2017-2018学年广东省广州市南沙区第一中学高二上学期期中考试物理（文）试题 解析版 23页

广东省广州市南沙区第一中学2017-2018学年高二上学期 期中考试物理（文）试题 一、单项选择题Ⅰ： ‎ ‎1. 发现万有引力定律的科学家是 A. 伽利略 B. 牛顿 C. 爱因斯坦 D. 库伦 ‎【答案】B ‎【解析】发现万有引力定律的科学家是牛顿，故选B.‎ ‎2. 以地面为参考系，下列研究对象中做圆周运动的是 A. 运动员掷出的链球 B. 行驶列车上钟表的时针尖端 C. 行进中自行车轮胎上的气门芯 D. 教室里的吊扇转动时叶片上的点 ‎【答案】D ‎【解析】运动员掷出的链球做抛体运动．故A错误；行驶列车上钟表的时针尖端相对于地面既有水平方向的直线运动，又有圆周运动，故B错误；行进中自行车轮胎上的气门芯既有水平方向的直线运动，又有圆周运动．故C错误；教室里的吊扇转动时叶片上的点相对于地面做匀速圆周运动．故D正确．故选D 点睛：参考系的选择可以是任意的，一般情况下我们选择相对于地面静止的物体为参考系．如果选定为参考系，这个物体就假定为不动．‎ ‎3. 如图所示，一条绷紧的皮带连接两个半径不同的皮带轮。若皮带轮做匀速转动，两轮边缘的N、P两点 A. 角速度相同 B. 转动周期相同 C. 线速度大小相同 D. 向心加速度大小相同 ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：传动装置在传动过程中不打滑时，两轮边缘上各点的线速度大小相等．当线速度大小一定时，角速度与半径成反比．因此根据题目条件可知加速度及周期的关系．‎ 据题，皮带与轮之间无相对滑动，两轮边缘上与皮带接触处的速度都与皮带相同，所以两轮边缘的线速度大小相同．由知，半径不等，则两轮的角速度不等，故A错误C正确；由公式知，两轮转动的周期不等，故B错误；由公式知，两轮边缘的向心加速度大小不等，故D错误．‎ ‎4. 做匀变速直线运动的物体，其加速度的方向 A. 与初速度方向相同 B. 与末速度方向相同 C. 与运动方向相同 D. 与速度变化量的方向相同 ‎【答案】D ‎【解析】做匀变速直线运动的物体，其加速度的方向与速度变化量的方向相同，与初速度的方向可能相同，也可能性相反；与末速度的方向可能相同，也可能性相反；与运动的方向可能相同，也可能性相反；故选D.‎ 点睛：本题考查加速度的定义，要注意掌握加速度是矢量，其方向与速度变化的方向相同．‎ ‎5. 下列选项中物理量均为标量的是 A. 位移、速度、加速度 B. 力、功、动能 C. 路程、时间、功率 D. 电压、电阻、电场强度 ‎【答案】C ‎【解析】位移、速度、加速度、力、电场强度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而功、动能、路程、时间、功率、电压和电阻只有大小无方向，是标量；故选C.‎ ‎6. 运动员参加100 m赛跑，第12.5s末到达终点时的速度为12 m/s，则全程的平均速度是 A. 8m/s B. 10 m/s C. 11 m/s D. 12 m/s ‎【答案】A ‎【解析】由题意知：位移的大小为：x=100m；t=12.5s；v=m/s＝8m/s．故A正确，故选A.‎ 点睛：很多同学在解决本题时容易出错，主要原因没有真正掌握平均速度的定义，从而找不到运动员通过的位移和时间，其主要原因是审题不细．故要认真审题.‎ ‎7. 关于经典力学，下列说法正确的是 A. 仅适用于微观粒子的运动 B. 适用于宏观物体的低速运动 C. 经典力学中，物体的质量与其运动速度有关 D. 经典力学中，物体的长度与其运动速度有关 ‎【答案】B ‎【解析】经典力学使用条件为：宏观，低速，对微观，高速度运动不再适用，故A错误B正确．在相对论力学中，物体的质量、长度与其运动速度有关；经典力学中，物体的质量、长度与其运动速度无关，故CD错误．故选B.‎ 点睛：本题应掌握经典力学和相对论与量子力学各自的适用范围，明白两者是互补的关系，并没有相互替代的功能．‎ ‎8. 做自由落体运动的物体，在第1 s内下落的高度是（g取10 m/s²）‎ A. 5 m B. 10 m C. 15 m D. 20 m ‎【答案】A ‎【解析】做自由落体运动的物体，在第1s内下落的高度h=gt2=×10×1＝5m，故A正确．故选A.‎ ‎9. 如图所示，物体在平行于斜面向上、大小为5 N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做匀速直线运动，物体与斜面间的滑动摩擦力 A. 等于零 B. 大于5 N C. 等于5 N D. 小于5 N ‎【答案】D ‎【解析】对物体受力分析，在沿斜面方向，物体受到重力沿斜面的分力F1、滑动摩擦力Ff和拉力F，则F1+Ff=F，故Ff＜5 N，故D正确，ABC错误；故选D.