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  • 2021-05-25 发布

【物理】2018届二轮复习“力与曲线运动”学案(全国通用)

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‎“力与曲线运动”学前诊断 考点一 运动的合成与分解 ‎1.[考查运动的合成与运动轨迹分析]‎ 在长约‎1 m的一端封闭的玻璃管中注满清水,水中放一个适当的圆柱形的红蜡块,玻璃管的开口端用胶塞塞紧,将其迅速竖直倒置,红蜡块就沿玻璃管由管口匀速上升到管底。现将此玻璃管倒置安装在置于粗糙水平桌面上的小车上,小车从位置A以初速度v0开始运动,同时红蜡块沿玻璃管匀速上升。经过一段时间后,小车运动到图中虚线位置B。按照如图建立的坐标系,在这一过程中红蜡块实际运动的轨迹可能是下图中的(  )‎ 解析:选A 根据题述,红蜡块沿玻璃管匀速上升,即沿y方向做匀速直线运动;在粗糙水平桌面上的小车从A位置以初速度v0开始运动,即沿x方向红蜡块做匀减速直线运动,在这一过程中红蜡块实际运动的轨迹是开口向上的抛物线,故A正确。‎ ‎2.[考查速度的分解]‎ 如图所示,在水平力F作用下,物体B沿水平面向右运动,物体A恰匀速上升,那么以下说法正确的是(  )‎ A.物体B正向右做匀减速运动 B.物体B正向右做加速运动 C.地面对B的摩擦力减小 D.斜绳与水平方向成30°时,vA∶vB=∶2‎ 解析:选D 将B的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,沿绳子方向上的分速度等于A的速度,如图所示,根据平行四边形定则有vBcos α=vA,所以vB=,当α减小时,物体B的速度减小,但B不是匀减速运动,选项A、B错误;在竖直方向上,对B有mg=FN+FTsin α,FT=mAg,α减小,则支持力FN增大,根据Ff=μFN可知摩擦力Ff增大,选项C错误;根据vBcos α=vA,斜绳与水平方向成30°时,vA∶vB=∶2,选项D正确。‎ ‎3.[考查小船渡河问题]‎ ‎[多选]甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河,河水流速为v0,船在静水中的速率均为v,甲、乙两船船头均与河岸成θ 角,如图所示,已知甲船恰能垂直到达河正对岸的A点,乙船到达河对岸的B点,A、B之间的距离为L,则下列判断正确的是(  )‎ A.乙船先到达对岸 B.若仅是河水流速v0增大,则两船的渡河时间都不变 C.不论河水流速v0如何改变,只要适当改变θ角,甲船总能到达正对岸的A点 D.若仅是河水流速v0增大,则两船到达对岸时,两船之间的距离仍然为L 解析:选BD 将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向,抓住分运动和合运动具有等时性,知甲乙两船到达对岸的时间相等。渡河的时间t=,故A错误;若仅是河水流速v0增大,渡河的时间t=,则两船的渡河时间都不变,故B正确;只有甲船速度大于水流速度时,甲船才可能到达河的正对岸A点,故C错误;若仅是河水流速v0增大,则两船到达对岸时间不变,根据速度的分解,船在沿岸方向的分速度仍不变,两船之间的相对速度不变,则两船之间的距离仍然为L,故D正确。‎ 考点二 抛体运动问题 ‎4.[考查多体平抛运动问题]‎ 一位网球运动员以拍击球,使网球沿水平方向飞出,第一只球落在自己一方场地的B点,弹跳起来后,刚好擦网而过,落在对方场地的A点,如图所示,第二只球直接擦网而过,也落在A点,设球与地面的碰撞没有能力损失,其运动过程中阻力不计,则两只球飞过网C处时水平速度之比为(  )‎ A.1∶1         B.1∶3‎ C.3∶1 D.1∶9‎ 解析:选B 两种情况下抛出的高度相同,所以第一种情况下落到B点所用的时间等于第二种情况下落到A点所用时间,根据竖直上抛和自由落体的对称性可知第一种情况下所用时间为t1=3t,第二种情况下所用时间为t2=t,由于两球在水平方向均为匀速运动,水平位移大小相等,设它们从O点出发时的初速度分别为v1、v2,由x=v0t得v2=3v1,即=,B正确。‎ ‎5.