答案] AC 6.(多选)如图所示,一轻弹簧下端固定在倾角为 θ 的固定斜面底端,弹簧处于原长时 上端位于斜面上的 B 点,B 点以上光滑,B 点到斜面底端粗糙,可视为质点的物体质量为 m, 从 A 点由静止释放,将弹簧压缩到最短后恰好能被弹回到 B 点.已知 A、B 间的距离为 L, 物体与B点以下斜面间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,不计空气阻力,则此过程中(  ) A.克服摩擦力做的功为 mgLsin θ B.弹簧的最大压缩量为 Ltan θ μ C.物体的最大动能一定等于 mgLsin θ D.弹性势能的最大值为 1 2mgLsin θ(1+ tan θ μ ) [解析] 对于整个过程,由动能定理得:mgLsin θ-Wf=0,得克服摩擦力做的功 Wf= mgLsin θ,故 A 正确;设弹簧的最大压缩量为 x,弹性势能的最大值为 Ep;物体从 A 到将 弹簧压缩到最短的过程,由能量守恒得:mg(L+x)sin θ=μmgcos θ·x+Ep,物体从将弹 簧压缩到最短到弹回 B 点的过程,由能量守恒得:mgxsin θ+μmgcos θ·x=Ep,联立解 得 x= Ltan θ 2μ ,Ep= 1 2mgLsin θ(1+ tan θ μ ),故 B 错误,D 正确.物体接触弹簧前,由 机械能守恒定律知,物体刚接触弹簧时的动能等于 mgLsin θ.当物体所受重力沿斜面向下的 分力等于滑动摩擦力和弹簧的弹力的合力时物体的合力为零,速度最大,动能最大,此时物 体在 B 点以下,从 B 点到此位置物体仍会加速,所以物体的最大动能一定大于 mgLsin θ, 故 C 错误. [答案] AD 7.如图所示,一长木板放置在水平地面上,一根轻弹簧右端固定在长木板上,左端连 接一个质量为 m 的小物块,小物块可以在木板上无摩擦滑动.现在用手固定长木板,把小物 块向左移动,弹簧的形变量为 x1;然后,同时释放小物块和木板,木板在水平地面上滑动, 4 小物块在木板上滑动;经过一段时间后,长木板达到静止状态,小物块在长木板上继续往复 运动.长木板静止后,弹簧的最大形变量为 x2.已知地面对长木板的滑动摩擦力大小为 Ff. 当弹簧的形变量为 x 时,弹性势能 Ep= 1 2kx2,式中 k 为弹簧的劲度系数.由上述信息可以判 断(  ) A.整个过程中小物块的速度可以达到 k mx1 B.整个过程中木板在地面上运动的路程为 k 2Ff(x21-x2) C.长木板静止后,木板所受的静摩擦力的大小不变 D.若将长木板改放在光滑地面上,重复上述操作,则运动过程中物块和木板的速度方 向可能相同 [解析] 整个过程根据动能定理得: 1 2mv2m= 1 2kx21-WFf,所以速度不能达到 k mx1;故 A 错 误;当木板静止时,小物块在长木板上继续往复运动时,只有弹簧弹力做功,系统机械能守 恒,所以当木板刚静止时,系统具有的机械能为 1 2kx22,从开始到木板刚静止的过程中,根 据能量守恒得: 1 2kx21- 1 2kx22=Ffs,解得:s= k 2Ff(x21-x22);故 B 正确;长木板静止后,对木 板进行受力分析,水平方向受地面的静摩擦力和弹簧弹力,弹簧弹力随木块的运动而发生改 变,所以木板受的静摩擦力也发生改变;故 C 错误;若将长木板改放在光滑地面上,系统所 受合外力为零,动量守恒,则运动过程中物块和木板的速度方向肯定相反;故 D 错误. [答案] B 8.在大型物流货场,广泛应用着传送带搬运货物.如图甲所示,与水平面成 θ 角倾斜 的传送带以恒定速率运动,皮带始终是绷紧的,将 m=1 kg 的货物放在传送带上的 A 处,经 过 1.2 s 到达传送带的 B 端.用速度传感器测得货物与传送带的速度 v 随时间 t 变化图象如 图乙所示,已知重力加速度 g=10 m/s2,由 v-t 图可知(  ) A.A、B 两点的距离为 2.4 m B.货物与传送带间的动摩擦因数为 0.5 C.货物从 A 运动到 B 过程中,传送带对货物做功大小为 12.8 J D.