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- 2021-05-24 发布
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2016-2017学年云南省曲靖市沾益一中高二(上)第二次质检物理试卷(10月份)
一、选择题(共10小题,每小题5分,共50分.其中1-6小题只有一个正确答案;7-10小题有多个正确答案,多选、错选不得分,选不全得3分.)
1.如图所示,在原来不带电的金属细杆ab附近P处放置一个正点电荷,达到静电平衡后( )
A.a端的电势比b端低
B.b端的电势与d点的电势相等
C.杆内c处场强大小不等于零,c处场强方向由b指向a
D.感应电荷在杆内c处场强的方向由a指向b
2.如图所示,两根细线拴着两个质量相同的小球A、B,上、下两根细线中的拉力分别是TA、TB,现在使A、B带同种电荷,此时上、下细线受力分别为TA′、TB′,则( )
A.TA′=TA,TB′>TB B.TA′=TA,TB′<TB
C.TA′<TA,TB′>TB D.TA′>TA,TB′<TB
3.如图为某匀强电场的等势面分布图,每两个相邻等势面相距2cm,则该匀强电场的场强大小和方向分别为( )
A.E=200 V/m,水平向左 B.E=200 V/m,水平向右
C.E=100 V/m,水平向左 D.E=100 V/m,水平向右
4.以下说法正确的是( )
A.由可知此场中某点的电场强度E与F成正比
B.由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比
C.由Uab=Ed可知,匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大,则两点间的电势差也一定越大
D.公式C=,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关
5.两平行金属板相距为d,电势差为U,一电子质量为m,电荷量为e,从O点沿垂直于极板的方向射出,最远到达A点,然后返回,如图所示,OA=h,此电子具有的初动能是( )
A. B.edUh C. D.
6.一负电荷从电场中A点由静止释放,只受电场力作用,沿电场线运动到B点,它运动的v﹣t图象如图所示,则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是( )
A. B. C. D.
7.在如图所示的四种电场中,分别标记有a、b两点,对于其中a、b两点的电势与电场强度大小相等、方向说法正确是( )
A.甲图:与点电荷等距的a、b两点,电场强度和电势都相等
B.乙图:两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点,电场强度和电势都相等
C.丙图:点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点,电场强度和电势都相等
D.丁图:匀强电场中的a、b两点电场强度相等,a电势高于b点
8.如图所示,如图所示,大小可以不计的带有同种电荷的小球A和B互相排斥,静止时两球位于同一水平面,绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β,且α<β,由此可知( )
A.A球的质量较大
B.B球的质量较大
C.两球所受电场力大小相等,但B球受的拉力较大
D.两球接触后,再静止下来,两球所受电场力大小相等,两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α′、β′,则仍有α′<β′
9.如图所示,真空中M、N处放置两等量异种电荷,a、b、c为电场中的三点,实线PQ为M、N连线的中垂线,a、b两点关于MN对称,a、c两点关于PQ对称,已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时,试探电荷的电势能增加,则以下判定正确的是( )
A.M点处放置的是负电荷
B.a点的场强与c点的场强完全相同
C.a点的电势高于c点的电势
D.若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点,则电场力先做正功,后做负功
10.如图所示,两块平行金属板正对着水平放置,两板分别与电源正、负极相连.当开关闭合时,一带电液滴恰好静止在两板间的M点.则( )
A.当开关闭合时,若减小两板间距,液滴仍静止
B.当开关闭合时,若增大两板间距,液滴将下降
C.开关再断开后,若减小两板间距,液滴仍静止
D.开关再断开后,若增大两板间距,液滴将下降
二、填空与实验题(共2小题,每小题8分,共16分.)
11.如图所示,在带电体C的右侧有两个相互接触的金属导体A和B,均放在绝缘支座上.若先将C移走,再把A、B分开,则A 电,B 电.若先将A、B分开,再移走 C,则A 电,B 电.
12.如图所示是定性研究平行板电容器的电容与结构之间的关系的装置,平行板电容器的A板与静电计相连,B板和静电计金属壳都接地.给平行班电容器充电后,电量不变时;(以下空内选填“变大”、“变小”或“不变”)
(1)指出下列三个图所示的情况下,静电计指针的偏转变化情况:
①正对面积减小时,静电计指针的偏转 ;
②板间距离增大时,静电计指针的偏转 ;
③插入电介质时,静电计指针的偏转 .
(2)实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离,电介质的介电常数之间的关系为:电容随极板正对面积的 、极板间距的 、介质介电常数的 而变大.
三、计算题(共3小题,共34分.写出必要的文字说明、必要公式和重要的演算步骤,有数值计算的题,答案中写明数值和单位.)