[考查平抛运动与匀变速直线运动的综合]‎ ‎[多选] 如图所示,在距地面高为H=‎45 m处,有一小球A以初速度v0=‎10 m/s水平抛出,与此同时,在A的正下方有一物块B也以相同的初速度同方向滑出,B与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.4,A、B均可视为质点,空气阻力不计(取g=‎10 m/s2)。下列说法正确的是(  )‎ A.小球A落地时间为3 s B.物块B运动时间为3 s C.物块B运动‎12.5 m后停止 D.A球落地时,A、B相距‎17.5 m 解析:选ACD 根据H=gt2得,t= = s=3 s,故A正确。物块B匀减速直线运动的加速度大小a=μg=0.4×‎10 m/s2=‎4 m/s2,则B速度减为零的时间t0== s=2.5 s,滑行的距离x=t0=×‎2.5 m=‎12.5 m,故B错误,C正确。A落地时,A的水平位移xA=v0t=10×‎3 m=‎30 m,B的位移xB=x=‎12.5 m,则A、B相距Δx=(30-12.5) m=‎17.5 m,故D正确。‎ ‎6.[考查平抛运动与斜面的综合]‎ 如图所示,在斜面顶端A以速度v水平抛出一小球,经过时间t1恰好落在斜面的中点P;若在A点以速度2v水平抛出小球,经过时间t2完成平抛运动。不计空气阻力,则(  )‎ A.t2>2t1 B.t2=2t1‎ C.t2<2t1 D.落在B点 解析:选C 在斜面顶端A以速度v水平抛出一小球,经过时间t1恰好落在斜面的中点P,有tan θ=,解得t1=,水平位移x=vt1=,初速度变为原来的2倍,若还落在斜面上,水平位移应该变为原来的4倍,可知在A点以速度2v水平抛出小球,小球将落在水平面上。可知两球下降的高度之比为1∶2,根据t=知,t1∶t2=1∶,则t2<2t1。‎ 考点三 圆周运动问题 ‎7.[考查圆周运动的向心力及来源]‎ 如图所示,一根细线下端拴一个金属小球A,细线的上端固定在金属块B上,B放在带小孔的水平桌面上,小球A在某一水平面内做匀速圆周运动。现使小球A改到一个更低一些的水平面上做匀速圆周运动(图上未画出),金属块B在桌面上始终保持静止,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是(  )‎ A.金属块B受到桌面的静摩擦力变大 B.金属块B受到桌面的支持力变小 C.细线的张力变大 D.小球A运动的角速度减小 解析:选D 设A、B质量分别为m、M, A做匀速圆周运动的向心加速度为a,细线与竖直方向的夹角为θ,对B研究,B受到的摩擦力f=Tsin θ,对A,有Tsin θ=ma,Tcos θ=mg,解得a=gtan θ,θ变小,a减小,则静摩擦力变小,故A错误;以整体为研究对象知,B受到桌面的支持力大小不变,应等于(M+m)g,故B错误;细线的拉力T=,θ变小,T变小,故C错误;设细线长为l,则a=gtan θ=ω2lsin θ,ω= ,θ变小,ω变小,故D正确。‎ ‎8.[考查圆周运动的绳、杆模型]‎ 如图所示,轻杆长‎3L,在杆两端分别固定质量均为m的球A和B,光滑水平转轴穿过杆上距球A为L处的O点,外界给系统一定能量后,杆和球在竖直平面内转动,球B运动到最高点时,杆对球B恰好无作用力。忽略空气阻力。则球B在最高点时(  )‎ A.球B的速度为零 B.球A的速度大小为 C.水平转轴对杆的作用力为1.5mg D.水平转轴对杆的作用力为2.5mg 解析:选C 球B运动到最高点时,杆对球B恰好无作用力,即重力恰好提供向心力,有mg=m,解得vB=,故A错误;由于A、B两球的角速度相等,则球A的速度大小vA=,故B错误;B球在最高点时,对杆无弹力,此时A球受重力和拉力的合力提供向心力,有F-mg=m,解得:F=1.5mg,故C正确,D错误。‎ ‎9.[考查圆周运动的临界极值问题]‎ 某高速公路的一个出口路段如图所示,情景简化:轿车从出口A进入匝道,先匀减速直线通过下坡路段至B点(通过B点前后速率不变),再匀速率通过水平圆弧路段至C点,最后从C点沿平直路段匀减速到D点停下。已知轿车在A点的速度v0=‎72 km/h,AB长L1=‎150 m;BC为四分之一水平圆弧段,限速(允许通过的最大速度)v=‎36 km/h,轮胎与BC段路面间的动摩擦因数μ=0.5,最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力,CD段为平直路段长L2=‎50 m,重力加速度g取‎10 m/s2。‎ ‎(1)若轿车到达B点时速度刚好为v=‎36 km/h,求轿车在AB下坡段加速度的大小;‎ ‎(2)为保证行车安全,车轮不打滑,求水平圆弧段BC半径R的最小值;‎ ‎(3)轿车A点到D点全程的最短时间。