货物从 A 运动到 B 过程中,货物与传送带摩擦产生的热量为 11.2 J [解析] 由题图乙可知,货物在前 0.2 s 运动的距离 L1=0.2 m,在 0.2~1.2 s 内移动 的距离 L2=3 m,所以 A、B 两点距离 L=L1+L2=3.2 m,A 错误;从图象上看,前 0.2 s 货 物的加速度 a1=10 m/s2,0.2~1.2 s 内货物的加速度 a2=2 m/s2,根据受力情况,可知 ma1 =mgsin θ+μmgcos θ,ma2=mgsin θ-μmgcos θ,解得 μ=0.5,B 正确;同时还解 得摩擦力 Ff=μmgcos θ=4 N,前 0.2 s 摩擦力做功 W1=FfL1=0.8 J,在 0.2~1.2 s 内摩 5 擦力做功 W2=-FfL2=-12 J,摩擦力对货物做的总功 W1+W2=-11.2 J,C 错误;从图象可 求得相对路程 L 相=1.2 m,摩擦产生的热量 Q=1.2×4 J=4.8 J,D 错误. [答案] B B 组 9.(多选)如图所示,一轻弹簧下端固定在倾角 θ=30°的斜面的底端,斜面固定在水 平地面上.物块 B 放在木箱 A 的里面,它们(均视为质点)一起从斜面顶端 a 点由静止开始下 滑,到 b 点接触弹簧,木箱 A 将弹簧上端压缩至最低点 c,此时将物块 B 迅速拿出,然后木 箱 A 又恰好被弹簧弹回到 a 点.已知木箱 A 的质量为 m,物块 B 的质量为 3m,a、c 两点间 的距离为 L,重力加速度为 g.下列说法正确的是(  ) A.在 A 上滑的过程中与弹簧分离时 A 的速度最大 B.弹簧被压缩至最低点 c 时,其弹性势能为 0.8mgL C.在木箱 A 从斜面顶端 a 下滑至再次回到 a 点的过程中,因摩擦产生的热量为 1.5mgL D.若物块 B 没有被拿出,AB 能够上升的最高位置距离 a 点为 L 4 [解析] 物体加速度为零的时候,速度最大,所以在 A 上滑的过程中当弹力等于重力沿 斜面向下分力与摩擦力之和时速度最大,A 错误;设压缩最短时,弹性势能为 Ep,根据题意 下滑过程:Ep=4mgLsin θ-4μmgLcos θ,上滑过程:Ep=mgLsin θ+μmgLcos θ,联 立解得:Ep=0.8mgL,μ= 3 5 ,B 正确;根据题意可知,摩擦生热等于克服摩擦力做功:Q =4μmgLcos θ+μmgLcos θ=1.5mgL,C 正确;B 没有拿出,上滑根据能量守恒:Ep= 4mgL′sin θ+4μmgL′cos θ,解得:L′= L 4,所以最高点距 a 点 L- L 4= 3 4L,D 错误. [答案] BC 10.(多选)如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连.弹簧处 于自然长度时物块位于 O 点(图中未标出).物块的质量为 m,AB=a,物块与桌面间的动摩 擦因数为 μ.现用水平向右的力将物块从 O 点拉至 A 点,拉力做的功为 W.撤去拉力后物块由 静止向左运动,经 O 点到达 B 点时速度为零.重力加速度为 g.则上述过程中(  ) A.物块在 A 点时,弹簧的弹性势能等于 W- 3 2μmga B.物块在 B 点时,弹簧的弹性势能小于 W- 3 2μmga C.经 O 点时,物块的动能小于 W-μmga D.物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在 B 点时弹簧的弹性势能 [解析] 如果没有摩擦力,则 O 点应该在 AB 中间,由于有摩擦力,物体从 A 到 B 过程中 机械能损失,故无法到达没有摩擦力情况下的 B 点,也即 O 点靠近 B 点.