13.如图所示的匀强电场中,有a、b、c三点,ab=5cm,bc=12cm,其中ab沿电场线方向,bc和电场线方向成60°角,一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.2×10﹣7J,求:
(1)匀强电场的场强E;
(2)电荷从b移到c,静电力做功W2
(3)a、c两点间的电势差Uac.
14.如图A为粒子源,在A和极板B间的加速电压为U1,在两水平放置的平行带电板C、D间的电压为U2,现设有质量为m,电荷量为q的质子初速度为零,从A被加速电压U1加速后水平进入竖直方向的匀强电场,平行带电板的极板的长度为L,两板间的距离为d,不计带电粒子的重力,求:
(1)带电粒子在射出B板时的速度;
(2)带电粒子在C、D极板间运动的时间;
(3)带电粒子飞出C、D电场时在竖直方向上发生的位移y.
15.如图所示,在竖直向下的匀强电场中,一个质量为m带负电的小球从斜轨道上的A点由静止滑下,小球通过半径为R的圆轨道顶端的B点时恰好不落下来.已知轨道是光滑而又绝缘的,且小球的重力是它所受的电场力2倍.求:
(1)A点在斜轨道上的高度h为多少?
(2)小球运动到最低点时的最小压力为多少?
2016-2017学年云南省曲靖市沾益一中高二(上)第二次质检物理试卷(10月份)
参考答案与试题解析
一、选择题(共10小题,每小题5分,共50分.其中1-6小题只有一个正确答案;7-10小题有多个正确答案,多选、错选不得分,选不全得3分.)
1.如图所示,在原来不带电的金属细杆ab附近P处放置一个正点电荷,达到静电平衡后( )
A.a端的电势比b端低
B.b端的电势与d点的电势相等
C.杆内c处场强大小不等于零,c处场强方向由b指向a
D.感应电荷在杆内c处场强的方向由a指向b
【考点】电场的叠加;电势差与电场强度的关系.
【分析】沿电场线方向电势降低,而处于电场中的导体处于静电平衡状态,根据静电平衡可知,同一个导体为等势体,导体上的电势处处相等,再由固定电荷产生的电场可以确定电势的高低; 再根据内部场强处处为零,利用叠加原理即可明确感应电荷形成的场强方向.
【解答】解:AB、达到静电平衡后,导体为等势体,导体上的电势处处相等,所以可以得到φa=φb=φc,由于正电荷在右边,所以越往右电场的电势越高,则有:φd>φb=φc=φa,故AB错误.
CD、由于杆处于静电平衡状态,所以内部的场强为零,正电荷和感应电荷在内部产生的合场强为零; 正电荷在c处产生的场强方向由b指向a,所以感应电荷在杆内c处产生的场强方向由a指向b,故C错误,D正确.
故选:D.
2.如图所示,两根细线拴着两个质量相同的小球A、B,上、下两根细线中的拉力分别是TA、TB,现在使A、B带同种电荷,此时上、下细线受力分别为TA′、TB′,则( )
A.TA′=TA,TB′>TB B.TA′=TA,TB′<TB
C.TA′<TA,TB′>TB D.TA′>TA,TB′<TB
【考点】库仑定律;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.
【分析】A、B始终处于静止状态,分别对带电前后进行受力分析,判断绳子拉力的变化.
【解答】解:带电前:对B有:
T2=GB
对AB组成的整体有:
T1=GA+GB
带电后:对B有:
T2′=F电+GB
对整体:
T1′=GA+GB
综上所述:T1=T1′,T2<T2′
故选:A.
3.如图为某匀强电场的等势面分布图,每两个相邻等势面相距2cm,则该匀强电场的场强大小和方向分别为( )
A.E=200 V/m,水平向左 B.E=200 V/m,水平向右
C.E=100 V/m,水平向左 D.E=100 V/m,水平向右
【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系;等势面.
【分析】电场线总是与等势面垂直,而且由高电势指向低电势.根据匀强电场场强与电势差的关系U=Ed求出电场强度的大小.
【解答】解:根据电场线总是与等势面垂直,而且由高电势指向低电势,可知,电场强度方向水平向左.
两个相邻等势面相距d=2cm,电势差U=2V,则电场强度E===100V/m;
故选:C
4.以下说法正确的是( )
A.由可知此场中某点的电场强度E与F成正比
B.由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比
C.由Uab=Ed可知,匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大,则两点间的电势差也一定越大
D.公式C=,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关
【考点】电场强度;电势差;电势.
