高三理综上学期第四次月考试题扫描版 30页

真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 1 云南省曲靖市 2018 届高三理综上学期第四次月考试题（扫描版） 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 2 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 3 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 4 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 5 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 6 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 7 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 8 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 9 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 10 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 11 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 12 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 13 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 14 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 15 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 16 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 17 曲靖一中高考复习质量监测卷四 理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 D C C B B A C C B C D C D 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～18 题只有 一项符合题目要求；第 19～21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的 给 3 分，有选错的给 0 分。 题号 14[] 15 16 17 18 19 20 21 答案 A C C C A BD BC AC 【解析】 1．核糖属于单糖，糖类的化学元素组成只有 C、H、O，故 A 错误。性激素属于固醇类，化 学本质不是蛋白质，抗体的化学本质属于蛋白质，故 B 错误。多糖、蛋白质、核酸都是生物 大分子，都是由许多基本的组成单位连接而成的，这些生物大分子又称为单体的多聚体。比 如，组成多糖的单体是单糖，组成蛋白质的单体是氨基酸，组成核酸的单体是核苷酸。而脂 肪没有单体，由一分子甘油和三分子脂肪酸缩合而成，故 C 错误。磷脂是构成细胞膜的重要 成分，也是构成多种细胞器膜的重要组成成分，所有细胞都有细胞膜，因此，磷脂是所有细 胞必不可少的脂质，故 D 正确。 2．人体细胞含有 46 条染色体，在减数第一次分裂前的间期经过染色体的复制后，含有 92 条染色单体，故 A 正确。染色体的互换可以分为同源染色体之间和非同源染色体之间，同源 染色体之间非姐妹染色单体之间的互换属于基因重组，而非同源染色体之间的互换属于染色 体结构变异，故 B 正确。一个精原细胞可以形成四个精细胞，若发生交叉互换，一个精原细 胞可以形成遗传物质不同的四种精细胞，若不发生交叉互换，一个精原细胞可以形成两种精 细胞，因为来源于同一个次级精母细胞的两个精细胞遗传物质是相同的，故 C 错误。在减数 第一次分裂过程中，由于同源染色体分离，并分别进入两个子细胞，使得每个次级精母细胞 只得到初级精母细胞中染色体总数的一半，因此，减数分裂过程中染色体数目的减半发生于 减数第一次分裂，故 D 正确。 3．DNA 是生物的主要遗传物质，对于某种生物来说，遗传物质只有一种，病毒的遗传物质 则是 DNA 或 RNA，细胞型生物的遗传物质是 DNA，因此 DNA 是人的遗传物质，而不能说是主 要的遗传物质，故 A 错误。转录是以 DNA 的一条链为模板合成 RNA 的过程，RNA 可以是 mRNA、 rRNA、tRNA，并不是指只合成 mRNA，故 B 错误。