2017-2018学年浙江省诸暨市牌头中学高二1月月考物理试题 解析版 12页

牌头中学2017-2018学年第一学期1月月考试卷 高二物理试题 一、选择题I（本题共12小题，每小题3分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。）‎ ‎1. 在国际单位制中，下列单位与特斯拉（T）相同的是 A. N/A·m B. Wb/Ω C. Wb·m2 D. N/C·m ‎【答案】A ‎2. 如图所示，把一根通电的硬直导线ab，用轻绳悬挂在通电螺线管正上方，直导线中的电流方向如图所示。闭合开关S瞬间，导线a端所受安培力的方向 A. 向上 B. 向下 C. 垂直纸面向外 D. 垂直纸面向里 ‎【答案】C ‎【解析】根据安培定则可知，开关闭合后，螺线管产生的磁场等效为N极在右端的条形磁铁产生的磁场．根据左手定则可知，导线a端所受安培力垂直纸面向里，选项D正确．‎ ‎3. 法拉第“磁生电”这一伟大的发现引领人类进入了电气时代。下列实验现象，属于电磁感应现象的是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】A图中导线在磁场中切割磁感线运动产生感应电流，是电磁感应现象，选项A正确；B图是通电导线在磁场中受力运动的问题，不是电磁感应现象，选项B错误；C图是通电线圈在磁场中转动的问题，不是电磁感应现象，选项C错误；D图是通电导线周围产生磁场的问题，不是电磁感应现象，选项D错误；故选A.‎ ‎4. 电磁炉具有无烟、无明火、无污染、不产生有害气体、无微波辐射、高效节能等优势。电磁炉是利用电流通过线圈产生磁场，当磁场的磁感线通过含铁质锅底部时，即会产生无数小涡流，使锅体本身自行高速发热，然后再加热锅内食物。下列相关说法中正确的是 A. 锅体可以用不导电的陶瓷制成 B. 锅体中的涡流是由恒定的磁场产生的 C. 恒定磁场越强，电磁炉的加热效果越好 D. 提高磁场变化的频率，可提高电磁炉的加热效果 ‎【答案】D ‎【解析】因磁场的磁感线通过含铁质锅底部时，即会产生无数小涡流，所以锅体必须用导电的铁质材料制成，选项A错误；电饭锅内连接交流电，其锅体中的涡流是由变化的磁场产生的．故B错误；电磁炉的加热效果与磁场的强弱无关，只与磁场的变化快慢有关，故C错误；提高磁场变化的频率，可提高电磁炉的加热效果．故D正确．故选D．‎ 点睛：本题要求学生根据题文的信息解答，考查了学生接受信息的能力，掌握电磁炉的应用及工作原理．明确电磁感应原理的正确应用．‎ ‎5. 一线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，得到的交变电流的电动势瞬时值表达式为e=220sin314t（V），则下列说法正确的是 A. 该交变电流电动势的有效值为220V B. 该线圈匀速转动的转速为3000r/min C. 当仅将线圈的转速提高时，电动势的峰值不发生变化 D. 将该交变电流加在标称为220V的灯泡上时，灯泡的亮度会周期性变化 ‎【答案】B ‎【解析】根据电动势为e=220sin314t（V）得，电动势最大值为220V，所以该交变电流电动势的有效值为110V，故A错误；根据电动势为e=220sin314t（V）得，ω=314rad/s，所以转速为n==50r/s=3000 r/min，故B正确；根据Em=nBSω可知当仅将线圈的转速提高时，电动势的峰值变大，选项C错误；将该交变电流加在标称为220V的灯泡上时，灯泡的亮度会发暗，不能正常发光，但量度不会周期性变化，选项D错误；故选B.‎ ‎6. 互感器是利用互感原理来测量高电压和大电流的工具。