【分析】电场强度是采用比值定义的,E和F以及检验电荷q无关,E是由电场本身决定的;
电场中某点的电势φ与检验电荷q无关,是由电场本身和零电势点决定的.
Uab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离.
电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关.
【解答】解:A、电场强度是采用比值定义的,E和F以及检验电荷q无关,E是由电场本身决定的,故A错误.
B、电场中某点的电势φ与检验电荷q无关,是由电场本身和零电势点决定的.故B错误.
C、Uab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离,故C错误.
D、公式C=,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关,与两极板间距离d,极板面积S等有关.
故选D.
5.两平行金属板相距为d,电势差为U,一电子质量为m,电荷量为e,从O点沿垂直于极板的方向射出,最远到达A点,然后返回,如图所示,OA=h,此电子具有的初动能是( )
A. B.edUh C. D.
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.
【分析】设出电子的初动能,末动能为零,全程只有电场力做功,根据动能定理解出电子的初动能.
【解答】解:设出电子的初动能Ek0,末动能为零,极板间的电场E=,
根据动能定理:﹣eEh=0﹣Ek0,
解得:Ek0=
故选:D
6.一负电荷从电场中A点由静止释放,只受电场力作用,沿电场线运动到B点,它运动的v﹣t图象如图所示,则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是( )
A. B. C. D.
【考点】电场线;牛顿第二定律;物体做曲线运动的条件.
【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度,所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大,则电场力越来越大,电场强度越来越大,根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果.
【解答】解:由v﹣t图象可知,粒子做加速度逐渐增大的加速运动,因此该电荷所受电场力越来越大,电场强度越来越大,电场线密的地方电场强度大,且负电荷受力与电场方向相反,故ABD错误,C正确.
故选C.
7.在如图所示的四种电场中,分别标记有a、b两点,对于其中a、b两点的电势与电场强度大小相等、方向说法正确是( )
A.甲图:与点电荷等距的a、b两点,电场强度和电势都相等
B.乙图:两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点,电场强度和电势都相等
C.丙图:点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点,电场强度和电势都相等
D.丁图:匀强电场中的a、b两点电场强度相等,a电势高于b点
【考点】库仑定律.
【分析】在电场中,电场线的疏密表示场强的强弱,电场线某点的切线方向表示电场强度方向,且沿电场线方向电势降落,结合电场线与等势线的分布,从而即可求解.
【解答】解:A、甲图为正点电荷的电场,图中a、b两点在同一个圆上,所以a、b两点的电势相同,电场强度的大小相同,但是场强的方向不同,则场强不同,故A错误;
B、乙图为等量的异种电荷的电场,在起中垂线上所有点的电势相等,并且场强的方向均为水平的指向负电荷,所以a、b两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同,即场强相同,故B正确.
C、丙图中ab处于金属平板上,处在电场中的金属平板处于静电平衡状态,金属板的表面为等势面,并且电场线与等势面垂直,又由于此时的ab是左右对称的,所以ab两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同,故C正确.
D、丁图是匀强电场,ab点的场强的大小和方向都相同,但是根据沿电场线的方向电势降低可知,b点的电势要比a点的电势高,故D错误.
故选:BC.
8.如图所示,如图所示,大小可以不计的带有同种电荷的小球A和B互相排斥,静止时两球位于同一水平面,绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β,且α<β,由此可知( )
A.A球的质量较大
B.B球的质量较大
C.两球所受电场力大小相等,但B球受的拉力较大
D.两球接触后,再静止下来,两球所受电场力大小相等,两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α′、β′,则仍有α′<β′
【考点】库仑定律;共点力平衡的条件及其应用.
【分析】小球受水平方向的库伦力和竖直方向的重力作用,根据平衡条件列出等式.
根据平衡等式表示出所要比较的物理量,再根据已知量的关系进行比较.
【解答】解:A、B、对小球A、B受力分析,根据平衡条件有:
mAg=
mBg=
α<β,所以mA>mB,故A正确,B错误.
C、根据平衡条件有:
F拉A=
F拉B=
因α<β,所以B球受的拉力较小,故C错误.
D、两球接触后,再静止下来,两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α′、β′,
对小球A、B受力分析,根据平衡条件有:
tanα′=
tanβ′=
因为mA>mB,所以α′<β′.故D正确.
故选:AD.
9.如图所示,真空中M、N处放置两等量异种电荷,a、b、c为电场中的三点,实线PQ为M、N连线的中垂线,a、b两点关于MN对称,a、c两点关于PQ对称,已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时,试探电荷的电势能增加,则以下判定正确的是( )
A.M点处放置的是负电荷
B.a点的场强与c点的场强完全相同
C.a点的电势高于c点的电势
D.若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点,则电场力先做正功,后做负功
【考点】电势能;电场强度;电势.