DNA 分子的多样性和特异性是生物体多样性 和特异性的物质基础，故 C 正确。DNA 复制遵循碱基互补配对原则，每条新链与其对应的模 板链盘绕成双螺旋结构，故 D 错误。 4．人体所有体细胞都是由同一个受精卵分裂、分化而来的，都含有相同的遗传物质，因此 人体的胰岛细胞也含有 PER 基因，图乙为转录过程，主要发生在细胞核，故 A 正确。图丙中， 根据 tRNA 的移动方向可知，核糖体沿着 mRNA 从左往右移动，故 B 错误。图甲中①为转录过 程，②为翻译过程，③过程表示 PER 蛋白能进入细胞核，调节 PER 基因的转录过程。由图甲 可知，PER 基因的表达过程存在反馈调节, 故 C 正确。图丙中可以看到 tRNA、mRNA，但核糖 体中还含有 rRNA，故 D 正确。 5．由图可知，在突触前神经元内，C 消耗呼吸作用产生的 ATP 合成 A-C（乙酰胆碱）进入突 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 18 触小泡，突触小泡移动到突触前膜释放 A-C，与突触后膜上的受体结合后，被 D 酶酶解生成 C 和 A，C 继续进入突触前神经元重新合成 A-C，能循环利用的物质是 C，故 A 正确。神经递 质与受体结合发生效应后，就被 D 酶破坏而失活，若由于某种原因使 D 酶失活，由于乙酰胆 碱（A-C）属于兴奋性神经递质，则突触后神经元会表现为持续兴奋，故 B 错误。当兴奋传 到神经末梢时突触小泡移向突触前膜，与突触前膜结合，通过胞吐的方式将 A-C 释放到突触 间隙，乙酰胆碱（A-C）以胞吐的方式分泌到突触间隙，再通过扩散到达突触后膜，故 C 正 确。多巴胺属于单胺类神经递质，一氧化氮也具有许多神经递质的特征，因此生物体内的多 巴胺和一氧化氮也能够作为神经递质，故 D 正确。 6．叶绿体色素提取和分离实验中，不使用定性滤纸而是使用单层尼龙纱布进行过滤，故 A 正确。在使用显微镜观察细胞的实验时，转换物镜时应转动转换器，不能直接转动物镜，故 B 错误。在血细胞计数板一侧滴少量样品液在另一侧用吸水纸吸引，这是错误的做法，应让 培养液自行渗入，多余培养液用滤纸吸去，故 C 错误。科学家向豚鼠胰腺腺泡细胞中注射 3H 标记的亮氨酸，揭示了分泌蛋白的合成、分泌过程，故 D 错误。 7．用于生产芳香烃时，沸点范围一般为 60～165℃，主要来源于石油化工的催化重整和裂 化，A 正确。甲醛具有防皱作用，常用作衣服的防皱整理剂，由于易溶于水，因此新买的衣 服用水洗可除去衣服上残留的甲醛，B 正确。Na2S 用作 Cu2+ 与 Hg2+的沉淀剂，利用反应中 生成 CuS 和 HgS 沉淀的原理，与 Na2S 具有较强的还原性无关，C 错误。火药是由硫磺、木 炭 、 硝 酸 钾 按 照 1 ∶ 3 ∶ 2 混 合 制 成 的 ， 爆 炸 时 发 生 的 反 应 为 S+3C+2KNO3 =====点燃 K2S+N2↑+3CO2↑，D 正确。 8．Fe3+沉淀的 pH 范围为 2.7～3.7，故中性溶液中 Fe3+以 Fe(OH)3 的形式完全沉淀，A 错 误。使甲基橙显红色的溶液显酸性，AlO 2  在酸性溶液中产生 Al(OH)3，B 错误。与 Al 反应 放出氢气的溶液中若有 NO 3  就不可能是酸性溶液，因为酸性溶液中产生的是氮氧化物，只可 能是碱性溶液，各粒子在碱性溶液中共存；酸性溶液中 SiO 2 3  不共存，碱性溶液中共存，C 正确。Al 3 与 HCO 3  发生双水解不能共存：Al 3 +3HCO 3  =Al(OH)3↓+3CO2↑，另外 ClO−与 I− 发生氧化还原反应不能共存，D 错误。 9．KIO3 与 KI 归中反应须在酸性溶液中进行，若在中性溶液中进行，产生 I2 与 KOH 不共存， A 错误。根据白烟说明 CO2 将 Na 氧化为 Na2O ，Na 将 CO2 还原为 C，B 正确。CO 2 3  结合 H+ 生成 HCO 3  为一级水解，HCO 3  结合 H+生成 H2CO3 为二级水解，酸性关系 HCO 3  ＞H2CO3,故 CO 2 3  结合 H+的能力比 HCO 3  强，C 错误。黄色溶液也可能是稀的碘水，D 错误。 10．pH 为 1 即 c(H+)=0.1mol/L，但无 V，故 A 错误。PCl3 与 Cl2 的反应为可逆反应，故转 移的电子数小于 0.2NA，B 错误。红磷（P）与白磷(P4)混合物的平均分子式为 Pn(1＜n＜4), 31 1mol31 nn   ，即 NA，C 正确。足量的铁与 1mol Cl2 反应产生 FeCl3，只有溶液中 Fe 与 FeCl3 才会归中为 FeCl2，D 错误。 11．由 X 的一种氢化物可用作火箭推进剂可知，该氢化物为 N2H4，X 为 N，又知 Y 与 W 同主 族且 X、Y 和 W 最外层电子数之和为 17 可推得 Y 为 O，W 为 S。