物理卷·2018届贵州省遵义市湄潭县湄江中学高二上学期第二次月考物理试卷 （解析版） 12页

‎2016-2017学年贵州省遵义市湄潭县湄江中学高二（上）第二次月考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（注意：1-6题为单选题，7、8两题为多选题，每小题6分，多选题选对选不选得3分，有错选不得分，共48分）‎ ‎1．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电荷定向移动的方向就是电流的方向 B．电流都是由电子的定向移动形成的 C．电源两极间的电压等于电源电动势 D．电动势是指电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小的物理量 ‎2．对于欧姆定律，理解正确的是（　　）‎ A．从I=可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比 B．从R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 C．从U=IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高 D．从R=可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 ‎3．一个电流表的满偏电流Ig=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（　　）‎ A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻 C．串联一个9.5kΩ的电阻 D．并联一个9.5kΩ的电阻 ‎4．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（　　）‎ A．4ρ和4R B．ρ和4R C．16ρ和16R D．ρ和16R ‎5．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R2是两个定值电阻．当滑动变阻器的触头向a滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为（　　）‎ A．I1增大，I2减小 B．I1减小，I2增大 C．I1增大，I2增大 D．I1减小，I2减小 ‎6．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（　　）‎ A．U B． C．R D．‎ ‎7．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．以下分析正确的是（　　）‎ A．此接法的测量值大于真实值 B．此接法的测量值小于真实值 C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最右端 ‎8．一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的是（　　）‎ A．电动机所消耗的电功率IU B．t秒内所产生的电热为IUt C．t秒内所产生的电热为I2Rt D．电动机的热功率为I2R ‎　‎ 二、填空题（每空3分，共18分）‎ ‎9．用螺旋测微器测量某一物体厚度时，示数如图甲所示，读数是　　mm．‎ 用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如图乙所示，则读数分别为　　mm ‎10．有一标有额定电压为“6V”，额定功率模糊不清的小灯泡（电阻约为15Ω）．一名同学到实验室测该灯泡的额定功率与电阻，除导线和开关若干外，实验室还有以下器材：‎ A．直流电源10V（内阻不计）‎ B．直流电流表：a 0～600mA（内阻约为5Ω），b 0～300mA（内阻约为5Ω）‎ C．直流电压表：a 0～10V（内阻约为15kΩ），b 0～10V（内阻约为1kΩ）‎ D．滑动变阻器10Ω，2A 实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．‎ ‎（1）该实验电流表应该选择　　（a或b），电压表应该选择　　（a或b），电流表应该选择　　（外接还是内接）．‎ ‎（2）画出实验电路图．‎ ‎　‎ 三、计算题（本大题共3小题，共44分）‎ ‎11．如图所示，电源电压U=6V（内阻不计），电阻R1=4Ω，R2=6Ω．‎ ‎（1）当开关S闭合后，电流表示数为多少？‎ ‎（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内产生的热量为多少？‎ ‎（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，电路的总功率为多少？‎ ‎12．如图10所示的电路中，电阻R2=15Ω，R3=10Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4A． 求：‎ ‎（1）流过电阻R1的电流是多少？‎ ‎（2）电阻R1的阻值是多大？‎ ‎（3）电源的输出功率是多少？‎ ‎13．如图所示，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E．今有一质量为m、带正电q的小滑块（体积很小可视为质点），从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ，求：‎ ‎（1）滑块由C到B的过程中，电场力做什么功？做功为多少？‎ ‎（2）滑块通过B点时的速度大小．‎ ‎（3）水平轨道上A、B两点之间的距离．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年贵州省遵义市湄潭县湄江中学高二（上）第二次月考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（注意：1-6题为单选题，7、8两题为多选题，每小题6分，多选题选对选不选得3分，有错选不得分，共48分）‎ ‎1．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电荷定向移动的方向就是电流的方向 B．电流都是由电子的定向移动形成的 C．电源两极间的电压等于电源电动势 D．电动势是指电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小的物理量 ‎【考点】电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】物理学中规定：把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向．‎ 电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小的物理量，其大小等于内外电压之和．