如图所示为两个正在工作中的互感器，其中n1、n2、n3、n4分别为四个线圈的匝数，a、b为两只交流电表，则 ‎ A. A为电流互感器，且n1n2‎ C. B为电压互感器，且n3n4‎ ‎【答案】A ‎【解析】由图可知，A串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以n1＜n2，a是电流表，故A正确，B错误；B并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以n3＞n4，故CD错误；故选A.‎ 点睛：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时变压比与匝数成正比，变流比与匝数成反比．‎ ‎7. 弹簧振子做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是 A. 在第1s末，振子的速度最大且沿＋x方向 B. 在第2s末，振子的回复力最大且沿－x方向 C. 在第3s末，振子的加速度最大且沿＋x方向 D. 在0到5s内，振子运动的路程为2cm ‎【答案】C ‎【解析】由图像可知，在第1s末，振子的位移最大，速度为零，选项A错误；在第2s末，振子的位移为零，回复力为零，选项B错误；在第3s末，振子的位移为负向最大，则加速度最大，因加速度方向指向平衡位置，则加速度沿＋x方向，选项C正确；在0到5s内，振子运动的路程为5A=10cm，选项D错误；故选C.‎ 点睛：简谐运动运动回复力F=-kx，与位移成正比反向关系，加速度与回复力成正比；根据位移变化情况得到回复力情况并进一步判断速度变化情况．‎ ‎8. 下列关于波的说法正确的是 A. 波的频率由介质决定 B. 波的速度由波源决定 C. 任何波都可以在真空中传播 D. 波传递的是振动的形式，还可以传递信息和能量 ‎【答案】D ‎.........‎ ‎9. 蝉家族中的高音歌手是一种被称做“双鼓手”的蝉。它的身体两侧有大大的环形发声器官，身体的中部是可以内外开合的圆盘，圆盘开合的速度很快，抖动的蝉鸣就是由此发出的；当围绕该蝉歇息的树干走了一圈，能听到忽高忽低的蝉鸣声，这种现象是 A. 声波的直线传播 B. 声波的衍射现象 C. 声波的干涉现象 D. 声波引起的共振现象 ‎【答案】C ‎【解析】绕该蝉歇息的树干走了一圈，能听到忽高忽低的蝉鸣声，这是由蝉两侧发出的声音发生干涉产生的加强和减弱的现象，故选C.‎ ‎10. 水平放置的足够长的弹性绳上有一系列均匀分布的质点1、2、3……，相邻质点间的距离为1m。现使质点1从平衡位置开始向下做简谐运动，当振动沿绳向右传播到质点9时，质点1恰好完成一次全振动，则下列说法正确的是 A. 这列波的波长为9m B. 此时质点5刚好通过平衡位置向下运动 C. 若质点1的振动频率增加一倍，则波沿绳传播的速度也增加一倍 D. 若质点1的振动频率增加一倍，当质点1完成一次全振动时，振动恰好传到质点5‎ ‎【答案】D ‎【解析】由题可知，当振动沿绳向右传播到质点9时，质点1恰好完成一次全振动，可知波长λ=8×1m=8m，选项A错误；此时质点5刚好振动半个周期，即通过平衡位置向上运动，选项B错误；波速与振源的频率无关，只与介质有关，选项C错误；若质点1的振动频率增加一倍，则周期减为原来的一半，波速不变，则由可知，波长变为原来的一半，则当质点1完成一次全振动时，振动恰好传到质点5，选项D正确；故选D.‎ 点睛：本题解题的技巧是画出波形，再分析质点的位移变化情况，知道判断质点振动方向的基本方法，例如“同侧法”、“逆向爬坡”等．‎ ‎11. 如图所示，一束绿光从水中的A点沿AO方向以入射角i射向空气，反射后通过B点，折射后通过C点（B、C在图中均未画出）。现从水中的A点沿AO方向发出一束红光，则 A. 红光反射后不会通过B点 B. 红光折射后可能通过C点 C. 红光可能没有折射光线 D. 红光不可能没有折射光线 ‎【答案】D ‎【解析】红光与绿光的入射角相等，根据反射定律得知：反射角等于入射角，则知红光与绿光的反射角也相等，所以红光反射后必定能通过B点．故A正确．