O3 具有强氧化性，可用于杀 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 19 菌消毒。Z 的原子半径是短周期主族元素中最大的为 Na。Y 与 Z 可形成 2Na O 与 2 2Na O 两种 离子化合物， 2 2Na O 中含非极性共价键。 12．特定条件下电解饱和食盐水产生的 Cl2 与 NaOH 继续反应生成 NaCl 和 NaClO3，A 正确。 根据 NaCl、NaClO、NaClO3 可知 Na 原子与 Cl 原子物质的量之比为 1∶1，则参加反应所需 的 Cl2 与 NaOH 的物质的量之比为 1∶2，B 正确。使用漂白液时，漂白液与酸反应生成次氯 酸，漂白性增强，但次氯酸与浓盐酸反应产生氯气，C 错误。氧化产物只有 NaClO3 时，转 移电子数最多，根据得失电子守恒可得，n(KCl)=5n(KClO3)，由 K 元素守恒得 n(KClO3)= 1 6 a mol，电子最大物质的量为 5 6 a mol，氧化产物只有 NaClO 时，转移电子数最少，根据得失电 子守恒可得，n(KCl)=n（KClO3），由 K 元素守恒得 n（KClO3）= 1 2 a mol，电子最小物质的 量为 1 2 a mol。 13．铁和盐酸反应 Fe+2HCl=FeCl2+H2↑，生成 0.01mol 氢气消耗铁的物质的量为 0.01mol； 反应后的溶液中加入 KSCN 溶液不显红色说明不含铁离子，溶液中全部为亚铁离子，铁和三 价铁离子全部反应生成亚铁离子；混合物 0.1mol 为 Fe、Fe5O7 混合物，设原混合物中铁物 质的量为 y，则 Fe5O7 物质的量为(0.1-y)mol，Fe5O7 可以看作 Fe2O3 与 Fe3O4 按 1∶1 得到 的混合物，Fe3O4 可看作 Fe2O3 与 FeO 按 1∶1 得到的混合物，则 Fe2O3 的物质的量为 2(0.1-y)mol，Fe3+物质的量 4(0.1- y)mol； Fe + 2Fe3+ = 3Fe2+； 1 2 (y−0.01)mol 4(0.1− y)mol 计算得到 y=0.07mol；故选 D。 14．由于物块沿粗糙的斜面减速下滑，其加速度的方向沿斜面向上，故其受到的合力是斜向 左上方，物块受到重力是竖直向下的，所以斜面对物块的力只有斜向左上方，它与重力的合 力才可能沿斜面向上，故 A 正确。由于物块减速下滑，故 B 错误。如果将斜面与物块看成一 个系统，一部分的加速度方向是向左上方的，故地面对斜面体的摩擦力方向水平向左，故 C 错误。看成一个系统时，其受到的合力在竖直方向上是向上的，故地面对斜面体的支持力大 于物块与斜面体的重力之和，故 D 错误。 15．电阻 R 上的电功率 2 0.4WUP R   ，故 A 错误。由图(乙)知 0.02s 时磁通量为 0，线圈 平面与水平面平行，故 B 错误。R 两端的电压 U 随时间 t 变化的规律是 2.82cos100π (V)U t ， 通过 R 的电流 i 随时间 t 的变化规律是 0.282cos100π (A)Ui tR   ，故 C 正确，D 错误。 16．由能量守恒可得 Fx E ，所以在 0～x1 过程中，集装箱所受的拉力不变，故 A 错误。 在 0～x1 过程中 kFx mgx E  ，所以集装箱的动能不断增大，故 B 错误。在 x1～x2 过程中， F 减小，所以集装箱在 x2 处的动能可能小于 x1 处的动能，故 C 正确。在 x2～x3 过程中， 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 20 集装箱受到的拉力等于 0，故 D 错误。 17．根据题中图象可知，驾驶员饮酒前的反应时间为 0.5s，饮酒后的反应时间为 1.5s，故 A 错误。在速度—时间图象中，由面积表示位移，可知正常驾驶时的感知制动距离为 75m， 故 B 错误。由斜率表示加速度，可知汽车刹车时的加速度大小为 7.5m/s2，故 C 正确。酒后 驾驶时的感知制动距离为 105m，故 D 错误。 18．设地球和该行星的半径分别为 r地 、 r行 ，质量分别为 M 地、M 行，两者的同步卫星的周 期分别为 T 地、T 行，对地球的同步卫星有 2 2 2 4π 7(7 ) M mG m rr T 地 地 地 地 g ，地球的平均密度 34 3 M r    地 地 地 , 可得 2 343 3π GT  地 地 ，同理有 2 27 3π GT  行 行 ，再考虑到 2T T地 行 ，故该行星的平均密度与地球 的平均密度之比约为 1 3 ，故 A 正确。 19．由 y 方向的速度图像可知物体在 y 方向做匀加速直线运动， 3oy v m/s，加速度为 21.5m s/ya  ， 受力 7.5NyF  。由 x 方向的位移图像可知在 x 方向做匀速直线运动,速度为 4m s/ox v ， 受力 0xF  ，因此质点的初速度为 5m/s，受到的合外力为 7.5N，故 A 错误，B 正确。