‎ 点睛：本题考查受力分析和共点力平衡的综合运用，要注意明确物体的受力情况，然后根据平衡条件列式求解即可．‎ ‎10. 质量不等的两个物体，从相同高度处做自由落体运动，下列说法正确的是 A. 下落的时间不同 B. 下落的加速度相同 C. 落地的速度不同 D. 落地时重力势能的变化量相同 ‎【答案】B ‎【解析】根据自由落体运动的规律，从相同高度处下落，物体的加速度都等于重力加速度，所以下落所用时间相同，落地时速度相同，故选项AC都错误，B正确；由于两个物体的质量不相等，故落地时重力势能的变化量不相同，故D错误．故选B．‎ 点睛：本题关键是明确自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，同时要知道重力做功等于重力势能的减小量，基础题目．‎ ‎11. 弹簧一端固定，另一端受到拉力F 的作用，F与弹簧伸长量x的关系如图所示。该弹簧的劲度系数为 A. 2 N/m B. 4 N/m C. 0.05 N/m D. 20 N/m ‎【答案】D ‎【解析】当弹簧的伸长量为0.2 m时，弹簧弹力F=4 N，故弹簧的劲度系数N/m＝20N/m． 故选C．‎ ‎12. 下列预防措施中，与离心现象无关的是 A. 桥梁处的限载标志 B. 火车拐弯处设置限速标志 C. 砂轮的外侧加防护罩 D. 投掷链球的区域加防护网 ‎【答案】A ‎【解析】桥梁处的限载标志是为了防止超载，保护桥梁的安全，和离心现象无关，故A正确；火车拐弯处设置限速标志，为了防止由于离心现象而出现脱轨现象，故B错误；砂轮的外侧加防护罩，是防止摩擦产生的碎屑做离心运动，对人有伤害，故C错误；投掷链球的区域加防护网，为了防止由于离心现象而对其他人有伤害，故D错误；本题选择与离心现象无关的，故选A．‎ 点睛：本题考查的是学生的对离心现象的掌握情况，要注意明确离心现象发生在做圆周运动的物体上，在平时的学习过程中基础知识一定要掌握牢固，并能解释相关现象．‎ ‎13. 如图所示，物体静止在固定鞋面上，物体受到的力有 A. 重力、弹力和平衡力 B. 重力、摩擦力和下滑力 C. 重力、支持力和摩擦力 D. 重力、摩擦力和平衡力 ‎【答案】C ‎【解析】物体静止在斜面上，受力平衡；地球上的一切物体都受到重力，因而物体一定受重力；重力会使物体紧压斜面，因而斜面对物体有支持力；若斜面光滑，物体会在重力的作用下沿斜面下滑，说明物体相对斜面有向下滑动的趋势，故还受到沿斜面向上的静摩擦力．即物体受重力、支持力、摩擦力， 故选C．‎ 点睛：关于静摩擦力的有无，可以用假设法，即假设斜面光滑，物体会沿斜面下滑，故物体相对于斜面有下滑的趋势，受沿斜面向上的静摩擦力；物体有下滑的趋势，是重力的作用效果，并没有下滑力，找不到这个力的施力物体，故这个力不存在．‎ ‎14. 在经典力学中，关于惯性，下列说法正确的是 A. 力是改变物体惯性的原因 B. 质量越大惯性越大 C. 物体只有静止才有惯性 D. 速度越大的物体惯性越大 ‎【答案】B ‎【解析】力是改变物体运动状态的原因，而不是改变惯性的原因，故A错误．惯性大小取决于物体的质量大小，质量越大，惯性越大，与速度大小无关，即与物体的运动状态无关，故B正确，D错误．惯性是物体固有的属性，一切物体都有惯性．故C错误．故选B.‎ 本题考查对惯性的理解能力．要注意惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，与物体的运动状态无关，惯性大小取决于物体质量大小．‎ ‎15. 起重机把2.0×104 N的重物匀速提升10 m，其输出功率是5.0×104 W．起重机 A. 做功8.0×105 J B. 做功5.0×105 J C. 用时4 s D. 用时5 s ‎【答案】C ‎【解析】重物匀速提升，起重机的拉力等于重物的重力，起重机的拉力为：F=mg=2.0×104N，起重机做的功为：W=Fh=2.0×104×10=2.0×105 J，故A B错误；起重机功率：P=，所以时间：，故C正确，D错误．故选C．‎ ‎16. 关于牛顿第一定律，下列表述正确的是 A. 受外力作用的物体都保持运动状态 B. 不受外力作用的物体都保持静止状态 C. 受外力作用的物体都保持匀速直线运动状态 D. 不受外力作用的物体都保持静止或匀速直线运动状态 ‎【答案】D ‎【解析】解：不受外力作用的物体总保持静止或匀速直线运动状态，受外力作用的物体的运动状态一定改变，故ABC错误，D正确．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】牛顿第一定律定性地揭示了力和运动的关系，它说明了物体不受力作用时是匀速直线运动或静止状态，所以力不是维持物体运动原因；定律指出外力作用迫使物体运动状态改变，所以力是改变物体运动状态的原因．