黑龙江省鹤岗一中2021届高三物理上学期第二次月考试题（Word版带答案） 14页

鹤岗一中2021届高三上学期第二次月考 物理试题 一、选择题：本题总计12个题，每题4分，总分48分 ‎1.如图所示,冰壶在冰面运动时受到的阻力很小,可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变,我们可以说冰壶有较强的抵抗运动状态变化的“本领”。这里所指的“本领”是冰壶的惯性,则惯性的大小取决于(　　)‎ A.冰壶的速度 B.冰壶的质量 C.冰壶受到的推力 D.冰壶受到的阻力 ‎2.物体做匀减速直线运动(运动方向不变),下列结论正确的是 (　　)‎ A.加速度越来越小 B.加速度方向总与运动方向相反 C.位移随时间均匀减小 D.速率有可能随时间增大 ‎3.右图是某质点运动的速度图像,由图像得到的正确结果是 (　　)‎ A.0~1 s内的平均速度是2 m/s B.0~2 s内的位移大小是3 m 14‎ C.0~1 s内的加速度小于2~4 s内的加速度 D.0~1 s内的运动方向与2~4 s内的运动方向相同 ‎4．如图所示，小物块在水平推力F的作用下沿光滑半圆曲面从B点缓慢移动到C点，曲面对小物块的支持力为FN，下列说法正确的是(　　)‎ A．F逐渐增大，FN逐渐增大 B．F逐渐增大，FN逐渐减小 C．F逐渐减小，FN大小保持不变 D．F逐渐减小，FN先增大后减小 ‎5.如图所示，用三根轻绳将A、B两小球以及水平天花板上的固定点O之间两两连接，然后用一水平方向的力F作用于A球上，此时三根轻绳均处于伸直状态，且OB绳恰好处于竖直方向，两球均处于静止状态．已知三根轻绳的长度之比OA∶AB∶OB＝3∶4∶5，两球质量关系为mA＝2mB＝2m，下列说法正确的是(　　)‎ A．OB绳的拉力大小为2mg B．OA绳的拉力大小为 C．F的大小为 D．AB绳的拉力大小为mg 14‎ ‎6．如图所示，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态．现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动．以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是(　　)‎ ‎ A　　　　　B　　　　　C　　　　　D ‎7.静止在光滑水平面上的物体在水平推力F作用下开始运动，推力随时间的变化如图所示，关于物体在0～t1时间内的运动情况，描述正确的是(　　)‎ A．物体先做匀加速运动，后做匀减速运动 B．物体的加速度一直增大 C．物体的速度先增大后减小 D．物体的速度一直增大 ‎8.如图所示,在水平放置的半径为R的圆柱体的正上方的P点将一个小球以水平速度v0沿垂直于圆柱体的轴线方向抛出,小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过,测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ,那么小球完成这段飞行的时间是 (　　)‎ 14‎ A.t=　　　 B.t= C.t= D.t= ‎9.水平转台上有质量相等的A、B两小物块，两小物块间用沿半径方向的细线相连，两物块始终相对转台静止，其位置如图所示(俯视图)，两小物块与转台间的最大静摩擦力均为f0，则两小物块所受摩擦力FA、FB随转台角速度的平方(ω2)的变化关系正确的是(　　)‎ ‎10．(多选)如图所示，一根轻绳上端固定在O点，下端拴一个重量为G的小球，开始时轻绳处于竖直状态，轻绳所能承受的最大拉力为2G，现对小球施加一个方向始终水平向右的力F，使小球缓慢地移动，则在小球缓慢移动的过程中，下列说法正确的是(　　)‎ A．力F逐渐增大 B．力F的最大值为G C．力F的最大值为2G D．轻绳与竖直方向夹角的最大值θ＝30°‎ ‎11．(多选)如图所示，质量为m的小球与弹簧Ⅰ和水平细绳Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P、Q两点．小球静止时，Ⅰ中拉力的大小为F1，Ⅱ中拉力的大小为F2，当仅剪断Ⅰ、Ⅱ其中一根的瞬间，球的加速度a应是(　　)‎ 14‎ A．若剪断Ⅰ，则a＝g，方向竖直向下 B．若剪断Ⅱ，则a＝，方向水平向左 C．若剪断Ⅰ，则a＝，方向沿Ⅰ的延长线方向 D．若剪断Ⅱ，则a＝g，方向竖直向上 ‎12.