合 外力方向在 y 轴方向上，所以质点初速度方向与合外力方向不垂直，故 C 错误。1s 末质点 速度应该为 6.02v m/s，故 D 正确。 20．电场沿 x 轴对称分布，在-x1 处释放一带正电的粒子，它将沿 x 轴在负方向运动，故 A 错误。带负电的粒子以一定的速度由-x1 处沿 x 轴正方向运动到 x1 处，它在 x1 处的速度等 于在-x1 处的速度，故 B 正确。带正电的粒子以一定的速度由 x1 处沿 x 轴负方向运动的过 程中，它的动能先减小后增大，故 C 正确。从 x1 处到 x3 处，电场强度方向沿 x 轴正方向， 带正电的粒子从 x1 处到 x3 处，电场力一直做正功，电势能减小，所以带正电的粒子在 x1 处的电势能比 x2 处的电势能大，比 x3 处的电势能大，故 D 错误。 21．开始一段时间，物块相对小车滑动，两者间相互作用的滑动摩擦力的大小为 4NfF mg  ，物块在摩擦力作用下加速运动，加速度为 22m s/f m F a m   ，从静止开始运 动，小车在推力 F 和 f 的作用下加速，加速度为 20.5m s/f M F F a M    ，故 A 正确。初速度 为 0 1.5m/sv ，设经过时间 t1，两者达到共同速度 v ，则有 1 0 1m Ma t a t  v v ，代入数据可 得 1 1st  ， 2m/sv ，在这 t1 时间内物块向前运动的位移 2 1 1 1 1m2 ms a t  ，假设以后两者相 对静止，相互作用的摩擦力变为静摩擦力，将两者作为一个整体，在 F 的作用下运动的加速 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 21 度为 a，则 ( )F m M a  得 20.8m/sa  ， 因为 ma a 两者相对静止，故 B 错误。在剩下的 时间 2 1 0.5st t t   时间内，物块运动的位移为 2 2 2 1 2s t at v ，得 2 1.1ms  。可见小物块在 总共 1.5s 时间内通过的位移大小为 1 2 2.1ms s s   ，故 C 正确。 2 2.4m/st at  v v ， 2 2 k 0 1 1( ) 19.8J2 2tE m M M    v v ，故 D 错误。 三、非选择题 （一）必考题：共 11 题，共 129 分。 22．（5 分） ABD 【解析】在此装置中，应使入射球的质量大于被碰球的质量，防止入射球反弹或静止，故 A 正确。入射球每次必须从斜槽的同一位置由静止滚下，保证每次碰撞都具有相同的初动量， 故 B 正 确 。 两 球 做 平 抛 运 动 时 都 具 有 相 同 的 起 点 ， 故 应 验 证 的 关 系 式 为 1 1 2+m OP m OM m ON   ，故 D 正确，C、E 错误。 23．(除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分) （1）如图 （2）11.0（1 分） 1.50（1.49～1.51 即可）（1 分） 4.0（3.9～4.1 即可） （3）2.00 5.00（4.90～5.10 即可） 【解析】（2）先将电阻箱电阻调至如图 12 甲所示，则其电阻读 数为1.0 10 1.0 1=11.0    ；闭合开关 S，将 S1 打到 b 端，读 出电压表的读数为 1.10V；电流 I=0.1A，然后将 S1 打到 a 端，此时电压表读数如图 12 乙所 示，则其读数为 1.5V；根据以上测量数据可得电阻 0 1.50 11.0 4.00.1R     。 24．（12 分） 解：（1）设小球运动到最低点的速度为 0v ，由机械能守恒定律得 2 0 0 0 1 2m gL m v ① 代入数据解得 0 4m/sv （2）设碰撞结束后小球的速度大小为 1v ，A 的速度大小为 2v ，碰撞结束后小球反弹上升, 由机械能守恒有 2 0 0 1 1 2m gh m v ② 代入数据解得 1 2m/sv ③ 对 碰 撞 过 程 ， 由 动 量 守 恒 有 0 0 0 1 2m m m  v v v 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 22 ④ 将 0v 、 1v 代入得 2 1m/sv ，方向水平向右 ⑤ （3）最后 A 没有滑离 B，A、B 共同运动，设共同运动速度为 3v ，对 A、B 系统，由动量守 恒得 2 3( )m m M v v ⑥ 解得 3 1 m/s3 v ⑦ 此过程中损失的机械能 2 2 2 3 1 1 ( )2 2E m m M   v v ⑧ 代入数据解得 1JE  ⑨ 评分标准：本题共 12 分，正确得出①、④、⑧式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 25．