‎ ‎17. 某个国家预计在2018年末开启探测土星的计划，需要发射一颗绕土星转的卫星，发射速至少是 A. 7.9 km/s B. 11.2 km/s C. 16.7 km/s D. 18.5 km/s ‎【答案】B ‎【解析】要在地球上发射一颗脱离地球引力，飞向土星的卫星，必须要大于地球的第二宇宙速度，即至少为11.2km/h，故选B.‎ ‎18. 小明沿半径为50m的圆形草坪边缘绕跑一圈后回到起点，在跑步过程中，小明的路程和位移大小的最大值分别是 A. 100π m，100 m B. 100π m，100π m C. 50π m，50π m D. 0， 0‎ ‎【答案】A ‎【解析】小明沿半径为50m的圆形草坪边缘跑一圈后回到起点，初末位置重合；路程等圆形草坪边缘的周长，即；最大位移是跑半圈的位移，为，A正确．‎ ‎19. 根据牛顿第二定律，下列说法正确的是 A. 加速度方向与速度的方向一致 B. 作用力相同时，质量大的物体速度大 C. 加速度为零的物体，一定不受外力作用 D. 作用力相同时，质量大的物体加速度小 ‎【答案】D ‎【解析】加速度方向与速度变化的方向一致，与速度方向不一定一致，选项A错误；作用力相同时，质量大的物体加速度小，但速度大小不能确定；故B错误；由牛顿第二定律可知，加速度为零的物体，所受合外力为零；但可以受到外力情况；故A错误；加速度与质量成反比；故作用力相同时，质量大的物体加速度小；故D正确；故选D．‎ 点睛：本题考查牛顿第二定律的内容及加速度和速度的关系，要明确，加速度由合外力和质量决定，其大小与速度大小无关 ‎20. 关于点电荷的描述，正确的是 A. 点电荷是球形的带电体 B. 点电荷是质量小的带电体 C. 点电荷是带电量少的带电体 D. 点电荷是一种理想模型 ‎【答案】D ‎【解析】电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，并不是只有体积很小的带电体才能看作点电荷，也不是带电体带电量很小时，当然不一定只有球形带电体，才能可看作点电荷，所以ABC错误；当两个带电体的形状大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷，是一种理想化模型，实际不存在，所以D正确．故选D．‎ ‎21. 万有引力定律首次揭示了自然界中物体间一种基本相互作用的规律．以下说法正确的是 A. 物体的重力不是地球对物体的万有引力引起的 B. 人造地球卫星离地球越远，受到地球的万有引力越大 C. 人造地球卫星绕地球运动的向心力由地球对它的万有引力提供 D. 宇宙飞船内的宇航员处于失重状态是由于没有受到万有引力的作用 ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：物体的重力是万有引力的一个分力，忽略地球自转时，重力等于万有引力，但重力和万有引力是两个概念，不能说物体的重力就是地球对物体的万有引力，故A错误；万有引力与物体间的距离的平方成反比，人造地球卫星离地球越远，受到地球的万有引力越小，故C错误；人造地球卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，故C正确；宇航员随宇宙飞船一起绕地球做匀速圆周运动，宇航员受到的引力完全提供向心力，处于完全失重状态，故D错误。‎ 考点：万有引力定律的应用 ‎【名师点睛】本题关键是要掌握万有引力定律的内容、表达式、适用范围．超重与失重不是重力变化，而是物体对支持物的压力或对悬挂物的拉力大于或小于重力的现象。‎ ‎22. 舰载机在停泊的航母上展开飞行训练。若飞机着陆时的速度为200 m/s，匀减速滑行的加速度大小为100 m/s2，则航母甲板上的跑道长度不小于 A. 50 m B. 100 m C. 150 m D. 200 m ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：根据v2=v02+2as可得，故选D.‎ 考点：匀变速直线运动的规律 ‎23. 如图所示，竖直放置的长直导线通有恒定电流，侧旁小磁针N极的最终指向为 A. 平行纸面向右 B. 平行纸面向左 C. 垂直纸面向里 D. 垂直纸面向外 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：当导线中通过图示方向的电流时，产生磁场，根据安培定则判断磁场的方向．小磁针处于磁场中，N极受力方向与磁场方向相同．根据磁场方向判断小磁针的转动方向．‎ 解：当导线中通过图示方向的电流时，根据安培定则判断可知，小磁针所在处磁场方向垂直纸面向外，小磁针N受力向外，S极受力向里，故D正确，ABC错误．