水对绿光的折射率大于对红光的折射率，根据折射定律n=，i相等，绿光的折射角大于红光的折射角，所以红光折射后不通过C点，故B错误．根据可知，绿光的临界角小于红光，绿光没有发生全反射，则红光一定不能发生全反射，则红光不可能没有折射光线，选项C错误，D正确；故选D.‎ 点睛：解决本题关键掌握光的反射定律、折射定律和全反射的条件，并能来用分析实际问题，比较容易；必须知道红光和绿光的折射率关系，知道全反射的条件．‎ 二、选择题II ‎12. 下列关于光的说法正确的是 A. 光导纤维利用的是全反射原理 B. 色散可以发生在折射、干涉和衍射中 C. 水面上的油膜呈现的彩色条纹是由于光的衍射 D. 白天我们看到整个天空是亮的是因为光在大气中的散射 ‎【答案】ABD ‎【解析】光导纤维利用的是全反射原理，选项A正确；因不同颜色光的折射率、频率和波长不同，则色散可以发生在折射、干涉和衍射中，选项B正确；水面上的油膜呈现的彩色条纹是由于光的干涉，选项C错误；白天我们看到整个天空是亮的是因为光在大气中的散射，选项D正确；故选ABD.‎ ‎13. 下列关于电磁波的说法正确的是 A. 麦克斯韦预言了电磁波的存在，并用实验得到了证实 B. 使电磁波随信号而改变的技术叫调制 C. 使接收电路产生电谐振的过程叫解调 D. 寒冷的冬天坐在火炉边，可以享受红外线带来的温暖 ‎【答案】BD ‎【解析】麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验得到了证实，选项A错误；使电磁波随信号而改变的技术叫调制，选项B正确；使接收电路产生电谐振的过程叫调谐，选项C错误；红外线具有热作用，则寒冷的冬天坐在火炉边，可以享受红外线带来的温暖，选项D正确；故选BD.‎ ‎14. 一理想变压器原线圈匝数n1=400匝，副线圈匝数n2=20匝，现在原线圈AB端接电压为200V、周期为0.02s的交变电流，CD为副线圈的输出端，则 A. 将交流电压表接在CD端时，示数为10.0V B. 将电磁打点计时器接在CD端时，打点周期为0.02s C. 将击穿电压为10V的电容器接在CD端时，一定仍能正常工作 D. 将标称“12V 4W”的小灯泡接在CD端时，原线圈中的电流为0.02A ‎【答案】AB ‎【解析】原线圈电压有效值为U1=200V，则次级电压，则将交流电压表接在CD端时，示数为10.0V，选项A正确；变压器不改变周期，则把电磁打点计时器接在C、D两端，打点周期为0.02s，故B正确；次级电压最大值为，则将击穿电压为10V的电容器接在CD端时，一定不能正常工作，选项C错误；标称“12V 4W”的小灯泡电阻为，则次级电流，则初级电流，选项D错误；故选AB. 点睛：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象，知道电容器击穿电压为最大值，电表测量值是有效值．‎ 三、非选择题（本题共5小题，共44分）‎ ‎15. 在“探究单摆周期与摆长关系”的实验中。‎ ‎（1）下列建议或操作对实验精度有益的是____________。‎ A．适当增加摆线的长度 B．尽量减小单摆的摆动幅度 C．选用质量大、体积小的摆球 D．仅测量单摆完成一次全振动的时间作为周期 ‎（2）通过正确操作和测量，记录单摆摆长l和周期的平方T2数据如下表所示，请在答题卷 相应的坐标纸中作出T2—l图线。‎ ‎（3）利用（2）的图线，还可以求得当地的重力加速度g为____________m/s2。（结果保留三位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). AC (2). 9.86‎ ‎【解析】（1）适当增加摆线的长度，可减小测量摆长的偶然误差，选项A正确；单摆的周期与单摆的摆动幅度无关，选项B错误；选用质量大、体积小的摆球可减小摆动过程中的相对阻力，可减小误差，选项C正确；仅测量单摆完成一次全振动的时间作为周期，这样测得的周期误差较大，应该测量单摆摆动至少30个周期的时间，然后取平均值，选项D错误；故选AC.