(20 分) 解：（1）粒子在匀强电场中做类平抛运动，设粒子过 A 点时速度为 v ，由类平抛规律知[] 0 02cos60   vv v ① 粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得 2 q B m R  vv ② 所以 02mR qB  v ③ （2）设粒子在电场中的运动时间为 t1，加速度为 a，则有 qE ma ④ 0 1tan60 at v ⑤ 得 0 1 3mt qE  v .. .. ⑥ O、M 两点间的距离为[] 2 2 0 1 31 2 2 mL at qE   v ⑦ （3）设粒子在Ⅱ区域磁场中运动时间为 t2，如图所示，则由几何关系知 2 π 6 3 T mt qB   ⑧ 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 23 设粒子在Ⅲ区域中运行时间为 t3，则 2 2 Eq qEa m m    ⑨ 则 0 3 82 mt a qE    vv ⑩ 从 M 点出发到第二次通过 CD 边界所用时间为 0 1 2 2 (8 3) π 3 m mt t t t qE qB     v ⑪ （4）从粒子过 A 点开始计时，结合（3）中的 t2，t3 可知 08 2π 3 m mt qE qB  v 时，粒子第二次 通过 CD 边界后，又在Ⅱ区域的磁场中运动 4 π 3 mt qB  ⑫ 粒 子 在 磁 场 中 运 动 的 两 段 时 间 相 等 ， 粒 子 速 度 大 小 4 02 v v v 粒子速度方向斜向右下方与水平方向成 60   此时粒子与 M 点的距离   222 2 2 2 20 0 0 1 0 3 2 32( cos60 ) ( ) 2 m ms L R R t mqE qB qE                   v vv v [] 评分标准：本题共 20 分。正确得出①、⑧、⑨、⑩、 式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 26.（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）电泳（1 分） （2）2NH4Cl + Ca(OH)2=====△ 2NH3↑+ CaCl2 + 2H2O（1 分） ACG（1 分） （3）AD （4）①有白烟出现 因 A 瓶中 HCl 气体压强大，所以 HCl 进入 B 瓶，与 NH3 发生反应，生 成白色 NH4Cl 固体颗粒 ②石蕊水溶液进入 B 瓶，且溶液显红色 （5）6NO2 + 8NH3 =====催化剂 7N2 + 12H2O 3.4NA 27.（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分） （1） （1 分） （2）甲醇的沸点较低，受热易挥发使一部分甲醇未反应而逸出，使实际产量少，浓 HCl 易挥发（1 分） 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 24 （3）CH3OH + HCl(浓)=====ZnCl2 △ CH3Cl↑+H2O （4）在干燥的 HCl 气流中加热 （5）打开止水夹 X，CH3Cl 与装置 e 中的 NaOH 溶液常温下反应很慢且不充分，排出室外依 然会污染空气，需加热才可使反应几乎完全进行 打开止水夹 X，将 e 装置加热一段时间 后，向其中加入稀硝酸，再加硝酸银溶液，若看到白色沉淀，则证明该有机物含氯元素，反 之则不含 （6）BAC 酸性高锰酸钾溶液紫红色褪去 【解析】（3）制备 CH3Cl 发生取代反应：CH3OH + HCl(浓)=====ZnCl2 △ CH3Cl↑ + H2O。 （4）ZnCl2 • 6H2O 晶体受热水解程度变大，需在干燥的 HCl 气流中加热抑制其水解。 （5）CH3Cl 碱性条件下水解须在加热条件下进行；CH3Cl 中 Cl 元素的检验首先将有机物 CH3Cl 水解为无机离子 Cl−,但水解条件为碱性条件，先加稀硝酸中和过量的碱，再检验 Cl−。 （6）首先蒸馏水除去杂质 HCl 与 CH3OH，然后主体实验 CH3Cl 与酸性高锰酸钾溶液反应， 最后尾气处理。 28.（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分） （1）2Al + 2NaOH + 2H2O = 2NaAlO2 + 3H2 ↑ Co2O3 + 6H+ + 2Cl− = 2Co2+ + Cl2↑+ 3H2O Fe(OH)3（1 分） 防止锂离子结合碳酸根离子形成碳酸锂沉淀（1 分） （5）CoC2O4 3CoC2O4 + 2O2 = Co3O4+6CO2 CoO 【解析】废料加入氢氧化钠溶液碱浸：2Al + 2NaOH + 2H2O = 2NaAlO2 + 3H2 ↑，6mol H2O 充当氧化剂，必须复原 6mol H2O 才产生 3mol H2，原本这个反应是分两步进行的。 ① ②2Al(OH) 3+2NaOH= 2NaAlO2+4H2O，第一步转移 e−为 6mol，e−转移由 Al 指向 H2O 中的 H， 数目为 6e−；得到钴渣，加入盐酸溶解后发生氧化还原反应，氧化钴氧化氯离子为氯气，过 滤得到酸性溶液通过调 pH 和加入 NaF 溶液净化，除去锂离子和铁离子，在滤液中加入碳酸 钠溶液沉淀钴离子为碳酸钴沉淀，加入盐酸和草酸铵溶液得到草酸钴晶体，高温分解得到氧 化钴。 （4）NaF 与溶液中的 Li+形成 LiF 沉淀，防止锂离子结合碳酸根离子形成碳酸锂沉淀。 （5）计算晶体物质的量 n= 10.98 183 =0.06mol，失去结晶水应为 0.12mol，固体质量变化 =0.12mol×18g/mol=2.16g ， 图 表 数 据 可 知 ， 150 ～ 210 ℃ 固 体 质 量 变 化 =10.98g−8.82g=2.16g，说明 210℃失去结晶水得到 CoC2O4，210～290℃过程中是 CoC2O4 发生反应，产生的气体只有 CO2，依据元素守恒得到生成 CO2 物质的量为 0.12mol，质量 =0.12mol×44g/mol=5.28g，固体质量共减小 8.82g−4.82g=4g，说明不是分解反应，参加反 应的还有氧气，则反应的氧气质量=5.28g−4g=1.28g，O2 物质的量=0.04mol，依据原子守恒 配平反应的化学方程式，温度高于 890℃时，固体产物发生分解反应，得到固体的质量为 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 25 4.5g，根据钴元素守恒知钴元素的质量为 3.54g，所以固体中含有氧元素的质量为 0.96g， 其物质的量为 0.06mol，据此答题。 29．（每空 2 分，共 10 分） （1）细胞质基质、线粒体、叶绿体（要写全，缺一不给分） 左 （2）光照增强，黑藻细胞光反应产生的 ATP 和[H]增多，使 C3 的还原加快，而同时 CO2 固 定生成 C3 的速率不变，故短时间内 C3 含量减少 CO2 浓度 t3 时，在溶液中通入 CO2，黑藻的光合速率进一步提高 【解析】（1）光照强度为 0 时，细胞不进行光合作用，因此此时细胞中合成 ATP 的过程是呼 吸作用，场所是细胞质基质和线粒体，Y 点对应的纵坐标为 0，说明此时光合作用速率等于 呼吸作用速率，合成 ATP 的场所除了细胞质基质、线粒体，还有进行光合作用的叶绿体；根 据题干可知，当温度调节到 25℃，呼吸作用的酶活性减弱，光合作用的酶活性增强，而 Y 的含义是光合作用速率等于呼吸作用速率，由于呼吸作用速率减弱，故 Y 点左移。 （2）t1 后的短时间内，光照增强，黑藻细胞光反应产生的 ATP 和[H]增多，使 C3 的还原加 快，而同时 CO2 固定生成 C3 的速率不变，故短时间内 C3 的含量减少。t3 时在溶液中通入 CO2，黑藻的光合速率进一步提高，由此可判断出 t2~t3 限制光合速率的主要环境因素是 CO2 浓度。 30．（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分） （1）淋巴因子 ②③④（2 分） （2）④ （3）②生理盐水 第 1 组老鼠体内的抗体水平高于第 2 组（2 分） （4）艾滋病患者的免疫功能缺失（主要是监控、清除功能）（2 分） 【解析】据图判断，抗原被吞噬细胞吞噬摄取和处理，暴露出病原体的抗原，将抗原传递给 T 细胞刺激 T 细胞产生淋巴因子。B 细胞受到刺激后，在淋巴因子的作用下，开始一系列的 增殖、分化，大部分分化为浆细胞，产生抗体，小部分形成记忆细胞，当再次接触抗原时， 记忆细胞能迅速增殖分化为浆细胞，快速产生大量的抗体，可推出（1）A 物质为淋巴因子， B 为抗体，①②③④⑤所代表的细胞分别是吞噬细胞、T 细胞、B 细胞、记忆细胞（或记忆 B 细胞）、浆细胞，这些细胞中，吞噬细胞非特异性识别抗原、浆细胞不能识别抗原，②③④ 可以特异性识别抗原。 （2）当再次接触抗原时，记忆细胞（或记忆 B 细胞）能迅速增殖分化为浆细胞，快速产生 大量的抗体。 （3）为检测已注射该疫苗的老鼠对 HIV 是否具有免疫能力，第 2 组为对照组要加生理盐水， 题目告诉我们科学家曾给老鼠注射艾滋病疫苗制剂(减毒 HIV+生理盐水)试验成功，因此， 随之检测两组老鼠体内相应的抗体水平，预期结果是第 1 组老鼠体内的抗体水平高于第 2 组。 （4）免疫系统有三大功能，除了具有防卫功能外，还有监控和清除功能：监控并清除体内 已经衰老或因其他因素而被破坏的细胞，以及癌变的细胞，我们体内每天都可能产生癌细胞， 免疫系统时刻监视着突变了的“自己”成分，并将它们及时清除。艾滋病患者由于免疫功能 缺失，所以恶性肿瘤的发病率大大升高。 31．