（多选）如图所示,在斜面顶端的A点以速度v0平抛一小球,经t1时间落到斜面上B点处,若在A点将此小球以速度0.5v0水平抛出,经t2时间落到斜面上的C点处,以下判断正确的是 (　　)‎ A.AB∶AC=2∶1　 B.AB∶AC=4∶1‎ C.t1∶t2=2∶1 D.t1∶t2=∶1‎ 二、填空题：每空2分总计10分 ‎13.某次“探究加速度a跟物体所受的合外力F和质量m的关系”时，实验如下：‎ 14‎ ‎(1)下列做法正确的是________ (填字母代号)‎ A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行 B．在调节木板倾斜角度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上 C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源 D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需重新调节木板倾角 ‎(2)图甲为实验装置图．图乙为某次实验得到的一段纸带，计数点A、B、C、D、E间的时间间隔为0.1 s，根据纸带可求出小车的加速度大小为________ m/s2.(结果保留两位有效数字)‎ ‎(3)保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，进行多次测量．根据实验数据作出了加速度a随拉力F的变化图线如图所示．图中直线没有通过原点，其主要原因是________________________________________________________________________．‎ ‎(4)保持砂和砂桶质量不变，改变小车中砝码质量，进行多次测量，得到小车加速度a、质量m及其对应的的数据如表中所示：‎ 14‎ 实验次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ 车加速度 a/(m·s－2)‎ ‎1.90‎ ‎1.72‎ ‎1.49‎ ‎1.25‎ ‎1.00‎ ‎0.75‎ ‎0.50‎ ‎0.30‎ 车和砝码 质量m/kg ‎0.25‎ ‎0.29‎ ‎0.33‎ ‎0.40‎ ‎0.50‎ ‎0.71‎ ‎1.00‎ ‎1.67‎ /kg－1‎ ‎4.00‎ ‎3.45‎ ‎3.03‎ ‎2.50‎ ‎2.00‎ ‎1.41‎ ‎1.00‎ ‎0.60‎ ‎①在图示的坐标纸中画出物体的a－图线；‎ ‎②根据作出的a－图象可以得到的结论是：________________________________________________________________________‎ ‎________________________________________________________________________.‎ 三、计算题：‎ ‎14.（10分）如图所示,一质量为m=0.5 kg的小球(可视为质点),用长为0.4 m的轻绳拴着在竖直平面内做圆周运动。g取10 m/s2,求: ‎ 14‎ ‎(1)小球要做完整的圆周运动,在最高点的速度至少为多大?‎ ‎(2)当小球在最高点的速度为4 m/s时,轻绳拉力多大?‎ ‎(3)若轻绳能承受的最大张力为45 N,小球的速度不能超过多大?‎ ‎15．（10分）一个质量为20 kg的物体，从斜面的顶端由静止匀加速滑下，物体与斜面间的动摩擦因数为0.2，斜面与水平面间的夹角为37°(g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．　‎ ‎(1)求物体沿斜面下滑过程中的加速度．‎ ‎(2)给物体一个初速度，使之沿斜面上滑，求上滑的加速度．‎ ‎16.（10分）如图所示,质量为m'的长木板静止在粗糙水平地面上,一个质量为m、可视为质点的物块,以某一水平初速度v0从左端冲上木板.从物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中,物块和木板的v-t图像分别如图中的折线acd和bcd所示,a、b、c、d点的坐标为a(0,10)、b(0,0)、c(4,4)、d(12,0).