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  • 2021-05-26 发布

【物理】广东省广州市2020届高三上学期12月调研考试试题(解析版)

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广东省广州市2020届高三上学期12月调研考试 一、选择题 ‎1.如图,在轨运行的空间站内宇航员将小球用不可伸长的细线系住,细线另一端系在固定支架上O点处,进行如下两次操作,第一次操作:拉开细线一个小角度后由静止释放小球;第二次操作:拉直细线给小球一个垂直于细线的速度,则 A. 第一次操作中,小球绕O点做往复运动 B. 第一次操作中,小球朝向O点做直线运动 C. 第二次操作中,小球绕O点做匀速圆周运动 D. 第二次操作中,小球相对O点做匀变速曲线运动 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB. 在轨运行的空间站内所有物体都处于完全失重状态,故第一次操作中小球保持静止,AB错误;‎ CD. 在轨运行的空间站内所有物体都处于完全失重状态,故第二次操作中小球仅受绳的拉力而做圆周运动,C正确,D错误;‎ 故选C。‎ ‎2.动量大小相等的氕核()和氘核()在同一匀强磁场中仅受磁场力做匀速圆周运动,则它们 A. 圆周运动的半径相等 B. 向心加速度的大小相等 C. 圆周运动的周期相等 D. 所受磁场力的大小相等 ‎【答案】A ‎【详解】A.由可得,两粒子动量相同,电荷量相同,故半径相同,A正确;‎ B.向心加速度为,两粒子质量不同,故向心加速度大小不等,B错误;‎ C.由可知,两粒子比荷不同,故周期不相等,C错误;‎ D. 由可知,两粒子受到的洛伦兹力不相同,D错误;‎ 故选A。‎ ‎3.如图,乒乓球从水平桌面上P1点弹起后,刚好能以水平速度v越过高为h球网,落到桌面上P2点。乒乓球可看成质点,不计空气阻力,重力加速度为g,则乒乓球 A. 从P1点弹起时的速度大小为 B. 从P1点弹起后在空中上升的时间为 C. 从P1点弹起时的速度和落到P2点时的速度相同 D. P1点与P2点的距离为 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 从P1点弹起时的速度大小为,从P1到最高点,由机械能守恒定律得 故,A错误;‎ B.乒乓球竖直方向做匀减速直线运动,最高点时竖直分速度为0,从P1点弹起后在空中上升的时间为,B错误;‎ C.由机械能守恒定律可知,P1和P2的动能相等,但是速度方向不同,故速度不相同,C错误;‎ D. 乒乓球水平方向做匀速运动,上升时间和下落时间相同,故P1点与P2点的距离为 D正确;‎ 故选D。‎ ‎4.如图,水平桌面上放置质量分别为m和M的木块和斜面体,斜面倾角为α。作用在木块上的力F与斜面夹角为α,木块和斜面体均保持静止,则 A. 木块受到的摩擦力不可能为零 B. 木块对斜面体的压力等于mgcosα C. 桌面对斜面体的支持力等于(M+m)g D. 桌面对斜面体的摩擦力等于F cos2α ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.对木块受力分析可知,若力F沿斜面的分量和重力沿斜面分量相等,即不受摩擦力,A错误;‎ B. 对木块垂直斜面方向 故B错误;‎ CD.以整体为对象可得 故C错误,D正确;‎ 故选D。‎ ‎5.如图,闭合开关S后,灯泡A和B均正常发光。将滑动变阻器R的滑片向a端滑动,则 A. A变亮,B变暗 B. A变暗,B变亮 C. A、B都变亮 D. 电容器C的带电量增加 ‎【答案】A ‎【详解】AB.滑片向a滑动,滑动变阻器接入电路阻值变小,由“串反并同”规律可知,A灯泡与滑动变阻器串联,故A灯变亮;B灯与滑动变阻器间接并联,故B灯变暗,A正确,B错误,C错误;‎ D.电容器两端电压与B灯两端电压相等,B灯两端电压变小,故电容器C电荷量减小,D错误;‎ 故选A。‎ ‎6.如图,三颗质量均为m的地球同步卫星等间隔分布在半径为r的圆轨道上,设地球质量为M,半径为R,万有引力常量为G,忽略卫星之间的引力作用。下列说法正确的是 A. 地球自转周期为 B. 卫星绕地球运动周期为 C. 每颗卫星对地球的引力大小均为 D. 三颗卫星对地球引力的合力为0‎ ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.对其中一颗卫星可得 解得卫星的运动周期为 地球自转周期和卫星周期相同,故A错误,B正确;‎ C.卫星受到的引力为,故C错误;‎ D.由对称性可知三颗卫星对地球引力的合力为0,D正确;‎ 故选BD。‎ ‎7.如图,电荷量分别为+q和–q的点电荷固定在正方体的两个顶点上,a、b、c、d是正方体的另外四个顶点,则 A. a、c两点电场强度相同 B. c、d两点电场强度相同 C. a、b、c、d四点电势相等 D. 