（每空 1 分，共 8 分） Ⅰ．（1）5 2 （2）物理 自然选择 （3）3600 Ⅱ．高度不育 在进行减数分裂时，联会紊乱，三倍体植株无法进行正常的减数分裂形成 生殖细胞 可遗传 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 26 【解析】图中共有 5 条食物链，北极狐占有二、三两个营养级；北极地区的动物在不同季节 一般都有换羽（毛）的习性，这是它们受到光这种“物理”信息的影响而产生的适应性生理 特征，是长期自然选择的结果；北极狐的能量有三个来源，雷鸟提供 1/2，植物提供 1/8， 雪 兔 提 供 3/8 ， 若 北 极 狐 增 加 的 能 量 为 80kJ ， 则 植 物 增 加 的 能 量 为 80×1/2÷10%÷20%+80×1/8÷10%+80×3/8÷10%÷20%=3600kJ。三倍体植株细胞含有三个 染色体组，在进行减数分裂时，联会紊乱，三倍体植株无法进行正常的减数分裂形成生殖细 胞，因此，三倍体植株高度不育；虽然三倍体不可育，但三倍体青蒿形成过程中发生的变异 属于可遗传变异，可遗传变异分为基因突变、染色体变异和基因重组。 32．（每空 2 分，共 12 分） （1）遵循 据图判断甲病基因位于常染色体上，乙病基因位于 X 染色体上 （2）BbXDXd 或 BbXDXD 1 或 2（Ⅰ1 或Ⅰ2） 1/8 （3）1/18 【解析】（1）据图判断，甲乙两种病都是隐性遗传病，Ⅱ3 和Ⅱ4 没有病生出了患病的女儿， 则可判断甲病属于常染色体隐性遗传；Ⅱ1 不含乙致病基因，又生出了患病的儿子，则可判 断乙病为伴 X 隐性遗传病，由于两对基因位于两对染色体上，遵循自由组合定律。 （2）由Ⅰ2 的基因型为 bbXdY，Ⅰ1、Ⅱ3 正常，Ⅱ2 只患甲病可知其家庭遗传，如图所示： Ⅱ2 的基因型为 bbXDXd，所以Ⅰ1 的基因型为 BbXDX-，即：BbXDXd 或 BbXDXD；Ⅲ2 的甲病 致病基因来源于Ⅱ2，Ⅱ2 的致病基因来源于Ⅰ1 和Ⅰ2，所以Ⅲ2 的甲病致病基因来源于Ⅰ 中的 1 或 2；由题意可知，只算乙病就行了，Ⅲ2 的基因型为 XDXd、XDXD，其概率各为 1/2， Ⅲ4 的基因型为 XDY，则他们生一个患乙病小孩的概率为 1/2×1/4=1/8。 （3）据图可知，Ⅲ6 的基因型为 1/3BB、2/3Bb 与人群中致病基因为 2/10 的概率的女子结 合，由人群中致病基因概率推女子基因为 2×2/10×8/10Bb=32%，基因型为 bb 的概率为 4%， 由于女性表现型正常，其基因型为 BB 或者 Bb，其基因型为 Bb 的概率为 32%÷（1-4%）=1/3, 故Ⅲ6 与人群中表现型正常的女子婚配，考虑患病情况；Ⅲ6（2/3Bb）与女子（1/3Bb），可 算出其子女患病概率为 2/3×1/3×1/4=1/18。 （二）选考题：共 45 分。 33．（15 分） （1）（5 分）ADE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） （2）（10 分）解：ⅰ.以气缸为研究对象，根据平衡条件可得[] 5 4 0 4 10 101 10 pa=8 10 pa50 10 Mgp p S           ① ⅱ.气缸内气体压强不变，根据理想气体状态方程 1 2 1 2 V V T T  ② 有 35 40 273 7 273 S S t   ③ 解得 47 Ct  ④ 评分标准：本题共 10 分。正确得出①、③式各给 3 分，其余各式各给 2 分。 34．（15 分） （1）（5 分）ADE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 27 分，最低得分为 0 分） （2）（10 分）解：光从光源 S 射出经半球体到达光屏的光路如图所示， 光由空气射向半球体，由折射定律有 sin sinn   ① 解得 30   ② 在△OBC 中，由正弦定理得 sin( 90 ) sin OC OB    ③ 解得 30   ④ 光由半球体射向空气，由折射定律,有 sin sinn   ⑤ 解得 60   ，即出射光线与轴线 OA 平行 ⑥ 光从光源 S 出发经玻璃半球体到达光屏所用的总时间 SB BC CDt c c    v ⑦ 且 cn  v ⑧ 解得 3Rt c  ⑨ 评分标准：本题共 10 分。正确得出①式给 2 分，其余各式各给 1 分。 35.（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）D （2）K 的质子数较少，半径较大，原子核对最外层电子的束缚作用较 Fe 更弱，形成的金属 键较弱，导致熔沸点较低 （3）O （4） 0.315 （3 分） 12 （5）体心 棱心 【解析】（1）紫色光在可见光中波长最短。紫光的波长范围约为 390~435nm，故 D 正确。 （2）对于金属单质，决定其熔沸点高低的主要因素是金属键的强弱，在这里通过比较 K 与 Fe 单质中金属键的强弱，会发现 K 的金属键弱于 Fe，故熔沸点较低。 （3）I 是第五周期元素，核外有五层电子，所以占据的最高能层为 O 能层。 （4）最近的 K 和 O 是晶胞中顶点的 K 和面心的 O，其距离为边长的 2 2 倍。故最短距离为 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 28 20. 446nm =0.315nm2  。从晶胞中可以看出，在一个晶胞中与顶点 K 紧邻的 O 为含有该顶 点的三个面面心的 O，即为 13 2  个。由于一个顶点的 K 被八个晶胞共用，故与一个 K 紧邻的 O 有： 13 8=122   个。 （5） 3KIO 晶体以 K I O、 、 分别处于顶角、体心、面心位置的邻近 4 个晶胞如图 a 并对 K、 O 作相应编号。由图 a 得，以 I 处于各顶角位置的 3KIO 晶胞如图 b。 由图 b 得，K 处于体心位置，O 处于棱心位置。 36．(除特殊标注外，每空 1 分，共 15 分） （1）醚键 酯基 硝基 （2）还原反应（2 分） （3） （4） （5） 【解析】（1）B 中的含氧官能团名称为醚键、酯基、硝基。 （2）B→C 中硝基到氨基为还原反应。 （3）分析 B 的结构特点，B 的同分异构体能水解，其中一种水解产物分子中只有 2 种不 同化学环境的氢，且峰面积之比为 2∶1，故水解产物一定是对苯二酚；又知该同分异构体 中有一个手性碳原子，故为硝基化合物而非氨基酸，结合这两点可写出 B 的同分异构体为 。 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 29 （4）F→G 发生还原反应，G→H 发生氧化反应，结合 G 的分子式 C12H14N2O2，可以写出 G 的结构简式为 。 （5）以 、 和(CH3)2SO4 为原料制备 ，首先分析 合成对象与原料间的关系。结合上述合成路线 A→C 的变化，可以逆推出合成该有机物 所需的两种反应物分别为 和 ，结合 B→C 的反应可逆推到 ，再由 A→B 反应，推出原料 ；结合醇与氢卤酸的反应可发现原料 与氢溴酸反应得到 ；再根据碱性条件下脱 HBr 即可得到目标物质。 37．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）可以（1 分） 水蒸气蒸馏（1 分） NaCl/小苏打和硫酸钠（1 分） 无水硫酸钠（1 分） （2）水中蒸馏会导致原料焦糊和有效成分水解等问题 促进油和水的分离 （3）β-胡萝卜素 维生素 A 萃取（1 分） 胡萝卜素易溶解在油中，溶解的胡萝卜素 易被人体吸收 【解析】（1）天然香料主要来源于动物和植物，微生物中的真菌也可以产生芳香化合物；提 取玫瑰精油可用水蒸气蒸馏法；收集油水混合物后，向其中加入 NaCl 或小苏打和硫酸钠溶 液，促进油水混合物分层；油层中的水分可以用无水硫酸钠吸收。 （2）提取橘皮精油时，将橘皮干燥去水后用石灰水浸泡，可以防止压榨时滑脱，提高出油 率，不使用水中蒸馏的方法主要是因为水中蒸馏会导致原料焦糊和有效成分水解；在压榨液 中加入小苏打和硫酸钠的目的是促进油和水的分离。 （3）胡萝卜含有的胡萝卜素中，最主要的是β-胡萝卜素，该胡萝卜素在人体内可以转变成 两分子维生素 A，后者缺乏会引起人在弱光下视物不清的病症，该疾病称为夜盲症；在用胡 萝卜做菜时菜中的浮油会呈现橘黄色，这种颜色是胡萝卜素溶解在油中产生的，溶解的胡萝 卜素容易被人体吸收，因此，炒胡萝卜时要多加些油。 38.（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）四（1 分） Y（1 分） Y 的血清抗体效价最高（1 分） （2）动物细胞培养（1 分） 动物细胞融合（1 分） （3）细胞膜的流动性 灭活的病毒 融合的杂种细胞 既能迅速大量繁殖，又能产生专 一的抗体 （4）无菌、无毒的环境 【解析】（1）据图分析，第四次注射后 X、Y、Z 小鼠的血清抗体效价均达到 16000 以上，小 鼠 Y 的 B 淋巴细胞产生抗体效价最高，最适于制备单克隆抗体。 （2）单克隆抗体的制备过程运用了动物细胞融合和动物细胞培养等动物细胞工程技术。 （3）诱导动物细胞融合运用了细胞膜的流动性原理，动物细胞融合可用灭活的病毒诱导， 真正的价值并不在人生的舞台上,而在我们扮演的角色中。 30 这是植物原生质体融合所没有的方法；鼠的骨髓瘤细胞与脾细胞中产生的 B 淋巴细胞融合， 再用特定的选择性培养基进行筛选，在该培养基上，未融合的亲本细胞和融合的具有同种核 的细胞都会死亡，只有融合的杂种细胞才能生长。这种杂种细胞的特点是既能迅速大量繁殖， 又能产生专一的抗体。 （4）动物细胞体外培养需要满足的条件：无菌、无毒的环境 、营养、温度和 pH、气体环 境。