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】判断电流方向与磁场方向的关系是运用安培定则．小磁针N极受力方向与磁场方向相同．‎ ‎24. 滑雪运动员从山上加速滑下过程中，下列表述正确的是 A. 重力做负功，动能增加 B. 重力做正功，动能减少 C. 重力势能减少，动能增加 D. 重力势能增加，动能增加 ‎【答案】C ‎【解析】滑雪运动员从山上加速滑下过程中，运动的方向向下，重力的方向向下，所以重力做正功，重力势能减少；运动员做加速运动，速度增大，动能增大．所以选项C正确，选项ABD错误．故选C.‎ 点睛：从功能的角度解决问题是继牛顿第二定律之外的另一种重要方法，每种力的功都对应着一种能量的转化，因此要加强练习，弄清各种功能关系．‎ ‎25. 带电粒子M和N，先后以不同的速度沿PO方向射入圆形匀强磁场区域，运动轨迹如图所示。不计重力，下列分析正确的是 A. M带负电，N带正电 B. M和N都带正电 C. M带正电，N带负电 D. M和N都带负电 ‎【答案】A ‎【解析】粒子向右运动，根据左手定则，N向上偏转，应当带正电；M向下偏转，应当带负电，故BCD错误，A正确；故选A.‎ ‎26. 如图，在电场中有a、b两点，试比较a、b两点场强的大小Ea、Eb；引入一个点电荷，比较在a、b两处受到的电场力Fa、Fb，则 A. Ea＞Eb；Fa＞Fb B. Ea＞Eb；Fa＜Fb C. Ea＜Eb；Fa＜Fb D. Ea＝Eb；Fa＝Fb ‎【答案】A ‎【解析】根据图象很容的发现，在电场的a点的电场线较密，所以，在a点的电场的强度要比b点的电场的强度大，即Ea＞Eb；由于Ea＞Eb，并且是同一个电荷，电荷的电荷量大小相同，由F=qE可知，电荷在a点时受到的电场力要在b点时受到的电场力大，即Fa＞Fb，所以A正确，BCD错误；故选A．‎ ‎27. 在“验证机械能守恒定律”的实验中，已备有：电火花计时器、纸带、刻度尺、带铁夹的铁架台，还需要的器材是 A. 弹簧秤 B. 天平 C. 秒表 D. 重锤 ‎【答案】D ‎【解析】在验证机械能守恒的实验中，质量可测可不测，所以不需要天平和弹簧秤，因为时间可以通过打点计时器打出的纸带上直接读出，不需要秒表，实验时研究重锤的重力势能减小量和动能增加量是否相等，所以需要重锤．故D正确，ABC错误．故选D．‎ ‎28. 下列关于超重与失重的说法，正确的是 A. 处于超重状态时，物体所受到的重力变大 B. 处于失重状态时，物体所受到的重力变小 C. 无论是超重或失重状态，物体所受到的重力并没有发生变化 D. 无论是超重或失重状态，物体所受到的重力都会发生相应的变化 ‎【答案】C ‎【解析】视重大于物体的重力，为超重状态，视重小于物体的重力，为失重状态，无论是超重还是失重状态，物体所受的重力并没有发生变化，C正确。‎ ‎29. 高速列车从静止开始做匀加速直线运动，20 s末的速度是30 m/s，列车加速度的大小是 A. 1.5 m/s² B. 2 m/s² C. 3 m/s² D. 6 m/s²‎ ‎【答案】A ‎30. 如图所示，两根通电金属杆MN和PQ平行放置在匀强磁场中．关于各自所受安培力的方向，下列说法正确的是 A. 两者都向下 B. 两者都向上 C. MN的向下，PQ的向上 D. MN的向上，PQ的向下 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：根据左手定则可知，两导线所受的安培力的方向MN的向上，PQ的向下，故选D.‎ 考点：左手定则 ‎【名师点睛】此题考查了左手定则的应用；判断通电导线在磁场中的受力方向时用左手定则；判断导体切割磁感线产生感应电流时用右手定则.‎ 二、单项选择题Ⅱ：‎ ‎31. 甲、乙两个质点同时出发做直线运动，其s-t图象如图所示．下列说法正确的是 A. 甲的速度比乙的大 B. 甲的加速度比乙的大 C. t0时刻，甲和乙的速度相等 D. 0~t0时间内，甲在乙的前面 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：在s﹣t图象中，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动，斜率表示加速度，即可比较出两物体的运动速度，根据图象可知直接读出某时刻的位移，交点表示相遇．‎ 解：A、由图象看出两物体的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，且甲的斜率大于乙的斜率，所以v甲＞v乙．故A正确；‎ B、由图象可知，甲、乙都做匀速运动，加速度为零，故B错误；‎ CD、交点表示在同一时刻，位置相同，即相遇．