‎ ‎(1)物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小a1;木板开始做匀加速直线运动的加速度大小a2;达到相同速度后一起做匀减速直线运动的加速度大小a3.‎ ‎(2)物块质量m与长木板质量m'之比.‎ 14‎ ‎17．（12分）如图，一质量M＝1kg的足够长薄木板正在水平地面上滑动，当其速度为v0＝5m/s时将一质量m＝1kg的小铁块(可视为质点)无初速度地轻放到木板的A端；已知薄木板与小铁块间的动摩擦因数μ1＝0.2，薄木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.3，取g＝10m/s2。求：‎ ‎(1)小铁块放到薄木板上瞬间铁块和木板的加速度大小a1、a2；‎ ‎(2)小铁块与薄木板的速度第一次相等时，二者的位移大小；‎ ‎(3)当小铁块速度刚好减小到零时，小铁块到A端的距离。‎ 14‎ 鹤岗一中2021届高三上学期第二次月考 物理答案 每题4分少选得2分 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ B B BD A B A D C B AB AB BC 二、 填空题：每空2分 ‎13、‎ （1） AD (2) 0.43 m/s2 (3) 实验前未平衡摩擦力(或平衡摩擦力不足) ‎ （2） 图线为一条过原点的直线，表明在合外力一定时，加速度跟质量成反比 ‎14(10分）‎ ‎ (1)在最高点,对小球受力分析如图甲,由牛顿第二定律得mg+F1=①‎ 由于轻绳对小球只能提供指向圆心的拉力,F1不可能取负值,即F1≥0 ②‎ 联立①②得v≥,‎ 代入数值得v≥2 m/s 所以小球要做完整的圆周运动,在最高点的速度至少为2 m/s。‎ 14‎ ‎(2)v2=4 m/s时,mg+F2=m,‎ 解得F2=15 N。‎ ‎(3)由分析可知,小球在最低点时轻绳的张力最大,对小球受力分析如图乙,由牛顿第二定律得 F3-mg= ③‎ 将F3=45 N代入③得v3=4 m/s 即小球的速度不能超过4 m/s。‎ 答案:(1)2 m/s　(2)15 N　(3)4 m/s ‎15（10分）‎ ‎　(1)沿斜面下滑时，物体受力如图 由牛顿第二定律得：‎ mgsin 37°－Ff＝ma1 ①‎ FN＝mgcos 37° ②‎ 又Ff＝μFN ③‎ 所以a1＝gsin 37°－μgcos 37°＝4.4 m/s2，方向沿斜面向下．‎ ‎(2)物体沿斜面上滑时，摩擦力沿斜面向下 由牛顿第二定律得：‎ mgsin 37°＋Ff＝ma2 ④‎ 14‎ 联立②③④得 a2＝gsin 37°＋μgcos 37°＝7.6 m/s2，方向沿斜面向下．‎ ‎[答案]　(1)4.4 m/s2，沿斜面向下　(2)7.6 m/s2，沿斜面向下 ‎16（10分）‎ 解析:(1)由v-t图像的物理意义可得,a1=1.5 m/s2,a2=1 m/s2,a3=0.5 m/s2.‎ ‎(2)设物块与长木板间的动摩擦因数为μ1,长木板与地面之间的动摩擦因数为μ2,根据牛顿第二定律,得 对物块有μ1mg=ma1,‎ 对长木板有μ1mg-μ2(m+m')g=m'a2,‎ 对整体有μ2(m+m')g=(m+m')a3,‎ 由以上各式解得m∶m'=3∶2.‎ 答案:(1)1.5 m/s2　1 m/s2　0.5 m/s2　(2)3∶2‎ ‎17（12分）‎ ‎(1)对m由牛顿第二定律得 Ffm＝μ1mg＝ma1‎ 代入数据解得 a1＝2 m/s2‎ 14‎ 对M由牛顿第二定律得 Ffm＋FfM＝Ma2‎ 代入数据解得 a2＝8 m/s2‎ ‎(2)m向右加速运动，M向右减速运动，设经过时间t二者速度相等且为v 则对m v＝a1t 对M v＝v0－a2t 两式联立解得 t＝0.5 s，v＝1 m/s 二者速度第一次相等时m的对地位移 xm1＝＝0.25 m M的对地位移 xM1＝v0t－＝1.5 m ‎(3)由于 μ1<μ2‎ 则0.5 s后，m在M上会向右减速滑动，此时，m减速时的加速度大小 am＝＝2 m/s2‎ M减速时的加速度大小 14‎ aM＝＝4 m/s2‎ m减速到0的时间 tm＝＝0.5 s M减速到0的时间 tM＝＝0.25 s 故小铁块速度减小到零时，木板早已停下，且不会再滑动．从速度为v到速度减为零，木板的位移 xM2＝＝0.125 m 小铁块的位移 xm2＝＝0.25 m 所以小铁块离木板A端的距离 d＝xM1＋xM2－(xm1＋xm2)＝1.125 m 14‎