故 OA> a 2,此过程 6 物体克服摩擦力做功大于 1 2μmga,所以物块在 A 点时,弹簧的弹性势能小于 W- 1 2μmga, 故 A 错误;由 A 分析得物块从开始运动到最终停在 B 点,路程大于 a+ a 2= 3a 2 ,故整个过程 物体克服阻力做功大于 3 2μmga,故物块在 B 点时,弹簧的弹性势能小于 W- 3 2μmga,故 B 正 确;从O点开始到再次到达O点,物体路程大于a,故由动能定理得,物块的动能小于W-μmga, 故 C 正确;物块动能最大时,弹力等于摩擦力,而在 B 点弹力与摩擦力的大小关系未知,故 物块动能最大时弹簧伸长量与物块在 B 点时弹簧伸长量大小未知,故此两位置弹性势能大小 关系无法确定,故 D 错误. [答案] BC 11.如图所示,竖直平面内有一光滑的直角细杆 MON,其中 ON 水平,OM 竖直,两个小 物块 A 和 B 分别套在 OM 和 ON 杆上,连接 AB 的轻绳长为 L=0.5 m,现将直角杆 MON 绕过 OM 的轴 O1O2 缓慢地转动起来.已知 A 的质量为 m1=2 kg,重力加速度 g 取 10 m/s2. (1)当轻绳与 OM 的夹角 θ=37°时,求轻绳上张力 F; (2)当轻绳与 OM 的夹角 θ=37°时,求物块 B 的动能 EkB; (3)若缓慢增大直角杆转速,使轻绳与 OM 的夹角 θ 由 37°缓慢增加到 53°,求这个过 程中直角杆对 A 和 B 做的功 WA、WB. [解析] (1)因 A 始终处于平衡状态,所以对 A 有 Fcos θ=m1g, 得 F=25 N. (2)设 B 质量为 m2、速度为 v、做圆周运动的半径为 r,对 B 有 Fsin θ=m2 v2 r , r=Lsin θ, EkB= 1 2m2v2, 得 EkB= m1gLsin 2θ 2cos θ , EkB=2.25 J. (3)因杆对 A 的作用力垂直于 A 的位移,所以 WA=0, 7 由(2)中的 EkB= m1gLsin2θ 2cos θ 知,当 θ=53°时,B 的动能为 EkB′= 16 3 J 杆对 B 做的功等于 A、B 组成的系统机械能的增量, 故 WB=EkB′-EkB+m1gh ① 其中 h=Lcos 37°-Lcos 53° ② 得 WB= 61 12 J 12.如图为某生产流水线工作原理示意图.足够长的工作平台上有一小孔 A,一定长度 的操作板(厚度可忽略不计)静止于小孔的左侧,某时刻开始,零件(可视为质点)无初速度地 放上操作板的中点,同时操作板在电动机带动下向右做匀加速直线运动,直至运动到 A 孔的 右侧(忽略小孔对操作板运动的影响),最终零件运动到 A 孔时速度恰好为零,并由 A 孔下落 进入下一道工序.已知零件与操作板间的动摩擦因数 μ1=0.05,零件与工作台间的动摩擦 因数 μ2=0.025,不计操作板与工作台间的摩擦.重力加速度 g=10 ms2.求: (1)操作板做匀加速直线运动的加速度大小; (2)若操作板长 L=2 m,质量 M=3 kg,零件的质量 m=0.5 kg,则操作板从 A 孔左侧完 全运动到右侧的过程中,电动机至少做多少功? [解析] (1)设零件向右运动距离 x 时与操作板分离,此过程历经时间为 t,此后零件在 工作台上做匀减速运动直到 A 孔处速度减为零,设零件质量为 m,操作板长为 L,取水平向 右为正方向,对零件,有: 分离前:μ1mg=ma1 分离后:μ2mg=ma2 且 x= 1 2a1t2 以后做匀减速运动的位移为: L 2-x= 0-(a1t)2 -2a2 对操作板,有: L 2+x= 1 2at2 联立以上各式解得:a=2 m/s2. (2)将 a=2 m/s2,L=2 m 代入 L 2+ 1 2a1t2= 1 2at2 解得:t= L a-a1= 2 3 3 s 操作板从 A 孔左侧完全运动到右侧的过程中,动能的增加量ΔEk1= 1 2M( 2aL)2=12 J 零件在时间 t 内动能的增加量 ΔEk2= 1 2m(μ1gt)2= 1 12 J 零件在时间 t 内与操作板因摩擦产生的内能 Q1=μ1mg× L 2=0.25 J 根据能量守恒定律,电动机做功至少为 8 W=ΔEk1+ΔEk2+Q=12 1 3 J≈12.33 J.

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