电势差Uad= Ubc ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.等量异种电荷的电场关于连线中点中心对称,故a、c两点的电场强度相同、b、d两点的电场强度相同,故A正确,B错误;‎ C. a、b、c、d四点不在等量异种电荷的中垂面上,故四点电势不相等,C错误;‎ D.由等量异种电荷电场的对称性可知,,,故,D正确;‎ 故选AD ‎8.运动员沿竖直方向做跳伞训练,打开降落伞后的速度时间图象如图a所示。降落伞用8根对称的绳悬挂运动员,每根绳与中轴线的夹角均为37°,如图b所示。已知运动员的质量为64kg,降落伞的质量为16kg,假设打开伞后伞所受阻力f的大小与速率v成正比,即f=kv。取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,则 A. k=200N·s/m B. 打开伞后瞬间运动员的加速度方向竖直向上 C. 打开伞后瞬间运动员的加速度大小为20m/s2‎ D. 每根悬绳能够承受的拉力至少为400N ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由速度时间图像可知,当速度为时,运动员匀速运动,故 解得,故A错误;‎ B. 打开伞后瞬间运动员做减速运动,故加速度方向竖直向上,B正确;‎ C. 打开伞后瞬间由牛顿第二定律 解得,故C错误;‎ D.打开伞的瞬间,加速度最大,绳中拉力最大,对运动员可得 解得,故D正确。‎ 故选BD。‎ 二、非选择题 ‎9.报警器电路如图甲所示。该电路用标称值为12V的蓄电池为电源,各导线接触良好,热敏电阻Rt阻值随温度升高而减小。当通过报警器的电流超过某一值时,报警器就会报警。‎ ‎(1)断开开关S,用多用电表直流50 V挡测a、b间电压,稳定后多用电表的指针位置如图乙所示,其读数为________ V。‎ ‎(2)闭合开关S后,发现无论温度高低,报警器都在报警,由此可判断电路中某器件发生______(选填“短路”、“断路”)。‎ ‎(3)保持开关S闭合,维修人员仍使用多用电表直流50 V挡检测故障,将红表笔接在a点,黑表笔接d时多用电表示数为零,黑表笔接c时多用电表示数略小于图乙所示,由此可判定发生故障的器件是______(选填“热敏电阻Rt”、“开关S”、“定值电阻R”)。‎ ‎【答案】 (1). 11.5(11.2~11.8之间的值均可) (2). 短路 (3). 热敏电阻Rt ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]由图乙可知,电表读数为11.5V;‎ ‎(2)[2]无论温度高低,报警器都在报警,说明电流过大,故电路中某元件发生短路;‎ ‎(3)[3]将红表笔接在a点,黑表笔接c时多用电表有示数,说明ac之间没有断路,红表笔接在a点,黑表笔接d时多用电表示数为零,说明ad之间短路,即热敏电阻Rt故障。‎ ‎10.用如图a所示的实验装置研究小车的匀变速直线运动,电源频率f=50Hz,从纸带上打出的点中选取某点为参考点O,在纸带上依次标记A、B、C、D四个计数点(相邻两计数点之间还有4个记录点未画出);如图b所示,因保存不当,纸带被污染,仅保留了A、B、D三点及其到O点的距离:SA=79.9mm、SB=149.5mm、SD=361.0mm。‎ ‎(1)下列实验步骤的正确顺序是____________________(用选项字母填写).‎ A.关闭电源,取出纸带 B.把打点计时器固定在斜面上 C.接通电源,待打点计时器工作稳定后释放小车,打出纸带 D.将小车停靠在打点计时器附近,让纸带穿过限位孔,并与小车尾部相连 ‎(2)利用上述信息可知:‎ ‎① 相邻两计数点的时间间隔为___________s;‎ ‎② 打C点时小车速度大小为___________m/s(保留2位有效数字);‎ ‎③ 小车的加速度表达式为______(用SA、SB、SD和f表示),加速度大小计算结果为_______ m/s2(保留到小数点后2位)。‎ ‎【答案】(1). BDCA (2)① 0.10 或0.1 ② 1.1 ③ 2.41‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]进行实验时,首先将打点计时器固定,并将实验装置连接好,然后接通电源,释放小车,然后关闭电源,取出纸带,故正确顺序为BDCA;‎ ‎(2)[2] 相邻两计数点之间还有4个记录点未画出,故时间间隔为T=0.1s;‎ ‎[3]由可得,;‎ ‎[4]AB中间时刻的速度为 故加速度为 ‎[5]带入数据可得。‎ ‎11.如图,竖直固定挡板与静置于水平轨道上的小物块a之间夹有压缩的轻质弹簧,弹簧被锁定且与a接触但不粘连。水平轨道的MN段粗糙,其余部分光滑。N处有一小物块b,用不可伸长轻质细绳悬挂于某点O处。某时刻弹簧解锁,弹簧恢复原长后,a进入MN段,之后与b发生碰撞并粘连在一起。已知a与MN段的动摩擦因数为0.5,MN长度为l, a、b质量均为m,重力加速度为g。