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  • 2021-05-24 发布

2019届二轮复习实验十四、探究单摆的运动、用单摆测定重力加速度课件(34张)(全国通用)

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实验十四、探究单摆的运动 用单摆测定重力加速度 一、 实验原理 当偏角很小时,单摆做简谐运动,其运动周期为 T = __________ ,它与偏角的大小及摆球的质量无关,由此得到 g = . 因此,只要测出摆长 l 和振动周期 T ,就可以求出当地的重力加速度 g 的值 . 二、 实验器材 带有铁夹的铁架台、中心有小孔的金属小球、不易伸长的细线 ( 约 1 m) 、 、毫米刻度尺和 . 秒表 游标卡尺 三、 实验步骤 (1) 让细线的一端穿过金属小球的小孔,然后打一个比小孔大一些的线结,做成单摆 . (2) 把细线的上端用铁夹固定在铁架台上,把铁架台放在实验桌边,使铁夹伸到桌面以外,让摆球自然下垂,在单摆平衡位置处做上标记,如图所示 . (3) 用毫米刻度尺量出摆线长度 l ′ ,用游标卡尺测 出摆球的直径,即得出金属小球半径 r ,计算出摆长 l = . l ′ + r (4) 把单摆从平衡位置处拉开一个很小的角度 ( 不超过 5°) ,然后放开金属小球,让金属小球摆动,待摆动平稳后测出单摆完成 30 ~ 50 次全振动所用的时间 t ,计算出金属小球完成一次全振动所用时间,这个时间就是单 摆的振动周期,即 T = ____ ( N 为全振动的次数 ) ,反复测 3 次,再算出周期 的平均值 = ____________ . (5) 根据单摆周期公式 T = __________ ,计算当地的重力加速度 g = ______ . (6) 改变摆长,重做几次实验,计算出每次实验的重力加速度值,求出它们的平均值,该平均值即为当地的重力加速度值 . (7) 将测得的重力加速度值与当地的重力加速度值相比较,分析产生误差的可能原因 . 4π 2 k 图 2 五、 误差分析 (1) 系统误差的主要来源:悬点不固定,球、线不符合要求,振动是圆锥摆而不是在同一竖直平面内的振动等 . (2) 偶然误差主要来自时间的测量,因此,要从摆球通过平衡位置时开始计时,不能多计或漏计全振动次数 . 六、 注意事项 (1) 构成单摆的条件:细线的质量要小、弹性要小,选用体积 、密度 的小球,摆角不超过 5°. (2) 要使摆球在同一竖直面内摆动,不能形成圆锥摆,方法是将摆球拉到一定位置后由静止释放 . 小 大 (3) 测周期的方法: ① 要从摆球过平衡位置时开始计时 . 因为此处速度大、计时误差小,而最高点速度小、计时误差大 . ② 要测多次全振动的时间来计算周期 . 如在摆球过平衡位置时开始计时,且在数 “ 零 ” 的同时按下秒表,以后每当摆球从同一方向通过平衡位置时计数 1 次 . (4) 本实验可以采用图象法来处理数据 . 即用纵轴表示摆长 l ,用横轴表示 T 2 ,将实验所得数据在坐标平面上标出,应该得到一条倾斜直线,直线的斜率 k = ______ . 这是在众多的实验中经常采用的科学处理数据的重要方法 . 【 例 题 1】  某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素 . (1) 他组装单摆时,在摆线上端的悬点处,用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线,再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧,如图 3 所示,这样做的目的是 _______( 填字母代号 ). A. 保证摆动过程中摆长不变 B. 可使周期测量更加准确 C. 需要改变摆长时便于调节 D. 保证摆球在同一竖直平面内摆动 √ √ 图 3 解析  橡皮的作用是使摆线摆动过程中悬点位置不变,从而保证摆长不变,同时又便于调节摆长, A 、 C 正确; 答案 解析 (2) 他组装好单摆 后在摆球自然悬垂的情况下,用毫米刻度尺从悬点量到摆球的最低端的长度 L = 0.999 0 m ,再用游标卡尺测量摆球直径,结果如图 4 所示, 则该摆球的直径为 _____ mm ,单摆摆长为 ________ m. 答案 解析 解析  根据游标卡尺读数规则可得摆球直径为 d = 12 mm + 0.1 mm × 0 = 12.0 mm ,则单摆摆长为 L 0 = L - = 0.993 0 m( 注意统一单位 ) ; 图 4 12.0 0.993 0 (3) 下列振动图象真实地描述了对摆长约为 1 m 的单摆进行周期测量的四种操作过程 . 图中横坐标原点表示计时开始, A 、 B 、 C 均为 30 次全振动的图象,已知 sin 5° = 0.087 , sin 15° = 0.26 ,这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是 ________( 填字母代号 ). √ 答案 解析 解析  单摆摆角不超过 5° ,且计时位置应从最低点 ( 即速度最大位置 ) 开始,故 A 项的操作符合要求 . 组次 1 2 3 摆长 L /cm 80.00 90.00 100.00 50 次全振动时间 t /s 90.0 95.5 100.5 振动周期 T /s 1.80 1.91 重力加速度 g /(m·s - 2 ) 9.74 9.73 【 例题 4】 某同学利用单摆测量重力加速度 . (1) 为了使测量误差尽量小,下列说法正确的是 ________. A. 组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球 B. 组装单摆须选用轻且不易伸长的细线 C. 实验时须使摆球在同一竖直面内摆动 D. 摆长一定的情况下,摆的振幅尽量大 答案 解析 √ √ 解析  在利用单摆测重力加速度实验中,为了使测量误差尽量小,须选用密度大、半径小的摆球和不易伸长的细线,摆球须在同一竖直面内摆动,摆长一定时,振幅尽量小些,以使其满足简谐运动条件,故选 B 、 C. (2) 如图 6 所示,在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约 1 m 的 单摆 . 实验时,由于仅有量程为 20 cm 、精度为 1 mm 的钢板 刻度尺,于是他先使摆球自然下垂,在竖直立 柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点, 测出单摆的周期 T 1 ;然后保持悬点位置不变,设法将 摆长缩短一些,再次使摆球自然下垂,用同样方法在 竖直立柱上做另一标记点,并测出单摆的周期 T 2 ;最 后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离 Δ L . 用上述测量结果,写出重力加速度的表达式 g = _______. 答案 解析 图 6 r /m 0.45 0.40 0.35 0.30 0.25 0.20 T /s 2.11 2.14 2.20 2.30 2.43 2.64

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