故CD错误；‎ 故选：A．‎ ‎【点评】①本题考查了由s﹣t图象比较物体的速度大小、判断两物体的位置关系等内容，由图象判断物体的运动性质、找出物体的位置与所对应的时间，是解题的关键．‎ ‎②本题常有同学当作v﹣t图象处理；故在研究图象时应首先认真坐标轴的意义，这样才不至于出现不必要的失误．‎ ‎32. 研究下列运动时，可把运动对象视为质点的是 A. 地球的公转 B. 风车的转动 C. 自行车轮子的旋转 D. 跳水运动员的空中翻转 ‎【答案】A ‎【解析】研究物体的运动时，大小和形状可以忽略不计的物体可视为质点，研究地球的公转可以忽略地球的大小和形状，故A正确；研究跳水运动员的空中翻转、自行车轮子的旋转风车的转动、均不能忽略研究对象的大小和形状，所以BCD错误．故选A．‎ 点睛：物体能不能看出质点取决于问题的性质，研究物体的动作或转动等都不能把物体看做质点.‎ ‎33. 如图所示，质量为1 kg的物体与桌面间的动摩擦因素为0.2，物体在7 N的水平拉力作用下获得的加速度大小为（g取10 m/s2）‎ A. 12 m/s2 B. 8 m/s2‎ C. 5 m/s2 D. 0‎ ‎【答案】C ‎【解析】根据牛顿第二定律可知F-μmg=ma，带入数据求得a==5 m/s2，故选C．‎ ‎34. 利用悬挂有1 kg物体的弹簧测力计，研究高塔中竖直升降机的运动状态。升降机从地面运行到塔顶的过程中，当弹簧测力计示数分别为12 N和8 N时，升降机相应的加速度方向为（g取10 m/s2）‎ A. 竖直向下、竖直向上 B. 竖直向上、竖直向下 C. 竖直向上、竖直向上 D. 竖直向下、竖直向下 ‎【答案】B ‎【解析】正常情况下悬挂1 kg物体，弹簧秤的示数为10N，弹簧秤示数分别为12 N和8 N时，物体分别处于超重和失重状态，升降机相应的加速度方向为竖直向上和竖直向下．故选B．‎ 点睛：解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况．‎ ‎35. 如图所示，三角形滑块从左向右做匀速直线运动，滑块上的物体M与滑块保持相对静止，M受到重力G、摩擦力f和支持力N的作用。以地面为参考系，此过程中力对M做功的情况，下列说法正确的是 A. G做正功 B. N做正功 C. f做正功 D. G、f和N均不做功 ‎【答案】B ‎【解析】由题图可知，f与位移的夹角为钝角，做负功；G与位移垂直，不做功；N与位移的夹角为锐角，做正功．B正确，ACD错误，故选B．‎ ‎36. 如图所示，重物挂在弹性很好的橡皮筋的中点，在橡皮筋的两端点N和P相互缓慢靠近的过程中，其长度 A. 先增加在缩短 B. 逐渐增加 C. 逐渐缩短 D. 保持不变 ‎【答案】C ‎【解析】由题意可知，两根橡皮筋的合力是一定的，根据力的平行四边形定则可知，当两夹角在减小时，导致两分力大小在减小，因此橡皮筋的长度在缩短．故选C．‎ 点睛：考查合力一定时，夹角在变化，则分力如何变化，同时掌握力的平行四边形定则的应用．‎ ‎37. 如图所示，竖直平面内由两个半斤分别为r1和r2的圆形过山车轨道N、P。若过山车在两个轨道的最高点对轨道的压力都恰好为零，则过山车在N、P最高点的速度比为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】在最高点过山车对轨道的压力为零是，由重力提供向心力，有 mg=m，得 v= 代入题中数据可得过山车在N、P最高点的速度分别为．故．故选C．‎ 点睛：本题中小车在轨道最高点对轨道压力为零是解题的切入点，知道由重力提供向心力是关键．‎ ‎38. 篮球从一定高度下落至地面，经多次反弹后静止在地面上，此过程中 A. 机械能不守恒 B. 重力始终做正功 C. 重力势能时刻在减少 D. 动能时刻在减少 ‎【答案】A ‎【解析】篮球经过多次反弹最后静止在地面上，做的是往返运动，篮球下落的过程中重力做正功，阻力做负功，重力势能转化为动能和内能，动能增大．故机械能不守恒，故A正确，D错误；‎ 篮球上升的过程中，重力和做负功，重力势能增大．故BC错误；故选A．‎ 点睛：本题考查机械能守恒的条件，该题通过实际生活中的例子，考查能量之间的相互转化的关系，特别是重力势能与动能之间的相互转化关系要牢记．‎ ‎39. 在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，测得弹力F与弹簧长度x的关系如图所示。图中x0表示 A. 劲度系数 B. 弹簧伸长量 C. 弹簧原长 D. 砝码质量 ‎【答案】C ‎【解析】图象中y轴截距x0表示所受弹力为零时所对应的弹簧长度，而弹力为零时所对应的弹簧长度为弹簧的原长，故C正确，故选C．‎ ‎40. 如图，是质点做直线运动的v-t图象。