【分析】根据正电荷在电势高处电势能大,判断电势高低,即可确定M处电荷的电性;根据电场线的分布情况,分析场强关系;由电势的高低,判断电场力对正电荷做功正负.
【解答】解:A、C因正电荷由a到c电势能增加,则电场力做负功,则电势升高.故c点电势高于a点电势.则M点为负电荷,故A正确,C错误.
B、a点与c点为关于两电荷的中垂线对称,则场强大小相等但方向不同,故B错误;
C、将该试探电荷沿直线由a点移动到b点,根据等势线分布图可知,电势先降低后升高,则电势能先减小后增大,电场力先做正功、后做负功.故D正确
故选AD
10.如图所示,两块平行金属板正对着水平放置,两板分别与电源正、负极相连.当开关闭合时,一带电液滴恰好静止在两板间的M点.则( )
A.当开关闭合时,若减小两板间距,液滴仍静止
B.当开关闭合时,若增大两板间距,液滴将下降
C.开关再断开后,若减小两板间距,液滴仍静止
D.开关再断开后,若增大两板间距,液滴将下降
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.
【分析】开始时带电液滴静止,说明液滴受力平衡,可得出电场力与重力大小相等、方向相反;
根据开关的通断,分析电容器两板间电势差的变化或电量的变化;改变极板间的距离时,由电容器的性质可知板间电场强度的变化,由F=Eq可知电场力的变化,即可判断液滴的运动情况.
【解答】解:开始时,液滴静止,电场力与重力二力平衡,故mg=Eq,电场力竖直向上;
A、当开关闭合时,两板间的电势差不变,则减小两板间距离时,由U=Ed可知E增大,液滴所受电场力增大,合力向上,故液滴将向上运动,故A错误;
B、当开关闭合时,两板间的电势差不变,则增大两板间距离时,由U=Ed可知E减小,液滴所受电场力减小,合力向下,故液滴将向下运动,故B正确;
C,D、通电后断开开关,电容器带电量不变.根据C=、C=和E=联立得:E=,E与d无关,可知,无论如何改变两板间的距离,板间的电场强度均不发生变化,故电场力不变,故粒子仍能受力平衡,故C正确,D错误;
故选:BC.
二、填空与实验题(共2小题,每小题8分,共16分.)
11.如图所示,在带电体C的右侧有两个相互接触的金属导体A和B,均放在绝缘支座上.若先将C移走,再把A、B分开,则A 不带 电,B 不带 电.若先将A、B分开,再移走 C,则A 带负 电,B 带正 电.
【考点】静电场中的导体.
【分析】将带正电的导体球C靠近两个不带电的导体AB,靠感应起电使物体带电,带电的实质是电荷的移动,总电荷量保持不变.
【解答】解:若先移走C,此时导体A和B中的电荷又发生中和,不再带电,再把导体A和B分开,同样不再带电,所以此时A不带电,B不带电.
先把导体A和B分开,再移走C,导体A和B由于感应起电带上异种电荷,所以此时A带负电,B带正电.
故答案为:不带;不带;带负;带正.
12.如图所示是定性研究平行板电容器的电容与结构之间的关系的装置,平行板电容器的A板与静电计相连,B板和静电计金属壳都接地.给平行班电容器充电后,电量不变时;(以下空内选填“变大”、“变小”或“不变”)
(1)指出下列三个图所示的情况下,静电计指针的偏转变化情况:
①正对面积减小时,静电计指针的偏转 变大 ;
②板间距离增大时,静电计指针的偏转 变大 ;
③插入电介质时,静电计指针的偏转 变小 .
(2)实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离,电介质的介电常数之间的关系为:电容随极板正对面积的 变大 、极板间距的 变小 、介质介电常数的 变大 而变大.
【考点】电容器的动态分析.
【分析】电容器带电量不变,根据电容的变化,判断电势差的变化,即静电计指针偏转角度的变化.
【解答】解:(1)①正对面积减小时,根据电容的决定式C=,可知电容减小,而电容器带电量不变,由电容的定义式C=知板间电压增大,所以静电计指针的偏转变大.
②板间距离增大时,根据电容的决定式C=,可知电容减小,而电容器带电量不变,由电容的定义式C=知板间电压增大,所以静电计指针的偏转变大.
③插入电介质时,根据电容的决定式C=,可知电容增大,而电容器带电量不变,由电容的定义式C=知板间电压减小,所以静电计指针的偏转变小.