弹簧被锁定时的弹性势能为1.5mgl,细绳能承受的拉力最大值为20mg。‎ ‎(1)求a与b碰前瞬间a的速率;‎ ‎(2)a、b碰后,若要细绳始终拉直,求细绳的长度r需满足的条件。‎ ‎【答案】(1);(2)或 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)对小物块,从释放到N点,由动能定理可得 解得 ‎(2)a、b碰撞过程由动量守恒得 碰撞后两物体做圆周运动,故 由解得,‎ 若物体能到最高点,则在最高点 从最低点到最高点 解得 若物体最多运动到与圆心等高的位置 解得 综上所述细绳的长度r需满足的条件为 或 ‎12.如图,xOy为竖直面内的直角坐标系,y轴正向竖直向上,空间中存在平行于xOy所在平面的匀强电场。质量为m的不带电小球A以一定的初动能从P(0,d)点沿平行x轴方向水平抛出,并通过Q(2d,0)点。使A带上电量为+q的电荷,仍从P点以同样的初动能沿某一方向抛出,A通过N(2d,0)点时的动能是初动能的0.5倍;若使A带上电量为-q的电荷,还从P点以同样的初动能沿另一方向抛出,A通过M(0,-d)点时的动能是初动能的4倍。重力加速度为g。求:‎ ‎(1)A不带电时,到达Q点的动能;‎ ‎(2)P、N两点间的电势差;‎ ‎(3)电场强度的大小和方向。‎ ‎【答案】(1)3mgd;(2),方向沿y轴正方向。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)小球做平抛运动,故 从P到Q,由动能定理 解得 ‎(2)小球带电后,从P到N,由动能定理 从P到M由动能定理可得 由(1)中可知,‎ 联立以上几式可得 故O、N两点电势相等,场强方向为y轴正方向,场强大小为 ‎13.如图,一定质量的理想气体从状态A依次经状态B和C后再回到状态A,下列说法中正确的是_______。‎ A. A→B过程中气体体积增大 B. A→B过程中气体对外放热 C. B→C过程中气体体积不变 D. B→C过程中气体对外放热 E. C→A过程中气体内能增大 ‎【答案】ADE ‎【解析】‎ ‎【详解】AB. A→B过程中温度不变,压强变小,故体积增大,内能不变,气体对外做功,由热力学第一定律可知,气体吸热,故A正确,B错误;‎ CD.B→C过程中压强不变,温度降低,故体积减小,内能减小,外界对气体做功,由热力学第一定律可知,气体放热,故C错误,D正确;‎ E. C→A过程中图像过原点,故气体等容变化,温度升高,故内能增大,E正确;‎ 故选BDE。‎ ‎14.如图,在锅炉外壁紧贴着一个导热性能良好、右壁开孔与大气相通的气缸,用于监控锅炉外壁的温度。活塞通过轻弹簧与气缸右壁的压力传感器a相连;活塞左侧封闭一定质量的理想气体,封闭气体温度与锅炉外壁温度相等。已知大气压强为p0,活塞横截面积为S,不计活塞质量和厚度及与气缸壁的摩擦。当锅炉外壁温度为T0时,活塞与气缸左壁的间距为L,a的示数为0。若弹簧的劲度系数为,温度缓慢升高到某一值时,a的示数为,求此时 ‎(i)封闭气体的压强;‎ ‎(ii)封闭气体的温度。‎ ‎【答案】(i) ; (ii) 3T0‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)a的示数为时,封闭气体的压强为 ‎(2)a的示数为时,活塞向右移动的距离为 由理想气体状态方程可得 解得 ‎15.一简谐横波在同一介质中沿x轴正向传播。t=0时的波形如图甲所示,a、b是波上的两个质点。图乙是波上某一质点的振动图像,下列说法中正确的是_________‎ A. t=0时质点a的速度比质点b的小 B. t=0时质点a的加速度比质点b的小 C. t=时质点b的振动方向沿y轴正方向 D. 图乙可以表示质点a的振动 E. 图乙可以表示质点b的振动 ‎【答案】ACE ‎【解析】‎ ‎【详解】AB. t=0时,质点a位于最大位移处,故质点a的速度为0,加速度最大;质点b位于平衡位置,故质点b的速度最大,加速度为0,故A正确,B错误;‎ C. t=时质点b位于负的最大位移处,故质点b的振动方向沿y轴正方向,C正确;‎ DE.图乙可以表示质点从平衡位置向y轴负方向振动,故能表示质点b的振动,D错误,E正确;‎ 故选ACE。‎ ‎16.如图所示是一个半圆柱形玻璃砖的横截面,O点为圆心, BC为直径,该截面内有一细束单色光垂直BC从D点入射,光束恰好不能从圆面射出。已知玻璃砖对该单色光的折射率为,半圆的半径为R,光在真空中传播速度为c,求 ‎(i) D点到O点的距离;‎ ‎(ii)光束从D点入射到第一次射出玻璃砖的时间。‎ ‎【答案】(i) R ;(ii) 4‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)折射率为,故临界角为 单色光垂直BC从D点入射,光束恰好不能从圆面射出,即恰好发生全发射,故 故D点到O点的距离为 ‎(2)光路图如图所示,在E、F两点均发生全反射,垂直BC射出。‎ 光束从D点入射到第一次射出玻璃砖的时间为