关于该质点的运动，下列说法正确的是 A. 0~t1时间内质点做匀速运动 B. t1~t2时间内质点保持静止 C. t1时刻质点的运动方向改变 D. 质点先做匀加速运动再做匀速运动 ‎【答案】D ‎【解析】0～t1时间内是过原点的倾斜直线，表示质点做初速度为零的匀加速直线运动，故A错误；t1～t2时间内平行时间轴的直线表示质点做匀速直线运动，故B错误；整个过程速度均为正，表示运动方向没发生改变，故C错误；根据AB分析，直线先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，故D正确；故选D．‎ 点睛：正确理解v-t图象的物理意义，不能单凭感觉理解，然后根据速度的正负分析质点的运动方向，由“面积”求解质点的位移、斜率分析加速度的大小和方向．‎ ‎41. 在落体法“验证机械能守恒定律”实验中，不需要使用的器材是 A. 重锤 B. 纸带 C. 螺旋测微器 D. 打点计时器 ‎【答案】C ‎【解析】落体法验证机械能守恒定律，即验证重力势能的减小量和动能的增加量是否相等，研究对象为重锤，所以重锤需要，通过纸带测量下落的高度和瞬时速度的大小，所以纸带和打点计时器需要．测量点迹间的距离用刻度尺，不需要螺旋测微器，故C正确，ABD错误．故选C．‎ ‎42.‎ ‎ 在“验证力的平行四边形定则”试验中，分别使用一个测力计和两个测力计拉伸橡皮条的结点至相同位置。这样做的目的是 A. 便于作图 B. 便于记录测量点 C. 便于读测力计示数 D. 保证两次拉伸橡皮条的效果相同 ‎【答案】D ‎【解析】本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系，根据合力与分力是等效的，在“验证力的平行四边形定则”试验中，分别使用一个测力计和两个测力计拉伸橡皮条的结点至相同位置．这样做的目的是保证两次拉伸橡皮条的效果相同，故D正确，ABC错误；故选D．‎ ‎43. 如图，是质点做直线运动的s-t图象。下列说法正确的是 A. 质点在t1时刻位移最小 B. 质点在t2时刻速度为零 C. 质点先做加速运动再做减速运动 D. 质点在0~t1和t1~t2时间内的运动方向相反 ‎【答案】D ‎【解析】根据位移△s=s2-s1，知质点在t1时刻位移最大，故A错误．质点t1～t2在做匀速直线运动，则在t2时刻速度不为零，故B错误．根据s-t图象可知，该质点在0～t1和t1～t2都在做匀速直线运动，运动方向相反．故C错误，D正确．故选D．‎ 点睛：本题的关键是理解位移-时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，求解斜率的方法为v=△s /△t ．‎ ‎44. 经典力学规律有其局限性．物体以下列哪个速度运动时，经典力学规律不适用 A. 2.5×10－5 m/s B. 2.5×102 m/s C. 2.5×103 m/s D. 2.5×108 m/s ‎【答案】D ‎【解析】当速度接近光速时，由相对论规律可知，物体的质量将随速度的变化而变化，经典力学不再适用；故D不适用经典力学；故选D．‎ 点睛：当物体的速度接近光速时，从相对论角度来说，时间延长、空间缩短、质量增加．‎ ‎45. 人站在地面，竖直向上提起质量为1 kg的物体，物体获得的加速度为5 m/s2.g取10m/s2，则此过程中人对物体的作用力为(　　)‎ A. 5 N B. 10 N C. 15 N D. 20 N ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：设人对物体的作用力F，竖直向上为力和加速度的正方向，由题意可知物体加速度为5m／s2则由牛顿第二运动定律有，F=15N，故ABD项错误、C项正确，应选C。‎ 考点：本题考查了牛顿第二运动定律的相关知识。‎ ‎【名师点睛】根据第二运动定律建立物体所受合外力与加速度的关系，在分析物体受力得到各个分力与合力之间的关系，从而得出结论。‎ ‎46. 如图所示，与磁场方向垂直的线圈以OO’为轴旋转90°的过程中，穿过线圈的磁通量 A. 变大 B. 变小 C. 先变大后变小 D. 先变小后变大 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：通过线圈的磁通量可以根据Φ=BSsinθ进行求解，θ为线圈平面与磁场方向的夹角，从而即可求解．‎ 解：当线圈平面与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则Φ=0．‎ 当线圈绕0 0′轴转动至与磁场方向垂直时，穿过线圈平面的磁通量变大．‎ 因此与磁场方向垂直的线圈以OO′为轴旋转90°的过程中，穿过线圈的磁通量变小，故B正确，ACD错误；‎ 故选：B．