‎ ‎【解答】解：A、正电荷定向移动的方向就是电流的方向，而负电荷定向移动方向与电流方向相反，故A错误；‎ B、电流也可以是由其他可自由移动的电荷的定向移动形成，如导电的离子等，故B错误 C、电源两端的电压为电源的路端电压，其大小一般小于电源的电动势，故C错误；‎ D、电动势是指电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小的物理量，故D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎2．对于欧姆定律，理解正确的是（　　）‎ A．从I=可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比 B．从R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 C．从U=IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高 D．从R=可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 ‎【考点】欧姆定律．‎ ‎【分析】根据欧姆定律分析电流与电压、电阻的关系．电阻由导体本身的特性决定，与电流、电压无关．运用控制变量法理解电压与电阻的关系．‎ ‎【解答】解：A、根据欧姆定律I=得知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比．故A正确．‎ B、R=是电阻的定义式，R与导体两端的电压U和电流无关．故B错误．‎ C、从U=IR可知，只有电流I一定时，电压才与电阻成正比，导体两端的电压随电阻的增大而增大．故C错误．‎ D、电阻由导体本身的特性决定，与电流、电压无关，导体两端的电压为零，但导体的电阻不为零．故D错误．‎ 故选：A ‎　‎ ‎3．一个电流表的满偏电流Ig=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（　　）‎ A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻 C．串联一个9.5kΩ的电阻 D．并联一个9.5kΩ的电阻 ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．‎ ‎【解答】解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分压作用．‎ 应串联电阻为R===9.5×103kΩ 故C正确，ABD错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎4．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（　　）‎ A．4ρ和4R B．ρ和4R C．16ρ和16R D．ρ和16R ‎【考点】电阻定律．‎ ‎【分析】在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料（电阻率）、长度、横截面积，当导线被拉长后，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变．‎ ‎【解答】解：电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R．‎ 由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R2是两个定值电阻．当滑动变阻器的触头向a滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为（　　）‎ A．I1增大，I2减小 B．I1减小，I2增大 C．I1增大，I2增大 D．I1减小，I2减小 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】理清电路，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．‎ ‎【解答】解：R的滑动触点向a端移动时，R减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，所以通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，故ACD错误，B正确．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎6．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（　　）‎ A．U B． C．R D．‎ ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．‎ ‎【解答】解：根据电流强度的定义公式I=；‎ 可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；‎ 根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．以下分析正确的是（　　）‎ A．此接法的测量值大于真实值 B．此接法的测量值小于真实值 C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最右端 ‎【考点】伏安法测电阻．‎ ‎【分析】电流表的内接法：电压示数包括了电流表的分压，外接法：电流表的示数包括了电压表的分流，据此分析所给问题．‎ ‎【解答】解：A、B、此种接法所测的电流是待测电阻的电流，所测的电压是待测电阻上的电压与电流表上的电压的和，‎ 根据欧姆定律：R=，电压的测量值偏大，所以待测电阻的测量值偏大．故A正确，B错误；‎ C、电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，要减小误差，也就是电流表分压影响较小，所以此接法要求待测电阻值比电流表内阻大的较多．故C错误，‎ D、开始实验要让电阻电压最小，由小变大，故应使滑动P处在最右端．故D正确；‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ ‎8．一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的是（　　）‎ A．电动机所消耗的电功率IU B．t秒内所产生的电热为IUt C．t秒内所产生的电热为I2Rt D．电动机的热功率为I2R ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】电动机是非纯电阻，在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，这两个的计算结果是不一样的，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的．‎ ‎【解答】解：A、电动机所消耗的电功率P=UI，t秒内消耗的电功为UIt，故A正确；‎ BCD、I2R计算的是电动机的内阻发热的部分，是发热的功率，所以产生的电热为I2Rt；由于电动机同时转化为机械能和电热，故电动机消耗的电功一定大于产生的电热，故B错误，CD正确；‎ 故选：ACD；‎ ‎　‎ 二、填空题（每空3分，共18分）‎ ‎9．