‎ ‎（2）根据坐标系内描出的点作出图象如图所示： （3）由单摆周期公式：可以知道，由图象可以知道：＝k＝4，计算得出：g≈9.86m/s2．‎ ‎16. 如图所示，两根平行金属导轨固定在同一水平面内，间距为l，导轨左端连接一个电阻；一根质量为m、电阻为r的金属杆ab垂直放置在导轨上；在杆右侧距杆为d处有一个匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向下，磁感应强度大小为B。对杆施加一个方向平行于导轨的恒力F，使杆从静止开始运动；已知杆刚进磁场时速度大小为v，且进入磁场后恰好做匀速直线运动。不计导轨电阻和摩擦，求：‎ ‎（1）恒力F的大小；‎ ‎（2）杆在磁场中运动时杆两端的电压；‎ ‎（3）导轨左端所接电阻的阻值。‎ ‎【答案】（1） （2） （3）‎ ‎【解析】（1）杆进入磁场前做匀加速运动，由动能定理可得Fd=mv2解得  （2）杆进入磁场后做匀速运动，设杆受到的安培力为FB，由平衡条件得F=FB-‎ 杆ab所受的安培力        FB=IBl   由闭合电路欧姆定律：E=U+Ir，其中E=Blv 解得：‎ 杆两端的电压 ‎ ‎ （3） 因U=IR 解得导轨左端所接电阻阻值：R＝ ‎ ‎17. 如图为近代物理实验室中研究带电粒子的一种装置。带正电的粒子从容器A下方的小孔S不断飘入电压为U的加速电场，经过S正下方的小孔O后，沿SO方向垂直进入磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场中，最后打在相机底片D上并被吸收。已知D与O在同一平面内，粒子在D上的落点到O的距离为x，不考虑粒子重力和粒子在小孔S处的速度。‎ ‎(1)求粒子的比荷；‎ ‎(2)由于粒子间存在相互作用，从O进入磁场的粒子在纸面内将发生不同程度的微小偏转，其方向与竖直方向的最大偏角为α，若粒子速度大小相同，求粒子在D上的落点到O的距离最大值和最小值；‎ ‎(3)实际上，加速电场的电压也会发生微小变化（设电压变化范围为U±ΔU），从而导致进入磁场的粒子的速度大小也有所不同。现从容器A中飘入的粒子电荷量相同但质量分别为m1、m2 (m1>m2)，最终均能打在D上，若要使这两种粒子的落点区域不重叠，则ΔU应满足什么条件？（粒子进入磁场时的速度方向与竖直方向的最大偏角仍为α）‎ ‎【答案】（1） （2）最大值 最小值 （3） ‎ ‎【解析】（1）沿SO方向垂直进入磁场的粒子，最后打在照相底片D的粒子； 粒子经过加速电场：qU=mv2              洛伦兹力提供向心力：qvB=m ‎ 落点到O的距离等于圆运动直径：x=2R  ‎ ‎         所以粒子的比荷为：        （2）粒子在磁场中圆运动半径 ‎ 由图象可知：粒子左偏θ角（轨迹圆心为O1）或右偏θ角（轨迹圆心为O2） 落点到O的距离相等，均为L=2Rcosθ      故落点到O的距离 最大：Lmax=2R=x                   最小：Lmin=2Rcosα=xcosα               （3）①考虑同种粒子的落点到O的距离； 当加速电压为U+△U、偏角θ=0时，距离最大， Lmax=2Rmax=   当加速电压为U-△U、偏角θ=α时，距离最小 Lmin=2Rmin cosα=‎ cosα    ②考虑质量不同但电荷量相同的两种粒子 由R=和 m1＞m2，知：R1＞R2 要使落点区域不重叠，则应满足：L1min＞L2max ‎ cosα＞‎ ‎ 解得：．                   （应有条件m1cos2α＞m2，否则粒子落点区域必然重叠） 点睛：本题主要考查了动能定理及向心力公式的直接应用，要求同学们知道要使两种离子在磁场中运动的轨迹不发生交叠，应满足：L1min＞L2max．‎ ‎ ‎ ‎ ‎