‎ ‎【点评】解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大．‎ ‎47. 如图所示，重力为20‎ ‎ N的物体，放在倾角为30°的光滑斜面上，弹簧秤对物体的拉力与斜面平行，物体在斜面上保持静止时，弹簧秤示数为 A. 10 N B. 17 N C. 20 N D. 30 N ‎【答案】A ‎【解析】滑块受重力、支持力和弹簧的拉力，三力平衡，拉力等于重力的下滑分量，故：F=mgsin30°=20×=10N，故选A．‎ ‎48. 图是电磁铁工作原理的示意图，由线圈、电源、开关和滑动变阻器等器材组成，P为滑动变阻器的滑片。闭合S，铁钉被吸附起来。下列分析正确的是 A. 增加线圈匝数，被吸附的铁钉减少 B. 调换电源正负极，铁钉不能被吸附 C. P向a端移动，被吸附的铁钉增多 D. P向b端移动，被吸附的铁钉增多 ‎【答案】C ‎【解析】A、当增加线圈的匝数时，导致线圈的磁场增加，则被吸附的铁钉增多，故A错误；‎ B、当调换电源正负极，导致线圈的磁性方向相反，但仍有磁性，因此铁钉仍能被吸附，故B错误；‎ C、当P向a端移动，导致电路中电流增大，那么被吸附的铁钉增多，若向Pb端移动，电路中电流减小，则被吸附的铁钉减小，故C正确，D错误；‎ 故选：C。‎ ‎49. 真空中有两个点电荷A、B，它们间的距离为r，相互作用的静电力为F，如果将A的电量增大为原来的4倍，B的电量保持不变，要使它们间的静电力变为，则它们之间的距离应为 A. 16r B. 4r C. 2r D. 2r ‎【答案】B ‎【解析】当距离为r时有：F=K；当距离变化后依据题意有：；联立可得R=4r，故ACD错误，B正确．故选B．‎ ‎50. 如图所示为“研究物体做匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，a、b、c、d为计数点，相邻计数点时间间隔为0.1 s．其中b点反映的瞬时速度为 A. 0.520 m/s B. 6.47 m/s C. 3.92 m/s D. 5.20 m/s ‎【答案】A ‎【解析】相邻计数点时间间隔为0.1s．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上b点时小车的瞬时速度大小． vb==0.520m/s, 故选A．‎ 三、多项选择题： ‎ ‎51. 平抛运动中，关于物体重力做功，下列说法正确的有 A. 重力不做功 B. 重力做正功 C. 重力做负功 D. 重力做功与路径无关 ‎【答案】AD ‎【解析】物体做平抛运动时，竖直方向有重力并产生向下的位移，故重力一定做正功；故AC错误，B正确；重力做功取决于初末两点间的高度差，和路径无关；故D正确；故选BD．‎ 点睛：本题考查平抛运动及重力做功的特点，要明确重力做功和路径无关，只与高度差有关．‎ ‎52. 如图，为小球做平抛运动的示意图。发射口距地面高为h，小球发射的速度为v，落地位置到发射口的水平距离为R，小球在空中运动的时间为t。下列说法正确的是 A. h一定时，v越大，R越大 B. v一定时，h越大，t越长 C. v一定时，h越大，R越大 D. h一定时，v越大，t越长 ‎【答案】ABC ‎53. 某同学水平拉动纸带，使用电源频率为50 Hz的打点计时器在纸带上打出一系列的点。下列说法正确的是 A. 打1 000个点需时1 s B. 该打点计时器使用的是直流电源 C. 打相邻两点的时间间隔为0.02 s D. 点迹密集的地方表示纸带的运动速度较小 ‎【答案】CD ‎【解析】打点计时器使用交流电源，当电源频率是50Hz时打相邻点的时间间隔是0.02s，打1000个点需要20s，故AB错误，C正确；点迹密集的地方代表相同时间通过的位移小，所以速度小，故D正确．故选CD．‎ 点睛：对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用．‎ ‎54. 环绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，距离地面越高，环绕的 A. 速度越小 B. 周期越大 C. 向心加速度越大 D. 角速度越大 ‎【答案】AB ‎【解析】设人造卫星的质量为m，轨道半径为r，线速度为v，公转周期为T，地球质量为M，由于人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由万有引力提供向心力得，解得，卫星离地面越高，则周期越长，卫星的线速度越小，卫星的角速度越小，向心加速度越小，故AB正确CD错误．‎ ‎55. 如图所示，轻质弹簧上端固定在O点，下端系一小球。将小球拉至N处，此时弹簧水平且无形变，然后释放小球，不计空气阻力，小球运动到最低点P处的过程中 A. 