(2)实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离,电介质的介电常数之间的关系为:电容随极板正对面积的变大、极板间距的变小、介质介电常数的变大而变大.
故答案为:(1)①变大;②变大;③变小.(2)变大,变小,变大.
三、计算题(共3小题,共34分.写出必要的文字说明、必要公式和重要的演算步骤,有数值计算的题,答案中写明数值和单位.)
13.如图所示的匀强电场中,有a、b、c三点,ab=5cm,bc=12cm,其中ab沿电场线方向,bc和电场线方向成60°角,一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.2×10﹣7J,求:
(1)匀强电场的场强E;
(2)电荷从b移到c,静电力做功W2
(3)a、c两点间的电势差Uac.
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动;电势差;匀强电场中电势差和电场强度的关系.
【分析】(1)根据电场力做功公式W=qEd,求解电场强度,d是电场线方向两点间的距离.
(2)电场力做功公式W=qEd,求解电荷从b移到c电场力做功W2.
(3)先求出电荷从a到c电场力做功,再求解a、c两点的电势差Uac.
【解答】解:ab=5cm0.05m,bc=12cm=0.12m
(1)由题,由W1=qELab得:E==V/m=60V/m,
(2)电荷从b移到c电场力做功为:W2=qELbccos60°=4×10﹣8×60×0.12×0.5J=1.44×10﹣7J
(3)电荷从a移到c电场力做功为:Wac=W1+W2
则a、c两点的电势差为:Uac==V=6.6V
答:(1)匀强电场的场强为60V/m.
(2)电荷从b移到c电场力做功为1.44×10﹣7J.
(3)a、c两点的电势差为6.6V.
14.如图A为粒子源,在A和极板B间的加速电压为U1,在两水平放置的平行带电板C、D间的电压为U2,现设有质量为m,电荷量为q的质子初速度为零,从A被加速电压U1加速后水平进入竖直方向的匀强电场,平行带电板的极板的长度为L,两板间的距离为d,不计带电粒子的重力,求:
(1)带电粒子在射出B板时的速度;
(2)带电粒子在C、D极板间运动的时间;
(3)带电粒子飞出C、D电场时在竖直方向上发生的位移y.
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动;动能定理的应用.
【分析】(1)粒子在AB板间做匀加速直线运动,根据动能定理列式求解粒子在射出B板时的速度;
(2)粒子在CD板间做类似平抛运动,根据类平抛运动的水平分运动公式列式求解;
(3)粒子在CD板间做类似平抛运动,根据类平抛运动的竖直分运动公式列式求解.
【解答】解:(1)带电粒子由A到B,设到B板的速度为v,根据动能定理,有:
qU1=
解得:v=
(2)粒子从C到D做类似平抛运动,水平分运动是匀速直线运动,故运动时间为:
t==L
(3)粒子从C到D做类似平抛运动,竖直分运动是初速度为零的匀加速直线运动,故:
y=
其中:a=
故:y=××(L)2=
答:(1)带电粒子在射出B板时的速度为;
(2)带电粒子在C、D极板间运动的时间为L;
(3)带电粒子飞出C、D电场时在竖直方向上发生的位移y为.
15.如图所示,在竖直向下的匀强电场中,一个质量为m带负电的小球从斜轨道上的A点由静止滑下,小球通过半径为R的圆轨道顶端的B点时恰好不落下来.已知轨道是光滑而又绝缘的,且小球的重力是它所受的电场力2倍.求:
(1)A点在斜轨道上的高度h为多少?
(2)小球运动到最低点时的最小压力为多少?
【考点】动能定理的应用;牛顿第二定律;带电粒子在匀强电场中的运动.
【分析】(1)小球恰好通过最高点,则由向心力公式可求得B点的速度;对AB过程由动能定理可得A在轨道上的高度;
(2)对AC过程由动能定理要求得C点的速度,由向心力公式可求得小球在最低点时对轨道的压力.
【解答】解:(1)设小球到B点的最小速度为vB,由牛顿第二定律得:
mg﹣qE=m…①,
小球从A到B的过程中,由动能定理得:
(mg﹣qE)(h﹣2R)=mvB2﹣0…②,
由①②得:h=2.5R…③;
(2)小球从A到C的过程中,由动能定理:(mg﹣qE)h=mvC2﹣0… ④,
小球在C点时,牛顿第二定律得:N+qE﹣mg=m… ⑤,
已知:mg=2qE…⑥
由③④⑤⑥得:N=3mg;
答:(1)A点在斜轨道上的高度为2.5R;
(2)小球运动到最低点时的最小压力为3mg.
2016年12月20日