用螺旋测微器测量某一物体厚度时，示数如图甲所示，读数是　1.194（1.193～1.195）　mm．‎ 用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如图乙所示，则读数分别为　11.50　mm ‎【考点】螺旋测微器的使用．‎ ‎【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．‎ ‎【解答】解：螺旋测微器的固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为：0.01×19.4mm=0.194mm，所以最终读数为：1mm+0.194mm=1.194mm，由于需要估读在范围1.193～1.195mm内均正确；‎ 游标卡尺的固定刻度读数为11mm，游标尺上第10个刻度和主尺上的某一刻度对齐，因此游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：11mm+0.50mm=11.50mm．‎ 故答案为：1.194（1.193～1.195），11.50．‎ ‎　‎ ‎10．有一标有额定电压为“6V”，额定功率模糊不清的小灯泡（电阻约为15Ω）．一名同学到实验室测该灯泡的额定功率与电阻，除导线和开关若干外，实验室还有以下器材：‎ A．直流电源10V（内阻不计）‎ B．直流电流表：a 0～600mA（内阻约为5Ω），b 0～300mA（内阻约为5Ω）‎ C．直流电压表：a 0～10V（内阻约为15kΩ），b 0～10V（内阻约为1kΩ）‎ D．滑动变阻器10Ω，2A 实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．‎ ‎（1）该实验电流表应该选择　a　（a或b），电压表应该选择　a　（a或b），电流表应该选择　外接　（外接还是内接）．‎ ‎（2）画出实验电路图．‎ ‎【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．‎ ‎【分析】（1）根据灯泡额定电流选择电流表，为减小实验误差应选择内阻大的电压表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法．‎ ‎（2）根据题意确定电流表与滑动变阻器接法，然后作出电路图．‎ ‎【解答】解：（1）灯泡额定电流约为：I===0.4A=400mA，电流表应选择a；为减小电压表分流对实验的影响，电压表应选择a；由题意可知，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法；‎ ‎（2）小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量，则滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外接法，电路图如图所示：‎ 故答案为：（1）a；a；外接；（2）电路图如图所示．‎ ‎　‎ 三、计算题（本大题共3小题，共44分）‎ ‎11．如图所示，电源电压U=6V（内阻不计），电阻R1=4Ω，R2=6Ω．‎ ‎（1）当开关S闭合后，电流表示数为多少？‎ ‎（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内产生的热量为多少？‎ ‎（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，电路的总功率为多少？‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】（1）根据欧姆定律求电路电流；‎ ‎（2）根据焦耳定律求当开关S闭合后，电阻R1在10s内产生的热量；‎ ‎（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，根据分别求每个电阻的功率，即可求出总功率；‎ ‎【解答】解：（1）开关S闭合后，根据欧姆定律，有 ‎（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内产生的热量：‎ ‎（3）电阻功率：‎ 电阻功率：‎ 总功率：‎ 答：（1）当开关S闭合后，电流表示数为0.6A ‎（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内产生的热量为14.4J ‎（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，电路的总功率为15W ‎　‎ ‎12．如图10所示的电路中，电阻R2=15Ω，R3=10Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4A． 求：‎ ‎（1）流过电阻R1的电流是多少？‎ ‎（2）电阻R1的阻值是多大？‎ ‎（3）电源的输出功率是多少？‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】（1）由欧姆定律求出并联部分的电压，再求出通过的电流，最后求出流过电阻R1的电流；‎ ‎（2）求出电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；‎ ‎（3）电源的输出功率等于总功率减去内阻上消耗的功率；‎ ‎【解答】解：（1）并联部分电压为：‎ 通过的电流为：‎ 流过电阻的电流为：‎ ‎（2）两端的电压为： =12﹣6﹣1×1=5V 的阻值为：‎ ‎（3）电源的输出功率为：‎ 答：（1）流过电阻R1的电流是1A ‎（2）电阻R1的阻值是5Ω ‎（3）电源的输出功率是11W ‎　‎ ‎13．如图所示，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E．今有一质量为m、带正电q的小滑块（体积很小可视为质点），从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ，求：‎ ‎（1）滑块由C到B的过程中，电场力做什么功？做功为多少？‎ ‎（2）滑块通过B点时的速度大小．‎ ‎（3）水平轨道上A、B两点之间的距离．‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】（1）电场力向左，根据功的定义求解电场力的功；‎ ‎（2）对从A到B过程，根据动能定理列式求解B点速度；‎ ‎（3）对从C到A过程根据动能定理列式求解A、B两点之间的距离．‎ ‎【解答】解：（1）滑块由C到B的过程中，电场力向左，做负功，为：W=﹣FR=﹣qER；‎ ‎（2）对从C到B过程，根据动能定理，有：mgR﹣qER=，‎ 解得：vB=；‎ ‎（3）对重复C到A过程，根据动能定理，有：‎ mgR﹣qE（R+x）=0‎ 解得：x=﹣R；‎ 答：（1）滑块由C到B的过程中，电场力做负功，大小为qER；‎ ‎（2）滑块通过B点时的速度大小为；‎ ‎（3）水平轨道上A、B两点之间的距离为﹣R．‎ ‎　‎ ‎2016年12月21日