‎ 解析:(1)v0=‎72 km/h=‎20 m/s,AB长L1=‎150 m,‎ v=‎36 km/h=‎10 m/s,对AB段匀减速直线运动有 v2-v02=-2aL1‎ 代入数据解得a=‎1 m/s2。‎ ‎(2)汽车在BC段做圆周运动,静摩擦力提供向心力,‎ Ff=m 为了确保安全,则须满足Ff≤μmg 联立解得:R≥‎20 m,即:Rmin=‎20 m。‎ ‎(3)设AB段时间为t1,BC段时间为t2,CD段时间为t3,全程所用最短时间为t。‎ L1=t1‎ πRmin=vt2‎ L2=t3‎ t=t1+t2+t3‎ 联立以上各式,代入数据解得:t=23.14 s。‎ 答案:(1)‎1 m/s2 (2)‎20 m (3)23.14 s 考点四 抛体运动与圆周运动的综合问题 ‎10.[考查平抛运动与圆周运动的多解问题]‎ 一位同学做飞镖游戏,已知圆盘直径为d,飞镖距圆盘的距离为L,且对准圆盘上边缘的A点水平抛出,初速度为v0,飞镖抛出的同时,圆盘绕垂直圆盘且过盘心O的水平轴匀速转动,角速度为ω。若飞镖恰好击中A点,则下列关系中正确的是(  )‎ A.dv02=L‎2g B.ωL=(1+2n)πv0(n=0,1,2,…)‎ C.v0= D.dω2=(1+2n)2gπ2(n=0,1,2,…)‎ 解析:选B 飞镖做平抛运动,若恰好击中A点,则只能是在A点恰好转到最低点的时候。当A点转动到最低点时飞镖恰好击中A点,则L=v0t,d=gt2,ωt=(1+2n)π(n ‎=0,1,2,…),联立解得ωL=(1+2n)πv0(n=0,1,2,…),2dv02=L‎2g,2dω2=(1+2n)‎2gπ2(n=0,1,2,…)。故B正确。‎ ‎11.[考查多物体圆周运动与平抛运动的组合]‎ ‎[多选]如图所示,半径为R的光滑半圆形轨道和光滑水平轨道相切,三个小球1、2、3沿水平轨道分别以速度v1=2、v2=3、v3=4水平向左冲上半圆形轨道,g为重力加速度,下列关于三个小球的落点到半圆形轨道最低点A的水平距离和离开轨道后的运动形式的说法正确的是(  )‎ A.三个小球离开轨道后均做平抛运动 B.小球2和小球3的落点到A点的距离之比为∶2 C.小球1和小球2做平抛运动的时间之比为1∶1‎ D.小球2和小球3做平抛运动的时间之比为1∶1‎ 解析:选BD 设小球恰好通过最高点时的速度为v,此时由重力提供向心力,则mg=m,得v= 设小球能通过最高点时在轨道最低点时最小速度为v′,由机械能守恒定律得2mgR+mv2=mv′2,‎ 得v′= 由于v1=2<v′,所以小球1不能到达轨道最高点,也就不能做平抛运动,故A错误。‎ 小球2和小球3离开轨道后做平抛运动,由2R=gt2得t=2,则得:小球2和小球3做平抛运动的时间之比为1∶1。‎ 设小球2和小球3通过最高点时的速度分别为v2′和v3′。‎ 根据机械能守恒定律得:2mgR+mv2′2=mv22;2mgR+mv3′2=mv32;‎ 解得v2′=,v3′=2 由平抛运动规律得:水平距离为x=v0t,t相等,则小球2和小球3的落点到A点的距离之比为∶2。‎ 小球1做的不是平抛运动,则小球1和小球2做平抛运动的时间之比不是1∶1,故B、D正确,C错误。‎ ‎12.[考查数学方法在圆周运动、平抛运动综合问题中的应用]‎ 如图所示,质量为m的小球从四分之一光滑圆弧轨道顶端静止释放,从轨道末端O点水平抛出,击中平台右下侧挡板上的P点。以O 为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系,挡板形状满足方程y=6-x2(单位:m),小球质量m=‎0.4 kg,圆弧轨道半径R=‎1.25 m,g取‎10 m/s2。求:‎ ‎(1)小球对圆弧轨道末端的压力大小;‎ ‎(2)小球从O点到P点所需的时间(结果可保留根号)。‎ 解析:(1) 对小球,从释放到O点过程中 由机械能守恒:mgR=mv2‎ v== m/s=‎5 m/s 小球在圆轨道最低点:FN-mg=m FN=mg+m=12 N 由牛顿第三定律,小球对轨道的压力FN′=FN=12 N。‎ ‎(2)小球从O点水平抛出后满足y=gt2‎ x=vt 又有y=6-x2‎ 联立得t= s。‎ 答案:(1)12 N (2) s

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