小球动能不变 B. 弹簧的弹性势能增大 C. 小球的重力势能增大 D. 系统的机械能守恒 ‎【答案】BD ‎【解析】小球的动能初始为零，所以动能增大，故A错误；弹簧的形变量增大，弹性势能增大，故B正确；在此过程中小球的重力做正功，重力势能减小，故C错误；整个过程只有重力和弹力做功，故系统的机械能守恒，故D正确．故选BD．‎ 点睛：解决本题的关键掌握重力做功和重力势能的关系；同时明确弹簧和小球系统的机械能总和（包括重力势能、弹性势能和动能）保持不变．‎ ‎56. 起重机以0.5 m/s的速度将质量为300 kg的重物匀速提升了2 m。若g取10 m/s2，此过程中起重机 A. 做功3 000 J B. 做功6 000 J C. 功率是1 500 W D. 功率是6 000 W ‎【答案】BC ‎【解析】重物匀速提升，起重机的拉力等于重物的重力，起重机的拉力F=mg=300×10=3000N，‎ 起重机做的功，W=Fh=3000×2=6000J，故A错误，B正确；起重机的拉力F=mg，功率P=Fv=mgv=1500W，C正确，D错误．故选BC．‎ ‎57. 甲、乙两物体从同一位置开始做平抛运动，并落在同一水平面上。甲的初速度是乙的两倍。下列分析正确的有 A. 甲、乙在水平方向上的位移相等 B. 甲在水平方向上的位移是乙的两倍 C. 甲、乙在空中运动的时间相同 D. 甲在空中运动的时间是乙的两倍 ‎【答案】BC ‎【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．则有 h=‎ gt2，得，h相同，则t相同．水平位移  x=v0t，t相同，可知甲的初速度是乙的两倍，甲在水平方向上的位移是乙的两倍．故AD错误，BC正确．故选BC．‎ 点睛：解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式进行求解．‎ ‎58. 如图所示，表示做匀速直线运动的图象的是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】CD ‎【解析】A图表示物体静止；B图表示匀变速直线运动；C图表示匀速直线运动；D图表示匀速直线运动；故选CD.‎ ‎59. 某人用手将1 kg的物体由静止向上提起1 m，这时物体的速度为2 m/s，取g＝10 m/s2，下列说法正确的是 A. 合外力做功12 J B. 合外力做功2 J C. 手对物体做功12 J D. 物体克服重力做功10 J ‎【答案】BCD ‎【解析】分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为2m/s，由导出公式：v2-v02=2ax可得，加速度a=2m/s2，由牛顿第二定律可得，F-mg=ma，‎ 所以F=mg+ma=12N，手对物体做功W=FL=12×1J=12J，故C正确；合力的大小为ma=2N，所以合力做的功为2×1=2J，所以合外力做功为2J，故B正确，A错误；重力做的功为WG=mgh=-10×1=-10J，所以物体克服重力做功10J，故D正确；故选BCD．‎ ‎60. 下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断的正确说法 ‎①点火后即将升空的火箭　②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车　③运动的磁悬浮列车在轨道上高速行驶　④太空的空间站在绕地球做匀速圆周运动 A. 因火箭还没运动，所以加速度一定为零 B. 轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大 C. 尽管空间站做匀速圆周运动，加速度也不为零 D. 高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大 ‎【答案】BC ‎【解析】火箭点火启动时，初速度为零，但是下一时刻速度不为零；因为a=△v/△t ，所以加速度不为零．故A错误．轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大，故B正确．匀速圆周运动的速度时刻在改变，故尽管空间站做匀速圆周运动，加速度也不为零；故C正确；高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是完全可以做匀速直线运动，所以加速度也可以为零．故D错误．故选BC．‎ 点睛：本题考查加速度的性质，要注意明确判断加速度的大小依据：①速度变化快慢 ②单位时间内速度的变化大小．‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